福建省武平县第二中学2024届数学高一第二学期期末调研试题含解析

福建省武平县第二中学2024届数学高一第二学期期末调研试题注意事项：1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0．5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每个小题给出的四个选项中，恰有一项是符合题目要求的1．△中，已知，，，如果△有两组解，则的取值范围（）A． B． C． D．2．意大利著名数学家斐波那契在研究兔子繁殖问题时，发现有这样一列数：1，1，2，3，5，8，13，21，…．该数列的特点是：前两个数都是1，从第三个数起，每一个数都等于它前面两个数的和，人们把这样的一列数组成的数列称为“斐波那契数列”，则（）．A．1 B．2019 C． D．3．两数1，25的等差中项为（）A．1 B．13 C．5 D．4．如图，测量河对岸的塔高时，选与塔底B在同一水平面内的两个测点C与D.现测得，，，并在点C测得塔顶A的仰角为，则塔高为()A． B． C．60m D．20m5．已知平面平面，直线，直线，则直线，的位置关系为（）A．平行或相交 B．相交或异面 C．平行或异面 D．平行､相交或异面6．已知函数与的图象上存在关于轴对称的点，则实数的取值范围是（）．A． B． C． D．7．下列函数中，值域为的是（）A． B． C． D．8．已知数列的前项和满足.若对任意正整数都有恒成立，则实数的取值范围为（）A． B． C． D．9．设，则“”是“”的（）A．充要条件 B．充分而不必要条件C．必要而不充分条件 D．既不充分也不必要条件10．直线的倾斜角为A． B． C． D．二、填空题：本大题共6小题，每小题5分，共30分。11．的内角的对边分别为，若，，，则的面积为__________.12．已知与的夹角为，，，则________.13．在中，，是边上一点，且满足，若，则_________.14．省农科站要检测某品牌种子的发芽率，计划采用随机数表法从该品牌粒种子中抽取粒进行检测，现将这粒种子编号如下，，，，若从随机数表第行第列的数开始向右读，则所抽取的第粒种子的编号是．（下表是随机数表第行至第行）84421753315724550688770474476721763350258392120676630163785916955567199810507175128673580744395238793321123429786456078252420744381551001342996602795415．在等比数列中，，，则_____．16．函数的图象在点处的切线方程是，则__________．三、解答题：本大题共5小题，共70分。解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤。17．在中，，.（1）求角B的大小；（2）的面积，求的边BC的长.18．如图，在平面四边形中，已知，，，为线段上一点.(1)求的值；(2)试确定点的位置，使得最小.19．已知关于的不等式.（1）当时，求不等式的解集；（2）当且m≠1时，求不等式的解集.20．在等差数列中，，（1）求的通项公式；（2）求的前n项和21．已知的三个顶点，，.（1）求边所在直线的方程；（2）求边上中线所在直线的方程.

参考答案一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每个小题给出的四个选项中，恰有一项是符合题目要求的1、D【解题分析】由正弦定理得A+C=180°-60°=120°，

由题意得：A有两个值，且这两个值之和为180°，

∴利用正弦函数的图象可得：60°＜A＜120°，

若A=90，这样补角也是90°，一解，不合题意，＜sinA＜1，

∵x=sinA，则2＜x＜故选D2、A【解题分析】

计算部分数值，归纳得到，计算得到答案.【题目详解】；；；…归纳总结：故故选：【题目点拨】本题考查了数列的归纳推理，意在考查学生的推理能力.3、B【解题分析】

直接利用等差中项的公式求解.【题目详解】由题得两数1，25的等差中项为.故选：B【题目点拨】本题主要考查等差中项的求法，意在考查学生对这些知识的理解掌握水平，属于基础题.4、D【解题分析】

由正弦定理确定的长，再求出．【题目详解】，由正弦定理得：故选D【题目点拨】本题是正弦定理的实际应用，关键是利用正弦定理求出，属于基础题．5、C【解题分析】

根据直线与直线的位置关系，结合题意，进行选择.【题目详解】因为平面平面，直线，直线，所以直线没有公共点，所以两条直线平行或异面.故选：C.【题目点拨】本题考查直线与直线的位置关系，属基础题.6、A【解题分析】若函数f（x）=a﹣x2（1≤x≤2）与g（x）=2x+1的图象上存在关于x轴对称的点，则方程a﹣x2=﹣（2x+1）⇔a=x2﹣2x﹣1在区间[1，2]上有解，令g（x）=x2﹣2x﹣1，1≤x≤2，由g（x）=x2﹣2x﹣1的图象是开口朝上，且以直线x=1为对称轴的抛物线，故当x=1时，g（x）取最小值﹣2，当x=2时，函数取最大值﹣1，故a∈[﹣2，﹣1]，故选：A．点睛：图像上存在关于轴对称的点，即方程a﹣x2=﹣（2x+1）⇔a=x2﹣2x﹣1在区间[1，2]上有解，转化为方程有解求参的问题，变量分离，画出函数图像，使得函数图像和常函数图像有交点即可；这是解决方程有解，图像有交点，函数有零点的常见方法。7、B【解题分析】

依次判断各个函数的值域，从而得到结果.【题目详解】选项：值域为，错误选项：值域为，正确选项：值域为，错误选项：值域为，错误本题正确选项：【题目点拨】本题考查初等函数的值域问题，属于基础题.8、C【解题分析】

先利用求出数列的通项公式，于是可求出，再利用参变量分离法得到，利用数列的单调性求出数列的最小项的值，可得出实数的取值范围．【题目详解】当时，，即，得；当时，由，得，两式相减得，得，，所以，数列为等比数列，且首项为，公比为，.，由，得，所以，数列单调递增，其最小项为，所以，，因此，实数的取值范围是，故选C．【题目点拨】本题考查利用数列前项和求数列的通项，其关系式为，其次考查了数列不等式与参数的取值范围问题，一般利用参变量分离法转化为数列的最值问题来求解，考查化归与转化问题，属于中等题．9、C【解题分析】

首先解两个不等式，再根据充分、必要条件的知识选出正确选项.【题目详解】由解得.由得.所以“”是“”的必要而不充分条件故选：C【题目点拨】本小题主要考查充分、必要条件的判断，考查绝对值不等式的解法，属于基础题.10、D【解题分析】

求得直线的斜率，由此求得直线的倾斜角.【题目详解】依题意，直线的斜率为，对应的倾斜角为，故选D.【题目点拨】本小题主要考查由直线一般式求斜率和倾斜角，考查特殊角的三角函数值，属于基础题.二、填空题：本大题共6小题，每小题5分，共30分。11、【解题分析】

由已知及正弦定理可得：，进而利用余弦定理即可求得a的值，进而可求c，利用三角形的面积公式即可求解．【题目详解】，由正弦定理可得：，，由余弦定理，可得，整理可得：或（舍去），，，故答案为：.【题目点拨】本题注意考查余弦定理与正弦定理的应用，属于中档题.正弦定理主要有三种应用：求边和角、边角互化、外接圆半径.12、3【解题分析】

将平方再利用数量积公式求解即可.【题目详解】因为,故.化简得.因为，故.故答案为：3【题目点拨】本题主要考查了模长与数量积的综合运用,经常利用平方去处理.属于基础题.13、【解题分析】

记,则,则可求出,设,,得,,故结合余弦定理可得,解得的值,即可求,进而求的值.【题目详解】根据题意,不妨设,,则,因,所以,设,由,得,又,所以,故由余弦定理可得,即,整理得:,即,所以,所以,所以,故答案为:.【题目点拨】本题主要考查了余弦定理在解三角形中的综合应用以及同角三角函数的基本关系式,属于中档题.14、1【解题分析】试题分析：依据随机数表，抽取的编号依次为785,567,199，1．第四粒编号为1．考点：随机数表．15、1【解题分析】

由等比数列的性质可得，结合通项公式可得公比q,从而可得首项.【题目详解】根据题意，等比数列中，其公比为，，则，解可得，又由，则有，则，则；故答案为：1．【题目点拨】本题考查等比数列的通项公式以及等比数列性质（其中m+n=p+q）的应用，也可以利用等比数列的基本量来解决.16、【解题分析】由导数的几何意义可知，又，所以.三、解答题：本大题共5小题，共70分。解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤。17、（1）；（2）【解题分析】

（1）由条件可，展开计算代入，即可得；（2）先利用正弦定理求出，再利用面积可得，解方程可得，再利用余弦定理可求得边BC的长.【题目详解】解：（1）在中，，则，即，整理得，又，，（2）由正弦定理得，又，即，所以，，解得，即.【题目点拨】本题考查了正弦定理，余弦定理的应用，考查了面积公式，是基础题.18、（1）；（2）见解析【解题分析】

(1)通过，，可得，从而通过可以求出，再确定的值.(2)法一：设()，可以利用基底法将表示为t的函数，然后求得最小值；法二：建立平面直角坐标系，设()，然后表示出相关点的坐标，从而求得最小值.【题目详解】(1)，，，，，即，，(2)法一:设()，则，，当时，即时，最小法二:建立如图平面直角坐标系，则，，，，设()，则，当时，即时，最小．【题目点拨】本题主要考查向量的数量积运算，数形结合思想及函数思想，意在考查学生的划归能力和分析能力，难度较大.19、（1）；（2）当时，解集为；当或时，解集为【解题分析】

（1）当时，不等式是一个不含参的二次不等式，分解因式，即可求得；（2）对参数进行分类讨论，从而确定不等式的解集.【题目详解】（1）当时，原不等式为故其解集为（2）令则方程两根为.因为所以①当即时，解集为；②当即或时，解集为.综上可得：①当即时，解集为；②当即或时，解集为.【题目点拨】本题考查不含参二次不等式的求解，以及含参不等式的求解，属基础题.20、（1）；（2）【解题分析】试题分析：（1）根据已知数列为等差数列，结合数列的性质可知：前3项和，所以，又因为，所以公差，再根据等差数列通项公式，可以求得．本问考查等差数列的通项公式及等差数列的性质，属于对基础知识的考查，为容易题，要求学生必须掌握．（2）由于为等差数列，所以可以根据重要结论得知：数列为等比数列，可以根据等比数列的定义进行证明，即，符合等比数列定义，因此数列是等比数列，首项为，公比为2，所以问题转化为求以4为首项，2为公比的等比数列的前n项和，根据公式有．本问考查等比数列定义及前n项