2022-2023学年辽宁省鞍山市普通高中高二下学期第一次月考物理试题（解析版）

高中物理精品试卷PAGE2023学年度下学期月考试卷一、选择题：本题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1∼7题单选题，每题4分；8∼10题多选题，每小题6分，全对得6分，选对但不全的得3分，错选或不选的得0分。1.下列说法正确的是（）A.物体做受迫振动时，驱动力频率越高，受迫振动的振幅越大B.只要是两列以上的波，在相遇的区域内都能产生稳定的干涉C.当观察者靠近波源运动时，观察者观测到的频率变小D.一弹簧振子的位移随时间变化的关系式为（单位都是国际单位制），在时，振子的运动速度为零〖答案〗D〖解析〗A．物体做受迫振动时，当驱动力的频率等于物体的固有频率时，物体发生共振，此时的振幅最大，并不是驱动力的频率越高，受迫振动的振幅越大，故A错误；B．产生稳定干涉的条件是：相干波的频率相同，振动方向相同，且具有恒定的相位差。故B错误；C．当观察者靠近波源运动时，根据多普勒效应的规律可知，观察者观测到的频率变大，故C错误；D．一弹簧振子的位移随时间变化的关系式为（单位都是国际单位制），可得在时，振子的位移为可知振子位于最大位移处，此时振子运动的速度为零，故D正确。故选D。2.根据麦克斯韦电磁场理论，下列说法正确的是（）A.电场周围一定产生磁场，磁场周围一定产生电场B.变化的电场周围一定产生变化的磁场C.变化的电场周围一定产生磁场，变化的磁场周围一定产生电场D.所有电磁波的频率相同〖答案〗C〖解析〗AC．根据麦克斯韦电磁场理论，可知变化电场周围才一定产生磁场，变化磁场周围才一定产生电场，故A错误，C正确；B．均匀变化的电场周围产生恒定的磁场，故B错误；D．电磁波的频率不一定相同，例如无线电电磁波有很多频道和频率，故D错误。故选C。3.观察水面波衍射的实验装置如图所示，O是波源，和是两块挡板，是两块挡板间的空隙，图中已画出波源所在区域波的传播情况，每两条相邻波纹（图中曲线）之间的距离表示一个波长，关于波经过空隙之后的传播情况，下列说法正确的是（）A.此时不能观察到明显的衍射现象B.挡板前相邻波纹间距大于挡板后相邻波纹间距C.增大两挡板间空隙，衍射现象会更明显D.减小波源振动的频率，则衍射现象更明显〖答案〗D〖解析〗A．因为波长与孔的尺寸差不多，所以能够观察到明显的衍射现象，故A错误；B．波通过孔后，波速、频率、波长不变，则挡板前后波纹间的距离相等，故B错误；C．如果增大两挡板间空隙AB，孔的尺寸大于波的波长时，可能观察不到明显的衍射现象，故C错误；D．如果孔的大小不变，使波源频率减小，因为波速不变，根据v=λf知，波长增大，则衍射现象更明显，故D正确。故选D。

4.如图所示，导体棒MN接入电路部分的电阻为R长度为L，质量为m，初始时静止于光滑的水平轨道上，电源电动势为E，内阻大小也为R，匀强磁场的磁感应强度为B，其方向与轨道平面成角斜向上方，电键闭合后导体棒开始运动，则下列说法正确的是（）A.导体棒向左运动B.电键闭合瞬间导体棒MN的加速度为C.电键闭合瞬间导体棒MN所受安培力大小为D.电键闭合瞬间导体棒MN所受安培力大小为〖答案〗D〖解析〗A．通过导体棒MN的电流由N到M，根据左手定则可知，导体棒受到的安培力斜向下偏右，则导体棒向右运动，故A错误；CD．电键闭合瞬间，电路电流为导体棒MN所受安培力大小为故C错误，D正确；B．电键闭合瞬间，根据牛顿第二定律可得，导体棒MN的加速度为故B错误。故选D。5.如图，粗糙绝缘水平桌面上有一铜质圆环。当一竖直放置条形磁铁从圆环直径正上方等高快速向右通过AB的过程中，圆环始终不动，则可知圆环受到的摩擦力方向（）A.始终向左 B.始终向右C.先向左后向右 D.先向右后向左〖答案〗A〖解析〗根据楞次定律，由于磁体的运动，在闭合回路中产生感应电流，感应电流激发出的磁场对原磁体有磁场力的作用，该磁场力的效果总是阻碍原磁体的相对运动，可知，圆环中激发出的磁场对条形磁体有磁场力的作用，该磁场力的效果总是阻碍条形磁体的相对运动，即该磁场力的方向整体向左，根据牛顿第三定律可知，条形磁体对圆环中感应电流的磁场力方向整体向右，圆环静止，则地面对圆环的摩擦力方向始终向左。故选A。6.高压输送过程中的高电压、大电流，我们一般用电压互感器和电流互感器进行测量。如图所示为两个互感器，在图中圆圈内a、b表示电表，已知电压比为100，电流比为10，电压表的示数为220V，电流表的示数为10A，则（）A.a为电压表，b为电流表，输送电功率是2.2×106WB.a为电压表，b为电流表，输送电功率是2.2×103WC.a为电流表，b为电压表，输送电功率是2.2×106WD.a为电流表，b为电压表，输送电功率是2.2×103W〖答案〗A〖解析〗根据题意，由图可知，a表为电压表，b表为电流表，根据电压比与电压表示数可知，输送电压为根据电流比与电流表示数可知，输送电流为输送电功率为故选A。7.在竖直方向的匀强磁场中，水平放置一圆形导体环。规定导体环中电流的正方向如图甲所示，磁场向上为正。当磁感应强度B随时间t按乙图变化时，导体环中感应电流随时间变化的图像是（）A. B.C. D.〖答案〗A〖解析〗⑩根据题意，由图乙可知，内，磁感应强度均匀变化，由法拉第电磁感应定律可知，线圈中产生恒定的感应电流，由楞次定律可知，线圈中感应电流方向为逆时针（与正方向相反）；同理可知，内，线圈中同样产生恒定的感应电流，线圈中感应电流方向为顺时针（与正方向相同）。故选A。8.如图所示是弹簧振子做简谐运动的振动图像，可以判定（）A.从到时间内系统的动能不断增大，势能不断减小B.从到时间内振幅不断增大C.t3时刻振子处于平衡位置处，动能最大D.时刻振子的动能、速度都相同〖答案〗AC〖解析〗A．到时间内，x减小，弹力做正功，系统的动能不断增大，势能不断减小，故A正确；B．振幅是离开平衡位置的最大位移，振幅不变，故B错误；C．时刻振子处于平衡位置，位移零，速度最大，动能最大，故C正确；D．时刻位移相同，即处于同一位置，速度等大反向，动能相同，故D错误。故选AC。9.1930年劳伦斯制成了世界上第一台回旋加速器，凭借此项成果，他于1939年获得诺贝尔物理学奖。其原理如图所示，置于真空中的D形金属盒半径为R，两盒间的狭缝很小，带电粒子穿过的时间可忽略；磁感应强度为B的匀强磁场与盒面垂直，交流电源频率为f，加速电压为U。若A处粒子源产生质子的质量为m、电荷量为，在加速过程中不考虑相对论效应和重力的影响。则下列说法正确的是（）A.质子在回旋加速器中做圆周运动的速率与半径成正比B.若只增大交流电压U，则质子获得的最大动能增大C.质子在电场中加速的次数为D.若磁感应强度B增大，交流电频率f必须适当减小才能正常工作〖答案〗AC〖解析〗A．质子做圆周运动洛伦兹力提供向心力解得可得v与r成正比，故A正确；B．质子只在电场中加速，设最大速度为v，根据洛伦兹力提供向心力得解得最大速度为质子获得的最大动能为说明最大动能跟交流电压无关，跟D形金属盒的半径有关，半径越大，最大动能越大，故B错误；C．根据可得，质子在电场中加速的次数为故C正确；D．因为交流电的频率和质子圆周运动的频率相同，质子圆周运动的频率为若磁感应强度B增大，得圆周运动的频率增大，故电流的频率也要增大才能正常工作，故D错误。故选AC。10.一个长直密绕线圈N放在一个金属圆环M的中心，圆环轴线与线圈轴线重合，如图甲所示。线圈N通有如图乙所示的电流，下列说法正确的是（）A.t＝时刻，圆环有扩张的趋势B.t＝时刻，圆环有收缩的趋势C.t＝和t＝时刻，圆环内有相同的感应电流D.t＝和t＝时刻，圆环内有相同的感应电流〖答案〗AD〖解析〗AB．由图可知在t＝时刻，通过线圈的电流增大，则线圈产生的磁场增大，所以穿过金属圆环的磁通量增大，对圆环，面积越大，磁通量越小，根据楞次定律可知，圆环有扩张趋势，选项A正确，B错误；C．由图可知，在t＝时刻通过线圈的电流增大，而在t＝时刻通过线圈的电流减小，根据楞次定律可知两时刻圆环内感应电流方向不同，选项C错误；D．由图可知，在t＝和t＝时刻，线圈内电流的变化率是大小相等的，则线圈产生的磁场的变化率也相等，根据法拉第电磁感应定律可知，圆环内的感应电动势大小是相等的，所以感应电流大小也相等，根据楞次定律可知两时刻圆环内感应电流方向也相同，选项D正确。故选AD。二、非选择题：共5小题，共54分。11.某同学在做“利用单摆测重力加速度”的实验中，先测得摆线长为L，摆球直径为d，然后用秒表记录了单摆全振动n次所用的时间为t。则：（1）他测得的重力加速度________（用测量量表示）；（2）某同学在利用单摆测定重力加速度的实验中，若测得的g值偏大，可能的原因是（）A．摆球质量过大B．单摆振动时振幅较小C．测量摆长时，只考虑了线长忽略了小球的半径D．测量周期时，把n个全振动误认为个全振动，使周期偏大E．测量周期时，把n个全振动误认为个全振动，使周期偏小（3）为了提高实验精度，在实验中可改变几次摆长l并测出相应的周期T，从而得出一组对应的l和T的数值，再以l为横坐标、为纵坐标将所得数据连成直线，并求得该直线的斜率k。则重力加速度________（用k表示）。〖答案〗（1）.（2）.E（3）.〖解析〗（1）〖1〗该实验单摆摆长周期故由单摆运动周期可得（2）〖2〗AB．由（1）可知，g与摆球质量、单摆振动时振幅无关，故A、B错误；C．测量摆长时，只考虑了线长忽略了小球的半径，则l偏小，由（1）可知g偏小，故C错误；D．测量周期时，把n个全振动误认为个全振动，使周期偏大，则g偏小，故D错误；E．测量周期时，把n个全振动误认为个全振动，使周期偏小，则g偏大，故E正确。故选E。（3）〖3〗以l为横坐标、为纵坐标将所得数据连成直线，并求得该直线的斜率k，那么所以12.（1）如图所示是“研究电磁感应现象”的实验装置。①如果在闭合开关时发现灵敏电流计的指针向右偏了一下，那么合上开关后，将A线圈迅速抽出B线圈中，电流计指针将______偏转。（填“向左”“向右”或“不”）②连好电路后，并将A线圈插入B线圈中后，若要使灵敏电流计的指针向右偏转，可采取的操作是______。A.插入铁芯B.拔出A线圈C.变阻器的滑片向左滑动D.断开电键S瞬间（2）G为指针零刻度在中央的灵敏电流表，连接在直流电路中时的偏转情况如图（1）中所示，即电流从电流表G的左接线柱进时，指针也从中央向左偏。今把它与一线圈串联进行电磁感应实验，则图（2）中的条形磁铁的运动方向是向______（填“上”、“下”）；图（4）中的条形磁铁下端为______极（填“N”、“S”）。〖答案〗（1）.向左（2）.AC##CA（3）.下（4）.S〖解析〗⑩（1）〖1〗如果在闭合开关时，穿过副线圈的磁通量增加，灵敏电流计的指针向右偏，那么合上开关后，将原线圈迅速抽出线圈中，穿过副线圈的磁通量减少，电流计指针将向左偏转。〖2〗A．插入铁芯，穿过副线圈的磁通量增加，灵敏电流计的指针向右偏，故A正确；B．拔出线圈，穿过副线圈的磁通量减少，电流计指针将向左偏转，故B错误；C．变阻器的滑片向左滑动，电阻减小，电流增大，穿过副线圈的磁通量增加，灵敏电流计的指针向右偏，故C正确；D．断开电键S瞬间，穿过副线圈的磁通量减少，电流计指针将向左偏转，故D错误；故选AC。（2）13.一列简谐横波沿x轴传播，在t=0和t=0.10s时的波形分别如图中实线和虚线所示，P为介质中的一点。已知该波的周期T>0.10s。试问：（1）若波沿x轴负方向传播，质点P在t=0时刻沿什么方向振动？（2）这列波的波速为多少?〖答案〗（1）振动方向沿y轴正方向；（2）。〖解析〗（1）若波沿x轴负方向传播，t=0时刻P点的振动方向沿y轴正方向；（2）因为且，所以若波沿x轴正方向传播若波沿x轴负方向传播14.如图所示，圆形区域内有垂直纸面向里匀强磁场，O为圆心，A、C、D为圆形区域边界上的三点，∠AOC=90°，∠AOD=60°。现有一对质量相等、电荷量不等的正、负粒子，从A点沿AO方向以相同大小的速度垂直磁场射入，一个从C点离开磁场，另一个从D点离开磁场，粒子的重力及相互作用力均不计。（1）从C点离开磁场的粒子的电性；（2）从C点和D点离开磁场的两个粒子的电荷量之比；（3）从C点和D点离开磁场的两个粒子在磁场中运动的时间之比。〖答案〗（1）负电；（2）；（3）〖解析〗（1）若粒子从C点离开磁场，其在A点受到的洛伦兹力必水平向左，根据左手定则可知，粒子带负电；（2）设磁场圆的半径为R，带电粒子的运动轨迹如图所示根据洛伦兹力提供向心力，有可得由图可知所以（3）带电粒子在磁场中运动时间为所以15.如图所示，MN、PQ为两条平行放置间距为L的光滑金属导轨，左右两端分别接有阻值为R的定值电阻、，金属棒垂直放在两导轨之间，且与导轨接触良好，磁感应强度为B的匀强磁场垂直于导轨平面。金属棒在水平向右、大小为F的恒力作用下向右匀速运动。不计金属导轨和金属棒的电阻，求：(1)判断流过的电流的方向；(2)计算流过电阻的电流大小；(3)计算金属棒运动的速度的大小。〖答案〗(1)由M到P；(2)；(3)〖解析〗(1)根据右手定则可知，流过的电流方向为由M到P(2)金属棒向右匀速运动，满足由于、的阻值相等，流过电阻的电流(3)不计金属导轨和金属棒的电阻，由欧姆定律得感应电动势联立解得2022-2023学年度下学期月考试卷一、选择题：本题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1∼7题单选题，每题4分；8∼10题多选题，每小题6分，全对得6分，选对但不全的得3分，错选或不选的得0分。1.下列说法正确的是（）A.物体做受迫振动时，驱动力频率越高，受迫振动的振幅越大B.只要是两列以上的波，在相遇的区域内都能产生稳定的干涉C.当观察者靠近波源运动时，观察者观测到的频率变小D.一弹簧振子的位移随时间变化的关系式为（单位都是国际单位制），在时，振子的运动速度为零〖答案〗D〖解析〗A．物体做受迫振动时，当驱动力的频率等于物体的固有频率时，物体发生共振，此时的振幅最大，并不是驱动力的频率越高，受迫振动的振幅越大，故A错误；B．产生稳定干涉的条件是：相干波的频率相同，振动方向相同，且具有恒定的相位差。故B错误；C．当观察者靠近波源运动时，根据多普勒效应的规律可知，观察者观测到的频率变大，故C错误；D．一弹簧振子的位移随时间变化的关系式为（单位都是国际单位制），可得在时，振子的位移为可知振子位于最大位移处，此时振子运动的速度为零，故D正确。故选D。2.根据麦克斯韦电磁场理论，下列说法正确的是（）A.电场周围一定产生磁场，磁场周围一定产生电场B.变化的电场周围一定产生变化的磁场C.变化的电场周围一定产生磁场，变化的磁场周围一定产生电场D.所有电磁波的频率相同〖答案〗C〖解析〗AC．根据麦克斯韦电磁场理论，可知变化电场周围才一定产生磁场，变化磁场周围才一定产生电场，故A错误，C正确；B．均匀变化的电场周围产生恒定的磁场，故B错误；D．电磁波的频率不一定相同，例如无线电电磁波有很多频道和频率，故D错误。故选C。3.观察水面波衍射的实验装置如图所示，O是波源，和是两块挡板，是两块挡板间的空隙，图中已画出波源所在区域波的传播情况，每两条相邻波纹（图中曲线）之间的距离表示一个波长，关于波经过空隙之后的传播情况，下列说法正确的是（）A.此时不能观察到明显的衍射现象B.挡板前相邻波纹间距大于挡板后相邻波纹间距C.增大两挡板间空隙，衍射现象会更明显D.减小波源振动的频率，则衍射现象更明显〖答案〗D〖解析〗A．因为波长与孔的尺寸差不多，所以能够观察到明显的衍射现象，故A错误；B．波通过孔后，波速、频率、波长不变，则挡板前后波纹间的距离相等，故B错误；C．如果增大两挡板间空隙AB，孔的尺寸大于波的波长时，可能观察不到明显的衍射现象，故C错误；D．如果孔的大小不变，使波源频率减小，因为波速不变，根据v=λf知，波长增大，则衍射现象更明显，故D正确。故选D。

4.如图所示，导体棒MN接入电路部分的电阻为R长度为L，质量为m，初始时静止于光滑的水平轨道上，电源电动势为E，内阻大小也为R，匀强磁场的磁感应强度为B，其方向与轨道平面成角斜向上方，电键闭合后导体棒开始运动，则下列说法正确的是（）A.导体棒向左运动B.电键闭合瞬间导体棒MN的加速度为C.电键闭合瞬间导体棒MN所受安培力大小为D.电键闭合瞬间导体棒MN所受安培力大小为〖答案〗D〖解析〗A．通过导体棒MN的电流由N到M，根据左手定则可知，导体棒受到的安培力斜向下偏右，则导体棒向右运动，故A错误；CD．电键闭合瞬间，电路电流为导体棒MN所受安培力大小为故C错误，D正确；B．电键闭合瞬间，根据牛顿第二定律可得，导体棒MN的加速度为故B错误。故选D。5.如图，粗糙绝缘水平桌面上有一铜质圆环。当一竖直放置条形磁铁从圆环直径正上方等高快速向右通过AB的过程中，圆环始终不动，则可知圆环受到的摩擦力方向（）A.始终向左 B.始终向右C.先向左后向右 D.先向右后向左〖答案〗A〖解析〗根据楞次定律，由于磁体的运动，在闭合回路中产生感应电流，感应电流激发出的磁场对原磁体有磁场力的作用，该磁场力的效果总是阻碍原磁体的相对运动，可知，圆环中激发出的磁场对条形磁体有磁场力的作用，该磁场力的效果总是阻碍条形磁体的相对运动，即该磁场力的方向整体向左，根据牛顿第三定律可知，条形磁体对圆环中感应电流的磁场力方向整体向右，圆环静止，则地面对圆环的摩擦力方向始终向左。故选A。6.高压输送过程中的高电压、大电流，我们一般用电压互感器和电流互感器进行测量。如图所示为两个互感器，在图中圆圈内a、b表示电表，已知电压比为100，电流比为10，电压表的示数为220V，电流表的示数为10A，则（）A.a为电压表，b为电流表，输送电功率是2.2×106WB.a为电压表，b为电流表，输送电功率是2.2×103WC.a为电流表，b为电压表，输送电功率是2.2×106WD.a为电流表，b为电压表，输送电功率是2.2×103W〖答案〗A〖解析〗根据题意，由图可知，a表为电压表，b表为电流表，根据电压比与电压表示数可知，输送电压为根据电流比与电流表示数可知，输送电流为输送电功率为故选A。7.在竖直方向的匀强磁场中，水平放置一圆形导体环。规定导体环中电流的正方向如图甲所示，磁场向上为正。当磁感应强度B随时间t按乙图变化时，导体环中感应电流随时间变化的图像是（）A. B.C. D.〖答案〗A〖解析〗⑩根据题意，由图乙可知，内，磁感应强度均匀变化，由法拉第电磁感应定律可知，线圈中产生恒定的感应电流，由楞次定律可知，线圈中感应电流方向为逆时针（与正方向相反）；同理可知，内，线圈中同样产生恒定的感应电流，线圈中感应电流方向为顺时针（与正方向相同）。故选A。8.如图所示是弹簧振子做简谐运动的振动图像，可以判定（）A.从到时间内系统的动能不断增大，势能不断减小B.从到时间内振幅不断增大C.t3时刻振子处于平衡位置处，动能最大D.时刻振子的动能、速度都相同〖答案〗AC〖解析〗A．到时间内，x减小，弹力做正功，系统的动能不断增大，势能不断减小，故A正确；B．振幅是离开平衡位置的最大位移，振幅不变，故B错误；C．时刻振子处于平衡位置，位移零，速度最大，动能最大，故C正确；D．时刻位移相同，即处于同一位置，速度等大反向，动能相同，故D错误。故选AC。9.1930年劳伦斯制成了世界上第一台回旋加速器，凭借此项成果，他于1939年获得诺贝尔物理学奖。其原理如图所示，置于真空中的D形金属盒半径为R，两盒间的狭缝很小，带电粒子穿过的时间可忽略；磁感应强度为B的匀强磁场与盒面垂直，交流电源频率为f，加速电压为U。若A处粒子源产生质子的质量为m、电荷量为，在加速过程中不考虑相对论效应和重力的影响。则下列说法正确的是（）A.质子在回旋加速器中做圆周运动的速率与半径成正比B.若只增大交流电压U，则质子获得的最大动能增大C.质子在电场中加速的次数为D.若磁感应强度B增大，交流电频率f必须适当减小才能正常工作〖答案〗AC〖解析〗A．质子做圆周运动洛伦兹力提供向心力解得可得v与r成正比，故A正确；B．质子只在电场中加速，设最大速度为v，根据洛伦兹力提供向心力得解得最大速度为质子获得的最大动能为说明最大动能跟交流电压无关，跟D形金属盒的半径有关，半径越大，最大动能越大，故B错误；C．根据可得，质子在电场中加速的次数为故C正确；D．因为交流电的频率和质子圆周运动的频率相同，质子圆周运动的频率为若磁感应强度B增大，得圆周运动的频率增大，故电流的频率也要增大才能正常工作，故D错误。故选AC。10.一个长直密绕线圈N放在一个金属圆环M的中心，圆环轴线与线圈轴线重合，如图甲所示。线圈N通有如图乙所示的电流，下列说法正确的是（）A.t＝时刻，圆环有扩张的趋势B.t＝时刻，圆环有收缩的趋势C.t＝和t＝时刻，圆环内有相同的感应电流D.t＝和t＝时刻，圆环内有相同的感应电流〖答案〗AD〖解析〗AB．由图可知在t＝时刻，通过线圈的电流增大，则线圈产生的磁场增大，所以穿过金属圆环的磁通量增大，对圆环，面积越大，磁通量越小，根据楞次定律可知，圆环有扩张趋势，选项A正确，B错误；C．由图可知，在t＝时刻通过线圈的电流增大，而在t＝时刻通过线圈的电流减小，根据楞次定律可知两时刻圆环内感应电流方向不同，选项C错误；D．由图可知，在t＝和t＝时刻，线圈内电流的变化率是大小相等的，则线圈产生的磁场的变化率也相等，根据法拉第电磁感应定律可知，圆环内的感应电动势大小是相等的，所以感应电流大小也相等，根据楞次定律可知两时刻圆环内感应电流方向也相同，选项D正确。故选AD。二、非选择题：共5小题，共54分。11.某同学在做“利用单摆测重力加速度”的实验中，先测得摆线长为L，摆球直径为d，然后用秒表记录了单摆全振动n次所用的时间为t。则：（1）他测得的重力加速度________（用测量量表示）；（2）某同学在利用单摆测定重力加速度的实验中，若测得的g值偏大，可能的原因是（）A．摆球质量过大B．单摆振动时振幅较小C．测量摆长时，只考虑了线长忽略了小球的半径D．测量周期时，把n个全振动误认为个全振动，使周期偏大E．测量周期时，把n个全振动误认为个全振动，使周期偏小（3）为了提高实验精度，在实验中可改变几次摆长l并测出相应的周期T，从而得出一组对应的l和T的数值，再以l为横坐标、为纵坐标将所得数据连成直线，并求得该直线的斜率k。则重力加速度________（用k表示）。〖答案〗（1）.（2）.E（3）.〖解析〗（1）〖1〗该实验单摆摆长周期故由单摆运动周期可得（2）〖2〗AB．由（1）可知，g与摆球质量、单摆振动时振幅无关，故A、B错误；C．测量摆长时，只考虑了线长忽略了小球的半径，则l偏小，由（1）可知g偏小，故C错误；D．测量周期时，把n个全振动误认为个全振动，使周期偏大，则g偏小，故D错误；E．测量周期时，把n个全振动误认为个全振动，使周期偏小，则g偏大，故E正确。故选E。（3）〖3〗以l为横坐标、为纵坐标将所得数据连成直线，并求得该直线的斜率k，那么所以12.（1）如图所示是“研究电磁感应现象”的实验装置。①如果在闭合开关时发现灵敏电流计的指针向右偏了一下，那么合上开关后，将A线圈迅速抽出B线圈中，电流计指针将______偏转。（填“向左”“向右”或“不”）②连好电路后，并将A线圈插入B线圈中后，若要使灵敏电流计的指针向右偏转，可采取的操作是______。A.插入铁芯B.拔出A线圈C.变阻器的滑片向左滑动D.断开电键S瞬间（2）G为指针零刻度在中央的灵敏电流表，连接在直流电路中时的偏转情况如图（1）中所示，即电流从电流表G的左接线柱进时，指针也从中央向左偏。今把它与一线圈串联进行电磁感应实验，则图（2）中的条形磁铁的运动方向是向______（填“上”、“下”）；图（4）中的条形磁铁下端为______极（填“N”、“S”）。〖答案〗（1）.向左（2）.AC##