第一章 运动的描述（单元达标检测卷） 全解全析

第一章《运动的描述》单元达标检测卷全解全析1．B【详解】A．甲图是高速上的指示牌，上面的“105km”、“16km”等指的是路程，选项A错误；B．乙图是高速上的指示牌，上面的“120”“100”等指的是瞬时速度的大小，选项B正确；C．丙图是汽车上的时速表，上面的“72”指的是瞬时速度的大小，选项C错误；D．丁图是导航中的信息，上面的“1小时40分”、“1小时59分钟”指的是时间间隔，选项D错误。故选B。2．D【详解】A．本题中船是向东高速行驶，而“卧看满天云不动”是指“云与我”保持相对静止，以船为参考系，故A错误；

B．“云与我俱东”即“云与我”以相同的速度相对于地面向东运动。所以“云与我俱东”所选择的参考系是地面或地球上相对于地球保持静止不动的物体，故B错误；

C．若选择船为参考系，则“百里榆堤”也是运动的，故C错误；

D．选择的参考系不同，则“榆堤”和“我”的运动情况也是不相同的，故D正确。故选D。3．D【详解】AB．位移−时间图像表示物体的位移随时间变化的规律，不是物体运动的轨迹，AB错误；CD．开始阶段，物体的位移不随时间而改变，图线的斜率等于零，物体的速度是零，说明物体处于静止状态，后面从t1时刻开始，位移随时间均匀变化，图线的斜率不变，物体的速度不变，说明物体沿负方向做匀速直线运动，即向位移的起点处运动，最后静止，C错误，D正确。故选D。4．B【详解】沿着半径为R的水平圆周跑了1.75圈，即圈，路程为位移大小为初末位置的直线距离，即B正确。故选B。5．C【详解】A．v0>0，a<0，加速度方向与初速度方向相反，可知物体做减速运动，选项A错误；B．v0<0，a>0，加速度方向与初速度方向相反，可知物体做减速运动，选项B错误；C．v0>0，a>0，加速度方向与初速度方向相同，可知物体做加速运动，选项C正确；D．v0<0，a<0，加速度方向与初速度方向相同，可知物体做加速运动，选项D错误；故选C。6．B【详解】位移是指从初位置到末位置的有向线段，从高为3m处抛出一个小球，小球与地面相碰后竖直弹起，上升到离地高5m处被接住，初末两点间的直线距离为2m，所以位移的大小为为2m，方向竖直向上，因以初速度方向为正方向，小球的位移路程是指物体所经过的路径的长度，所以路程为故选B。7．D【详解】允许行驶的最大速度表示在某一位置的速度，是瞬时速度，所以是指瞬时速度；到温州还有320km，320km是运动轨迹的长度，是路程，ABC错误，D正确。故选D。8．A【详解】A．当加速度方向与速度方向相同时，物体做加速运动，加速度减小，速度增大，A正确；B．速度变化量的方向与加速度方向一定同向，B错误；C．速度变化量的方向为正，加速度的方向为正，C错误；D．加速度为负值，速度可能也为负值，则加速度的方向与速度方向可能相同，则可能做加速运动，D错误。故选A。9．D【详解】A．由于，所以汽车在向右做减速运动，故A错误；BCD．加速度是描述速度变化快慢的物理量，由定义式可知，加速度的方向一定与相同，但不一定与、相同，故BC错误、D正确。故选D。10．C【详解】A．机器人的运动轨迹是一条折线，A错误；B．由于折现存在交点，因此机器人会两次通过同一点，B错误；C．位移是从起点指向终点的有向线段，由于起点是（0,0）而终点是（2,2）因此位移的大小是，C正确；D．位移的方向是由起点指向终点的方向，由（0,0）指向（2,2）的方向，与由点运动到点的位移方向相反，D错误。故选C。11．ABD【详解】A．加速度是表示物体速度变化的快慢，物体的加速度增大，表示速度变化的快，当加速度的方向和速度的方向相反的时候，速度就要减小，选项A正确；B．当物体匀减速直线运动到速度为零时，加速度不是零，之后反向加速运动，所以物体的速度为零时，加速度可以不为零，选项B正确；C．加速度是表示物体速度变化的快慢，当物理的加速度不为零且始终不变的时候，速度必定要变化，选项C错误；D．加速度是表示物体速度变化的快慢，物体的加速度逐渐减小，表示速度变化的越来越慢，当加速度的方向和速度的方向相同的时候，速度就要增加，选项D正确。故选ABD。12．BD【详解】A．当物体做匀变速运动时，平均速度等于速度的平均值，而一般的运动物体的平均速度不一定等于速度的平均值。故A错误；B．瞬时速率是指瞬时速度的大小。故B正确；C．火车以速度v经过某一段路，v是指平均速度。故C错误；D．枪口是一位置，子弹以速度v从枪口射出，v是瞬时速度。故D正确。故选BD。13．BD【详解】1s后速度与初速度方向相同，速度的变化量加速度为故选BD。14．BC【详解】路程是运动轨迹的长度，而位移是从起点指向终点的有向线段。A．在某一段时间内物体运动的路程为零，则该物体一定处于静止状态，A错误；B．在某一段时间内物体运动的位移为零，可能是该物体又回到出发点，因此不一定是静止的，B正确；C．在曲线运动中，物体的位移大小一定小于其路程，C正确；D．在直线运动中，若物体做往复运动，位移的大小小于其路程，D错误。故选BC。15．AD【详解】A．两个人以不同速率同时从圆形轨道的A点出发，分别沿ABC和ADE行走，在F点相遇，此过程中，首末位置的距离相等，方向相同，则位移相等，A正确；B．两个人以不同速率同时从圆形轨道的A点出发，分别沿ABC和ADE行走，运动的方向是不同的，即速度一定不同，B错误；C．两个人的速率不同，运动的时间相同，则路程一定不同，C错误；D．两个人的位移相同，所用时间相等，则平均速度相同，D正确。故选AD。16．BC【详解】A．的单位是m/s2；的单位是s-1，单位不相同，选项A错误；B．与数值上可能相等，选项B正确；C．若且保持恒定，物体做匀加速运动，由于位移增大越来越快，而速度变化量保持不变，根据可知，减小，选项C正确；D．某段时间，则物体匀速运动，则也为零，选项D错误。故选BC。17．AB【详解】甲看到楼房匀速上升，说明甲相对于地匀速下降，乙看到甲匀速上升，说明乙匀速下降，而且v乙>v甲。甲看到丙匀速上升，丙看到乙匀速下降，丙可能停在空中，也可能匀速上升，也可能匀速下降，且v丙<v甲。故选AB。18．AC【详解】AD．三个质点从N到M的位移s相同，时间t相同，故平均速度相同，A正确，D错误；B．三个质点到达M点的瞬时速度方向不同，B错误；C．平均速率为路程与时间之比，由于路程不同，故三个质点从N到M的平均速率不同，C正确。故选AC。19．交流8V0.02AB【详解】(1)[1]电磁打点计时器和电火花计时器都是使用交流电源的仪器；[2][3]电磁打点计时器的工作电压的是8V，当电源频率是50Hz时，它每隔0.02s打一次点；(2)[4]A．打点计时器是每隔0.02s打下一个点，所以数点就知道时间间隔，故A正确；B．位移需要利用刻度尺直接测量两点之间的距离得出，故B错误；CD．平均速度和瞬时速度的求解需要运用物理公式，故CD错误。故选A；[5]匀速运动相等时间内通过的位移相等，所以相邻的两个点之间的距离相等，由图可知故选B。20．电火花交流A偏小【详解】（1）[1]根据打点计时器的结构判断可知，A是电火花打点计时器，B是电磁打点计时器。（2）[2]打点计时器使用的是交流电源。（3）[3]如果先释放纸带后接通电源，有可能会出现小车已经拖动纸带运动一段距离，电源才被接通，那么纸带上只有很小的一段能打上点，大部分纸带没有打上点，纸带的利用率太低；所以应当先接通电源，后让纸带运动，故选A。（4）[4]如果当时电网中交变电流的频率稍有增大，打点时间间隔为0.019s，而做实验的同学并不知道，仍然按照打点的时间间隔为0.02s进行计算，可知时间偏大，所以计算得出的速度偏小。21．(1)90m；(2)30m，向东；(3)7.5m/s，方向向西，6m/s，方向向东【详解】(1)选取向东为正方向，由题意知汽车在第1秒内的位移是x1=5m，第2秒内的位移为x2=20m，第3秒内的位移为x3=20m，第4秒内的位移为x4=15m，第5秒内的位移为x5=-30m，所以物体在5s内的总路程为(2)物体在5s内的总位移为方向向东；(3)后2s内的位移为后2s内的平均速度大小为方向向西，全程的平均速度大小为方向向东。22．(1)1666.7g>500g，因此摩托车驾驶员有生命危险；(2)1:1【详解】(1)两车碰撞过程中，取摩托车的初速度方向为正方向，摩托车的速度变化量为Δv＝v2-v1＝-72km/h-54km/h＝-20m/s-15m/s＝-35m/s两车相碰撞时摩托车的加速度为a＝＝≈-16667m/s2＝-1666.7g1666.7g>500g，因此摩托车驾驶员有生命危险(2)设货车、摩托车的加速度大小分别为a1、a2，根据加速度定义得a1＝a2＝所以a1:a2＝:＝∶＝1:123．(1)17m；(2)合法；(3)见解析【详解】(1)由题意可知，零时刻发出第一次超