高考作图题分类汇编

作图题分类汇编1（2018日照）如图所示，在探究“凸透镜成像规律”的实验中，将蜡烛放在位置A时，观测到在位置C成倒立、缩小的实像.若把蜡烛移到位置B，试作图找出蜡烛通过透镜的成像位置.解析:从物体A的顶端做平行于主光轴的光线，过凸透镜后经过焦点而会聚到像点.由A的顶端发出过光心的光线，传播方向不变.从物体B的顶端做平行主光轴的光线，折射后过焦点，再从B的顶端做过光心的光线，这两条折射光线的反向延长线的交点就是像的位置，如图所示:2、（2018•青岛）物体A、B一起在水平面上向右做匀速直线运动，请画出A的受力示意图解:物体A随B一起做匀速直线运动，处于平衡状态，A受到竖直向下的重力G和竖直向上的支持力F，G与F是一对平衡力，它们大小相等、方向相反，且作用在同一直线上，作用点在物体A的重心；由于A与B处于相对静止状态，故A与B之间无摩擦力，则A在水平方向上不受力的作用；重力从重心竖直向下画，符号为G；支持力从重心竖直向上画，符号为F，注意两条线段的长度相同，如图所示:3、（2018德州）如图所示，光源S发出的一束光经墙上的平面镜反射后，射入游泳池中.请画出它经平面镜发生反射及进入水中发生折射的光路图.___________【答案】【解析】过入射点作法线，根据光的反射定律反射角等于入射角，作出反射光线；再根据当光从空气斜射入水中时，折射角小于入射角，作出其折射光线，如图所示:4、（2018日照）某学习小组在老师的指导下，探究电流通过导体时产生热量的多少跟什么因素有关.他们用的实验器材如图所示，两个透明容器中密封着等量空气，U形管中液面最初相平，两个密闭容器中都有一段电阻丝.（1）请你用笔画线代替导线，把图甲两个容器的电阻丝接到电路中.（2）实验中通过观察液面高度的变化来比较电流通过导体产生热量的多少，这种方法叫转换法.（3）接好电路，闭合开关，通电一段时间后，右（填“左”或“右”）侧U形管中液面高度变化大，此实验现象表明，在电流和通电时间均相同的情况下，电阻越大，所产生的热量越多.（4）让两个密闭容器中的电阻一样大，在其中一个容器的外部将一个相同阻值的电阻和这个容器内的电阻并联（如图乙所示）．移走图甲中的电阻，换接图乙中的电阻到电路中，重新做这个实验.此时通过两容器中电阻的电流不同，在通电时间相同的情况下，观察U形管中液面高度变化，由此得到的结论是在电阻和时间相同的情况下，电流越大，产生的热量越多（5）如果热量用Q表示，电流用I表示，电阻用R表示，时间用t表示，则Q=I2Rt.解析:（1）将滑动变阻器，两相同的透明容器中的U形管，开关，逐一顺次连接即可，滑动变阻的连线要注意一上一下，如下图所示:；（2）电流产生的热量不便于用眼睛直接观察和测量，通过U形管内液柱的高度差来反映，这种方法是初中物理常用的转换法；（3）因串联电路中各处的电流相等，所以，两电阻丝串联时通过它们的电流相等；由Q=I2Rt可知，在电路和通电时间相同时，右侧电阻较大，产生的热量较多，密闭空气吸收热量后，体积膨胀，右侧气体膨胀更大所以B管中的液面较高；（4）在乙装置中一个5Ω的电阻与两个5Ω的电阻并联后再串联，根据串联电路的电流特点可知，B端两个电阻的总电流和左端的电阻电流相等，即I右=I左，两个5Ω的电阻并联，根据并联电路的电流特点知I右=I1+I2，两电阻阻值相等，则支路中电流相等，I1=I2，所以右边容器中的通过电阻的电流是左侧通过电流的一半，根据U型管液面的高度可知，电流越大，热量越多；故结论为:在电阻和时间相同的情况下，电流越大，产生的热量越多；（5）由焦耳定律可知，Q=I2Rt.故答案为:（1）见上图；（2）转换法；（3）右；电阻；（4）在电阻和时间相同的情况下，电流越大，产生的热量越多；（5）I2Rt.5、（2018德州）在测量小灯泡电功率的实验中，电源电压为4、5V，小灯泡的额定电压为2、5V，小灯泡正常发光时的电阻约为10Ω.(1)请你用笔画线代替导线，将如图甲中的实物电路连接完整.要求:当滑动变阻器的滑片向A端移动时，连入电路的电阻变大，连线不得交叉._______(2)小刚同学闭合开关，移动滑片P到某一位置时，电压表示数(如图乙所示)为___________V，若他想测量小灯泡的额定功率，应将如图甲中滑动变阻器的滑片P向___________(选填“A”或“B”)端移动，如图内的Ⅰ—U图象是小刚根据多组实验数据绘制的，根据图象可得小灯泡的额定功率为___________W.(3)由实验中Ⅰ一U图象发现小灯泡电阻是变化的，影响其变化的主要因素是___________.(4)若把小灯泡换成一个定值电阻，还可探究___________的关系.A、电流与电阻B、电流与电压【答案】(1)、(2)、2、2(3)、B(4)、0、5(5)、温度(6)、B【解析】解:（1）将电流表与灯泡串联，灯泡正常发光时电流大约为:，所以电流表选用0~0、6A的量程.将滑动变阻器串联在电路中，当滑动变阻器的滑片向A端移动时，连入电路的电阻变大，则滑动变阻器的下面应接B接线柱，如图所示:（2）由图乙可知，电压表的量程为0~3V，分度值为0、1V，示数为2、2V，低于灯泡的额定电压，所以应减小滑动变阻器的阻值，将滑动变阻器的滑片P向B端滑动，直到电压表的示数为2、5V.由图丙可得小灯泡的额定功率为P额=U额I=2、5V×0、2A=0、5W；（3）灯丝的电阻是变化的，影响其变化的主要因素是温度，灯丝的电阻随温度升高而增大.（4）若把小灯泡换成一个定值电阻，定值电阻的阻值不变，可通过移动滑片的位置改变电阻两端的电压，因此可探究电流与电压的关系，故选B.6、（2018滨州）如图所示，用细线将吊灯悬挂在天花板上，线对灯的拉力F=4N．请在图中画出吊灯受力的示意图.解析:悬挂在天花板上的吊灯受到了重力和拉力的作用，在这两个力的作用下处于静止状态，说明了这两个力是一对平衡力，大小是相等的，如下图所示.7、（2018连云港）（1）按照题目要求作图或作答:如图所示，请画出这束光线经过凹透镜后的折射光线.解:入射光线平行于主光轴，所以该光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点.连接入射光线一侧的焦点和折射点，并延长两点的连线，标出光线的方向.如图所示:【点评】凹透镜三条特殊光线的作图:①延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴.②平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点.③过光心的光线经凹透镜折射后传播方向不改变.（2）如图所示，用笔画线代替导线将电灯和开关接到电路中.解:家庭电路的火线首先进入开关，然后接到灯泡顶端的金属点；零线直接接到灯泡的螺旋套.这样在更换灯泡时更安全.如图所示:8、（2018滨州）请利用平面镜成像的特点在图中作出AB物体在平面镜中的像，保留作图痕迹.解析:先作出端点A、B关于平面镜的对称点A′、B′，用虚线连接A′、B′即为物体AB的像，如图所示:9、(2018武汉)某同学利用图甲所示的器材测量小灯泡的电功率.实验中电源电压保持不变，滑动变阻器的规格为“100Ω，0、5A”，小灯泡的额定电压为2、5V.(1)如图甲所示，电路中还有两根导线没有连接，请你将电路连接完整.(要求导线不允许交叉)(2)该同学连接好电路后，按正确的步骤进行实验.小灯泡正常发光时，电流表的示数如图乙所示，则小灯泡的额定电流是＿＿＿＿＿A，额定功率是＿＿＿＿＿W.(3)该同学继续进行实验，记录的部分数据如下表所示，其中有一组数据明显存在错误，这组数据是＿＿＿＿＿(填数据序号).剔除掉这组错误的数据，我们分析后可以得出实验中电源电压不会超过＿＿＿＿＿V.序号1234U/V2、11、30、13、0I/A0、260、110、050、3答案:（1）（2）0、28；0、7（3）2；5、1专题分类:光学部分1、（2018·长沙）如图是探究平面镜成像特点的实验装置图.（1）本实验应选用（选填“玻璃板”或“平面镜”）进行实验.（2）实验中选取完全相同的两支蜡烛A、B，是为了比较像与物的关系；（3）小明竖直放好蜡烛A，移动蜡烛B，直至与蜡烛A的像完全重合，分别记录A和B的位置;多次移动蜡烛A重复实验.实验中如果蜡烛A靠近器材M，则蜡烛B（选填“远离”或“靠近”）器材M，才能与蜡烛A的像完全重合.解析:（1）利用玻璃板便于观察玻璃板后的蜡烛，以确定像的位置；（2）选取完全相同的蜡烛，便于比较像与物体的大小；（3）A靠近器材M，则蜡烛B也靠近器材M，才能与蜡烛A的像完全重合.故答案为:（1）玻璃板；（2）大小；（3）靠近.2、（2018河北）小明在平静的湖边看到“云在水中飘，鱼在云上游”的现象.“云在水中飘”是小明以_________为参照物看到“云”在水中运动的现象.“鱼在云上游”是鱼通过水面的_________形成的虚像和云在水面的__________形成的虚像同时出现的现象.【答案】(1)、湖面(2)、折射(3)、反射解答:云在水中飘说明云是运动的，是以湖面为参照物；水中的云属于平面镜成像，是由光的反射形成的与物体等大的虚像；看到水中的鱼，是由于光的折射形成的，从上面看时，会感到鱼的位置比实际位置高一些，是鱼的虚像.故答案为:湖面；折射；反射.3、(2018滨州小明同学在做“探究凸透镜成像现律”的实验，（1）前面学过，物体离照相机的镜头比较远，成缩小的实像，物体离投影仪的镜头比较近，成放大的实像，物体离放大镜比较近，成放大、正立的虚像.据此小明据出的问题是，像的虚实、大小，正倒跟有什么关系？（2）如图甲，小明让平行光正对凸透镜照射，光屏上出现一个最小最亮的光斑，则凸透镜的焦距f=cm.（3）小明所用实验装置如图乙所示，若将凸透镇放在光具座刻度50cm位置处不变，把蜡烛放在刻度10cm处，利用此时凸透镜成像的特点制成的光学仪器是（选填“照相机”、“放大镜”或”投影仪”）（4）如图丙所示是小明通过实验得到的凸透镜成像时的像距v和物距u关系的图象，由图象可知成实像时物距逐渐减小，像距逐渐.当u＞2f时，物体移动速度（选“大于”、“小于“或“等于”）像移动的速度，当f＜u＜2f时，物体移动速度（选填“大于”，“小于”或“等于”）像移动的速度.解析:（1）根据物体离照相机的镜头比较远，成缩小的实像，物体离投影仪的镜头比较近，成放大的实像，物体离放大镜比较近，成放大、正立的虚像.据此小明据出的问题是，像的虚实、大小，正倒跟物距有关；（2）由图中，平行光线经凸透镜后会聚到一点，说明凸透镜对光线具有会聚作用，光屏上得到的最小、最亮的光斑便是凸透镜的焦点，所以焦距为20、0cm﹣10、0cm=10、0cm；（3）由于凸透镜的焦距是10cm，当物体在15cm处时，物距为50cm﹣10cm=40cm，物距大于二倍焦距，成倒立缩小的实像，这是照相机的原理；（4）如图丙所示是小明通过实验得到的凸透镜成像时的像距v和物距u关系的图象，由图象可知成实像时物距逐渐减小，像距逐渐增大.当u＞2f时，物体移动速度大于像移动的速度，当f＜u＜2f时，物体移动速度小于像移动的速度.答案:（1）物距；（2）10、0；（3）照相机；（4）增大；大于；小于.4、（2018•聊城）根据入射光线和折射光线，在图中虚线框内画出适当类型的透镜.解析:图中从焦点发出的光线，经透镜后变为平行光线，因此该透镜为凸透镜，对光线起会聚作用，如图所示:5、（2018潍坊）如图所示，一束光线与水平方向成60°角，请你放置一块平面镜使它的传播方向变为水平向右，画出平面镜的位置，并标出反射角的度数.解析:要使它的传播方向变为水平向右（即反射光线水平向右），则反射光线和入射光线夹角的角平分线就是法线的位置，据此画出法线，过入射点画出法线的垂线，即平面镜的位置；因入射光线与水平方向成60°角，而反射光线是水平向右的，所以反射光线与上面的虚线平行，则反射光线与入射光线的夹角为180°﹣60°=120°，因为反射角等于入射角，所以反射角为60°．如图所示:6、（2018潍坊）在探究“凸透镜成像规律”时，所用凸透镜的焦距是20cm（1）将蜡烛、凸透镜、光屏在光具座上依次摆放，点燃蜡烛后，无论怎样在光具座上移动光屏总找不到像，其原因可能是（写出一种即可）（2）经过调整，在光屏上得到一个清晰倒立的实像；保持凸透镜位置不变，将蜡烛远离凸透镜，要获得清晰的实像，光屏应（选填“靠近”或“远离”）凸透镜.解析:（1））蜡烛、凸透镜、光屏在光具座上依次摆放，点燃蜡烛后，发现无论如何移动光屏总找不到像，可能是因为物距小于焦距，成了虚像，不能成在光屏上；有可能光屏、凸透镜和烛焰的中心不在同一高度上，像无法成在光屏上；有可能物体在焦点上，不能成像；物像之间距离大于光具座的长度；（2）根据凸透镜成实像时，物远像近像变小，可知，应将蜡烛向远离凸透镜方向移动，同时光屏应向靠近凸透镜方向移动.答案:（1）物体在焦点上，不能成像（2）靠近7、（2018邵阳）某物理学习小组在研究“凸透镜成像规律”时，使用的器材如下图所示，凸透镜的焦距是l0cm.（刻度尺上标记的点，相邻两点间的距离为10cm）（1）实验前，将烛焰、凸透镜、光屏的中心调整到同一高度，其中凸透镜对光有___的作用.（选填“会聚”或“发散”）（2）当凸透镜放在D点，蜡烛放在A点左侧，移动光屏直到光屏上得到一个清晰的、倒立的、缩小的实像.生活中的_______就是利用这一原理制成的.（3）当蜡烛与凸透镜距离小于____cm时，无论怎么移动光屏，屏上都得不到蜡烛的像.【答案】(1)、会聚(2)、照相机（有照相功能的设备都给分）(3)、10【解析】分析:（1）在实验中，为使像能成在光屏的中心，应调整烛焰、凸透镜和光屏的高度，使它们的中心大致在同一高度；凸透镜对光有会聚作用.（2）物体位于凸透镜2倍焦距以外时，成倒立、缩小的实像；（3）物距小于焦距时，不成实像；解答:（1）实验前，调整蜡烛，凸透镜，光屏的中心在同一高度上，目的是成像在光屏的中心；凸透镜对光有会聚作用.（2）由图可见，蜡烛到凸透镜的距离大于2倍焦距，根据凸透镜成像规律，移动光屏所以会在光屏上得到倒立、缩小的实像，生活中的照相机就是利用这一原理制成的.（3）当蜡烛与凸透镜距离小于10cm时，无论怎么移动光屏，屏上都得不到蜡烛的像.因为物距小于焦距时，不成实像；故答案为:(1)、会聚(2)、照相机（有照相功能的设备都给分）(3)、108、（2018娄底）将图中的光路图补充完整.【答案】【解析】延长过焦点的入射光线经凹透镜折射后折射光线平行于主光轴．如下图所示:9、（2018连云港）（1）按照题目要求作图或作答:如图所示，请画出这束光线经过凹透镜后的折射光线.解:入射光线平行于主光轴，所以该光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点.连接入射光线一侧的焦点和折射点，并延长两点的连线，标出光线的方向.如图所示:10、（2018连云港）在“探究平面镜成像特点”的实验中，我们一般选用玻璃板代替平面镜，这样既能看见物体的像，也能透过玻璃板看见另一侧的物体，便于确定物体像的位置但在实验中，由于玻璃板前后两个面都能成像，并且玻璃板的厚度对研究成像规律也有影响.聪明的小明利用生活中梳洗用的两块小镜子（该平面镜的前表面为反射面）也完成了实验，小明的实验步骤如下:（1）如图甲所示，将两块平面镜分开一定距离固定于不锈钢框架上，将铅笔A放在平面镜前，可以看见铅笔通过平面镜成上下两段不完整的像（选填“虚”或“实”），此像虽然不完整，但比玻璃板成像要.（2）小明用与铅笔A完全一样的铅笔B找到了铅笔A像的位置，他具体的操作是:.（3）为了消除平面镜厚度对物距和像距测量的影响，小明用图乙的方法测出了物距和像距，图丙为图乙的简化图，图丙中表示像距（选填“BD”或“BC“）.解:（1）铅笔射线平面镜的光经平面镜反射后不能会聚成像，而反射光线的反向延长线会聚在一起形成虚像；玻璃板既能透光又能反射光，平面镜只能反射光，故用平面镜反射的光多，成像清晰；（2）为了确定像的位置，小明将铅笔B放在平面镜后，使B与A的像看起来是一个完整的铅笔；（3）AD是物体到平面镜的距离即物距，根据物体到平面镜的距离等于像到平面镜的距离知，BD是像到平面镜的距离即像距.故答案为:（1）虚；清晰；（2）将铅笔B放在平面镜后，使B与A的像看起来是一个完整的铅笔；（3）BD.专题分类:滑轮与滑轮组专题1、（2018临沂）小明用如图所示的动滑轮提起140N的水桶，动滑轮重20N（不计绳重和摩擦），小明拉绳子的动力为80N；如果向水桶内再加入40N的水，提起时动滑轮的机械效率变大（选填“变大”、“变小”或“不变”）.解:由图可知，该滑轮为动滑轮，有两段绳子拉着动滑轮，不计绳重和摩擦，则拉绳子的动力:F=（G+G动）=（140N+20N）=80N；使用同一滑轮组，在提升高度相同时，所做的额外功不变，增加水的重力，增大了有用功，所以有用功在总功中所占的比例变大，机械效率会变大.故答案为:80；变大.2、（2018邵阳）如图题图所示，重10N的物体A在水平拉力F的作用下，沿水平方向以0、4m/s的速度匀速运动了2s，弹簧测力计的示数为4N，物体A所受重力做的功为_____J.【答案】0【解析】分析:由图知，与动滑轮相连的有两段绳子，则n=2，依据做功的两个条件，首先判断重力是否做功，然后利用功的计算公式进行计算.解答:由图知，与动滑轮相连的有两段绳子，则n=2，重力为10N的物体，在水平面上做匀速直线运动，虽然有力，也有距离，但在重力的方向上没有移动的距离，所以重力没做功.故答案为:03、（2018衡阳）如图所示，用滑轮组提起一个重为7N的物体，在拉力F＝4N的作用下，10s内物体滑竖直方向匀速升高了2m不计绳重和摩擦，可知拉力F的功率为___W，此滑轮组的机械效率为_______.【答案】(1)、1、6(2)、87、5%【解析】解V物＝＝0、2m/s，因为n＝2所以V绳＝2V物＝0、4m/s，拉力的功率P＝FV＝4N，滑轮组的机械效率为＝87、5%、4、（2018日照）如图所示，工人用150N的拉力通过滑轮组吊起质量为20kg的箱子.若箱子被匀速竖直提升了2m，不计绳重和摩擦，g取10N/kg，则（）A．箱子的重力势能增大B．动滑轮的重力为100NC．工人施加的拉力做的功为300JD．滑轮组的机械效率为66、7%解:A、箱子被匀速提升，高度增加，质量不变，重力势能增加，故A正确；B、箱子受到的重力:G=mg=20kg×10N/kg=200N；由图可知，n=2，则由F=（G+G动）可得动滑轮的重力:G动=nF﹣G=2×150N﹣200N=100N；故B正确；C、由图可知，n=2，绳端移动的距离s=nh=2×2m=4m，工人做的总功:W总=Fs=150N×4m=600J；故C错误；D、有用功:W有=Gh=200N×2m=400J滑轮组的机械效率:η==≈66、7%．故D正确.故选:ABD.5、（2018威海）如图为吊装工具示意图，物体M为重5000N的配重，杠杆AB的支点为O，OA:OB=1:2，每个滑轮重100N．当重为700N的工人用300N的力竖直向下匀速拉动绳子时，工人对地面的压力为400N，物体M对地面的压力为4500N．（杠杆与绳的自重、滑轮组摩擦均不计）解:（1）人受竖直向下的重力G、竖直向上的拉力F、竖直向上的支持力F支，由力的平衡条件可得:F+F支=G，则F支=G﹣F=700N﹣300N=400N，因为地面对人的支持力和人对地面的压力是一对相互作用力，大小相等，所以工人对地面的压力:F压=F支=400N；（2）定滑轮受向下的重力、3段绳子向下的拉力、杠杆对定滑轮向上的拉力，由力的平衡条件可得:FA′=3F+G定=3×300N+100N=1000N；杠杆对定滑轮的拉力和定滑轮对杠杆的拉力是一对相互作用力，大小相等，即FA=F′A=1000N；根据杠杆的平衡条件:FA×OA=FB×OB，且OA:OB=1:2，所以:FB===500N；因为物体间力的作用是相互的，所以杠杆对物体M的拉力等于物体M对杠杆的拉力，即FB′=FB=500N；物体M受竖直向下的重力、竖直向上的支持力、竖直向上的拉力，则物体M受到的支持力为:FM支持=GM﹣FB′=5000N﹣500N=4500N，因为物体间力的作用是相互的，所以物体M对地面的压力:FM压=FM支持=4500N.故答案为:400；4500.6、（2018•泰安）图甲是某学习小组“测量滑轮组的机械效率”的示意图.用弹簧测力计竖直向上拉动绳子自由端，将重为4、5N的物体从A位置提升到A′位置，同时弹簧测力计从图中的B位置上升到B′位置，在这个过程中，弹簧测力计的示数如图乙所示.请你根据他们做的实验完成下列问题:（1）物体提升的高度是5、0cm，拉力是2N，该滑轮组的机械效率η=75%；（2）若在图甲装置的基础上，增加一个动滑轮，改为图丙所示的装置，提升同一物体，则滑轮组的机械效率变小（选填“变大”、“变小”或“不变”）.解:（1）测力计B位置匀速提升到B'位置，测力计上升的高度为:s=15、0cm；由图可知，有3段绳子拉着动滑轮，则物体上的高度为:h=s=×15、0cm=5、0cm；由图可知，测力计的示数为2N；该动滑轮的机械效率:η====75%；（3）若在图甲装置的基础上，增加一个动滑轮，此时有用功不变，克服动滑轮重力所做的额外功变大，故机械效率变小.故答案为:（1）5、0；2；75%；（2）变小.7、（2018•聊城）考古工作者在河底发现了古代的石像，经潜水者测量它的体积约为2m3．如图所示，在打捞石像的过程中，考古工作者用动滑轮将石像匀速提升，需要竖直向上的拉力F=1、6×104N．在没有将石像提出水面前，若不计摩擦和滑轮重力，（ρ水=1、0×10（1）石像受到的浮力.（2）石像的重力.（3）石像的密度.（4）若将石像提升了3m，石像受到水的压强减少了多少？解:（1）石像受到的浮力:F浮=G排=ρ液gV排=1×103kg/m3×10N/kg×2m3=2×（2）不计摩擦和滑轮重力，根据F=（G﹣F浮）可得石像的重力:G=2F+F浮=2×1、6×104N+2×104N=5、2×104N；（3）石像的质量:m===5、2×103石像的密度:ρ===2、6×103kg/m（4）石像减少的水的压强△P=ρg△h=1×103kg/m3×10N/kg×3m=3×10答:（1）石像受到的浮力是2×104N；（2）石像的重力5、2×104N；（3）石像的密度是2、6×103kg/m（4）若将石像提升了3m，石像受到水的压强减少了3×104Pa.8、（2018滨州）如图所示，重400N的物体在30N的水平拉力F的作用下，以0、1m/s的速度沿水平地面向左匀速直线运动了10s，滑轮组的机械效率为80%，则在此过程中，下列说法正确的是（）A．绳子自由端移动的距离为3mB．有用功为400JC．拉力F的功率为9WD．物体与地面间的滑动摩擦力为72N解析:A、由图知，n=3，则绳子自由端移动的距离:s绳=3s物=3v物t=3×0、1m/s×10s=3m，故A正确；B、拉力做功为:W总=Fs绳=30N×3m=90J，有用功:W有=ηW总=80%×90J=72J，故B错误；C、拉力做功的功率:P===9W，故C正确；D、有用功W有=fs物，拉力做的总功W总=Fs绳，由η====得，物体与地面间的滑动摩擦力:f=η×3F=80%×3×30N=72N，故D正确.故选ACD.9、（2018潍坊）如图所示，用一滑轮组在5s内将一重为200N的物体向上匀速提起2m，不计动滑轮及绳自重，忽略摩擦.下列说法正确的是A、物体上升的速度是2、5m/sB、拉力F大小为100NC、拉力F的功率为80WD、拉力F的功率为40W【答案】BC【解析】在5s内将一重为200N的物体向上匀速提起2m，则物体上升速度v=s/t=2m/5s=0、4m/s，故A错误；承担动滑轮及物重的绳子的股数n=2，所以F=12G=12×200N专题分类:电磁学1、、（2018日照）关于家庭电路用电的说法正确的是（）A．我国家庭电路的电压是380VB．给手机边充电边打电话是完全符合用电安全的原则C．更换灯泡，搬动用电器前不用断开电源开关D．用电器的总功率过大是电路中电流过大的原因之一解析:A、我国家庭电路的电压值为220V，动力用电的电压为380V．故A错误；B、手机充电时接听电话，若充电器或电池不合格，有发生爆炸的可能，所以充电时不要接打电话，故B错误；C、在未断开电源开关的情况下更换灯泡或搬动用电器，用电器处仍带电，容易发生触电事故.故C错误；D、电流过大的原因:短路、总功率过大，故用电器的总功率过大是电路中电流过大的原因之一，故D正确.2、（2018•青岛）如图所示电路，电源电压保持不变.下列说法正确的是（）A．同时闭合开关S1和S3，则电路会出现短路B．同时闭合开关S1和S2，则R2被短接，只有R1接入电路C．只闭合开关S1，则R1与R2串联；再将滑片P向左移，电路的总功率变大D．同时闭合开关S2和S3，则R1与R2并联；再将滑片P向左移，电路的总电阻变小解析:A、由图知，同时闭合开关S1和S3，导线将电源两极连接起来，则电路会出现短路，故A正确；B、同时闭合开关S1和S2，则R1被短接（被短路），只有R2接入电路，故B错误；C、只闭合开关S1，则R1与R2串联；再将滑片P向左移，变阻器连入电路中的电阻变小，根据电阻的串联规律，总电阻变小，根据P=可知，电路的总功率变大，故C正确；D、同时闭合开关S2和S3，则R1与R2并联；再将滑片P向左移，变阻器连入电路中的电阻变小，根据电阻的并联规律，电路的总电阻变小，故D正确.故选:ACD.故选:D.3、（2018潍坊）“珍爱生命，注意安全”是中学生应具备的基本安全意识.下列关于安全用电的说法正确的是（）A．只要不接触高压设备就不会触电B．使用测电笔时，手指不能接触笔尾金属体C．电灯的开关可以接在零线和灯泡之间D．一旦发生触电事故，应先切断电源再进行抢救解析:A、安全用电的原则是:不接触低压带电体，不靠近高压带电体，故A错误；B、使用测电笔辨别火线时，一定要用手触及笔尾的金属部分，否则容易造成误判，认为带电体不带电是十分危险的，故B错误；C、控制电路的开关应该接着用电器和火线之间，故C错误；D、发生触电事故时，千万不能用手去拉触电者，首先要立即切断电源再采取措施抢救触电者，故D正确.故选D.4、（2018日照）下图依次为电流表、电压表、天平、量筒所显示的刻度.读数全部正确的一组是（）A．0、22A9、5V38、2g60mLB．1、1A9、5V38、1g60mLC．0、22A1、9V38、2g60mLD．1、1A1、9V38、1g60mL解析:电流表使用的是“﹣”和“0、6”两接线柱时，电流表所选量程为0～0、6A，对应的分度值为0、02A；根据指针所指位置可读出电流值为0、22A；电压表使用的是“﹣”和“15”两接线柱时，电压表所选量程为0～15V，对应的分度值为0、5V；根据指针所指位置可读出电压值为9、5V；天平读数是20g+10g+5g+3、2g=38、2g；量筒的读数是60ml；故正确的读数是A.故选:A.5、（2018潍坊）某同学设计的煤气检测电路如图所示，电源电压不变，R为定值电阻，Q为气敏元件，其阻值随煤气浓度的升高而增大，闭合开关S，当煤气浓度升高时，下列判断正确的是（）A．电流表示数变小，输出信号电压Uab变大B．电流表示数变大，输出信号电压Uab变大C．电流表示数变小，输出信号电压Uab不变D．电流表示数变大，输出信号电压Uab减小解析:（1）定值电阻与气敏元件串联，电流表测电路中的电流，输出信号电压Uab即气敏元件的电压:当煤气浓度升高时，气敏元件电阻增大，根据电阻的串联，总电阻变大，由欧姆定律，电路中的电流变小，电流表示数变小，BD错误；（2）因电流表示数变小，根据欧姆定律的变形公式:U=IR，R的电压变小，根据串联电路电压的规律，输出信号电压Uab变大，故A正确，C错误.故选A.6、（2018临沂）如图所示中是探究发电机原理的是（）A． B． C． D．解析:A、图中没有电源，是电磁感应现象，电磁感应现象是发电机的工作原理，故A正确；B、图示是奥斯特实验，是电流的磁效应实验，不是发电机的工作原理，故B错误；C、图中有电源，是通电导线在磁场中受到力而运动的实验，是电动机的工作原理，不是发电机的工作原理，故C错误；D、图示是探究电磁铁磁性强弱的实验，它的原理是电流的磁效应，故D错误.故选:A.7、（2018日照）巨磁电阻（GMR）效应是指某些材料的电阻在磁场中随磁场的增强而急剧减小的现象.如图是说明巨磁电阻特性原理的示意图，图中的GMR是巨磁电阻.在电源电压U不超过指示灯额定电压的条件下，闭合开关S1、S2，则（）A．电磁铁A端是N极B．电磁铁产生的磁感线不管外部还是内部都是从N极出发回到S极C．向右滑动滑片P，GMR两端的电压增大D．向左滑动滑片P，指示灯会变亮解析:A、利用安培定则可知，右手握住螺线管，四指指向电流的方向，大拇指指向电磁铁的左端A为N极、右端B为S极.故A正确.B、在磁体外部，磁感线是从N极出发回到S极；故B错误.C、向右滑动滑片P，滑动变阻器接入电路的阻值变大，则电路的总电阻变大，由欧姆定律可知，电路电流减小，因此电磁铁磁性减弱，周围磁场减弱，GMB的阻值变大.则GMR两端的电压增大，故C正确；D、由图可知，滑动变阻器的滑片P向左滑动过程中接入电路中电阻变小，由I=可知，电路中的电流变大，此时电磁铁的磁性变强；由右图可知，巨磁电阻和灯泡串联，因电阻在磁场中随磁场的增强而急剧减小，所以，此时巨磁电阻的阻值会变小，电路中的总电阻变小，由I=可知，电路中的电流变大，通过灯泡的电流变大，因P=I2R，且灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，所以，灯泡的实际功率变大，灯泡变亮；故D正确.故选:ACD.8、（2018菏泽）小明对十字路口的交通信号灯进行观察，画出下列四种电路图，你认为可行的是A、B、C、D、【答案】B【解析】十字路口的交通信号灯，有红、绿、黄三种颜色，且三种灯依次点亮，说明灯是并联的，分别由开关控制灯的通断.A图，三灯串联，两个开关都闭合时，一起亮，故A不符合实际；B图，三灯并联，且干路和支路分别由开关控制，可以单独点亮，故B符合题意；C图，三灯串联，且三个开关闭合时，电源会被短路，故C不符合实际；D图，红、黄并联，再与绿灯串联，则绿灯必须点亮，另外两灯才会亮，故D不符合实际；故选B.9、（2018衡阳）下列的四幅图，对应的说法正确的是A、如图甲，通电导线周围存在着磁场，将小磁针移走，该磁场消失B、如图乙，闭合开关，通电螺线管右端端为N极C、如图丙，此实验装置原理与发电机原理相同D、如图丁，实验研究的是通电导体在磁场中受到力的作用【答案】B【解析】A、将小磁针移走，磁场也不会消失，故A错误；B、如图乙，闭合开关，根据安培定则判断通电螺线管右端端为N极，故B正确；C、图丙中实验装置原理与电动机原理相同，故C错误.D如图丁，实验研究的电磁感应现象.故答案是B、10、（2018连云港）如图所示的四个装置，关于它们的说法正确的是（）A．图a可用来演示电流的磁效应B．图b可用来演示电磁感应现象C．图c可用来演示磁场对电流的作用D．图d可用来演示电磁铁的磁性强弱与电流大小的关系解析:A、该图中没有电源，即电磁感应现象，此实验说明闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就产生电流，是发电机的工作原理，故A错误；B、该图为奥斯特实验，说明通电导线周围存在着磁场，可用来演示电流的磁效应，故B错误；C、该图中有电源，即闭合开关后，磁场中的金属棒就会在磁场中运动，即说明通电直导线在磁场中受到力，故C正确；D、该图说明电磁铁的磁性强弱与线圈的匝数的多少有关，故D错误；故选:C.11、（2018衡阳）巨磁电阻效应是指某些材料的电阻在磁场中急剧减小的现象，且磁场越强电阻越小，图中是说明巨磁电阻特性原理的示意图，图中GMR是巨磁电阻，如果闭合S1、S2，滑片P向左移动时，电表的变化情况是A、表和表示数均变小B、表和表示数均变大C、表示数变小，表示数变大D、表示数变大，表示数变小【答案】D【解析】闭合S1、S2，滑片P向左移动时，电路中的电阻变小，电流变大，通电螺线管的磁性变强，所以巨磁电阻的阻值变小，根据串联电路的电压规律可知，其两端的电压变小即电压表的示数变小，根据欧姆定律可知电路中电流变大，即电流表的示数变大，故D正确，所以答案为D、12、（2018重庆）如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关S，灯泡L发光，移动滑动变阻器的滑片P，下列说法正确的是（）A．向右移动滑片P，电流表示数减小，电压表示数增大B．向右移动滑片P，电流表示数增大，电压表示数减小C．向左移动滑片P，电流表示数减小，电压表示数减小D．向左移动滑片P，电流表示数增大，电压表示数增大解析:由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电流表串联在电路中，电压表测滑动变阻器两端的电压；（1）将滑动变阻器的滑片P从左向右滑动的过程中，接入电路的电阻变大，电路的总电阻变大；根据I=可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小；根据U=IR可知，灯泡两端的电压变小，根据串联电路总电压等于各分电压之和可知，滑动变阻器两端的电压变大，即电压表的示数变大.故A正确，B错误；（2）将滑动变阻器的滑片P从右向左滑动的过程中，接入电路的电阻变小，电路的总电阻变小；根据I=可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大；根据U=IR可知，灯泡两端的电压变大，根据串联电路总电压等于各分电压之和可知，滑动变阻器两端的电压变小，即电压表的示数变小.故CD错误故选:A.分类汇编:综合计算题1、（201潍坊）8如图所示是一种常见的封闭电热水袋，其性能参数如表中所示.已知电热水袋加热效率为80%，水的比热容c=4、2×103J/（kg•℃），水的密度ρ=1、0×103kg/m3．将袋内（1）袋内水吸收的热量（2）需要的加热时间额定电压额定加热功率220V400W袋内充水自动断电温度1、0L60解:（1）由ρ=可得袋内水的质量:m=ρ水V=1、0×103kg/m3×1、0×103=袋内水吸收的热量:Q=cm（t﹣t0）=4、2×103J/（kg•℃）×1kg×（60℃﹣20℃）=1、68×10（2）由η=可得消耗电能:W===2、1×105J，由P=可得，需要的加热时间:t===525s.答:（1）袋内水吸收的热量为1、68×105J；（2）需要的加热时间为525s.2、（2018•青岛）探究小球在斜面上的运动规律如图甲所示，小球以初速度20m/s从A点沿着足够长的光滑斜面滑下，它在斜面上的速度ν随时间t均匀变化.实验数据如下表t/s00、10、20、30、40、50、6v/（m．s﹣1）2、02、53、03、54、04、55、0（1）根据表中数据，在图乙中描点并画出小球的v﹣t图象.（2）小球的运动速度v与时间t的关系式为v=5m/s2t+2、0m/s；（3）如图丙所示，以速度v1做匀速直线运动的物体在时间t内通过的路程是s1=v1t1，它可以用图线与时间轴所围矩形（阴影部分）的面积表示.同样，图乙中图线与时间轴所围图形的面积，也能表示这个小球在相应时间t內通过的路程s.上述小球从A点沿光滑斜面滑下，在时间t内通过的路程的表达式为s=2、0m/s×t+5m/s2t2.【分析】（1）根据表中数据，由描点法作图；（2）由上图知，小球的运动速度v与时间t的关系式为一次函数关系，设为v=kt+b，将表中前2组数据，代入①得出k和b，得出小球的运动速度v与时间t的关系式；（3）图乙中图线与时间轴所围图形的面积表示这个小球在相应时间t內通过的路程s.根据梯形面积公式写出在时间t内通过的路程的表达式为s.【解答】解:（1）根据表中数据，在坐标系中找出对应的点，然后连接起来，如下图1所示:（2）由上图知，小球的运动速度v与时间t的关系式为一次函数关系，设为v=kt+b﹣﹣﹣﹣①，将表中前2组数据，代入①式有:2、0m/s=b﹣﹣﹣﹣﹣③2、5m/s=k×0、1s+b﹣﹣﹣﹣﹣④由③④得:k=5m/s2，小球的运动速度v与时间t的关系式为:v=5m/s2t+2、0m/s；（3）图乙中图线与时间轴所围图形的面积，也能表示这个小球在相应时间t內通过的路程s，即如上图2梯形ABCD的面积:S梯形ABCD=（BC+AD）×CD×=（2、0m/s+5m/s2t+2、0m/s）×t×=2、0m/s×t+5m/s2t2，s=2、0m/s×t+5m/s2t2.故答案为:（1）如图1所示；（2）5m/s2t+2、0m/s；（3）2、0m/s×t+5m/s2t2.3、（临沂）2017年12月24日，我国自主研发的全球最大水陆两栖飞机AG600首飞成功，可为“海上丝绸之路”航行安全提供最快速有效的支援与安全保障.它的最大飞行速度为560km/h，最大航程为4500km，巡航速度（经济、节油的飞行速度）为500km/h.某次起飞前，飞机静止在水平跑道上，总质量为51t，轮胎与跑道的总接触面积为0、6m2（ρ水=1、0×103kg/m3，g=10N/kg）（1）飞机静止在跑道上时对跑道的压强是多少？（2）起飞后，飞机在空中直线飞行1400km，所需要的最短时间是多少？（3）飞机到达目的地降落后，漂浮在水面上，排开水的质量为46t，此时飞机受到的重力是多少？舱底某处距水面1、5m，水对该处产生的压强是多少？解:（1）飞机静止在跑道上，对跑道的压力为:F=G=mg=51×103kg×10N/kg=5、1×10则飞机对跑道的压强为:p===8、5×105Pa；（2）飞机的最大飞行速度为560km/h，由v=得，飞机所需的最短时间为:t===2、5h；（3）飞机到达目的地降落后，漂浮在水面上，由漂浮条件可得F浮=G飞机，由阿基米德原理可得，飞机受到的浮力为:F浮=G排，所以，可得此时飞机的重力为:G飞机=G排=m排g=46×103kg×10N/kg=4、6×10水对舱底的压强为:p=ρ水gh=1、0×103kg/m3×10N/kg×1、5m=1、5×10答:（1）飞机静止在跑道上时对跑道的压强是8、5×105Pa；（2）起飞后，飞机在空中直线飞行1400km，所需要的最短时间是2、5h；（3）飞机受到的重力是4、6×105N；水对舱底产生的压强是1、5×104Pa.4、（2018潍坊）如图所示，用细线将正方体A和物体B相连放入水中，两物体静止后恰好悬浮，此时A上表面到水面的高度差为0、12m.已知A的体积为1、0×10﹣3m3，所受重力为8N；B的体积为0、5×10﹣3m3，水的密度ρ=1、0×（1）A上表面所受水的压强；（2）B所受重力大小；（3）细线对B的拉力大小.解:（1）A上表面所受水的压强:p=ρ水gh=1×103kg/m3×10N/kg（2）A、B受到的总浮力:F浮=ρ水gV排=ρ水g（VA+VB）=1×103kg/m3×10N/kg×（1、0×10﹣3m3+0、5×因为A、B恰好悬浮，所以F浮=GA+GB，则B的重力:GB=F浮﹣GA=15N﹣8N=7N；（3）B受到的浮力:F浮B=ρ水gV排B=ρ水gVB=1×103kg/m3×10N/kg×0、5×10﹣细线对B的拉力:F拉=GB﹣F浮B=7N﹣5N=2N.答:（1）A上表面所受水的压强为1200Pa；（2）B所受重力大小为7N；（3）细线对B的拉力大小为2N.5、（2018长沙）某校科技小组参观完湘江航电枢纽后，了解到船只过船闸的时间很长，为此他们在网查阅资料，设计了一个船只升降实验模型.模型中的左右两个船厢A、B的容积均为2000cm3，质量均为400g(含配件).现关闭进水阀和排水阀，使柱形容器E(质量不计)中有足够多的水，在船厢A、B中各装800g的水，整个装置静止后，圆柱体浮筒D浸在水中的深度为8cm，他们依次进行了如下(2)~(3)的操作.假设绳子足够长，不计绳重和伸长，浮筒D与容器E始终无接触，且容器E的水无溢出，实验过程中设法确保装置平稳，忽略摩擦，木头不吸水，ρ木＜ρ水.(ρ水=1、0×103kg/m3，g取10N(1)船厢中各装800g的水后，求每只船厢所受的总重力；(2)打开进水阀，在柱形容器E中注入一定质量的水，浮筒D上升，使船厢下降10cm，再关闭进水阀，求:①船厢A的总重力对A所做的功；②此时浮筒D浸入水中的深度；(3)当操作(2)使船厢下降10cm后静止时，压强传感器柱形容器显示4400Pa；接下来，用手使浮筒D保持此刻位置不变，再在两边船厢中同时放入代表船只的800g木块后，打开排水阀，放出200cm3的水后关闭排水阀，然后松手，浮筒D仍然在原位置保持静止，绳C的拉力为18N，压强传感器显4000Pa；然后，把800g木块同时从船厢中取出，并在船厢中同时注满水，再把900g和1000g的木块分别放入A、B船厢后，当整个装置静止时，压强传感器的示数为p1；最后，打开进水阀向容器中缓慢注入m千克水，使压强传感器的示数为3p1，再关闭进水阀.求浮筒D的质量和注入圆柱形容器E中的水的质量m.考点:滑轮、重力、浮力专题:机械运动和力、机械能解析:（1）重力G=mg=(0、4kg+0、8kg)×10N/kg=12N；（2）①W=Fs=Gh=12N×0、1m=1、2J；②h浸=8cm由FC+G动=G厢，可得G动=G厢—FC=20N-18N=2N，由Δp=ρ液gΔh=400Pa，由12N—G动=GD—F浮20N—G动=GD—F浮ˊ解得ΔF浮=8N，；F浮=ρ水gh浸Δh=1、0×103kg/m3×10N/kg×0、08m×0、02m2F浮ˊ=16N—8N=8N，GD=10N+16N=26N，mD=2、6kg；由ΔV=（SE—SD）Δh，；由4000Pa×SE=G水+F浮ˊ，G水=4000Pa×250×10-4cm2—8N=注满水，20N+4N—2N=GD—F浮ˊ，F浮ˊ=4N，由于P1SE=G水+F浮ˊ=92N+4N=96N，3P1SE=G水+ΔG注+F浮ˊ.故答案为:（1）12N；（2）①1、2J；②8cm.(3)19、2kg.6、（2018河北）实心圆柱体甲和长方体乙分别放置在水平地面上，甲的密度为0、6×104kg/m3，质量为12kg，底面积为4×10−2m2；乙的质量为5、4kg，边长分别为0、1m（1）求乙的密度_____.（2）求甲直立时对水平地面的压强_____.（3）若在甲的上方水平截去一段并叠放在乙的正上方后，甲剩余圆柱体对水平面的压强恰好等于此时乙对水平地面压强的最小值，求甲截去的高度_____.【答案】(1)、(2)、3000pa(3)、0、21m【解析】分析:（1）知道长方体乙的边长可求其体积，又知道其质量，根据求出乙的密度；（2）甲直立时对水平地面的压力和自身的重力相等，根据求出对水平地面的压强；（3）设出甲截取的高度，根据表示出截取部分的质量，甲剩余部分对水平面的压力等于剩余部分的重力，根据表示出其大小；甲截取部分叠放在乙的正上方后，对水面的压力等于两者重力之和，乙与水面地面的接触面积即受力面积最大时对水平地面的压强最小，根据表示出其大小，利用两者压强相等得出截取部分的质量，进一步求出截取部分的高度.解答:（1）长方体乙的体积:，乙的密度:；（2）甲直立时对水平地面的压力:，对水平地面的压强:；（3）设甲在上方水平截取的高度为h，则截取部分的质量:，甲剩余部分对水平地面的压强:，甲截取部分叠放在乙的正上方后，要使乙对水平面的压强最小，则乙的受力面积（乙的底面积）应最大，此时乙的受力面积:，此时乙对水平地面的最小压强:，由题意可知，，则有:，即，解得:m=5、04kg，由可得甲截去的高度为:.答:（1）乙的密度为0、9×103kg/m（2）甲直立时对水平地面的压强为3×103Pa；（3）甲截去的高度为0、21m.7、（2018重庆）为探究平衡木受力特点，喜爱体操的小微设计了一个平衡木模型.整个装置如图甲所示AB可绕支点O无摩擦转动，C处固定一竖直硬杆，硬杆的底部安装了压敏电阻片R，R所在的电路放在了硬杆内(整个装置除硬杆以外，其它部分的重力均不计)，且AB=5m，OA=BC=1m，电源电压恒为3V，硬杆底部R阻值随地面对它的支持力F受化的关系如图乙所示，整个装置放在水平地面上，AB始终处于水平平衡状态，当重360N的小薇站在A点时，电流表的示数为0、1A，求:(1)小薇在A点时，C处受到硬杆的拉力；(2)小薇在A点时，地面对硬杆底部R的支持力；(3)当电流表的示数为0、3A时，小薇距A点多少米?【答案】见解析所示【解析】解根据杠杆的平衡条件可得GA所以F＝＝120N，(2)小薇站在A点时，电流表的示数为0、1A，此时电路中的电阻R＝＝30，由乙图可知F支＝60N;(3)G杆＝F支+F＝120N+60N＝180N，当＝0、3A时，＝10，由乙图知＝300N，则杆受到C端的压力F压＝-G杆＝300N-180N＝120N，杆对C端的支持力FC＝F压＝120N(人在O点的左边)根据杠杆的平衡条件得GAl＝FC所以l＝＝1m，小薇距A点l+OA＝1m+0、5m＝1、5m（9分）如图所示，水平地面上有一个扫地机器人，它通过安装在身体底部的三个轮子与地面接触，清扫中利用软毛刷和吸气孔收集灰尘，遇到障碍物能够自动改变方向继续行进，某次机器人开始扫地1min后遇到障碍原地旋转20s，然后继续扫地2min，总行驶路程为36m.已知机器人质量为3、8kg，圆形身体半径为0、2m，三个轮子与地面接触的总有效面积为2×10﹣4m2，行进中受地面的摩擦阻力大小恒为10N，忽略灰尘质量、毛刷支撑以及气流的影响，取g=10N/kg（1）机器人清扫工作中对地面的压强；（2）机器人在本次清扫工作中的平均速度（3）若机器人某段时间以0、5m/s的速度做匀速直线运动，计算机器人该段时间内牵引力的功率解:（1）机器人对水平地面的压力为:F=G=mg=3、8kg×10N/kg=38N；机器人对地面的压强为:；（2）机器人总行驶路程S=36m，所用总时间为:t=1×60s+20s+2×60s=200s，则机器人在本次清扫工作中的平均速度:；（3）因为机器人做匀速直线运动，所以牵引力与阻力平衡，则F牵=f=10N；由P===Fv可得，机器人牵引力的功率为:P=F牵v=10N×0、5m/s=5W.答:（1）机器人清扫工作中对地面的压强为1、9×105Pa；（2）机器人在本次清扫工作中的平均速度为0、18m/s；（3）机器人牵引力的功率为5W.专题1走进物理世界一．选择题（共11小题）1．（2018•钦州）下列数据中最接近初中物理课本宽度的是（）A．1、6m B．7、5dm C．18cm D．70um【分析】此题考查对生活中常见物体长度的估测，结合对生活的了解和对长度单位及其进率的认识，找出符合生活实际的答案.【解答】解:中学生伸开手掌，大拇指指尖到中指指尖的距离大约18cm，初中物理课本的宽度与此差不多，为18cm.故选:C.2．（2018•黄石）下列物理学家中，早在19世纪20年代，对电流跟电阻、电压之间的关系进行大量研究的科学家是（）A．欧姆 B．法拉第 C．伽利略 D．焦尔【分析】德国物理学家欧姆最先通过实验归纳出一段导体中电流跟电压和电阻之间的定量关系，即欧姆定律，并以他的名字命名电阻的单位.【解答】解:德国物理学家欧姆最先通过实验归纳出一段导体中电流跟电压和电阻之间的定量关系，即欧姆定律；故选:A.3．（2018•杭州）测量是一个把待测的量与公认的标准进行比较的过程.下列实验过程中没有用到这一科学原理的是（）A．用天平测出某物体的质量B．用弹簧秤测出测出某物体的重力C．用光学显微镜观察小鱼尾鳍内的血液流动D．用PH试纸测出某溶液的PH【分析】在物理学中，要想进行比较就必须有一个共同的比较标准，故每个物理量都有各自的单位.【解答】解:A、用天平可以测出某物体的质量，通过物体质量与砝码的比较得出测量值，故A正确；B、用弹簧秤测出测出某物体的重力，通过物体的重力与弹簧的伸长的比较得出测量值，故B正确；C、用光学显微镜观察小鱼尾鳍内的血液时，通过血液的位置变化得出结论，是观察法，故C错误；D、用PH试纸测出某溶液的PH值，通过对比得出测量值，故D正确.故选:C.4．（2018•攀枝花）下列估测中，最接近生活实际的是（）A．一支新铅笔的长约为17cmB．攀枝花市夏季平均气温约为50℃C．一瓶500mL的矿泉水质量为5kgD．复兴号高铁列车运行速度可达350m/s【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个.【解答】解:A、中学生伸开手掌，大拇指指尖到中指指尖的距离大约18cm，新铅笔的长度略小于此数值，在17cm左右.故A符合实际；B、攀枝花市夏季高温炎热，最高气温可能超过35℃，但平均气温要低于35℃．故B不符合实际；C、一瓶500mL=500cm3的矿泉水的质量在m=ρV=1、0g/cm3×500cm3=500g=0、5kg左右.故C不符合实际；D、复兴号高铁运行速度可以达到350km/h.故D不符合实际.故选:A.5．（2018•济宁）PM2、5是指空气中直径很小的颗粒，“2、5”是表示颗粒直径的数值，其直径还不到人的头发丝粗细的二十分之一，下列选项中与PM2、5颗粒物大小相当正确的是（）A．米粒 B．柳絮 C．细菌 D．原子【分析】首先对PM2、5的直径作出估测，然后根据对常见物体尺度的了解作出选择.【解答】解:头发丝的直径大约是50μm，PM2、5的直径大约是头发丝直径的，所以PM2、5的直径为=2、5μm=2、5×10﹣6m=2、5×10﹣3mm=2、5×103nmA、一粒米的长度在2mm左右.故A不符合题意；B、柳絮的直径在250μm左右.故B不符合题意；C、细菌的直径在2、5μm左右.故C符合题意；D、原子的直径小于1nm.故D不符合题意.故选:C.6．（2018•广州）如图是常用的5号电池的示意图，其型号的另一种表示方法为“14500”，前两位数是直径，后三位数是高度这型号电池高度为（）A．14mm B．145mm C．500mm D．50、0mm【分析】此题考查对生活中常见物体长度的估测，结合对生活的了解和对长度单位及其进率的认识，找出符合生活实际的答案.【解答】解:中学生拳头的宽度在8cm左右，由平时的观察知道，一般5号电池的高度比中学生拳头宽度小一些，所以是5cm=50、0mm.故选:D.7．（2018•滨州）科学家经常用估算的方法来获得事物的有关信息.估算不是胡乱猜测，它的结果是根据已知的信息进行合理推测得到的，例如经过测量一个成年人“一拃（zha）”（伸开五指，拇指与中指间最长的距离）长度约为20cm，一张课桌的高约为4拃，估算高度约为80cm.下面是小明的一些估算值，你认为符合实际的是（）A．一张纸的厚度约为1mmB．一个成年人正常步行时的速度约为5m/sC．一个初中学生所受重力约为500ND．一个鸡蛋的质量约为0、5kg【分析】首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案.【解答】解:A、一张纸的厚度约为70μm，即0、07mm；故A错误；B、成年人正常步行时的速度约1m/s；故B错误；C、中学生的质量一般在100斤即50kg左右，根据重力与质量的关系可得重力G=mg=50kg×10N/kg=500N；故C正确；D、一斤（500g）鸡蛋可称8﹣﹣10个，那么一个鸡蛋的质量约为50g；故D错误；故选:C.8．（2018•内江）物理学的发展极大地丰富了人类对物质世界的认识，推动了科学技术的创新和革命，促进了人类文明的进步.对于物理学中运动与力的发展过程和研究方法的认识，下列说法中正确的是（）A．亚里士多德首先提出了惯性的概念B．物体只要受到了力的作用，它的运动状态就一定会发生改变C．牛顿第一定律是力学的基本定律之一，它是能够通过现代的实验手段直接来验证的D．伽利略对理想斜面的研究采用把实验和逻辑推理相结合的方法，发展了人类的科学思维方式和科学研究方法【分析】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可.【解答】解:A、伽利略首先提出了惯性的概念，故A错误；B、物体受非平衡力时，运动状态改变，受平衡力时运动状态不变，故B错误；C、牛顿第一定律是力学的基本定律之一，因为牛顿第一定律的内容是在物体不受任何外力的作用下，而现实生活中没有不受任何外力的物体，所以牛顿第一定律是在实验的基础上，结合推理得出来的.故C错误；D、伽利略对理想斜面的研究采用把实验和逻辑推理（包括数学演算）结合起来的方法，从而发展了人类的科学思维方式和科学研究方法，故D正确.故选:D.9．（2018•怀化）如图是用刻度尺测长度的实验，所记录的测量结果正确的是（）A．5、3cm B．5、25cm C．3、25cm D．3、3cm【分析】（1）使用刻度尺测量物体长度之前，要明确其零刻线、量程和分度值；（2）刻度尺上最小的一格代表的长度是此刻度尺的分度值；使用刻度尺测量物体长度时，测量结果要估读到分度值的下一位.【解答】解:（1）使用刻度尺前要注意观察它的零刻线、量程和分度值；（2）由图知，在1cm之间有10个小格，所以一个小格代表1mm，即该刻度尺的分度值为1mm；测量时起始端没从0开始，把2、00cm处当作“0”刻度，右侧示数为5、25cm，减去2、00cm即为物体长度，物体的长度为5、25cm﹣2、00cm=3、25cm.故选:C.10．（2018•济宁）下列各选项中，完全正确的是（）A．物理量的常见值光速340m/s安全电压36V大气压强105PaB．电学仪器及用途电能表测电能大小验电器验证负电荷测电笔辨别正负极C．重力的三要素大小G=mg方向垂直向下作用点物体重心D．杠杆分类省力杠杆瓶起子等臂杠杆托盘天平费力杠杆钓鱼竿【分析】根据对物理常见数值的掌握、电学仪器的作用、重力的三要素、杠杆分类及其应用的掌握分析答题.【解答】解:A、光速为3×108m/s、安全电压不高于36V、大气压约为10B、电能表测量消耗的电能、验电器是检验物体是否带电、测电笔是检验火线和零线的，故B错误；C、重力的大小G=mg、方向竖直向下、重力的作用点是重心，故C错误；D、杠杆分为省力杠杆、费力杠杆、等臂杠杆，其中瓶起子是省力杠杆、托盘天平是等臂杠杆、钓鱼竿是费力杠杆，故D正确.故选:D.11．（2018•山西）在通常情况下，你的脉搏1min跳动的次数约为（）A．20次 B．40次 C．70次 D．140次【分析】首先要对人的脉搏有个初步的了解，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案.【解答】解:A、通常情况下，人的脉搏在每分钟70次左右，远超过20次；故A错误；B、通常情况下，人的脉搏在每分钟70次左右，远超过40次；故B错误；C、通常情况下，人的脉搏在每分钟70次左右；故C正确；D、通常情况下，人的脉搏在每分钟70次左右，达不到140次；故D错误；故选:C.二．填空题（共9小题）12．（2018•十堰）小明采用如图所示的方法测定硬币的直径，测得1枚硬币的直径是2、50cm.【分析】测得1枚硬币的直径时难于贴近的硬币的直径，借助于三角板等其他工具，如本题图中，两个三角板直角的顶点之间的距离即为硬币直径；读数时，除了读出准确数值，还要估读到分度值的下一位.【解答】解:右端三角板直角顶点对应的刻度值是7、50cm，左端三角板直角顶点对应的刻度值是5、00cm，则两个三角板直角的顶点之间的距离为:L=7、50cm﹣5、00cm=2、50cm；即硬币的直径为2、50cm.故答案为:2、50.13．（2018•兰州）图中物体的长度是3、45cm.【分析】使用刻度尺时要明确其分度值，起始端从0开始，读出末端刻度值，就是物体的长度；起始端没有从0刻度线开始的，要以某一刻度线为起点，读出末端刻度值，减去起始端所对刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位.【解答】解:由图知:刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是0、1cm=1mm，即此刻度尺的分度值为1mm；物体左侧与0刻度线对齐，右侧在3、4cm和3、5cm之间，估读为3、45cm，所以物体的长度为L=3、45cm.故答案为:3、45.14．（2018•自贡）英国物理学家法拉第经过10年的不懈探索，终于在1831年发现了电磁感应现象，由此发明了发电机（选填“电动机”或“发电机”），开创了电气化时代的新纪元.【分析】法拉第在奥斯特的启发下，研究了磁场与电流的关系，最终在1831年终于发现了电磁感应现象:闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生电流.根据这个发现，后来发明了发电机，这个重要现象的发现使人类对电能的大规模获得和利用成为可能.【解答】解:根据法拉第发现的电磁感应现象，人们发明了发电机，为人类大规模获得电能提供了可能.故答案为:法拉第；发电机.15．（2018•恩施州）如图，圆锥体的高h为3、22cm【分析】使用刻度尺测量物体长度时，要观察是否从0刻度线量起，起始端没从0开始，要以某一刻度当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去前面的刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位.【解答】解:由图知，刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表1mm，即刻度尺的分度值为1mm；由图知，圆锥体顶端三角板对应的刻度为1、78cm，圆锥体底部对应的刻度为5、00cm，所以圆锥体的高为h=5、00cm﹣1、78cm=3、22cm.故答案为:3、22.16．（2018•广东）如图甲所示，圆形物体的直径时1、20cm，如图乙所示，秒表的读数为140s．【分析】（1）刻度尺的分度值是刻度尺相邻两刻度线表示的长度.使用刻度尺时要明确其分度值，起始端从0开始，读出末端刻度值，就是物体的长度；起始端没有从0刻度线开始的，要以某一刻度线为起点，读出末端刻度值，减去起始端所对刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位；（2）停表的中间的表盘代表分钟，周围的大表盘代表秒，秒表读数是两个表盘的示数之和.【解答】解:（1）由图可知，刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是0、1cm=1mm，即此刻度尺的分度值为1mm；物体左侧与8、00cm对齐，物体右侧与9、20cm对齐，则圆形物体的直径:d=9、20cm﹣8、00cm=1、20cm.（2）由图可知，小盘的分度值是0、5min，指针在2min和3min之间，略偏过2min；大盘的分度值是1s，而大盘指针在20s，因此秒表的读数为2min20s=140s.故答案为:1、20；140.17．（2018•重庆）2018年5月21日，在西昌卫星发射中心，伴随着大量白雾的长征四号丙运载火箭腾空而起，搭乘火箭的“鹊桥”号中继卫星成功升空，如图所示.当星箭分离后，“鹊桥”达到一定高度，打开伞状抛物面天线；变轨后，“鹊桥进入近地点约200公里、远地点约40万公里的地月转移轨道，将进行在轨测试，为未来实现着陆器巡视器与地面站之间的测控与数据传输提供通信桥梁.“鹊桥”将成为人类历史上第一颗地球轨道外专用中继通信卫星，这是我国在月球探测领域取得的新突破.请根据以上材料，找出一个相关的物理信息，并指出其对应的物理知识，不得与示例重复.物理信息:实现着陆器、巡视器与地面站之间的测控与数据传输；物理知识:利用电磁波通信作答:物理信息:伴随着大量白雾；物理知识:水蒸气遇冷液化形成的小水珠.【分析】（1）物质由气态变成液态的过程是液化过程；（2）火箭升空时燃料燃烧放出的内能转化为火箭的机械能.【解答】解:（1）物理信息:伴随着大量白雾；物理知识:水蒸气遇冷液化形成的小水珠；（2）物理信息:运载火箭腾空而起；物理知识:内能转化为机械能.故答案为:伴随着大量白雾；水蒸气遇冷液化形成的小水珠.18．（2018•桂林）如图所示刻度尺，它的测量范围为0～10cm；若小超用此刻度尺测量某物体的长度，记录结果为5、170cm，此记录结果是不正确（选填“正确”或“不正确“）的【分析】（1）使用刻度尺测量物体长度之前，要明确其零刻线、量程和分度值；（2）刻度尺上最小的一格代表的长度是此刻度尺的分度值；使用刻度尺测量物体长度时，测量结果要估读到分度值的下一位.【解答】解:（1）使用刻度尺前要注意观察它的零刻线、量程和分度值，由图知此刻度尺的量程为0～10cm；（2）由图知，在1cm之间有10个小格，所以一个小格代表1mm，即该刻度尺的分度值为1mm；测量结果要估读到分度值的下一位，用此刻度尺测量某物体的长度应该读到0、01cm，故记录结果为5、170cm，是错误的，应读作5、17cm.故答案为:0～10；不正确.19．（2018•攀枝花）如图所示，用刻度尺测量物体A的长度是3、20cm.【分析】（1）刻度尺的最小刻度值为相邻的刻度线表示的长度；（2）起始端没从0开始，把3、00cm处当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去3、00cm即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位.【解答】解:图示刻度尺1cm又分为5个小刻度，故最小刻度值为2mm；物体A起始端对应的刻度值为3、00cm，物体A末端对应的刻度值为6、20cm，所以物体A长度为6、20cm﹣3、00cm=3、20cm.故答案为:3、20.20．（2018•重庆）如图所示，是我国空军的舰﹣6K轰炸机，它是我国自主研发的新一代中远程型轰炸机.2018年5月19日，解放军空军出动轰﹣6K在我国的水兴岛进行起降训练.轰炸机在机场跑道上启动，加速滑行一段距离后腾空而起，飞向5000米左右的高空，在蓝天翱翔一段时间后，完成既定任务，成功返回机场，继续沿跑道滑行一段距离，平稳地停在指定位.请结合上述情景找出一个相关的物理信息，并指出其对应的物理知识，不得与示例重复.示例:物理信息:轰炸机腾空而起；物理知识:空气对轰炸机产生的升力大于重力.作答:物理信息:加速滑行一段距离后腾空而起物理知识:动能增加，重力势能增加，机械能增加【分析】（1）影响动能因素:质量和速度；重力势能的因素:质量和高度；（2）惯性是保持物体运动状态不变的性质.【解答】解:（1）物理信息:加速滑行一段距离后腾空而起；物理知识:动能增加，重力势能增加，机械能增加；（2）物理信息:继续沿跑道滑行一段距离，平稳地停在指定位；物理知识:继续沿跑道滑行一段距离是由于轰炸机具有惯性.故答案为:加速滑行一段距离后腾空而起；动能增加，重力势能增加，机械能增加.三．实验探究题（共14小题）21．（2018•陕西）太阳光在通过透镜时会被会聚或发散，那么声音在传播中遇到不同介质时，会不会像光一样也被会聚或发散呢？在老师的帮助下，同学们用音叉、三个相同的气球（内部充有不同气体）、示波器、麦克风等器材设计了如图﹣1所示的实验装置，并进行了如下探究:（1）调整音叉和麦克风之间的距离，让音叉发出的声音只通过空气传播，用麦克风将声音信号输入示波器，观察并记录此时的波形如图﹣2甲所示.（2）分别将充有二氧化碳气体、空气和氢气的气球，依次放在音叉和麦克风之间，保持音叉和球之间的距离不变，让音叉发出声音，记录示波器显示的波形如图﹣2乙、丙、丁所示.分析以上实验过程和现象可知:（1）实验过程中，敲击音叉，使其振动发声，且应控制音叉发出声音的响度相同（选填“相同”或“不同”）.（2）比较图﹣2的乙与甲，发现声波在通过充有二氧化碳气体的气球后，麦克风接收到的声音响度变大（选填“变大”“变小”或“不变”），此时充有二氧化碳气体的气球对声波具有会聚作用，相当于一个“凸透镜”，比较丁与甲后，发现充有氢气的气球对声波具有发散作用，由此可见，声音与光之间存在某种对应关系.（3）实验后，同学们查阅资料了解到，生物体组织在激光照射下，会因升温膨胀而产