06 模块六　函数、导数与不等式 【答案】听课手册

模块六函数、导数与不等式微专题20函数的图象与性质的应用微点1例1(1)C(2)C[解析](1)f(x)的定义域为{x|x≠±2},f(-x)=(2-x-2x)cos(-x)(-x)2-4=-(2x-2-x)cosxx2-4=-f(x),所以f(x)为奇函数,其图象关于原点对称,排除B,D;又当x∈0,(2)对于A,f(x)的定义域为R,f(-x)=1-2(-x)2+1=1-2x2+1=f(x),则f(x)为偶函数,其图象关于y轴对称,与已知图象不符,故A错误;对于B,当x=1时,f(1)=1,与已知图象不符,故B错误;对于D,f(x)的定义域为R,f(-x)=1-12-x=1-2x≠-f(x),则f(x)不是奇函数,其图象不关于原点对称,与已知图象不符,故D错误;对于C,f(x)的定义域为R,f(x)=1-22x+1=2x-12x+1,则f(-x)=2-x-12-x+1=1-2x1+2x=-f(x),所以f(x)为奇函数,其图象关于原点对称,又y=22x+1为R上的减函数,所以【自测题】1.C[解析]函数f(x)=x(sinx-sin2x)的定义域为R,且f(-x)=-x[sin(-x)-sin2(-x)]=-x(-sinx+sin2x)=x(sinx-sin2x)=f(x),则f(x)为偶函数,其图象关于y轴对称,所以排除B,D;又fπ3=0,f(π)=0,fπ2=π2×(1-0)=π2>0,所以排除A2.D[解析]由题知,图象所对应的函数为奇函数.因为y=f(x)-14=x2为偶函数,g(x)=sinx为奇函数,所以y=f(x)+g(x)-14=x2+sinx,y=f(x)-g(x)-14=x2-sinx都是非奇非偶函数,排除A,B;设h(x)=f(x)g(x)=x2+14sinx,则h'(x)=x2+14cosx+2xsinx,所以h'π4=π216+14微点2例2(1)D(2)A[解析](1)因为f(x)为奇函数且在R上是减函数,所以f(-x)=-f(x),且当x>0时,f(x)<f(0)=0.因为g(x)=xf(x),所以g(-x)=-xf(-x)=xf(x),故g(x)为偶函数.当x>0时,g'(x)=f(x)+xf'(x),因为f(x)<0,f'(x)<0,所以g'(x)<0,即g(x)在(0,+∞)上单调递减.a=g(-log25.1)=g(log25.1),因为3=log28>log25.1>log24=2>20.8,所以g(3)<g(log25.1)<g(20.8),即b<a<c.故选D.(2)方法一:设f(x)=2x-3-x,则f(x)在R上单调递增.由题知2x-3-x<2y-3-y,即f(x)<f(y),得x<y,则y-x+1>1,所以ln(y-x+1)>0.方法二:取x=0,y=1,可排除选项B,C,D.故选A.【自测题】1.D[解析]①f(-x)=f(x)说明f(x)为偶函数,②对任意x1,x2∈(0,1),f(x1)-f(x2)x1-x2<0恒成立,说明函数f(x)在(0,1)上单调递减.A,C不满足②,B不满足①.对于D,易知f(x)=ln(1-|x|)为偶函数,满足①,当x∈(0,1)时,f(x)=ln(12.C[解析]因为函数f(x)为奇函数,所以f(x)的定义域关于原点对称,显然当x=12时,f(x)没有意义,所以当x=-12时,f(x)也没有意义,但12×-12-1+m是有意义的,所以必定是12×-12-1+m=0,即m=12,所以f(x)=ln12x-1+12+n=ln2x+12(2x-1)+n,则f(x)+f(-x)=ln2x+12(2x-1)+ln-2x+12(-2x-1)+2n=0,解得n=ln3.A[解析]根据题意,f(x)是定义在R上的偶函数,则c=f(log135)=f(log35),又由f(x)在(0,+∞)上单调递增,且0<1313<1<log372<log35,得f1313<flo4.13,+∞[解析]因为f(x)=ex+1-e1-x,所以f(-x)=e1-x-ex+1=-f(x),又f'(x)=ex+1+e1-x≥2ex+1·e1-x=2e>0,当且仅当x+1=1-x,即x=0时取等号,所以f(x)在R上是增函数.因为实数a满足不等式f(2a)+f(a-1)>0,所以f(2a)>-f(a-1)=f(1-a),所以2a>1例3(1)D(2)BD[解析](1)因为f(x)是定义在R上的函数,满足f(x-4)=f(-x),所以f[-2+(x-2)]=f[-2-(x-2)],故函数f(x)的图象关于直线x=-2对称,即f(-2-x)=f(-2+x).因为y=f(3x-1)为奇函数,即f(-3x-1)=-f(3x-1),所以f(-3x-1)+f(3x-1)=0,所以f(x)的图象关于点(-1,0)对称,即f(-2-x)+f(x)=0,f(-1)=0,所以f(-2+x)=-f(x),所以f(-4+x)=f(x),所以f(x+4)=f(x),故函数f(x)的周期为4,故A,B,C错误;f(2023)=f(505×4+3)=f(3)=f(-1)=0,故D正确.故选D.(2)对于A,由f(x)+g(x)=2,令x=0可得f(0)+g(0)=2,又g(x)为奇函数,所以g(0)=0,则f(0)=2,故A错误;对于B,由f(x)+g(x)=2及f(x)+g(x-2)=2,可得g(x)=g(x-2),又g(x)为奇函数,所以g(x)=-g(-x)=g(x-2),令x=1,则g(1)=-g(-1)=g(-1),故g(1)=g(-1)=0,故B正确;对于C,由f(x)+g(x)=2及g(1)=0,可得f(1)=2,当n=1时,∑i=1nf(i)=0不成立,故C错误;对于D,由A,B可得g(0)=g(1)=0,且g(x)的周期为2,所以g(i)=0(i∈N*),则∑i=1ng(i)=0,故【自测题】1.BC[解析]因为f(x-2)=-f(x),所以f(x-2)+f(x)=0,又因为f(x)是偶函数,所以f(-2+x)+f(-x)=0,所以f(x)的图象关于点(-1,0)中心对称,故A错误;又f(x+4)=-f(x+2)=f(x),所以f(x+4)=f(x),故B正确;因为f(x)在[0,1]上单调递增,所以f-12=f12>f14=f-14=f154,故C正确;由f(x-2)+f(x)=0,得f(1)+f(3)=0,f(2)+f(4)=0,则f(1)+f(2)+f(3)+f(4)=0,所以∑n=12023f(n)=f(1)+f(2)+f(3)=f(2),而f2.ABC[解析]方法一:令x=y=0,可得f(0)=0,故A正确;令x=y=1,可得f(1)=f(1)+f(1),即f(1)=0,故B正确;令x=y=-1,则f(1)=f(-1)+f(-1),可得f(-1)=0,令x=-1,y=x,可得f[(-1)×x]=x2×f(-1)+(-1)2×f(x),即f(-x)=f(x),故f(x)是偶函数,故C正确;设函数f(x)=0,此时满足f(xy)=y2f(x)+x2f(y),但函数f(x)没有极值点,故D错误.故选ABC.方法二:对于A,令x=y=0,可得f(0)=0,故A正确.对于B,令x=y=1,可得f(1)=f(1)+f(1),即f(1)=0,故B正确.对于C,令x=y=-1,则f(1)=f(-1)+f(-1),可得f(-1)=0,令y=-1,可得f(-x)=f(x)+x2f(-1)=f(x),又函数f(x)的定义域为R,所以f(x)为偶函数,故C正确.对于D,当x2y2≠0时,由f(xy)=y2f(x)+x2f(y)的等号两边同时除以x2y2,得f(xy)x2y2=f(x)x2+f(y)y2,故可以设f(x)x2=ln|x|(x≠0),则f(x)=x2ln|x|,x≠0,0,x=0,当x>0时,f(x)=x2lnx,则f'(x)=2xlnx+x2·1x=x(2lnx+1).令f'(x)<0,得0<x<e-12;令f'(x)>0,得x>e-12.故f(x)在(0,e-12)上单调递减,在(e-12,+∞)3.sinπx(答案不唯一)[解析]∵f(x0+1)+f(x0)=0,∴可令f(x0+2)+f(x0+1)=0,∴f(x0+2)=f(x0),即f(x)可以是周期为2的周期函数,∴可考虑三角函数.令f(x)=sinπx,∵其最小正周期T=2ππ=2,∴f(x)=sinπx满足条件1.B[解析]方法一:由题可知函数f(x)的定义域为-∞,-12∪12,+∞.令h(x)=ln2x-12x+1,则h(-x)=ln-2x-1-2x+1=ln2x+12x-1=-h(x),所以h(x)为奇函数.令g(x)=x+a,方法二:由题知函数f(x)为偶函数,则f(1)=f(-1),故(1+a)ln13=(-1+a)ln3,解得a=0,故选B2.C[解析]对于A,因为y=lnx在(0,+∞)上单调递增,y=-x在(0,+∞)上单调递减,所以f(x)=-lnx在(0,+∞)上单调递减,故A错误;对于B,因为y=2x在(0,+∞)上单调递增,y=1x在(0,+∞)上单调递减,所以f(x)=12x在(0,+∞)上单调递减,故B错误;对于C,因为y=1x在(0,+∞)上单调递减,y=-x在(0,+∞)上单调递减,所以f(x)=-1x在(0,+∞)上单调递增,故C正确;对于D,f12=312-1=312=3,f(1)=3|1-1|=30=1,f(2)=3|2-1|=3,显然f(x)=3|x-1|在3.D[解析]由函数图象关于y轴对称可知函数f(x)为偶函数,且f(2)<0.对于A,若f(x)=5(ex-e-x)x2+2,则f(-x)=5(e-x-ex)(-x)2+2=-5(ex-e-x)x2+2=-f(x),函数为奇函数,其图象关于原点对称,故A不符合题意;对于B,若f(x)=5sinxx2+1,则f(-x)=5sin(-x)(-x)2+1=-5sinxx2+1=-f(x),函数为奇函数,其图象关于原点对称,故B不符合题意;对于C,f(x)=54.A[解析]令x=1,y=0,得2f(1)=f(1)f(0),所以f(0)=2.令y=1,得f(x+1)+f(x-1)=f(x)f(1),所以f(x+1)+f(x-1)=f(x),即f(x+1)=f(x)-f(x-1),所以f(x+2)=f(x+1)-f(x),所以f(x+2)=-f(x-1),即f(x+3)=-f(x),所以f(x)=-f(x+3)=f(x+6),即f(x)是周期为6的周期函数.因为f(0)=2,f(1)=1,f(2)=f(1)-f(0)=-1,f(3)=-f(0)=-2,f(4)=-f(1)=-1,f(5)=-f(2)=1,f(6)=f(0)=2,所以∑k=122f(k)=[f(1)+f(2)+…+f(18)]+[f(19)+f(20)+f(21)+f(22)]=f(19)+f(20)+f(21)+f(22)=f(1)+f(2)+f(3)+f(4)5.BC[解析]因为奇函数的导函数为偶函数,偶函数的导函数为奇函数,所以f32-2x的导函数-2g32-2x为奇函数,所以g32=0,g(x)的图象关于点32,0中心对称,又g(2+x)为偶函数,所以g(x)的图象关于直线x=2对称,所以g(x)是以2为周期的周期函数,所以g-12=g32=0,故选项B正确.因为f32-2x为偶函数,所以f32-2x=f32+2x,所以f(x)的图象关于直线x=32对称,所以f(-1)=f(4),故选项C正确.取f(x)=sinπsinπ32-2x+1=-cos2πx+1为偶函数,g(2+x)=πcosπ(2+x)=πcosπx为偶函数,满足题意,此时f(0)=1,g(-1)=-π,g(2)=π,故选项A,D均错误6.2[解析]因为f(x)=(x-1)2+ax+sinx+π2=x2+(a-2)x+1+cosx为偶函数,其定义域为R,所以f(-x)=f(x)恒成立,则(-x)2-(a-2)x+1+cos(-x)=x2+(a-2)x+1+cosx恒成立,可得

微专题21基本初等函数与函数模型微点1例1(1)A(2)1[解析](1)由9m=10可得m=log910>log99=1.因为lg9lg11<lg9+lg1122=lg9922<1=(lg10)2,所以lg10lg9>lg11lg10,即m>lg11,所以a=10m-11>10lg11lg8lg10<lg8+lg1022=lg8022<(lg9)2,所以lg9lg8>lg10lg9,即log89>m,所以b=8m-9<8log89-9=(2)由题意得ex1+1=1x1,lnx2-1=1x2,则x1+lnx1+1=0,1x2+ln1x2+1=0.设f(x)=x+lnx+1,易知函数f(x)在(0,+∞)上是增函数,又f(x1)=f1x2,所以【自测题】1.D[解析]∵2022a=2023,2023b=2022,c=ln2,∴a=log20222023>1,b=log20232022,0<b<1,0<c<1,∴logac<0,logbc>0,∴logac<logbc,故A错误;∵0<c<1,a>b,∴logca<logcb,ac>bc,ca<cb,故B,C错误,D正确.故选D.2.AB[解析]由题意可得x+6>0,4-x>0,解得-6<x<4,即f(x)的定义域是(-6,4),所以A正确;f(x)=log2(-x2-2x+24),因为y=-x2-2x+24在(-6,-1)上单调递增,在(-1,4)上单调递减,y=log2x在(0,+∞)上单调递增,所以f(x)在(-6,-1)上单调递增,在(-1,4)上单调递减,所以f(x)max=f(-1)=log225,所以B正确;因为f(x)在(-6,-1)上单调递增,在(-1,4)上单调递减,且f(-4)=f(2)=4,所以不等式f(x)<4的解集是(-6,-4)∪(2,4),所以C错误;因为f(x)在(-1,4)上单调递减,微点2例2(1)ACD(2)7[解析](1)方法一:由题意可得燃油汽车的声压级Lp1=20×lgp1p0∈[60,90],所以p1p0=10Lp120,Lp1∈[60,90]①.同理,p2p0=10Lp220,Lp2∈[50,60]②,p3p0=10Lp320=102=100③.对于A,由表知Lp1≥Lp2,可得p1≥p2,故A正确;对于B,②÷③得p2p3=10Lp2-Lp320∈[1012,10],所以p2≤10p3,故B错误;对于C,p3p方法二:因为Lp=20×lgpp0,所以Lp1-Lp2=20×lgp1p0-20×lgp2p0=20×lgp1p2,又因为Lp1-Lp2≥0,所以lgp1p2≥0,即p1p2≥1,所以p1≥p2,故A正确;同理,Lp2-Lp3=20×lgp2p0-20×lgp3p0=20×lgp2p3,因为Lp2-Lp3=20×lgp2p3∈[10,20],所以lgp2p3∈12,1,即p2p3∈[10,10],所以p210p3∈1010,1,则p2≤10p3,故B错误;因为Lp3(2)设光线未通过玻璃时的强度为a(a>0),需要x块这样的玻璃重叠起来,才能使通过它们的光线强度为原来强度的12以下,则a·910x<a×12,即910x<12,所以x(2lg3-1)<-lg2,所以x>lg21-2lg3≈0.3011-2×0.477≈6.543,又【自测题】1.D[解析]由题可知,第n(n∈N*)次操作后共保留了6n个小正六边形,其边长为13n,所以保留下来的所有小正六边形的面积之和为6×34×13n2×6n=2n-13n-32,由2n-13n-32<102.D[解析]结合图象逐一验证:当T=220,lgP=lg1026>3时,由图象可知二氧化碳处于固态,故A错误;当T=270,lgP=lg128∈(2,3)时,由图象可知二氧化碳处于液态,故B错误;当T=300,lgP=lg9987≈4时,由图象可知二氧化碳处于固态,故C错误;当T=360,lgP=lg729∈(2,3)时,由图象可知二氧化碳处于超临界状态,故D正确.故选D.1.D[解析]因为函数y=1.01x在R上单调递增,且0.5<0.6,所以1.010.5<1.010.6,即a<b.因为y=x0.5在[0,+∞)上单调递增,且0.6<1.01,所以0.60.5<1.010.5,即c<a.所以b>a>c.2.D[解析]因为y=2u在R上是增函数,所以根据复合函数的单调性可得u=x(x-a)=x-a22-a24在(0,1)上单调递减,故a2≥1,3.C[解析]∵f(x)=11+2x,∴f(-x)=11+2-x=11+12x=2x1+2x=14.C[解析]依题意得,4.9=5+lgV,则lgV=-0.1,所以V=11010≈11.259≈05.A[解析]由题得f'(x)=e-(x-1)2(-2x+2).令f'(x)=0,则x=1,所以f(x)在(-∞,1)上单调递增,在(1,+∞)上单调递减,又f(2-x)=e-(2-x-1)2=e-(1-x)2=f(x),所以f(x)的图象关于直线x=1对称,所以c=f62=f2-62=f6.1[解析]因为函数f(x)=4x+log2x,所以f12=412+log212=2-

微专题22不等式微点1例1(1)D(2)AC[解析](1)对于A,取a=-2,b=1,满足a2>b2>0,但是a>b不成立,故A错误;对于B,取a=-2,b=1,满足a2>b2>0,但是2a=14<2b=2,即2a>2b不成立,故B错误;对于C,取a=-2,b=1,满足a2>b2>0,但是a>|b|不成立,故C错误;对于D,∵a2>b2>0,且y=log2x在(0,+∞)上是增函数,∴log2a2>log2b2,故D正确.故选D(2)对于选项A,ca-cb=(b-a)cab,由题意得b-a>0,ab>0,c<0,故(b-a)cab<0,即ca<cb,故A正确;对于选项B,取a=1,b=2,c=-1,因为1-1=1>2-1=12,所以此时ac>bc,故B错误;对于选项C,a-cb-c-a-db-d=(b-d)(a-c)-(a-d)(b-c)(b-c)(b-d)=(a-b【自测题】A[解析]∵a>0>b,∴a3>0,b3<0,即a3>b3,故A正确;取a=1,b=-2,则|a|>|b|不成立,故B错误;取a=1,b=-2,则1a<1b不成立,故C错误;取a=12,b=-12,则ln(a-b)=ln1=0,故D错误微点2例2(1)C(2)AD[解析](1)∵x,y是正数,∴x+12y2+y+12x2≥2xy+14xy+1,等号成立的条件是x+12y=y+12x,解得x=y①,而xy+14xy≥2xy×14xy=1,等号成立的条件是xy=14xy(2)因为4x+1y=x+2y24x+1y=3+x2y+4yx≥3+2x2y·4yx=3+22,当且仅当x2y=4yx,即x=4-22,y=2-1时等号成立,故A正确;当lnx+lny=ln(xy)=0时,xy=1,而由x+2y=2≥22xy,可得xy≤12,当且仅当x=1,y=12时等号成立,故xy=1不成立,故B错误;因为(x+1)(y+2)=12(x+1)(2y+4)≤12x+1+2y+422=498,当且仅当x+1=2y+4,即x=52,y=-14时等号成立,而y>【自测题】1.B[解析]∵x+y=1,y>0,x>0,∴2x+xy=2(x+y)x+xy=xy+2yx+2xx≥22+2,当且仅当xy=2yx,即x=2-2,y=22.B[解析]根据题意,x>0,y>0,且x-1y2=16yx,变形可得x2+1y2=16yx+2xy,若x+1y取得最小值,即x+1y2取得最小值,则x+1y2=x2+1y2+2xy=16yx+4xy3.23[解析]因为a≥1a+2b,b≥1b+2a,所以a+b≥3a+3b,又a>0,b>0,所以(a+b)2≥3a+3b(a+b)=6+3ba+3ab≥12,当且仅当a=b=3微点3例3(1)D(2)A[解析](1)方法一:若直线xa+yb=1经过点M(cosα,sinα),则cosαa+sinαb=1,∴bcosα+asinα=ab,∴(bcosα+asinα)2=a2b2.∵(bcosα+asinα)2≤(a2+b2)·(cos2α+sin2α)=a2+b2,当且仅当acosα=bsinα时,等号成立,∴a2b2≤a2+b2,∴1a方法二:依题意可得,点M在单位圆上,∴直线xa+yb=1与单位圆有交点,则圆心即原点到直线的距离d=11a2+1b2≤1,(2)设等比数列{an}的公比为q,∵在各项均为正数的等比数列{an}中,a3=a2+2a1,∴a1q2=a1q+2a1,且q>0,可得q=2,又存在两项am,an(m,n∈N*),使得am·an=4a1,∴aman=16a12=(a1×22)2=a32,结合等比数列的性质得m+n=6,∴1m+9n=161m+9n(m+n)=1610+9mn+nm≥1610+29mn·nm=83,当且仅当9mn=nm,即m=32,n=92时取等号,又m,n∈N*,∴1m+9【自测题】1.C[解析]由题意可知直线l1与l2的斜率都存在,且两直线互相垂直,所以a2b-(a2+1)=0,易知a≠0,所以b=a2+1a2>0.当a>0时,|ab|=ab=a+1a≥2,当且仅当a=1,b=2时等号成立;当a<0时,|ab|=-ab=-a-1a≥2,当且仅当a=-1,b=2时等号成立.综上,|ab|2.B[解析]因为bca,acb,abc成等差数列,所以2acb=bca+abc=b(a2+c2)ac,所以b2=2a2c2a2+c2,则a2+2c2b2=a2+2c22a2c2a2+c21.A[解析]当a>6时,a2>36;当a2>36时,a>6或a<-6.故选A.2.C[解析]对于A,y=(x+1)2+3≥3,最小值为3,不符合条件;对于B,令|sinx|=t,则t∈(0,1],y=t+4t在(0,1]上单调递减,故y=t+4t≥1+41=5,即y=|sinx|+4|sinx|的最小值为5,不符合条件;对于C,y=2x+22-x≥4,当且仅当x=1时等号成立,符合条件;对于D,y=lnx+43.ABD[解析]∵a>0,b>0,且a+b=1,∴(a+b)2=a2+b2+2ab=1,又∵a2+b2≥2ab,当且仅当a=b时等号成立,∴a2+b2≥12,ab≤14,故A选项正确;∵a>0,b>0,且a+b=1,∴a-b>-1,∴2a-b>2-1=12,故B选项正确;log2a+log2b≥-2等价于log2ab≥log214,即ab≥14,与ab≤14矛盾,故C选项不正确;将a+b≤2的不等号两边同时平方后整理可得ab≤14,4.BD[解析]方法一:由x2+y2-xy=1,得(x+y)2-1=3xy≤3x+y22,当且仅当x=y=±1时取等号,所以(x+y)2≤4,即-2≤x+y≤2,故A错误,B正确;因为-x2+y22≤xy≤x2+y22,所以-x2+y22≤x2+y2-1≤x方法二:由x2+y2-xy=1得x-y22+32y2=1,令x-y2=cosθ,32y=sinθ,得x=33sinθ+cosθ,y=233sinθ,故x+y=3sinθ+cosθ=2sinθ+π6∈[-2,2],故A错误,B正确;5.22[解析]1a+ab2+b=1a+ab2+b2+b2≥441a×ab

微专题23利用导数研究函数性质微点1例1(1)B(2)y=xey=-xe[解析](1)设直线y=kx+b与曲线y=f(x)相切时的切点为(s,ln(s+1)),与曲线y=g(x)相切时的切点为(t,2+lnt).由f(x)=ln(x+1),得f'(x)=1x+1,可得k=11+s,即s=1k-1,由g(x)=ln(e2x),得g'(x)=1x,可得k=1t,即t=1k,又ln(1+s)=ks+b,即-lnk=1-lnk=1+b②,由①②解得k=2,b=1-ln2.故选B.(2)当x>0时,y=ln|x|=lnx.设过坐标原点的直线与曲线y=lnx相切于点P(x0,lnx0),由y=lnx,得y'=1x,所以1x0=lnx0x0,解得x0=e,所以P(e,1),则该切线的方程为y-1=1e(x-e),即y=xe,【自测题】1.D[解析]由f(x)=12ex-3x,得f'(x)=12ex-3>-3,设切线的倾斜角为θ(0≤θ<π),则tanθ>-3,可得θ的取值范围是0,π2∪2.D[解析]设(x1,lnx1+1)是曲线y=lnx+1的切点,设(x2,x22+x2+3a)是曲线y=x2+x+3a的切点,对于y=lnx+1,其导函数为y'=1x,对于y=x2+x+3a,其导函数为y'=2x+1,所以两切线方程分别为y-(lnx1+1)=1x1(x-x1),y-(x22+x2+3a)=(2x2+1)(x-x2).若两切线重合,则可得1x1=2x2+1,lnx1=-x22+3a,所以3a=lnx1+x22=ln12x2+1+x22=-ln(2x2+1)+x22x2>-12.令h(x)=-ln(2x+1)+x2x>-12,则h'(x)=-22x+1+2x=4x2+2x-22x+1=2(x+1)(2x-1)2x+1,令h'(x)=0,得x=12,当x∈-12,12时,h'(x)<0,h(x)单调递减,当x∈12微点2例2(1)A(2)5-12,1[解析](1)构造f(x)=sinxex,x∈-π4,π4,则f'(x)=cosx-sinxex,当x∈-π4,π4时,cosx>sinx,f'(x)=cosx-sinxex>0,所以f(x)=sinxex在-π4,π4上单调递增.因为ε>0,所以eε>1.由ex+εsiny=eysinx,得sinxex+ε=sinyey.当sinxex+ε=sinyey>0时,可得sinxex>sinyey>0,所以π4>x>y>0,因为y=cosx在0,π4上单调递减,y=sinx在0,π4上单调递增(2)方法一:因为函数f(x)=ax+(1+a)x在(0,+∞)上单调递增,所以f'(x)=axlna+(1+a)xln(1+a)≥0在(0,+∞)上恒成立.令g(x)=f'(x),则g'(x)=ax(lna)2+(1+a)x[ln(1+a)]2>0,所以f'(x)在(0,+∞)上单调递增,故只需f'(0)≥0即可,所以lna+ln(1+a)≥0,即a2+a-1≥0,又a∈(0,1),所以5-12≤a<1,故a方法二:因为函数f(x)=ax+(1+a)x在(0,+∞)上单调递增,所以f'(x)=axlna+(1+a)xln(1+a)≥0在(0,+∞)上恒成立,则(1+a)xln(1+a)≥-axlna在(0,+∞)上恒成立,又a∈(0,1),所以a+1∈(1,2),故ln(1+a)>0,所以1+aax≥-lnaln(1+a)在(0,+∞)上恒成立,故1+aa0=1≥-lnaln(【自测题】1.BD[解析]因为f(x)=(x-1)lnx(x>0),所以f'(x)=lnx+1-1x,令h(x)=lnx+1-1x(x>0),则h'(x)=1x+1x2>0,所以函数h(x)在(0,+∞)上是增函数,又h(1)=0,所以当0<x<1时,h(x)<0,即f'(x)<0,当x>1时,h(x)>0,即f'(x)>0,所以f(x)在(0,1)上单调递减,在(1,+∞)上单调递增,所以f(x)min=f(1)=0.当a>0时,取a=2,b=e,因为e2>e>1,所以f(ea)>f(b),此时a-b<0,A错误;当a>0时,ea>1,由f(ea)>f(b),得ea>b,即ea-b>0,B正确;当a<0时,取a=-1,b=1,e-1<1,满足f(ea)>f(b),此时ea+b<2,C错误;当a<0时,0<ea<1,由f(ea)>f(b),得b>ea,则lnb>a,即a-lnb<0,D2.3[解析]当x=kπ(k∈Z)时,f(x)=2x±n,不满足题意.当x≠kπ(k∈Z)时,由题意得f'(x)=2-nsinx,则由f'(x)=0,得n=2sinx.因为sinx∈[-1,0)∪(0,1],且n∈N*,所以n≥2.当n=2时,f'(x)=2-2sinx≥0,则f(x)单调递增,不满足题意;当n>2时,由f'(x)=2-nsinx>0,得sinx<2n,由f'(x)=2-nsinx<0,得sinx>2n,所以f(x)不单调.所以正整数微点3例3(1)C(2)BCD[解析](1)由f(x)≥0在定义域内恒成立,得exx-ax+alnx≥0对任意x∈(0,+∞)恒成立,即ex-lnx≥a(x-lnx)对任意x∈(0,+∞)恒成立.令t=x-lnx,x>0,则et≥at,t'=1-1x=x-1x.当0<x<1时,t'<0,函数t=x-lnx单调递减;当x>1时,t'>0,函数t=x-lnx单调递增.所以当x=1时,t取得最小值1,所以t∈[1,+∞),所以a≤ett.令m(t)=ett,t∈[1,+∞),则m'(t)=et(t-1)t2≥0,m(t)在[1,+∞)上单调递增,所以m(t)min(2)函数f(x)的定义域为(0,+∞),f'(x)=ax-bx2-2cx3=ax2-bx-2cx3,由函数f(x)既有极大值也有极小值,得方程f'(x)=0在(0,+∞)上有两个不等实根.令h(x)=ax2-bx-2c,则h(x)=0在(0,+∞【自测题】1.B[解析]由题得f'(x)=ax-bx2,f(1)=-2,f'(1)=0,所以b=-2,a-b=0,即a=-2,b=-2,所以f'(x)=-2x+2x2=2(-x+1)x2.因此函数f(x)在(0,1)上单调递增,在(1,+∞)上单调递减,当x=1时,f(x)取得极大值,也是最大值,满足题意.所以2.C[解析]因为函数f(x)=lnx+12x2+ax有两个极值点x1,x2,且函数f(x)=lnx+12x2+ax的定义域为(0,+∞),导函数为f'(x)=x2+ax+1x,所以方程x2+ax+1=0有两个不同的正根x1,x2,所以a2-4>0,x1+x2=-a>0,x1x2=1,所以a<0,则f(x1)+f(x2)=lnx1+12x12+ax1+lnx2+12x22+ax2=ln(x1x2)+12(x1+x2)2-x1x2+a(x1+x2)=ln1+12a2-1-a2=-12a2-1,又f(x1)+f(x2)≤-5,即-12a2-1≤-5,可得a23.e[解析]x2x1x1x2-eex2eex1<0等价于x2x1x1x2<eex2eex1,即x1x2(lnx2-lnx1)<ex2-ex1,即lnx2+ex2<lnx1+ex1,设f(x)=lnx+ex,由题意可知f(x)在(0,a]上单调递减,因为f'(x)1.C[解析]设曲线y=exx+1在点1,e2处的切线方程为y-e2=k(x-1).由y=exx+1,得y'=ex(x+1)-ex(x+1)2=xex(x+1)2,2.C[解析]由题可知f'(x)=aex-1x≥0在区间(1,2)上恒成立,即a≥1xex对任意x∈(1,2)恒成立.令h(x)=xex(x∈(1,2)),可得h'(x)=ex+xex=(1+x)ex>0,所以h(x)=xex在区间(1,2)上单调递增,所以h(x)>h(1)=e,故1xex<1e,所以a≥1e,所以3.a<-4或a>0[解析]设切点为(x0,y0)(x0≠0),则y0=(x0+a)ex0,由y'=(x+a+1)ex,知(x0+a+1)ex0=(x0+a)ex0x0,所以关于x的方程(x+a+1)ex=(x+a)exx有两个相异的非零实数根,即关于x的方程x+a+1=x+ax有两个相异的非零实数根,即关于x的方程4.解:方法一:(1)证明:设g(x)=x-x2-sinx,x∈(0,1),则g'(x)=1-2x-cosx,设m(x)=1-2x-cosx,x∈(0,1),则m'(x)=-2+sinx<0,∴g'(x)在(0,1)上单调递减,∴g'(x)<g'(0)=0,∴g(x)在(0,1)上单调递减,∴g(x)<g(0)=0,即x-x2-sinx<0,x∈(0,1),∴x-x2<sinx,x∈(0,1).设h(x)=x-sinx,x∈(0,1),则h'(x)=1-cosx>0,∴h(x)在(0,1)上单调递增,∴h(x)>h(0)=0,即x-sinx>0,x∈(0,1),∴sinx<x,x∈(0,1).综上可得,当0<x<1时,x-x2<sinx<x.(2)f(x)的定义域为(-1,1),∵f(x)=f(-x),∴f(x)为偶函数.由题可得f'(x)=-asinax+2x1设F(x)=-asinax+2x1-x2,则F'(x)=-a2cosax+2+2x2(1-x2)2①若F'(0)=2-a2>0,即-2<a<2,则存在t1>0,使得当x∈(0,t1)时,F'(x)>0,∴f'(x)在(0,t1)上单调递增,∴当x∈(0,t1)时,f'(x)>f'(0)=0,∴f(x)在(0,t1)上单调递增,这显然与x=0为函数f(x)的极大值点矛盾,故舍去;②若F'(0)=2-a2<0,即a<-2或a>2,则存在t2>0,使得当x∈(-t2,t2)时,F'(x)<0,∴f'(x)在(-t2,t2)上单调递减,又f'(0)=0,∴当-t2<x<0时,f'(x)>0,f(x)单调递增,当0<x<t2时,f'(x)<0,f(x)单调递减,满足x=0为f(x)的极大值点,符合题意;③若F'(0)=2-a2=0,即a=±2,∵f(x)为偶函数,∴只需考虑a=2的情况,此时f'(x)=-2sin2x+2x1-x2,由(1)得y=x-sinx在(0,+∞)上单调递增,即sinx<x对x∈(0,+∞)恒成立,则当x∈(0,1)时,f'(x)>-2x+2x∴f(x)在(0,1)上单调递增,这显然与x=0为函数f(x)的极大值点矛盾,故舍去.综上可得,a的取值范围为(-∞,-2)∪(2,+∞).方法二:(1)证明:设g(x)=sinx-x,x∈(0,1),则g'(x)=cosx-1<0,∴g(x)在(0,1)上单调递减,∴g(x)<g(0)=0,则sinx<x.设h(x)=sinx-x+x2,x∈(0,1),则h'(x)=cosx-1+2x=2x-sin2x2>2x-x22>0,∴h(x)在(0,1)上单调递增,h(x)>h综上可得,当0<x<1时,x-x2<sinx<x.(2)f(x)的定义域为(-1,1),∵f(x)=f(-x),∴f(x)为偶函数.由题可得f'(x)=-asinax+2x设F(x)=-asinax+2x1-x2,则F'(x)=-a2cosax+2+2x2(令F'(0)=0,得a=±2.若a=0,则f'(x)=2x1-x2,当0<x<1时,f'(x)>0,∴x=0不是f(x若a>2,取0<x<1a-2a2,此时0<x<1a,由(1)知ax-a2x2<则f'(x)=-asinax+2x1-x2<-a(ax-a2x2)+2x1-x2<-a(ax-a∴x=0是f(x)的极大值点,符合题意;同理a<-2也符合题意;若0<a≤2,取0<x<1a+1,由(1)知sin则f'(x)=-asinax+2x1-x2>-a2x+2x1-x2=x(a综上可得,a的取值范围为(-∞,-2)∪(2,+∞).方法三:(1)证明:令g(x)=x-x2-sinx,则g'(x)=1-2x-cosx,设m(x)=g'(x),则m'(x)=-2+sinx,当0<x<1时,m'(x)<0,可知g'(x)在(0,1)上单调递减,∴当0<x<1时,g'(x)<g'(0)=0,可知g(x)在(0,1)上单调递减,∴当0<x<1时,g(x)<g(0)=0,∴x-x2<sinx.令h(x)=sinx-x,则h'(x)=cosx-1,当0<x<1时,h'(x)<0,可知h(x)在(0,1)上单调递减,∴当0<x<1时,h(x)<h(0)=0,∴sinx<x.综上,当0<x<1时,x-x2<sinx<x.(2)由1-x2>0得-1<x<1,∴f(x)的定义域为(-1,1).由题意得f'(x)=-asinax+2x1-x2设s(x)=f'(x),则s'(x)=-a2cosax+2x2+2(1-x2)2(-1<x<1),∴s'(0)<0,∴-a2+2<0,∴a<-2或a>2,即a的取值范围为(-∞,-2)∪(2,+∞).

微专题24恒成立问题与不等式的证明微点1例1解:(1)证明:当a=1时,f(x)=x-1x,令g(x)=x-1x-lnx,x∈(0,+∞),则g'(x)=∴g(x)在(0,1)上单调递增,在(1,+∞)上单调递减,∴g(x)≤g(1)=0,∴f(x)≤lnx.(2)显然a≠0.当a<0时,显然满足题意.当a>0时,∵a(x-1)2x>(lnx)2对任意x∈(1,+∞)恒成立,∴a·x-1x>ln令t=x>1,则at-1t>2lnt对任意t∈(1,当a≥1时,at-1t≥t-1t(t>1),令h(t)=t-1t-则h'(t)=1+1t2-2t=t2∴h(t)在(1,+∞)上单调递增,∴当t>1时,h(t)>h(1)=0,∴at-1t>2lnt对任意t∈(1,+∞)恒成立,∴当a≥1当0<a<1时,令φ(t)=at-1t-2ln则φ'(t)=a1+1t2-2t,设m(t)=a1+1t2-2t,t>1,则m'∵t>1,0<a<1,∴m'(t)>0,∴φ'(t)在(1,+∞)上单调递增,又φ'(1)=2(a-1)<0,∴存在t0>1,使得当t∈(1,t0)时,φ'(t)<0,∴φ(t)在(1,t0)上单调递减,∴当t∈(1,t0)时,φ(t)<φ(1)=0,不合题意.综上,a的取值范围是(-∞,0)∪[1,+∞).例2解:(1)证明:当a=-1时,设g(x)=f(x)+2x=-sinx-ln(1+x)+2x,则g'(x)=-cosx-11+x+因为x>0,所以x+1>1,所以-1x+1∈(又cosx∈[-1,1],所以-cosx-1x+1+2即g'(x)>0在(0,+∞)上恒成立,所以g(x)在(0,+∞)上单调递增,又g(0)=0,所以当x>0时,g(x)>g(0)=0,即当x>0时,f(x)+2x>0恒成立.(2)当a=1时,f(2)=sin2-ln3<0,所以k<4.下证k=3符合题意.当k=3,x∈0,32时,sinx≥0,所以当a≥1时,f(x)=asinx-ln(1+x)≥sinx-ln(1记h(x)=sinx-ln(1+x),则只需证h(x)=sinx-ln(1+x)≥0对任意x∈0,3h'(x)=cosx-1x+1,令φ(x)=cosx-1x+1,则φ'(x)=-sinx+1(x+1)2,又φ'(0)=1>0,φ'π2=-1+1π所以存在x1∈0,π2,使得φ'(x1当x∈(0,x1)时,φ'(x)>0,φ(x)在(0,x1)上单调递增,当x∈x1,π2时,φ'(x)<0,φ(x)又φ(0)=0,φπ2=-1π2+1<0,所以存在x2∈x1,π2,使得φ(x2)=0,所以当x∈(0,x2)时,φ(x)>0,当x∈x所以h(x)在(0,x2)上单调递增,在x2,π2上单调递减,又h(0)=0,hπ2=1-ln1+π2>0,所以h(x)≥因为0,32⫋0,π2综上,整数k的最大值为3.【自测题】1.解:(1)f'(x)=ex-a,x≥0,当a≤1时,f'(x)≥0恒成立,则f(x)在[0,+∞)上单调递增.当a>1时,令f'(x)=0,得x=lna,当x∈[0,lna)时,f'(x)<0,则f(x)在[0,lna)上单调递减;当x∈(lna,+∞)时,f'(x)>0,则f(x)在(lna,+∞)上单调递增.综上,当a≤1时,f(x)在[0,+∞)上单调递增;当a>1时,f(x)在[0,lna)上单调递减,在(lna,+∞)上单调递增.(2)方法一:由题意知ex-ax≥x2+1对任意x∈[0,+∞)恒成立.当x=0时,可得1≥1,显然成立,此时a∈R.当x>0时,可得a≤ex-x2-1x记g(x)=ex-x2-1x,x>0,则构造函数y=ex-x-1(x>0),则y'=ex-1>0,故y=ex-x-1(x>0)为增函数,则当x>0时,ex-x-1>e0-0-1=0,故ex-x-1>0对任意x∈(0,+∞)恒成立,则g(x)在(0,1)上单调递减,在(1,+∞)上单调递增,所以g(x)min=g(1)=e-2,所以a≤e-2.综上,实数a的取值范围是(-∞,e-2].方法二:由题意知x2+ax+1ex≤1对任意x∈[0,+∞)恒成立记h(x)=x2+ax+1则h'(x)=-(x令h'(x)=0,得x=1或x=1-a.当a≥1时,1-a≤0,故h(x)在[0,1)上单调递增,在(1,+∞)上单调递减,则h(x)max=h(1)=a+2e≤1,得a≤e-2,当0<a<1时,0<1-a<1,故h(x)在[0,1-a)上单调递减,在(1-a,1)上单调递增,在(1,+∞)上单调递减,且h(0)=1,h(1)=a+2由a+2e≤1,得a≤e-2,故0<a≤e当a=0时,1-a=1,故h(x)在[0,+∞)上单调递减,h(x)max=h(0)=1,满足题意;当a<0时,1-a>1,故h(x)在[0,1)上单调递减,在(1,1-a)上单调递增,在(1-a,+∞)上单调递减,且h(0)=1,h(1-a)=2-ae1-a,易知e1-a>1故h(1-a)<1,故h(x)max=1,故a<0满足题意.综上所述,实数a的取值范围是(-∞,e-2].2.解:(1)证明:当a=0时,f(x)=(x-1)ex-1,f'(x)=xex,令f'(x)>0,得x>0,此时函数f(x)单调递增,令f'(x)<0,得x<0,此时函数f(x)单调递减,当x∈(-∞,0)时,f(x)<0,当x∈[0,+∞)时,f(0)=-2<0,f(2)=e2-1>0,故函数f(x)只有一个零点.(2)由题意知f'(x)=xex-a,令g(x)=f'(x),则g'(x)=(x+1)ex,令g'(x)>0,得x>-1,令g'(x)<0,得x<-1,故函数f'(x)=xex-a在(-∞,-1)上单调递减,在(-1,+∞)上单调递增.当a>0时,若x≤0,则f'(x)<0,又f'(a)=a(ea-1)>0,所以存在x0∈(0,a),使得f'(x0)=x0ex0且当x∈(-∞,x0)时,f'(x)<0,当x∈(x0,+∞)时,f'(x)>0,故函数f(x)在(-∞,x0)上单调递减,在(x0,+∞)上单调递增,所以f(x)min=f(x0)=(x0-1)ex0-ax0-1=(x0-1)ex0-x02ex0-1=(-x02+x0设h(x)=(-x2+x-1)ex-1(x>0),则h'(x)=(-x2-x)ex<0(x>0),所以h(x)在(0,+∞)上单调递减且h(1)=-e-1,故当x0>1时,f(x)min<-e-1,因为存在x∈R,使不等式f(x)<-e-1成立,且y=xex在(1,+∞)上单调递增,所以此时a=x0ex0>当a=0时,由(1)得f(x)在(-∞,0)上单调递减,在(0,+∞)上单调递增,故f(x)≥f(0)=-2>-e-1,所以不存在x∈R,使不等式f(x)<-e-1成立.当a<0时,取x<e+1a<0,即-ax<-e-1,则(x-1)ex-ax-1<-e-所以存在x∈R,使不等式f(x)<-e-1成立.综上所述,a的取值范围是(-∞,0)∪(e,+∞).微点2例3解:(1)函数f(x)的定义域为(0,+∞),f'(x)=ex-1lnx+ex-1x=e令h(x)=lnx+1x,则h'(x)=1x-1x所以当0<x<1时,h'(x)<0,函数h(x)单调递减,当x>1时,h'(x)>0,函数h(x)单调递增,所以h(x)≥h(1)=1,所以f'(x)=ex-1lnx+所以函数f(x)在(0,+∞)上单调递增.(2)证明:由题意知,要证ex-1lnx≤x2-x=x(x-1)在(0,2)上恒成立,即证lnxx≤x-1即证lnxelnx≤x设l(x)=xex,则l'(x)=ex所以当x<1时,l'(x)>0,l(x)单调递增,当x>1时,l'(x)<0,l(x)单调递减,所以l(x)max=l(1)=1e令t(x)=lnx-x+1,则t'(x)=1x-1=1当0<x<1时,t'(x)>0,t(x)单调递增,当x>1时,t'(x)<0,t(x)单调递减,所以t(x)max=t(1)=0,所以lnx≤x-1,当x∈(0,2)时,lnx<1,x-1<1,所以l(lnx)≤l(x-1),即lnxeln所以当x∈(0,2)时,f(x)≤g(x)恒成立.例4解:(1)f'(x)=ax-4(x因为f(x)在(0,+∞)上单调递增,所以f'(x)≥0,即a≥4x(x+1)2对x由基本不等式可得(x+1)2≥4x,当且仅当x=1时取等号,所以4x(x+1)2所以a≥1,所以a的取值范围为[1,+∞).(2)证明:令a=1,则f(x)=lnx-2(x-1)x+1,由(1)知f(x又f(1)=0,所以f(x)>0在(1,+∞)上恒成立,所以当x>1时,lnx>2(令x=n+1n>1,则lnn+1即14[ln(n+1)-lnn]>n所以2-12+1<14(ln3-23+2<14(ln3-ln2),…,n+1-nn累加可得2-12+1+3-23+2+【自测题】解:(1)因为f(x)=lnx-ax+2,x∈(0,+∞),所以f'(x)=1x-a=-ax+1x所以当x∈0,1a时,f'(x)>0,f(x当x∈1a,+∞时,f'(x)<0,f(所以f(x)max=f1a=-lna+1因为f(x)≤0恒成立,所以f(x)max=-lna+1≤0,解得a≥e,所以实数a的取值范围为[e,+∞).(2)证明:令a=1,则f(x)=lnx-x+2,则f'(x)=1x-1=1所以当x∈(0,1)时,f'(x)>0,f(x)单调递增,当x∈(1,+∞)时,f'(x)<0,f(x)单调递减,所以f(x)≤f(1)=1,即lnx≤x-1,所以ln(x+1)≤x,当且仅当x=0时取等号,所以ln1+1n(n+1)<1所以ln1+11×2<11×2,ln1+12×3<12×3,将以上各不等式两边分别相加得ln1+11×2+ln1+12×3+…+ln1+1n(n+1)<11×2+12×3+13×4+…+1n(n即ln1+11×2所以1+11×2×1+12×3×…×解:(1)当a=1时,f(x)=xex-ex=(x-1)ex,f'(x)=xex.当x∈(-∞,0)时,f'(x)<0,f(x)单调递减;当x∈(0,+∞)时,f'(x)>0,f(x)单调递增.(2)令g(x)=f(x)+1=xeax-ex+1,则g(0)=0,由题意知g(x)<0对任意的x>0恒成立.g'(x)=eax+axeax-ex,则g'(0)=0.令h(x)=g'(x),则h'(x)=aeax+a(eax+axeax)-ex=a(2eax+axeax)-ex,故h'(0)=2a-1.若h'(0)=2a-1>0,即a>12则h'(0)=limx→0+所以∃x0>0,使得当x∈(0,x0)时,有g'(x则g'(x)>0,故g(x)在(0,x0)上单调递增,则g(x0)>g(0)=0,不合题意.若h'(0)=2a-1≤0,即a≤12则当a≤0时,g'(x)=eax+axeax-ex<0在(0,+∞)上恒成立,故g(x)在(0,+∞)上单调递减,则当x>0时,g(x)<g(0)=0,符合题意.当0<a≤12时,g'(x)=eax+axeax-ex=eax+ln(1+ax)-ex≤e12x+ln1+12x-ex<e12x+12x-ex=0在(0,+∞)上恒成立,故g(x)在(0,+∞)上单调递减故实数a的取值范围是a≤12(3)证明:ln(n+1)=ln21×32×43×…×n+1n=ln要证112+1+122+2+…+1n2+n即证1n1+1n>ln1+1n,设t=1+1n,则1n=t2-1,t>1,即证t2-1t>2lnt(t>1),即证t-1t设m(x)=x-1x-2lnx,则m'(x)=(x故m(x)在(0,+∞)上单调递增,则当x>1时,m(x)>m(1)=0,故t-1t>2lnt(t>1)所以112+1+122+2+…+1

微专题25导数中的切线、放缩与构造微点1例1D[解析]令f(x)=ex-x-1,则f'(x)=ex-1,当x>0时,f'(x)>0,当x<0时,f'(x)<0,所以f(x)在(0,+∞)上单调递增,在(-∞,0)上单调递减,所以当x=0时,f(x)取得极小值,也是最小值,故f(x)≥f(0)=0,所以ex≥x+1,当且仅当x=0时取等号,故a=e17>17+1=87.7log89=8×78log89=8log89×78log89=9×78log89<9×78log88=638<8,由7log89<8,得log89<log78,即b<c.因为【自测题】A[解析]令f(x)=ex-x-1,则f'(x)=ex-1,当x∈(-∞,0)时,f'(x)<0,f(x)单调递减,当x∈(0,+∞)时,f'(x)>0,f(x)单调递增,故f(x)min=f(0)=0,可得ex≥x+1,当且仅当x=0时,等号成立,故e0.2>1.2.因为e1.2=e·e0.2>e(1+0.2)>3.24>3.2,所以1.2>ln3.2,故a>b>c.故选A.微点2例2(1)-2ln2(2)e2[解析](1)ea+c+be-c+1≤a+lnb+3⇔ea+c+elnb-c+1≤a+lnb+3.令函数f(x)=ex-x-1,则f'(x)=ex-1,当x<0时,f'(x)<0,当x>0时,f'(x)>0,因此函数f(x)在(-∞,0)上单调递减,在(0,+∞)上单调递增,则f(x)≥f(0)=0,即∀x∈R,ex≥x+1,故ea+c≥a+c+1,elnb-c+1≥lnb-c+1+1,即ea+c+elnb-c+1≥a+lnb+3,当且仅当a+c=0,lnb-c+1=0,即a=-c,b=ec-1时取等号.依题意得a=-c,b=ec-1,则a+b-c=ec-1-2c.令g(x)=ex-1-2x,则g'(x)=ex-1-2,当x<1+ln2时,g'(x)<0,当x>1+ln2时,g'(x)>0,故函数g(x)在(-∞,1+ln2)上单调递减,在(1+ln2,+∞)上单调递增,故g(x)min=g(1+ln2)=-2ln2,所以a+b-c的最小值是-2ln2.(2)因为a>0,所以ex≥alna(x-1)e⇔exa≥lna+ln(x-1)-1⇔ex-lna-lna≥ln(x-1)-1⇔ex-lna+(x-lna)≥(x-1)+ln(x-1).令f(x)=ex+x,易知f(x)在(-∞,+∞)上单调递增,又f(x-lna)=ex-lna+(x-lna)≥(x-1)+ln(x-1)=f[ln(x-1)],所以x-lna≥ln(x-1)恒成立,即x-ln(x-1)≥lna恒成立,所以[x-方法一:令g(x)=x-ln(x-1),x>1,则g'(x)=1-1x-1=x-2x-1,x>1,由g'(x)>0,得x>2,由g'(x)<0,得1<x<2,则g(x)在(1,2)上单调递减,在(2,+∞)上单调递增,所以g(x)min=g(2)=2,所以lna≤2,即a≤e方法二:令g(x)=lnx-x+1,则g'(x)=1x-1=1-xx,故g(x)在(0,1)上单调递增,在(1,+∞)上单调递减,故g(x)≤g(1)=0,则x-1-lnx≥0,当且仅当x=1时,等号成立.由x-ln(x-1)=[(x-1)-1]-ln(x-1)+2≥2,得lna≤2,即a≤e2,故实数a【自测题】解:(1)由题意知1+ln(ax)≤x(a>0)对任意x∈(0,+∞)恒成立,所以a≤ex-1x对任意x∈(0,令h(x)=ex-1x,x>0,则只需h(x)求导得h'(x)=(x-1)ex-1x2,当0当x>1时,h'(x)>0,所以h(x)在(0,1)上单调递减,在(1,+∞)上单调递增,则h(x)min=h(1)=1,所以0<a≤1.(2)由题意知1+ln(ax)≤x(ex-a)(a>0)对任意x∈(0,+∞)恒成立,所以ln(ax)+ax+1≤xex=ex+lnx对任意x∈(0,+∞)恒成立.(i)当a=1时,证明lnx+x+1≤ex+lnx对任意x∈(0,+∞)恒成立即可,令t=x+lnx,t∈R,则只需证明t+1≤et对任意t∈R恒成立.令k(x)=ex-x-1,x∈R,则k'(x)=ex-1,当x∈(-∞,0)时,k'(x)<0,k(x)单调递减,当x∈(0,+∞)时,k'(x)>0,k(x)单调递增,所以k(x)≥k(0)=0,即ex≥x+1对任意x∈R恒成立,故lnx+x+1≤ex+lnx对任意x∈(0,+∞)恒成立,满足题意.(ii)当0<a<1,x>0时,ax<x,又y=x+lnx在(0,+∞)上单调递增,所以ln(ax)+ax<x+lnx,由(i)知lnx+x+1≤ex+lnx对任意x∈(0,+∞)恒成立,所以ln(ax)+ax+1<ex+lnx对任意x∈(0,+∞)恒成立,满足题意.(iii)当a>1时,由(i)知lnx+x+1≤ex+lnx对任意x∈(0,+∞)恒成立,当且仅当x+lnx=0时等号成立.令x=1e,则1e+ln1e=1e令x=1,则1+ln1=1>0,又y=x+lnx在(0,+∞)上单调递增,所以存在x0∈1e,1,使得x0+lnx即lnx0+x0+1=ex0+ln由于a>1,故ax0>x0,又y=x+lnx在(0,+∞)上单调递增,所以ln(ax0)+ax0+1>x0+lnx0+1=x0ex故存在x0>0,使得ln(ax0)+ax0+1>x0ex0,综上,0<a≤1.微点3例3解:(1)f(x)的定义域为(0,+∞),f'(x)=-1x2-1+ax①若a≤2,则f'(x)≤0,当且仅当a=2,x=1时,f'(x)=0,所以f(x)在(0,+∞)上单调递减.②若a>2,则令f'(x)=0,得x=a-a2-当x∈0,a-a2-42∪a当x∈a-a2-42,a+所以f(x)在0,a-a2-42综上,当a≤2时,f(x)在(0,+∞)上单调递减;当a>2时,f(x)在0,a-a在a-a(2)证明:方法一,由(1)知,若f(x)存在两个极值点,则a>2.因为f(x)的两个极值点x1,x2满足x2-ax+1=0,所以x1x2=1,不妨设x1<x2,则x2>1.因为f(x1)-f(x2)=1x1-x1+alnx1-1x2-x2+alnx2=2(x2-x所以f(x1)-f(利用对数均值不等式及x1x2=1,得f(x1)-f(x2方法二,由(1)知,若f(x)存在两个极值点,则a>2.因为f(x)的两个极值点x1,x2满足x2-ax+1=0,所以x1x2=1,不妨设x1<x2,则x2>1.因为f(x1)-f(x2)=1x1-x1+alnx1-1x2-x2+alnx2=2(x2-x所以f(x1)-f(x2)x1所以f(x1)-f(x2)x1-x2设函数g(x)=1x-x+2lnx由(1)知,g(x)在(0,+∞)上单调递减,又g(1)=0,所以当x∈(1,+∞)时,g(x)<0,所以1x2-x2+2lnx2即f(x1【自测题】解:(1)f'(x)=ax+1x因为曲线y=f(x)在点(1,f(1))处的切线方程为x+2y-3=0,直线x+2y-3=0的斜率为-12,且过点所以f(1)=1(2)方法一:由(1)知f(x)=lnxx+1所以f(x)-lnxx-令h(x)=2lnx+(k-1则h'(x)=(k①若k≤0,则由h'(x)=k(x当x≠1时,h'(x)<0,而h(1)=0,故当x∈(0,1)时,h(x)>0,可得11-x2h(当x∈(1,+∞)时,h(x)<0,可得11-x2h(x从而当x>0且x≠1时,f(x)-lnxx即f(x)>lnxx-1②若0<k<1,则当x∈1,11-k时,(k-1)(x2+1)+2x>0,故h'又h(1)=0,故当x∈1,11-k时,h(x)>0,可得11-x③若k≥1,则h'(x)>0,故h(x)在(0,+∞)上单调递增,又h(1)=0,故当x∈(1,+∞)时,h(x)>0,可得11-x2h(x)综上可得,k的取值范围为(-∞,0].方法二:由(1)知f(x)=lnxx+1+1x,因为当x>0且x≠1时,f(x)>ln所以lnxx+1+1x>ln分离参数k,可得1-k>2xx2-1因为当x>0且x≠1时,lnxx-1<x+12x,所以2xx2-1ln所以k的取值范围为(-∞,0].微点4例4A[解析]令f(x)=sinx-x,x∈0,π2,则f'(x)=cosx-1<0在0,π2上恒成立,所以函数f(x)=sinx-x在0,π2上单调递减,所以当x∈0,π2时,f(x)=sinx-x<f(0)=0,即sinx<x,x∈0,π2.令g(x)=x-tanx,x∈0,π2,则g'(x)=1-cos2x+sin2xcos2x=1-1cos2x=cos2x-1cos2x=-sin2xcos2x<0在0,π2上恒成立,所以函数g(x)=x-tanx在0,π2上单调递减,所以当x∈0,π2时,g(x)=x-tanx<g(0)=0,即x<tanx,x∈0,π2,所以当x∈0,π2时,sinx<x<tanx,所以sin0.1<0.1<tan0.1.因为a=sin0.2,b=0.2cos0【自测题】A[解析]令f(x)=ex-(x+1),则f'(x)=ex-1,令f'(x)>0,则x∈(0,+∞),令f'(x)<0,则x∈(-∞,0),故函数f(x)在(-∞,0)上单调递减,在(0,+∞)上单调递增,则f(x)min=f(0)=0,即ex-(x+1)≥0,故ex≥x+1,当且仅当x=0时等号成立.取x=12023,则e12023>12023+1=20242023,即12024·e12023>12023.取x=-12024,则e-12024>1-12024=20232024,即e12024<20242023,即12024·e12024<12023.当x∈0,π2时,令F(x)=x-sinx,G(x)=tanx-x,则F'(x)=1-cosx>0,G'(x)=sinxcosx'-1=1-cos2xcos2x=sin2xcos2x>0,则函数F(x),G(x)都在0,π2上单调递增,则F(x)>F(0)=0,G(x)>G(0)=0,所以当x∈0,π2时,sinx<x<tan解:(1)由题知f(x)的定义域为R,且f'(x)=aex-1.当a≤0时,f'(x)<0恒成立,故f(x)在R上是减函数;当a>0时,令f'(x)>0,得x>-lna,令f'(x)<0,得x<-lna,故f(x)在(-∞,-lna)上单调递减,在(-lna,+∞)上单调递增.综上,当a≤0时,f(x)在R上是减函数;当a>0时,f(x)在(-∞,-lna)上单调递减,在(-lna,+∞)上单调递增.(2)证明:方法一:由(1)知,当a>0时,f(x)min=f(-lna)=a(e-lna+a)+lna=1+a2+lna,令g(a)=1+a2+lna-2lna+32=a2-lna-12(a>0),则g'(a)=2a-1a令g'(a)>0,得a>22令g'(a)<0,得0<a<22故g(a)在0,22上单调递减,在故g(a)≥g22=12-ln22-即f(x)min>2lna+32所以f(x)>2lna+32,故得证方法二:当a>0时,由(1)得f(x)min=f(-lna)=1+a2+lna,要证f(x)>2lna+32,只需证1+a2+lna>2lna+3即证a2-12>lna,易证lna≤a-所以只需证明a2-12>a-1,即证a2-a+12>因为a2-a+12=a-122+所以f(x)>2lna+32成立,故得证方法三:当a>0时,要证f(x)>2lna+32即证a(ex+a)-x>2lna+32只需证ex+lna-(x+lna+1)+12(a2-lna2-1)+12a2>因为ex≥x+1,所以ex+lna-(x+lna+1)≥0,因为lnx≤x-1,所以12(a2-lna2-1)≥又12a2>0,故ex+lna-(x+lna+1)+12(a2-lna2-1)+12a2>0成立

高考进阶6泰勒展开在解决放缩问题中的应用例1C[解析]方法一:要比较0.1e0.1与19的大小,可比较e0.1与109的大小,即比较e0.1与11-0.1的大小.构造函数f(x)=(1-x)ex(0<x<1),则f'(x)=-xex<0,所以f(x)在(0,1)上单调递减,所以f(x)<f(0)=1,所以当x∈(0,1)时,ex<11-x,所以e0.1<11-0.1,所以0.1e0.1<19,即a<b.构造函数g(x)=xex+ln(1-x)(0<x≤0.1),则g'(x)=xex+ex-11-x=(1-x2)ex-11-x(0<x≤0.1),令h(x)=(1-x2)ex-1(0<x≤0.1),则h'(x)=(1-x2-2x)ex>0(0<x≤0.1),所以h(x)在(0,0.1]上单调递增,所以h(x)>h(0)=0,所以g'(x)>0,所以g(x)在(0,0.1]上单调递增,所以g(0.1)>g(0)=0,即0方法二:令f(x)=xex=x1+x+x22!+x33!+…=x+x2+x32+x46+…,则a=f(0.1).令g(x)=x1-x=x(1+x+x2+…)=x+x2+x3+…,则b=0.11-0.1=g(0.1).令h(x)=-ln(1-x)=x+x22+x33+x44+…,则c=-ln(1-0.1)=h(0.1).当0<x<1时,g(x)>f(x)且g(x)>h(x),因此b>a且b>c.当0<x<1时,h(x)<x+x22(1+x+x2+…)=x+x22·11-x=x+x22(1-x).当x=0.1时例2解:(1)由题意知f'(x)=ex+m-3x2,因为曲线y=f(x)在点(0,f(0))处的切线斜率为1,所以f'(0)=em=1,解得m=0.(2)证明:方法一,先证明当x>-1时,ex≥x+1,即x≥ln(x+1).设F(x)=ex-x-1(x>-1),则F'(x)=ex-1,故F(x)在(-1,0)上单调递减,在(0,+∞)上单调递增,所以F(x)≥F(0)=0,即ex≥x+1(x>-1),故ln(x+1)≤x(当且仅当x=0时取等号).再证明ex+m-ln(x+1)-2>0.由ex≥x+1,得ex+1≥x+2(当且仅当x=-1时取等号).因为x>-1,m≥1,且ex+1≥x+2与ln(x+1)≤x不同时取到等号,所以ex+m-ln(x+1)-2=em-1·ex+1-ln(x+1)-2>x+2-x-2=0.综上所述,当m≥1时,f(x)>g(x)-x3.方法二,要证f(x)>g(x)-x3,只需证ex+m>ln(x+1)+2,即证ex+m-ln(x+1)-2>0.令h(x)=ex+m-ln(x+1)-2,则h(0)=em-2,h'(x)=ex+m-1x+1,h″(x)=ex+m+1(x+1)2,h‴(x故h'(0)=em-1,h″(0)=em+1,h‴(0)=em-2.由泰勒公式可知h(x)=em-2+(em-1)x+12(em+1