2023年广东省惠州一中教育集团中考物理二模试卷（附答案详解）

2023年广东省惠州一中教育集团中考物理二模试卷

1.估测在实际生活中的应用十分广泛，其中最接近实际的是（）

A.一枚一元硬币的重力约为5N

B.中学生正常步行上学的速度约为l/on/h

C.中学生静止站立时对地的压强约为500Pa

D.常见的体温计的量程是35。（：〜42汽

2.炎热的夏天，柏油路上的沥青越来越软,卜列图像能描述沥青熔化的过程的是（)

A.古筝发出声音是由琴弦的振动产生的

B.弹奏古筝时，手指越用力，发出声音的响度越小

C.人们能根据声音的音调分辨出古筝

D.古筝发出的声音是由空气直接传播到地球的

4.如图所示，利用滑轮组将重为80N的物体在30s内匀速提升3m,已知拉力F为50N,若不

计绳重和摩擦。下列说法正确的是（）

A.绳端移动的速度为0.3m/sB.动滑轮重力为50N

C.拉力做功的功率为40”D.滑轮组的机械效率为80%

5.如图所示，通电螺线管周围小磁针静止时，小磁针N极指向正确的是（小磁针上涂黑的一

端为N极）（）

A.a、c、dB.a、b、cC.a、cD.b、c、d

6.如图所示，小雅在上课时发现，将这款粉笔擦背面贴在黑板上后不会

掉下来，原因是粉笔擦背面附有磁性材料。下列说法正确的是（）

A.粉笔擦不会掉下来是因为黑板对粉笔擦的摩擦力大于粉笔擦的重力

B.粉笔擦受到的重力与黑板对粉笔擦的摩擦力是一对平衡力

C.粉笔擦对黑板的压力与黑板对粉笔擦的吸引力是一对相互作用力

D.粉笔擦对黑板的吸引力与黑板对粉笔擦的吸引力是一对平衡力

7.小欣通过整理甲、乙两个元件的电流与电压的数据，绘制出了如

图所示的图像，据图像分析，下列判断正确的是（）

A.甲、乙两元件中的电流与电压都成正比

B.乙元件是一个定值电阻且阻值大小为10。

C.若将甲、乙两元件串联起来接到电路中，当通过甲元件的电流为

0.2A时，甲、乙两元件电压之比为2：1

D.若甲、乙元件并联后，接在电压为21/的电源上，干路的总电流是0.6A

8.如图所示，一只天鹅在水深为1.5nt的水面上方水平飞行，它在水

中的倒影是由于光的形成的。若此时的天鹅距水面2m,它在

水中的倒影离天鹅m,若以水中的倒影为参照物，水面上方飞

行的天鹅是（选填“运动”或“静止”）的。

9.火箭在发射时会产生大量高温火焰，为了保护发射平台，在火箭发射时自动喷水装置会

向平台喷水，如图所示，水遇到高温火焰会（填物态变化名称），使发射平台的温度大

大降低，火箭将卫星发射到太空后，卫星可以通过（填“电磁破”或“超声波”）向地

面发送信号。这种信号的传播速度为km]

10.茶是世界上三大无酒精饮料之一，起源于中国，盛行于世界。泡茶时能闻到浓浓茶香，

这是现象，温度越,茶香越浓。拿起杯盖，杯盖内表面会沾有很多小水珠不

掉落，这说明分子间存在（填“引力”或“斥力”）。

11.如图所示是某简易杠杆的示意图，已知IAOB水平，OA=OB,物体质量是1000g,则物

体重力G=N。拉力F的方向如图所示，该杠杆是杠杆（填“省力”、“费力”

或“等臂"），F=N。（g取10N/kg）

12.世界上第一位发现电与磁之间联系的科学家是,他发

现通电导线能使放在其周围的小磁针发生偏转，这是因为通电导线

周围存在______。如图所示，闭合开关后导体棒ab会向左运动，

若只将U形磁铁的磁极对调，则闭合开关后导体棒必将向

运动。

13.如图所示，自由漂浮在海面上的冰山仅仅露出“冰山一角”，

它把巨大的身躯隐藏在海面下，对远航的轮船形成潜在威胁。冰山

33

和海水的密度分别为P冰=0-9x103的//，。海次=1.03x10/c5/mo则海面下100m深度

处冰山受到水的压强为Pa；此时冰山受到的浮力与冰山受到的重力之间的关系是尸浮

G冰山（填“大于”、“等于"、“小于”）；若全球变暧导致冰山熔化，则海平面将

（填“上升”、“下降"或“不变”）。（g取lON/切）

14.如图所示电路图，电源电压恒为91/,小灯泡标有“6U6VV”字——

样，滑动变阻器标有“10。14”字样。则小灯泡正常发光时的电阻

是。，当电压表示数为31/时，小灯泡的实际电功率为/,

此时10s内滑动变阻器R上产生的热量为人（假设小灯泡的电

阻不随温度变化）

15.如图所示，已知光线在水面反射的光线OB,。为入射点。请

作出其入射光线和进入水中的折射光线，并标出入射角。

二二二二二二二水

16.如图甲所示，实心物体被绳子拉着浸没在水中，现从容

器底部开始缓慢放水直至水全部放完，请在图乙画出浮力F浮

随时间t变化的大致图象。

17.小明家卧室内有“一开一插”式开关和两盏“220V10””的壁灯，其部分电路如图所

示。开关控制两盏壁灯，且闭合开关时壁灯都能正常发光，三孔插座独立工作，请你将电路

连接完整。

___________________________火线

18.如图：物块长度为cm；温度计读数为℃；电能表示数为

'llll|llll|llll|llllllll|llll|llll|lll-W-30220V10（20）A50Hz

0cm123毒*3000r/kW-h

19.小箕和小秋为了探究煤油和菜籽油的热值大小关系，组装了如图所示的装置进行实验。

实验时煤油和菜籽油的（填“质量”或“体积”）应取相同量，实验中应通过（

填“加热时间”或“温度计示数的变化”）来反映煤油和菜籽油放出热量的多少。小琳组装了

如图丙所示的装置，烧杯内装的是符合实验条件的煤油，如果想要进一步探究煤油和水的吸

热能力，应该与（填“甲”或“乙”）装置的实验数据进行比较，这个实验中能反映水

和煤油所吸收热量的物理量是（填“加热时间”或“温度计示数的变化”）。

20.小铭同学正在完成“测量矿石的密度”实验。

100

80

60

fifi40

|ipqiiii|iiii|ini|iiii|-20

0J3345g

甲

（1）小铭将天平放在水平桌面上，并将游码移至左端零刻度线处，发现指针静止时指在分度盘

中央刻度线的右侧，为使天平水平平衡，他可以。

4把横梁右端螺母向右旋出一些

8.把横梁右端螺母向左旋进一些

C.把横梁左端螺母向右旋进一些

n向右移动游码

（2）小铭用调好的天平测量矿石的质量，天平再次平衡时，右盘中祛码和游码的示数如图甲所

示，则矿石的质量为9。该矿石放入前、后量筒内液面情况如图乙，则矿石的密度是

kg/m3O

（3）如果小铭使用的祛码生锈了，所测得的矿石密度会（填“偏大”或“偏小”）。小

铭更换了新的祛码重新实验，但是他这次先测量了矿石的体积，再测量矿石的质量，这样操

作会让测得的结果（填“偏大”或“偏小”）。

（4）小妍发现自己只有天平没有量筒，经过思考她也想到了测量矿石体积的办法，她找来一个

溢水杯和小烧杯如图丙：

①用天平测出矿石的质量mi

②用天平测出空小烧杯的质量租2

③溢水杯装满水后，将小矿石放入溢水杯中（方法如图所示），并用小烧杯盛溢出的水

④用天平测出小烧杯和溢出水的总质量小3

则矿石的密度。石=（用所测物理量和P次表示）。

21.某实验小组在进行“探究凸透镜成像的规律”的实验。

甲乙

实验次数物距/cm像距/CM像高/cm

130152

220204

315308

(1)小作和小怡先将蜡烛、凸透镜、光屏依次安装在光具座上，点燃蜡烛后，在光屏上得到了

蜡烛的像，如图甲所示。若要让像成在光屏中央，则可以将光屏向(填“上”或“下”)

移动。

(2)小源认为使用蜡烛时成像不稳定，于是用高为40n的发光体(由发光二极管组成)替换蜡烛,

如图乙，他把凸透镜固定在光具座的50cni刻度线处不动。小源将凸透镜成实像时的部分实验

数据记录在上表中(数据记录时取察数)。分析表中数据可知，实验中所用凸透镜的焦距为

_____cm。

(3)在第3次实验时，应将光屏移到光具座on刻度线处，光屏上才会出现清晰的像，

生活中的(填“照相机”、“投影仪”“放大镜”)也是根据这一原理工作的。此时，

如果小源不小心用手指尖触碰到了凸透镜，光屏上______(填"会”或“不会”)出现手指尖

的像。

(4)根据实验数据推测，若把发光体放在光具座“0”刻度线处时，凸透镜所成实像的高度

(填"大于"、“小于”或“等于")2cm。

(5)若图乙中光屏上已经成了一个清晰的像，此时小涵将透镜换成一个焦距更小的透镜，光屏

上的像立刻变得模糊，需将发光体向(填“左”或“右”)移动，光屏上才会重新出现

清晰的像。

22.一辆行驶在水平公路上的小汽车，汽车总质量为1.83其轮胎与地面的总接触面积为

0.08m2o求：

(1)汽车静止时对水平路面的压强(g=ION/kg)；

(2)汽车以72km"的速度匀速行驶时，发动机的输出功率为5x1。4皿，求此过程中汽车的牵

引力；

(3)汽车以72km//i的速度匀速行驶一百公里耗油10kg,则发动机的效率是多少？(q=4.5X

107J/kg,结果精确至IJ1%)

23.如图所示，电源电压恒定，％、%是定值电阻，其中&=I。。，一守一j―匚二1-।

滑动变阻器/?3标有“2000.54”字样。只闭合开关Si，电流表的示J"pn'J

数为0.94再闭合开关S2、S3时，电流表的示数变为1.54。求：T||I

(1)电源电压；

(2)&的电阻值;

(3)若只闭合$2,为了保证电路安全，%允许接入电路中的阻值范围是多少？心在10s内消耗

的电能最多是多少？

24.如图是探究“电流通过导体时产生热量的多少与哪些因素有关”的实验装置，三个密闭

容器内的电阻如图所示（R尹=5。、R1=100、R丙=50）,三个容器串联，在丙容器的外部

将一个50的电阻和R两并联。本装置中我们可以通过观察来反映电阻丝上产生的电热,

这种实验方法叫（填“控制变量法”或“转换法”）。通电后，想要比较电热和电阻的

关系，我们可以选取两个装置来比较：想要比较电热和电流的关系，我们可以选取

两个装置来比较；在通电相同时间下，三个容器中产生的热量之比为。

25.下面是某实验小组所做的电学实验:

（一）探究电流与电阻的关系。

（1）小敏用5。、100、150和200四个电阻、电压恒为4.5U的电源、“20。14”的滑动变阻器

等器材连接成部分实验电路，实验过程中控制电阻两端的电压2P不变。请用笔画线代替导线

把电路补充完整。

（2）正确连接电路后开始实验。小敏将5。的电阻接入电路中完成了第一次实验，若接下来将

10。的电阻替换掉50的电阻后进行第二次实验，需要向（填“左”或“右”）移动滑片,

直至电压表示为2V。为了使四个电阻单独接入电路都能完成实验，她应该适当______（填“增

大”或“减小”）所控制的定值电阻的电压值。

（二）测量小灯泡的额定功率。

（1）小洋按乙图连接电路，测量标有“3.8，”的小灯泡的额定功率。闭合开关后，小溪发现无

论怎样移动滑动变阻器的滑片灯泡都不亮，此时电流表有示数，电压表无示数，则故障原因

可能是小灯泡（填“短路”或“断路”）o

（2）排除故障后，他先使用了电压表的小量程，调节变阻器滑片，使电压表示数为2V,读出此

时电流表的示数为0.24求出了小灯泡的功率。然后他又换用电压表的大量程，调节变阻器

滑片，使电压表示数为3.8也此时电流表示数如图丙所示。对比两次实验，小洋可以确定小

灯泡的额定功率为亿第二次实验中小灯泡灯丝的电阻（填“大于”、“小于”

或“等于"）第一次实验时的电阻。

（3）小邦又设计了如丁图所示的电路，在不使用电流表的条件下也能测出小灯泡的额定功率。

已知滑动变阻器％的最大阻值为R。小灯泡的额定电压为U新。实验步骤如下。

①闭合开关S、S「调节％的滑片，使电压表的示数为U频。

②接着保持变阻器％的滑片位置不动，断开S1，闭合S2,移动滑动变阻器/?2,使电压表的示

数仍为U频。

③将％的滑片调至最左端，记下电压表的示数力；将％的滑片调至最右端，记下电压表示数

U2,则小灯泡额定功率的表达式是。=（用岛、U额、U］、/表示）。

26.阅读短文，回答问题。

北斗三号全球卫星导航系统我国北斗三号全球卫星导航系统的最后一颗卫星，于2020年6月

23日9时43分在西昌卫星发射中心点火升空，并圆满发射成功（如图甲）/这标志着北斗全球卫

星导航系统从中国走向了全世界，可以为全球用户提供优质定位服务。北斗卫星导航系统的

空间段主要由5颗静止轨道卫星和30颗非静止轨道卫星组成，分布在绕地球高、中、低多个

轨道运行。中轨道卫星高地面高度为约2万千米，主要是非静止轨道卫星运行；高轨道为地球

同步卫星（静止轨道卫星），高地面约3.6万千米，该卫星运行轨道平面与赤道平面重合（如图乙

）.轨道周期和地球在惯性空间中的自转方向一致，周期也一致为24鼠

（1）高轨道同步卫是相对地球是（填“运动”或“静止”）的；

（2）非静止轨道卫星是按椭圆形轨道绕地球运动的，当该卫星从近地点向远地点运行时其动能

会（填“增大”、“减小”或“不变”）;

（3）北斗三号全球卫星的两翼都安装了太阳能电池板，太阳能电池板是把太阳能直接转化成

能，其中太阳能属于(填“可再生”或“不可再生”)能源。在人类使用能源

的过程中，必然有部分能量由于种种原因浪费掉且不能再重新加以利用，因为能量的转移或

转化具有，所以我们要大力开发诸如太阳能这样的新能源；

(4)在卫星发射场地安装有风速测试仪，为了测定风速的大小，现有如图的装置，图中探头、

金属杆和滑动变阻器的滑月P相连，可上下移动。现要求：当风吹过探头时，滑动变隔器的

滑片P向上移动，且风速增大时电压表的示数增大。以下四个图中符合要求的是«

―►探沃

金属杆p

AB

甲乙

答案和解析

1.【答案】D

【解析】解：4、一枚一元硬币的质量约为6g=0.006kg,其重力约为G=mg=0.006kgx

lON/kg=0.06/V,故A不符合实际；

B、中学生正常步行上学的速度约为4k7n〃，故B不符合实际；

C、一个中学生对地面的压力F=G=mg=50kgxION/kg=500N,双脚与地面的接触面积约

400cm2,双脚站立时对地面的压强约为p=*=n^%=1.25xl04pa,故C不符合实际;

D、常见的体温计的量程是35久〜42。&故。符合实际。

故选：Do

首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的数据，可根据需要进行相应的换算或

转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。

物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中的常见量的值可帮助我们更好地学好物理，同时也

能让物理更好地为生活服务。

2.【答案】A

【解析】解：沥青属于非晶体，熔化过程中，吸收热量，温度不断升高。

故选：Ao

晶体和非晶体的重要区别在于晶体有一定的熔点，非晶体没有；

晶体吸收热量，温度升高，到达熔点，不断吸收热量，温度保持不变，完成熔化过程，晶体全部

熔化之后，吸收热量，温度不断升高；

非晶体吸收热量，温度不断升高，非晶体变软，熔化。

本题考查了晶体与非晶体熔化的特点，难度较小，属于基础性题目。

3.【答案】A

【解析】解：4、物体的振动产生声音，古筝声是由于琴弦振动产生的，故A正确；

反弹奏古筝时，手指越用力，发出声音的响度越大，故8错误；

C、不同发声体的结构不同，发出声音的音色不同，故C错误；

。、太空没有空气，不能传播声音，故。错误。

故选：4。

(1)声音由物体的振动产生；

(2)响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；

(3)音色是由发声体本身决定的一个特性。

(3)声音的传播需要介质，真空不能传声；固体、液体、气体都可作为传播声音的介质。

本题考查声音的产生，传播以及声音的特性，难度不大。

4.【答案】D

【解析】解：4、由图可知n=2,绳子自由端移动的距离：s=2h=2x3m=6m,绳子自由端

移动的速度：f=：=饕=0.2m/s,故A错误；

t30s'

B、因为不计绳重和摩擦时F=+G动)，所以动滑轮的重力：6动=nF-G=2x50N-80N=

20N,故B错误；

C、拉力做的总功：W=Fs=50/Vx6m=300；,拉力做功的功率：p==W=1QW,

t30s

故c错误；

D、不计绳重和摩擦，滑轮组的机械效率：〃=熬=普=悬=2=摆/100%=80%,

总

故。正确。

故选：D。

(1)由图可知n=2,绳子自由端移动的距离s=nh,利用。=，求绳子自由端移动的速度；

(2)利用不计绳重和摩擦时F=；(G+G动)求动滑轮的重力；

W

(3)利用勿忌=Fs求拉力做的总功，利用p=半求拉力做功的功率；

(4)利用不计绳重和摩擦时r?=亚=普=品=亲求出滑轮组的机械效率。

本题考查了使用滑轮组时绳子的拉力、有用功、总功、功率和机械效率的计算，明确有用功和总

功是关键。

5.【答案】D

【解析】解：根据电源的正负极可知，电流从通电螺线管的右侧流入，左侧流出，根据电流方向,

利用安培定则可知通电螺线管的左端为S极，右端为N极。

因为磁体周围的磁感线从N极出发，回到S极；根据磁场中任一点小磁针北极和该点的磁感线方向

一致，所以a点磁针N极指向右端：b点磁针N极指向左端；c点磁针N极指向左端：d点磁针N极指

向右端。

故48C错误，。正确。

故选：D。

首先根据电源的正负极判定通电螺线管线圈中的电流方向，由线圈中的电流方向根据安培定则判

断通电螺线管的磁极。

磁体周围的磁感线从N极出发，回到S极；根据在磁场中任一点的小磁针北极指向和该点的磁感线

一致判定小磁针指向正确性。

安培定则为考试中的重点及难点，应能做到熟练应用安培定则判断电流及磁极的关系。通电螺线

管的磁极、电流的方向，知道其中的一个，另一个能进行判断。

6.【答案】B

【解析】解：4、粉笔擦不会掉下来是因为黑板对粉笔擦的摩擦力和粉笔擦的重力是一对平衡力，

大小相等，故A错误；

8、粉笔擦受到的重力与黑板对粉笔擦的摩擦力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，两个

力作用在同一个物体上，是一对平衡力，故B正确；

C、粉笔擦对黑板的压力与黑板对粉笔擦的吸引力方向相同，不是一对相互作用力，故C错误；

。、粉笔擦对黑板的吸引力与黑板对粉笔擦的吸引力作用在两个物体上，不是一对平衡力，故。

错误。

故选：B。

二力平衡的条件：大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，两个力作用在同一个物体上；

相互作用力的条件：大小相等，方向相反，作用在一条直线上，作用在不同的物体上。

知道二力平衡的条件和相互作用力的条件，并且会区分平衡力和相互作用力.

7.【答案】D

【解析】解：AB,由图像可知，乙元件中电流与两端电压图像不是过原点直线，说明乙元件的电

流与电压不成正比，即乙元件不是定值电阻，

由图知当甲两端的电压为3U时，通过它的电流为0.64,其电阻为：/?=义=怒=50,故AB错

1U.O/1

误；

C、若将甲、乙两元件串联起来接到电路中，当通过甲元件的电流为0.24时，由串联电路中各处

的电流相等可知通过两元件的电流均为0.24

由图像可知，两元件两端的电压U尹=IV、U^=2V,故甲、乙两元件电压之比为：1心2K=1：

2,故C错误；

。、若甲、乙元件并联后，接到2s的电路中，根据并联电路中各支路两端的电压相等可知，两元

件两端的电压均为2V,

由图像可知，通过两元件的电流分别为//=044,/,=024,由并联电路电流的规律知干路的

总电流是：/=/*+/2=+024=0.64,故力正确。

故选：Do

(1)根据欧姆定律可知，电阻一定时，通过电阻的电流与两端的电压成正比，据此分析图像甲、乙

电阻的变化，由欧姆定律算出定值电阻的阻值；

(2)若将甲、乙两元件串联起来接到电路中，当通过中元件的电流为0.24时通过它们的电流相等,

根据图像读出两元件两端的电压，进而算出甲、乙两元件电压之比；

(3)若甲、乙元件并联后，接到2U的电路中它们两端的电压相等,根据图像读出通过两元件的电流，

根据并联电路电流的规律算出干路的总电流。

本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律的应用，从图像中获取有用的信息是关键。

8.【答案】反射4静止

【解析】解：天鹅在水中的倒影是由光的反射形成的虚像，

已知天鹅离水面2小，由平面镜成像的特点可知，倒影距离水面也是2m,则它在水中的倒影离天

鹅的距离为2m+2m=4m；

天鹅正平行于水面飞行，若以以水中的倒影为参照物，天鹅与像(倒影)间没有位置的变化，所以，

水面上方飞行的天鹅是静止的。

故答案为：反射：4；静止。

水中的倒影是由光的反射形成的虚像，

平面镜成像的特点：成虚像，像和物体大小相等、像和物体关于平面镜对称、像到平面镜的距离

和物体到平面镜的距离相等；

在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，

不发生变化，则静止。

此题主要考查了运动和静止的相对性和平面镜成像特点的应用，难度不大，属于基础知识。

9.【答案】汽化电磁破3x105

【解析】解：火箭在发射时会产生大量高温火焰，为了保护发射平台，在火箭发射时自动喷水装

置会向平台喷水，水遇到高温火焰会汽化，吸收热量，使发射平台的温度大大降低；

火箭将卫星发射到太空后，卫星可以通过电磁破向地面发送信号；

电磁波在真空中的传播速度和光速相等，都是3x105km/s.

故答案为：汽化；电磁破；3x105。

(1)汽化：物质由液态转变为气态的过程，汽化时要吸收热量；

(2)电磁波的传播不需要介质，电磁波可以在固体、液体、气体中传播，也可以在真空中传播；

(3)电磁波在真空中的传播速度和光速相等，都是3x108巾/5。

本题考查了汽化及汽化吸热的特点、电磁波的传播与应用等，属于基础性题目。

10.【答案】扩散高引力

【解析】解：泡茶时能闻到茶香，是茶叶的香味分子运动到了空气中，这是扩散现象；温度越高，

扩散越快，茶香越浓；

杯盖上会沾有很多小水珠不掉落，这说明分子间存在引力。

故答案为：扩散；高；引力。

两种物质相互接触时彼此进入对方的现象叫扩散，扩散现象是分子不停地做无规则运动的体现，

温度越高，扩散越快，分子运动越剧烈。分子间存在相互作用的引力和斥力。

此题考查了分子间的相互作用力和扩散现象在生活中的应用，属于基础知识，是一道基础题。

11.【答案】10费力20

【解析】解：物体重力G=1kgx10N/kg=ION；

如图，延长动力作用线，作出动力瞥OC,

Z.CBO=30°,BO=AO,

在直角三角形中30。所对的直角边是斜边的一半，所以OC=

。是杠杆4。8的支点，。4是阻力臂，0C是动力臂，动力臂小于阻力臂，为费力杠杆；

F是动力，阻力片=G=10N,根据杠杆平衡条件得,“xOA=Fx0C,即：10NxOA=Fx^OA,

解得，F=20/Vo

故答案为：10;费力；20。

(1)根据G=mg可求出物体重力；

(2)力臂是支点到力的作用线的距离，根据动力臂和阻力臂的大小分析杠杆的种类；根据图示先计

算F的力臂，再根据杠杆的平衡条件计算户的大小。

本题考查了杠杆平衡条件的应用，关键是正确找到力臂。

12.【答案】奥斯特磁场右

【解析】解：世界上第一位发现电与磁之间联系的科学家是奥斯特，他发现通电导线能使放在其

周围的小磁针发生偏转，这是因为通电导线周围存在磁场；

如图所示，是通电导体在磁场中受到磁场力的作用的实验，闭合开关后导体棒ab会向左运动，若

只将U形磁铁的磁极对调，磁场方向改变，电流方向不变，则闭合开关后导体棒必将向右运动。

故答案为：奥斯特；磁场；右。

(1)丹麦物理学家奥斯特发现，电流周围存在磁场，成为世界上第一个发现电与磁联系的科学家:

(2)通电导体在磁场中受到磁场力的作用，通电导线所受磁场力的方向由电流方向、磁场方向决定。

本题考查了物理学家奥斯特的贡献、通电导体在磁场中受到磁场力的影响因素，难度不大，是一

道基础题。

13.【答案】1.03x106等于上升

【解析】解：(1)海面下100m深度处冰山受到的压强为：P=P海水gh=1.03x103kg/m3x

ION/kgx100m=1.03x106Pa；

(2)因为冰山漂浮在海面，则冰山受到的浮力与冰山受到的重力之间的关系是产浮=G次必

(3)因为浮冰漂浮于海面上，

所以「浮=P海水gv排=G冰~一①

又因为冰熔化成水后，其质量不变，重力不变，

所以G次=p水gv化水=G矿一②

由①②可得：P海水gv排=P7刚化水,

因为。海水＞。水，所以嗫＜^化水，

即：浮冰熔化为海水的体积大于浮冰排开海水的体积。

所以浮冰全部熔化后，海平面水位会上升。

故答案为：1.03X106：等于；上升。

(1)根据p=pg/i求出海面下100m深度处冰山受到的压强；

(2)根据物体浮沉条件可知此时冰山受到的浮力与冰山受到的重力之间的关系；

(3)浮冰漂浮于海水面上，要想判断浮冰熔化之后，海水面是否变化，则需要比较浮冰排开液体的

体积跟浮冰熔化成水后的体积大小。若二者体积相等，则水面不变；若增大，则水面上升；若减

小，则水面下降。

本题考查了液体压强的计算、阿基米德原理和物体浮沉条件的应用，属于综合题。

14.【答案】61.530

【解析】解：由图知小灯泡与滑动变阻器串联，电压表测量小灯泡两端的电压，电流表测量电路

中的电流；

(1)根据P=止得小灯泡正常发光时的电阻：

R

n(6厅

%=%=寸6。n

(2)由图可知，小灯泡与滑动变阻器串联，当电压表示数为3U时，

则电路中电流为：

.U3V八一

/=求L=筋=°54

所以，小灯泡消耗的电功率为：

PL=UL1=3Vx0.54=1.5W；

此时滑动变阻器两端的电压为：

U^=U-UL=9V-3V=6V,

此时10s内滑动变阻器R上产生的热量为：

Q=W=U^lt=6Vx0.54x10s=30=

故答案为：6；1.5；30o

由图知小灯泡与滑动变阻器串联，电压表测量小灯泡两端的电压，电流表测量电路中的电流；

(1)已知小灯泡的额定电压和额定功率，根据P=,计算可得小灯泡正常发光时的电阻；

(2)当电压表示数为3了时，根据欧姆定律求出电路中的电流，则根据P=U/即可求出小灯泡消耗

的电功率，由串联电路电压的规律算出滑动变阻器两端的电压，由Q=勿=U/t算出此时10s内

滑动变阻器R上产生的热量。

本题考查了欧姆定律的应用和电热的计算，利用公式即可解答，难度不大，属于常考题。

15.【答案】解：先过入射点作出法线，然后根据反射角与入射角相等作出入射光线4。，根据光

从空气斜射入水中，折射角小于入射角作出折射光线。C,如图所示：

【解析】光的反射中，反射角等于入射角，反射光线和入射光线分居在法线两侧；

当光从空气斜射入水中时，折射光线将向靠近法线的方向偏折，即折射角小于入射角，折射光线

和入射光线分居在法线两侧。

本题考查了根据光的折射规律和光的反射规律的作图，注意要标出光的传播方向。关键是牢固掌

握光反射和折射规律。

16.【答案】解：根据图甲可知，物体受重力、拉力和浮力的作用，因此物体受到的浮力大于重力；

从容器底部开始缓慢放水时，当水面下降到物体上表面之前，物体一直浸没在水中，根据阿基米

德原理可知，这过程受到的浮力不变，继续放水，物体逐渐露出水面，排开水的体积减小，受到

的浮力减小；继续放水，当浮力等于重力时，物体漂浮，直到物体与容器底接触；继续放水，排

开水的体积减小，受到的浮力减小，直到变为0,如下图所示：

乙

【解析】先对物体进行受力分析，然后比较重力和浮力的关系，从而确定容器底部开始缓慢放水

直至水全部放完物体的状态，根据影响浮力的因素确定整个过程中浮力的变化，并在图象上表示

出浮力与时间的关系。

此题主要考查学生对阿基米德原理的理解和掌握，能对物体进行正确的受力分析是解题的关键。

17.【答案】解：由图可知，上面是火线，中间为零线，下面为地线；

灯泡和开关的接法：火线先进入开关，开关要控制两盏灯，则开关应串联在干路上，家庭电路中

两灯泡并联；

三孔插座的接法：上孔接地线、左孔接零线、右孔接火线，如图所示：

【解析】家庭电路的各用电器的连接方式为并联，控制电路的开关与被控制的灯泡串联；三孔插

座的接法：上孔接地线、左孔接零线、右孔接火线，据此连接电路图。

本题考查家庭电路的连接，掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座的接法，同时考虑

使用性和安全性。

18.【答案】2.00-22213AkW-h

【解析】解：图中刻度尺的分度值为lnun,因此物块的长度为：2.00cm；

温度计上10K之间有10个小格，所以一个小格代表的温度是1式，即此温度计的分度值为1久；向

下示数增大，此时为零下，此时的温度为-22式；

电能表示数:213.4/cMZ-h.

故答案为：2.00；-22；213AkW-h.

(1)图中刻度尺的分度值为lnun,可据此计算物块的长度；

(2)使用温度计测量液体温度时，先要弄清楚温度计的量程和分度值，读数时视线与液柱最高处所

对刻度相垂直，并注意区分温度是零上还是零下；

(3)电能表的读数：数字方框中最后一位是小数，单位是kW•鼠

此题考查的是刻度尺的读数以及电能表、温度计的读数，是综合基础题目。

19.【答案】质量温度计示数的变化甲加热时间

【解析】解：(1)由于燃料燃烧释放的热量与燃料的质量和热值有关，所以在设计实验时应控制燃

料的质量相同，即煤油和菜籽油的质量相同；由于水吸收热量后升高的温度受水的质量的影响，

所以在实验中还应控制水的质量和初温相等；由于燃料的热值不能直接测量，所以通过水温升高

的度数大小来体现燃料的热值大小，

(2)实验要进一步探究煤油和水的吸热能力，应控制吸收热量相同(燃料相同)，煤油和水的质量相

等，加热时间相等，比较温度计的示数变化，得出煤油和水吸热能力的大小；故选甲；源相同，

通过控制加热时间，控制放出的热量。

故答案为：(1)质量；温度计示数的变化；(2)甲；加热时间。

(1)由于燃料燃烧释放的热量既与燃料的质量多少有关，又与燃料的热值大小有关，所以在设计实

验时应控制质量相同；由于燃料的热值不能直接测量，所以通过水温升高的度数大小来体现燃料

的热值大小；

(2)根据控制变量法，分析应该控制的相同量和不同量，从而选择实验装置；

(3)根据表格中水升高的温度分析：热源相同，加热时间相同，则放出热量相同。

本题是一道关于热值、比热容的实验探究题，知道热值、比热容的意义，会用控制变量法和转换

法设计探究实验是本题的解题关键。

20.【答案】B30.43.04x103偏小偏大卓RP水

【解析】解：(1)将托盘天平放在水平桌面上，将游码移至标尺左端零刻线处，发现指针静止时指

在分度盘中线的右侧，则应将平衡螺母向左调节，使横梁平衡，不能移动游码，故8正确，ACD

错误；

故选：B；

(2)由图甲可知，标尺的分度值为0.2g,石块质量m=20g+10g+0.4g=30.4g；

由图乙可知，量筒的分度值为27n3图丙中水的体积了水=507nL=50cm3,水和矿石的总体积=

60mL=60cm3,则矿石的体积V=嚓一喙=60cm3-50cm3=10cm3,

矿石的密度：p=，=黑黑=3.04g/cm3=3.04x103kg/m3；

(3)实验时祛码生锈了，则该祛码的实际质量大于标注质量，用这个祛码称量矿石的质量，当天平

平衡时，右盘的实际质量大于天平的读数，这样就导致测得的矿石质量偏小了，根据密度公式p=多,

m偏小，U正常，贝Up偏小；

若实验中先测矿石体积，后测矿石质量，则矿石上会沾有水，质量测量偏大，根据p=£,导致测

量结果偏大；

(4)矿石的体积等于溢出水的体积，所以矿石的体积为V=%=祥=%也，

水〃水

_F_叫_mi

矿石的密度为p方=『=也曰=鬲fp水。

。水

故答案为：(1)B；(2)30.4；3.04x103；⑶偏小；偏大;⑷谭力水。

(1)天平使用前的调节：放：把天平放到水平桌面上；移：把游码移到标尺左端零刻度线处；调：

调节平衡螺母，使指针指在分度盘的中线处，左偏右调，右偏左调；

(2)称量物体质量时，物体质量等于祛码质量加游码对应的刻度值；弄清楚量筒的分度值，再根据

液面对应刻度来读数，矿石的体积等于矿石和水的总体积减去水的体积；根据公式p=£计算矿石

的密度；

(3)祛码生锈会导致祛码的实际质量大于标注质量，用生锈的祛码称量物体，右盘的实际质量大于

天平的读数，这样就导致所测物理的质量偏小，根据密度公式P=费进一步分析所测密度的情况；

再分析质量和体积的测量误差，根据公式得出密度的误差；

本题的解题关键是熟悉测量固体密度的基本实验程序、天平和量筒的正确读数、误差分析、密度

公式的熟练运用。

21.【答案】上1080投影仪不会小于右

【解析】解：(1)小作和小怡先将蜡烛、凸透镜、光屏依次安装在光具座上，点燃蜡烛后，在光屏

上得到了蜡烛的像，如图甲所示，此时像成在光屏的上方，若要让像成在光屏中央，根据过光心

的光线传播方向不变可知，可以将光屏向上移动；

(2)由表中数据可知，u=v=20cm,根据U=f=2/,成倒立、等大的实像，即2/=20cm,故

该凸透镜的焦距为/=10cm；

(3)在第3次实验时，物距葭=15cm,此时物距等于第1次实验的像距，要在光屏上出现清晰的像，

根据在光的折射中光路是可逆的可知，像距应等于第1次实验的物距，即u=30cm,故应将光屏

移到光具座80cm刻度线处，光屏上才会出现清晰的像；

此时物距小于像距，根据凸透镜成实像时，物距小于像距，成倒立、放大的实像，投影仪就是利

用此原理制成的；

如果小源不小心用手指尖触碰到了凸透镜，手指尖到凸透镜的距离小于一倍焦距，根据成

正立、放大的虚像，所以光屏上不会出现手指尖的像；

(4)根据实验数据推测，若把发光体放在光具座“0”刻度线处，此时物距增大，根据凸透镜成实

像时，物远像近像变小可知，凸透镜所成实像的高度小于2cm；

(5)若图乙中光屏上已经成了一个清晰的像，此时小涵将透镜换成一个焦距更小的透镜，凸透镜焦

距变小，相当于增大物距，缩小像距，此时像成在光屏的左侧，要使光屏上重新出现清晰的像，

根据凸透镜成实像时，物近像远像变大可知，故需将发光体向右移动。

故答案为：(1)上；(2)10；(3)80；投影仪；不会；(4)小于；(5)右。

(1)根据过光心的光线传播方向不变分析回答；

(2)根据〃=9=2/,成倒立、等大的实像，据此确定凸透镜的焦距；

(3)在光的折射中光路是可逆的；凸透镜成实像时，物距小于像距，成倒立、放大的实像，投影仪

就是利用此原理制成的；根据〃</,成正立、放大的虚像；

(4)根据凸透镜成实像时，物远像近像变小分析回答：

(5)凸透镜焦距变小，相当于增大物距，缩小像距。

此题考查了凸透镜成像规律的探究及应用，关键是熟记成像规律的内容，并做到灵活运用。

34

22.【答案】解：(1)小汽车的重力为：=mfg=1.8x10kgxION/kg=1.8x10N,

小汽车对地面的压力为：F=G至=1.8x104/V,

轮胎与地面的总接触面积即地面的受力面积为：S=0.08m2,

5

小汽车对地面的压强为：p=£=纶吟=2.25x10Pa；

rS0.08m」

(2)小汽车的行驶速度为：v=72km/h=20m/s1

由公式P=f=?=Fu可得，小汽车受到的牵引力为：F存=-="=2500/V;

tt率u20m/s

3

(3)根据速度公式得，汽车以72k7n//L的速度匀速行驶一百公里用时：t=；=喘*=5000s，

做的功为：W=Pt=5x104Wx5000s=2.5X10sJ,

燃油完全燃烧所产生的热量：Q=mq=10kgx4.5x107J/kg=4.5x10s],

热机效率4=qx100%=25x1。?x100%*55%»

Q4.5xio8/

答：(1)汽车静止时对水平路面的压强是2.25x105Pa；

(2)此过程中汽车的牵引力是2500M

(3)发动机的效率是55%。

【解析】(1)已知小汽车的质量，根据G=mg计算小汽车的重力；小汽车对地面的压力大小等于

小汽车的重力，己知受力面积，根据p=(计算小汽车对地面的压强；

(2)已知发动机的功率和小汽车的行驶速度，根据P=/=?=F"计算牵引力的大小；

(3)小汽车做匀速直线运动时，用卬=Pt计算克服阻力做的功。己知燃油的热值和燃油的质量，

利用热值公式计算放出的热量；利用效率公式计算即可。

本题综合考查重力、压强、热机效率和功率公式的应用，知道静止物体对水平面的压力等于物体

的重力大小。

23.【答案】解：(1)由图可知，只闭合开关Si，电路中只有治工作，电流表测量通过%的电流，

由/=£可知，电源电压：U=/=AR[=0.94x100=9V；

(2)再闭合开关S2、S3时，Ri、/?2并联，角被短路；

根据并联电路的电压特点可知，/?2两端的电压：U2=U1=U=9V,

根据并联电路的电流特点可知，通过%的电流：%=/-4=134-0.94=0.64

由/=轲知，&的阻值：氏2=?=怒=150；

(3)若只闭合S2,7?3与R2串联，

根据滑动变阻器的规格可知，电路中的最大电流/大=0.5/1,

由/=：可知，此时电路中的最小电阻：R“=*=怒=18°,

根据串联电路的电阻特点可知,滑动变阻器接入电路的最小阻值:R3小=R,J、-R2=180-15/2=

30,

当滑动变阻器接入电路的阻值变大时，电路中的总电阻变大，根据欧姆定律可知电路中的电流变

小，电路更安全，所以滑动变阻器R3允许接入电路中的阻值范围是30〜200;

将在10s内消耗的电能最大值：勿=4即=(0.54)2*15。x10s=37.5/。

答：(1)电源电压为9V；

(2)/?2的电阻值为150：

(3)若只闭合S2,为了保证电路安全，R3允许接入电路中的阻值范围是30〜200;在10s内消耗

的电能最多是37.5/。

【解析】(1)由图可知，只闭合开关Si,电路中只有先工作，电流表测量通过长的电流，根据欧姆

定律求出&两端的电压，即电源电压；

(2)再闭合开关52、S3时，%、/?2并联，/?3被短路；根据并联电路的电压特点可知&、/?2两端的电

压，根据并联电路的电流特点可知通过/?2的电流，根据欧姆定律求出7?2的阻值；

(3)若只闭合S2,7?3与&串联，根据滑动变阻器的规格可知电路中的最大电流，根据欧姆定律求出

电路中的最小阻值，根据串联电路的电阻特点求出滑动变阻器接入电路的最小阻值；当滑动变阻

器接入电路的阻值变大时，电路中的总电阻变大，根据欧姆定律可知电路中的电流变小，电路更

安全，据此可知滑动变阻器接入电路的最大阻值；根据W=/2Rt求出/?2在10s内消耗的电能最大

值。

本题考查串并联电路的特点、欧姆定律的灵活运用以及电能的计算，能正确分析不同状态下的电

路连接是解题的关键。

24.【答案】U形管两侧液面高度差转换法甲、乙甲、丙4：8：1

【解析】解：(1)如图是探究“电流通过导体时产生热量的多少与哪些因素有关”的实验装置，通

过U形管两侧液面高度差来反映电阻丝上产生的电热，这种实验方法叫转换法；

(2)探究电热和电阻的关系时，根据控制变量法，应控制加热时间以及通过两电热丝的电流大小相

等，则应选取甲、乙两个装置来比较：

探究电热和电流的关系时，根据控制变量法，应控制加热时间以及电阻大小相等，则应选取甲、

丙两个装置来比较：

(3)在通电相同时间下，三个容器中产生的热量之比为，甲、乙两容器中，通过电阻丝的电流相等，

电阻之比为1：2,根据Q=/2Rt,产生的热量之比Q*Qz=1：2,

甲、丙两容器中，电阻丝的电阻，电流之比为2：1,根据Q=/2股，产生的热量之比Q尹：Q丙=4；

1,则在通电相同时间下，三个容器中产生的热量之比为4：8：1。

故答案为：U形管两侧液面高度差；转换法；甲、乙；甲、丙；4：8：1。

(1)如图是探究“电流通过导体时产生热量的多少与哪些因素有关”的实验装置，通过U形管两侧

液面高度差来反映电阻丝上产生的电热，这种实验方法叫转换法；

(2)探究电热和电阻的关系时，根据控制变量法，应控制加热时间以及通过两电热丝的电流大小相

等，据此分析；

探究电热和电流的关系时，根据控制变量法，应控制加热时间以及电阻大小相等，据此分析；

(3)根据Q=进行分析。

本题探究电流通过导体时产生热量的多少与哪些因素有关，考查了控制变量法、转换法的应用.

(J2

25.【答案】右增大短路1.14大于巴纹(U1-外)

【解析】解：(一)(1)实验过程中控制电阻两端的电压2P不变，故电压表选用小量程与电阻并联,

如下所示：

甲

(2)根据串联电路分压规律可知，定值电阻由50换成100,定值电阻两端的电压变大，要保持定值

电阻两端的电压不变，需要滑动变阻器更大的阻值来分压，故动变阻器的滑片P应向右端移动；

电阻两端的电压始终保持Uv=2V,根据串联电路电压的规律，滑动变阻器分得的电压:

U滑=U-Uv=4.5V-2V=2.5V,

定值电阻分得的电压为变阻器分得的焉=0.8倍，根据分压原理，当变阻器最大电阻接入电路时,

定值电阻的最大值为：

R滔=0.8x20。=16。＜200,故换上200的电阻后，移动滑片，电压表示数始终不能达到需要

控制的电压值，不能完成实验；

即换上200的电阻时，因变阻器最大电阻太小，分得的电压小，故电压表示数高于2V,为了使四

个电阻单独接入电路都能完成实验，他应该适当增大控制的电压值。

(二)(1)闭合开关后，无论怎样移动滑动变阻器的滑片，发现小灯泡都不亮，电流表有示数，说明

电路是通路，电压表无示数，说明电压表并联的部分短路，所以故障可能是小灯泡短路；

(2)由图丙可知，电流表使用的0〜0.64量程，分度值为0.024示数为0.34故灯泡的额定电流为

0.34因为灯泡的额定电压是3.8V,则灯泡的额定功率为：

P=U1=3.8VX0.34=1.141V；

第一次实验中，灯泡两端的电压为2心电流表的示数为0.