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文档简介
2024届广东省普宁华侨中学高三物理试题检测试题卷
注意事项:
1.答卷前,考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.回答选择题时,选出每小题答案后,用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑,如需改动,用橡皮擦干净后,再
选涂其它答案标号。回答非选择题时,将答案写在答题卡上,写在本试卷上无效。
3.考试结束后,将本试卷和答题卡一并交回。
一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。
1、图甲中竖直放置的电磁铁通入图乙所示电流,当时,测得上下两磁极之间的中央处。点磁感应强度大小为风;
若在。点水平固定一个闭合导体小圆环(圆心即。点),电磁铁仍通入图乙所示的电流,当时,测得。点磁感应
强度大小为3,则圆环中感应电流在。点产生的磁感应强度大小为()
A.BoB.Bo-BC.Bo+BD.0
2、如图甲所示,AB两绝缘金属环套在同一铁芯上,A环中电流iA随时间t的变化规律如图乙所示,下列说法中正确
的是()
AB
COCD
甲
A.ti时刻,两环作用力最大
B.t2和t3时刻,两环相互吸引
C.t2时刻两环相互吸引,t3时刻两环相互排斥
D.t3和t4时刻,两环相互吸引
3、用一根长1m的轻质细绳将一副质量为1kg的画框对称悬挂在墙壁上,已知绳能承受的最大张力为10N,为使绳不
断裂,画框上两个挂钉的间距最大为(g取lOm/sD
AJ3RJ2„V3
A.—mB.—mC.mnD.—m
2224
4、a、〃两车在平直的公路上沿同一方向行驶,两车运动的V-f图象如图所示。在,=0时刻,b车在。车前方均处,
在0~4时间内,b车的位移为s,贝!J()
A.若a、Z?在%时刻相遇,则%=3s
B.若a、b在!■时刻相遇,则So=9s
t4
C.若a、6在工时刻相遇,则下次相遇时刻为一:
33
D.若a、b在人时刻相遇,则下次相遇时。车速度为乜
43
5、如图所示,在光滑水平面上,有质量分别为2m和m的AB两滑块,它们中间夹着一根处于压缩状态的轻质弹簧(弹簧
与AB不拴连),由于被一根细绳拉着而处于静止状态.当剪断细绳,在两滑块脱离弹簧之后,下述说法正确的是()
A.两滑块的动量大小之比乙:%=2:1
B.两滑块的速度大小之比VA:VB=2:1
C.两滑块的动能之比/:E/B=1:2
D.弹簧对两滑块做功之比叼:%=1:1
6、理想变压器的输入端、输出端所连接电路如图所示,图中交流电源的电动势e=3Usin(10(hrt)V,三只灯泡完全相同。
当电键Si、S2均断开时,交流电源的输出功率为理想变压器输出功率的3倍。下列各说法中正确的是()
L\
A.理想变压器的匝数比为1:3
B.灯泡Li消耗的功率是灯泡L2消耗功率的4倍
C.断开电键Si,闭合电键S2时,灯泡Li两端的电压有效值为110V
D.断开电键S2,闭合电键Si时,灯泡Li的亮度与C项情况下相比较较暗
二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。
全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。
7、如图所示电路,两根光滑金属导轨平行放置在倾角为,的斜面上,导轨下端接有电阻衣,导轨电阻不计,斜面处在
竖直向上的匀强磁场中,电阻可忽略不计的金属棒ab质量为m,受到沿斜面向上且与金属棒垂直的恒力F的作用.金
属棒沿导轨匀速向上滑动,则它在上滑高度h的过程中,以下说法正确的是
A.作用在金属棒上各力的合力做功为零
B.重力做的功等于系统产生的电能
C.金属棒克服安培力做的功等于电阻R上产生的焦耳热
D.恒力F做的功与安培力做的功之和等于金属棒增加的机械能
8、如图(a)所示,位于M、N两点处的两波源相距18m,在A/、N两点间连线上有一点P,MP=6m。t=O
时,两波源同时开始振动,振动图象均如图(b)所示,产生的两列横波沿连线相向传播,波在间的均匀介
质中传播的速度为3OOm/s。下列说法正确的是()
A.两波源产生的横波的波长2=6m
B./=0.025s时,4点处的波源产生的第一个波峰到达P点
C.尸点的振动是减弱的
D.在r=O〜0.035s内,P点运动的路程为35cm
E.M、N两点间(除M、N两点外)振幅为10cm的质点有5个
9、如图所示,半径为R的半圆弧槽固定在水平面上,槽口向上,槽口直径水平,一个质量为机的物块从尸点由静止
释放刚好从槽口A点无碰撞地进入槽中,并沿圆弧槽匀速率地滑行到5点,不计物块的大小,尸点到A点高度为九,
重力加速度大小为g,则下列说法正确的是()
叩
ia.
B
A.物块从P到5过程克服摩擦力做的功为mgA
B.物块从A到3过程与圆弧槽间正压力为2警
C.物块在5点时对槽底的压力大小为也也幽
R
D.物块滑到C点(C点位于A、3之间)且。。和的夹角为0,此时时重力的瞬时功率为mgJ^COS。
10、2019年1月II日1时11分,我国在西昌卫星发射中心用长征三号乙运载火箭,成功将“中星2D”卫星发射升空,
卫星顺利进入预定轨道。该卫星可为全国广播电台、电视台等机构提供广播电视及宽带多媒体等传输任务。若已知“中
星2D”的运行轨道距离地面高度从运行周期T、地球的半径R,引力常量G,根据以上信息可求出()
A.地球的质量
B.“中星2D”的质量
C.“中星2D”运行时的动能
D.“中星2D”运行时的加速度大小
三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。
11.(6分)某同学用图(a)所示的实验装置验证机械能守恒定律,其中打点计时器的电源为交流电源,可以使用的
频率有220Hz、30Hz和40Hz,打出纸带的一部分如图(b)所示。
纸带
该同学在实验中没有记录交流电的频率/,需要用实验数据和其他条件进行推算。
(1)若从打出的纸带可判定重物匀加速下落,利用/和图(方)中给出的物理量可以写出:在打点计时器打出5点时,
重物下落的速度大小为,重物下落的加速度的大小为。
(2)已测得si=8.89cm,S2=9.50cm,S3=10.10cm;当重力加速度大小为9.80m/s2,实验中重物受到的平均阻力大小约
为其重力的1%。由此推算出/为Hz。
12.(12分)某一小型电风扇额定电压为5.0V,额定功率为2.5W.某实验小组想通过实验描绘出小电风扇的伏安特性
曲线。实验中除导线和开关外,还有以下器材可供选择:
A.电源E(电动势为6.0V)
B.电压表V(量程为0〜6V,内阻约为8kO)
C.电流表Ai(量程为0〜0.6A,内阻约为0.2。)
D.电流表A2(量程3A,内阻约0.05。);
E.滑动变阻器处(最大阻值5k,额定电流100mA)
F.滑动变阻器R2(最大阻值25Q,额定电流1A)
(1)为了便于调节,减小读数误差和系统误差,实验中所用电流表应选用滑动变阻器应选用(填所选仪器
前的字母序号)。
(2)请你为该小组设计实验电路,并把电路图画在甲图中的虚线框内(小电风扇的电路符号如图甲所示)。
(3)操作过程中发现,小电风扇通电后受阻力作用,电压表读数小于0.5V时电风扇没启动。该小组测绘出的小电风
扇的伏安特性曲线如图乙所示,由此可以判定,小电风扇的电阻为。,正常工作时的发热功率为W,机械
功率为W
四、计算题:本题共2小题,共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算
步骤。
13.(10分)如图,两相互平行的光滑金属导轨,相距L=0.2m,左侧轨道的倾角0=30。,拉、尸是倾斜轨道与水平轨
道连接点,水平轨道右端接有电阻R=L5Q,MP,N0之间距离d=0.8m,且在MP、N0间有宽与导轨间距相等的方向
竖直向下的匀强磁场,磁感应强度5随时间t变化关系如图乙所示,一质量》i=0.01kg、电阻r=0.5。的导体棒在Q0
时刻从左侧轨道高H=0.2m处静止释放,下滑后平滑进入水平轨道(转角处天机械能损失)。导体棒始终与导轨垂直并
接触良好,轨道的电阻和电感不计,g取10m/s2。求:
⑴导体棒从释放到刚进入磁场所用的时间f;
⑶导体棒在水平轨道上的滑行距离d;
⑵导体棒从释放到停止的过程中,电阻R上产生的焦耳热。
14.(16分)如图所示,粗细均匀的U型玻璃管竖直放置,其中左侧管开口,且足够长,右侧管封闭。OE段是水银
柱,AO段是理想气体,其中A3=75cm,BC=CD=DE=25cm0已知大气压强po=75cmHg,开始时封闭气体的温度为
lOOOKo贝!J:
⑴缓慢降低环境温度,使水银柱全部到达BC段,则此时环境温度为多少?
⑵保持环境温度1000K不变,向左侧管中逐渐滴入水银,使水银柱充满5c段,则加入水银的长度为多少?
15.(12分)质量为,"=10kg的物体静止在光滑水平面上,零时刻开始物体受到水平向东尸=100N的力作用,1s后,
力尸的大小不变,方向改为向北,作用1s。求:
(1)物体第1s末的速度大小;
(2)物体在2s内的位移大小。
参考答案
一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。
1、B
【解题分析】
设。点电势更高,由右手螺旋定则可知,。点磁感应强度方向竖直向上,大小为5o;若在。点水平固定一个闭合导体
小圆环,当Ufj时穿过闭合导体小圆环的磁通量增大,由楞次定律可知,从上往下看,小圆环有顺时针的感应电流,
由右手螺旋定则可知,小圆环中感应电流产生的磁场方向竖直向下,由矢量合成得
B=B「B感
则圆环中感应电流在O点产生的磁感应强度大小为
3感=稣
故B正确,ACD错误。
故选B。
2、B
【解题分析】
ti时刻感应电流为零,故两环作用力为零,则选项A错误;t2时刻A环中电流在减小,则B环中产生与A环中同向的
电流,故相互吸引,t3时刻同理也应相互吸引,故选项B正确,C错误;t4时刻A中电流为零,两环无相互作用,选
项D错误.
3、A
【解题分析】
本题考查力的合成与分解的运用;共点力平衡的条件及其应用.
【题目详解】
一个大小方向确定的力分解为两个等大的力时,合力在分力的角平分线上,且两分力的夹角越大,分力越大,因而当
绳子拉力达到F=10N的时候,绳子间的张角最大,为120°,此时两个挂钉间的距离最大;画框受到重力和绳子的拉力,
三个力为共点力,受力如图.
绳子与竖直方向的夹角为:0=60。,绳子长为:Lo=lm,则有:,"g=2尸cos,,两个挂钉的间距离:L=-1-sin^j,解
得:L=^^-m
2
4、B
【解题分析】
A.根据题述,在7=0时刻,b车在。车前方So处,在0~%时间内,b车的位移为s,若a、Z?在乙时刻相遇,根据
v-f图线与坐标轴所围图形的面积表示位移,则有
So+s=3s
解得s0=2s,故A错误;
B.若a、b在上时刻相遇,根据V-f图线与坐标轴所围图形的面积表示位移,则有
2
s7
%———S
°44
3s
解得“=工~,故B正确;
C.若a、b在g时刻相遇,则下次相遇的时刻为关于♦=%对称的g时刻,故C错误;
D.若a、b在“时刻相遇,则下次相遇时刻为“,下次相遇时。车速度
44
故D错误。
故选B。
5、C
【解题分析】
在两滑块刚好脱离弹簧时运用动量守恒得:2mvA+mvB^Q,得办=-两滑块速度大小之比为:—两滑
2以2
121
块的动能之比%:£»=々------=-,B错误C正确;两滑块的动量大小之比5=--=?)A错误;弹簧对
1
刎2PB明
两滑块做功之比等于两滑块动能之比为:1:2,D错误.
6、B
【解题分析】
AB.变压器的输出功率等于输入功率,电源的输出功率等于灯泡Li的功率和变压器的输入功率之和,所以由已知条
件知灯泡Li的功率等于变压器输入功率的2倍,也就是灯泡Li的功率等于灯泡L2、L3的功率之和的2倍,所以灯泡
Li的功率是灯泡L2功率的4倍,则变压器原线圈的电流是副线圈电流的2倍,由理想变压器电流与匝数成反比,可得
匝数比为1:2,故A错误,B正确;
C.断开电键Si,闭合电键S2时,由上面分析知/LI=2/L2,则
ULI=2UL2
变压器的输入电压和输出电压关系为
«72=2171
而
U2=UL2
311
Si+U产gV=220V
所以
[7LI=176V,L7L2=88V
故C错误;
D.断开电键S2,闭合电键Si时,L7i=220V,则5=440V,所以
UL2=220V
与C中相比电压升高,灯泡变亮,故D错误。
故选B。
二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。
全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。
7、ACD
【解题分析】
题中导体棒ab匀速上滑,合力为零,即可合力的做功为零;对导体棒正确受力分析,根据动能定理列方程,弄清功能
转化关系,注意克服安培力所做功等于回路电阻中产生的热量.
【题目详解】
因为导体棒是匀速运动,所以动能不变,根据动能定理可得合力做功为零,A正确;根据动能定理可得
%-%-%=°,解得%=%一%即重力做功等于外力与安培力做功之和,因为动能不变,所以恒力F做的功
与安培力做的功之和等于金属棒增加的机械能,B错误D正确;根据功能关系可知金属棒克服安培力做的功等于电阻
R上产生的焦耳热,C正确;
8、ABE
【解题分析】
A.由图可知波的周期为
T=0.02s
则两横波的波长为
A=vT=6m
所以A正确;
B.由题可知
MP=6m
则波由拉传到P,所用时间为
t=-M--P--=0..0c2s=TT
v
f为0.025s时,波源M已经向右发出义个周期的波,由图象可知,尸点已经振动;丁,则〃点处的波源产生的第一个
波峰到达P点,所以B正确;
C.由题意可知
PN=MN—MP=12m
两列波到达尸点的波程差为
Ax=/W-MP=6m=2
是波长的整数倍,可知P点为加强点,所以C错误;
D.波源”的波需要一个周期传到尸点,则0.035s波源M发出的波已经传到
x=W=10.5m处
时间为
7
/=0.035s=—T
4
3
可知,尸点振动了一T,路程为
4
s=3x5cm=15cm
所以D错误;
E.振幅为10cm的质点即为加强点,则
Ax'=nA
〃取0,±1,±2,对应的位置有5个:MN的中点,距离M和N分别6m处,距离M和N分别3m处,所以E正确。
故选ABEo
9、ACD
【解题分析】
A.物块从A到5做匀速圆周运动,动能不变,由动能定理得
mgR-Wf-0
可得克服摩擦力做功:
Wt=mgR
故A正确;
B.物块从A到5过程做匀速圆周运动,合外力提供向心力,因为重力始终竖直,但其与径向的夹角始终变化,而圆
弧槽对其的支持力与重力沿径向的分力的合力提供向心力,故圆弧槽对其的支持力是变力,根据牛顿第三定律可知,
物块从A到8过程与圆弧槽间正压力是变力,非恒定值,故B错误;
C.物块从尸到A的过程,由机械能守恒得
,12
mgh=—mv
可得物块A到B过程中的速度大小为
v=y[2gh
物块在3点时,由牛顿第二定律得
N—mg-m—
解得:
M(R+2h)mg
R
根据牛顿第三定律知物块在B点时对槽底的压力大小为+,故c正确;
D.在C点,物体的竖直分速度为
vy=vcos6=12ghcos0
重力的瞬时功率
P=mgvy=mg42ghcos0
故D正确。
故选:ACDO
10、AD
【解题分析】
AB.根据G产=一(与y(R+人)可得
八4万2(2)3
GT-
但是不能求解机,选项A正确,B错误;
C.“中星2D”的质量未知,则不能求解其运行时的动能,选项C错误;
Mm
D.根据G二ma可得
(R+丸)2
GM
a=--------7
(R+hy
可求解“中星2D”运行时的加速度大小,选项D正确;
故选ADo
三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。
11,
11、5G1+S2)/—(^40
【解题分析】
⑴[1北2]根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度可得:
_S]+*_(S1+*)/
B~2T~2
52+53_(^2+^)/
%=
2T2
由速度公式
vc=VB+aT
可得:
S2
a_(3-^)f
2
⑵[3]由牛顿第二定律可得:
mg-0.01mg=ma
所以
a=0.99g
结合⑴解出的加速度表达式,代入数据可得
户40Hz
12、(1)C;E;(2)实验电路图如图所示(3)2.5。,0.625,1.875«
【解题分析】
p25
(1)电风扇的额定电流/=)=/GA=0.5A,从读数误差的角度考虑,电流表选择C.电风扇的电阻比较小,则
滑动变阻器选择总电阻为10。的误差较小,即选择E。
22
(2)因为电压电流需从零开始测起,则滑动变阻器采用分压式接法,电风扇的电阻大约R=JU='5Q=10Q,
P2.5
远小于电压表内阻,属于小电阻,电流表采用外接法。电路图如图所示。
(3)电压表读数小于0.5V时电风扇没启动。根据欧姆定律得:R="=黑0=2.50
正常工作时电压为5V,根据图象知电流为0.5A,
则电风扇发热功率为:P=PR=0.52x2.5W=0.625W,
则机械功率P'=UI-产R=2*5-0.625
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