2024年中考数学复习（全国版）重难点04 二次函数中的平移、翻折、对称、旋转、折叠问题（解析版）

重难点突破04二次函数中的平移、翻折、对称、旋转、折叠问题目录TOC\o"1-3"\n\h\z\u题型01二次函数平移问题题型02二次函数翻折问题题型03二次函数对称问题题型04二次函数旋转问题题型05二次函数折叠问题题型01二次函数平移问题1.二次函数的平移变换平移方式（n＞0)一般式y=ax2+bx+c顶点式y＝a(x–h)2＋k平移口诀向左平移n个单位y=a(x+n)2+b(x+n)+cy=a(x-h+n)2+k左加向右平移n个单位y=a(x-n)2+b(x-n)+cy=a(x-h-n)2+k右减向上平移n个单位y=ax2+bx+c+ny=a(x-h)2+k+n上加向下平移n个单位y=ax2+bx+c-ny=a(x-h)2+k-n下减2.平移与增加性变化如果平移后对称轴不发生变化，则不影响增减性，但会改变函数最大(小)值.只对二次函数上下平移，不改变增减性，改变最值.只对二次函数左右平移，改变增减性，不改变最值.1．（2023·上海杨浦·统考一模）已知在平面直角坐标系xOy中，抛物线y=ax2−2ax−3a≠0与x轴交于点A、点B（点A在点B的左侧），与y轴交于点C，抛物线的顶点为(1)求抛物线的表达式；(2)点P是线段BC上一点，如果∠PAC=45°，求点P的坐标；(3)在第（2）小题的条件下，将该抛物线向左平移，点D平移至点E处，过点E作EF⊥直线AP，垂足为点F，如果tan∠PEF=【答案】(1)y(2)P(3)y=【分析】（1）设点A的横坐标为xA，点B的横坐标为xB，根据对称轴，AB=4，列式xA（2）过点C作AC⊥MN于点C，交AC右侧的AP的延长线于点M，交AC左侧的AP的延长线于点N，利用三角形全等，确定坐标，后根据解析式交点确定所求坐标即可．（3）设抛物线向左平移了t个单位，则点E1−t,−4，过点F作x轴的平行线交过点P和y轴的平行线于点H，交过点E和y轴的平行线于点G，证明Rt△FGE∽Rt【详解】（1）解：∵抛物线y=ax2−2ax−3a≠0与x轴交于点A、点B（点A在点B的左侧），与y轴交于点C，抛物线的顶点为∴xA解得xB∴−3a解得a=1，故抛物线的解析式为y=（2）过点C作AC⊥MN于点C，交AC右侧的AP的延长线于点M，∵∠PAC=45°，∴AC=CM，过点M作MT⊥y轴于点T，∴∠ACO=90°−∠ECM=∠CMT∵∠ACO=∠CMT∠AOC=∠CTM∴△AOC≌△CTMAAS∴AO=CT,OC=EM，∵抛物线的解析式为y=x2∴AO=CT=1,OC=TM=3，A−1,0∴OE=2,TM=3∴M3,−2设AM的解析式为y=kx+b，BC的解析式为y=px+q∴−k+b=03k+b=−2解得k=−∴AM的解析式为y=−12x−12∴y=x−3y=−解得x=5故P5（3）∵y=x2−2x−3=设抛物线向左平移了t个单位，则点E1−t,−4过点F作x轴的平行线交过点P和y轴的平行线于点H，交过点E和y轴的平行线于点G，由（2）知，直线AP的表达式为：y=−12设F∵∠EFP=90°，∴∠GFE+∠HFP=90°，∵∠GFE+∠GEF=90°，∴∠GEF=∠HFP，∴Rt△FGE∴GEHF∵GE=yF−yE=−1∴−1解得：t=26∴y=x−1+【点睛】本题为考查了二次函数综合运用，三角形全等和相似、解直角三角形、图象平移等，正确作辅助线是解题的关键．2．（2023·广东湛江·校考一模）如图1，抛物线y=36x2+433x+23与x轴交于点A，B（A在B左边），与y轴交于点C，连AC，点D与点C关于抛物线的对称轴对称，过点(1)点F是直线AC下方抛物线上点一动点，连DF交AC于点G，连EG，当△EFG的面积的最大值时，直线DE上有一动点M，直线AC上有一动点N，满足MN⊥AC，连GM，NO，求GM+MN+NO的最小值；(2)如图2，在（1）的条件下，过点F作FH⊥x轴于点H交AC于点L，将△AHL沿着射线AC平移到点A与点C重合，从而得到△A'H'L'（点A，H，L分别对应点A'，H'，L'），再将△A'H'L'绕点H'逆时针旋转【答案】(1)4+(2)1733【分析】（1）作FH∥y轴交DE于H．设F(m,36m2+433m+23)，求出直线DE的解析式，联立方程得到x=−3时，FH的值最大，求出答案；作点G关于DE的对称点T，TG交DE于R，连接OR交AC（2）当△PQR是等腰三角形时，易知∠QPR=120°，易知直线RQ与x轴的夹角为60°，得到直线RQ的解析式为y=3x+3−3【详解】（1）如图1中，作FH∥y轴交DE于H．设由题意可知A(−6,0)，B(−2,0)，C(0,23∵抛物线的对称轴x=−4，C，D关于直线x=−4对称，∴D(−8,23∴直线AC的解析式为y=3∵DE∥∴直线DE的解析式为y=3由y=33x+23y=∴E(2,1633∵S△DEF=∴△DEG的面积最大时，△EFG的面积最大，∵FH的值最大时，△DEF的面积最大，∵FH的值最大时，△EFG的面积最大，∵FH=−3∵a<0．开口向下，∴x=−3时，FH的值最大，此时F(−3,−3如图2中，作点G关于DE的对称点T，TG交DE于R，连接OR交AC于N，作NM⊥DE于M，连接TM，GM，此时GM+MN+NO的值最小．∵直线DF的解析式为：y=−3由y=−3解得x=−24∴G(−24∵TG⊥AC，∴直线GR的解析式为y=−3由y=33x+∴R(−34∴RG=4,OR=2∵GM=TM=RN，∴GM+MN+ON=RN+ON+RG=RG+ON=4+2∴GM+MN+NO的最小值为4+2（2）如图3中，如图当△PQR是等腰三角形时，易知∠QPR=120°，PQ=PR易知直线RQ与x轴的夹角为60°，L'直线RQ的解析式为y=3∴R(0,3−3∴PR=14如图4中，当△QPR是等腰三角形，∵∠QPR=60°，∴△QPR是等边三角形，同法可得R(0,23∴PR=OP−OC=综上所述，满足条件的PR的值为1733−3【点睛】本题属于二次函数证明题，考查了二次函数的性质，一次函数的应用，解题的关键是学会构建二次函数解决最值问题，学会分类讨论的思想思考问题．3．（2023·广东潮州·校考一模）如图，在平面直角坐标系中，抛物线y=−12x2+bx+c与x轴交于A(−2,0),B(4,0)两点（点A在点B的左侧），与y轴交于点C，连接AC、BC，点P为直线BC(1)求抛物线的函数表达式；(2)当PQOQ的值最大时，求点P的坐标和PQ(3)把抛物线y=−12x2+bx+c沿射线AC方向平移5个单位得新抛物线y'，M是新抛物线上一点，N是新抛物线对称轴上一点，当以M、N、B、【答案】(1)抛物线的函数表达式为y=−(2)当m=2时，PQOQ取得最大值12(3)N点的坐标为N12,52,【分析】（1）运用待定系数法即可求得答案；（2）运用待定系数法求得直线BC的解析式为y=−x+4，如图1，过点P作PD∥y轴交BC于点D，设Pm,−12m2+m+4，则（3）设Mt−12t2+2t+92,N(2,s)，分三种情况：当BC为▱BC【详解】（1）∵抛物线y=−12x2+bx+c与x轴交于A(−2,0),B(4,0)∴解得：b=1c=4∴抛物线的函数表达式为y=−1（2）∵抛物线y=−12x2+x+4∴C(0,4)，∴OC=4，设直线BC的解析式为y=kx+d，把B(4,0),C(0,4)代入，得：4k+d=0解得：k=−1d=4∴直线BC的解析式为y=−x+4，如图1，过点P作PD∥y轴交BC于点设Pm,−12∴PD=−1∵PD∥∴△PDQ∽△OCQ，∴∴当m=2时，PQOQ取得最大值12，此时，（3）如图2，沿射线AC方向平移5个单位，即向右平移1个单位，向上平移2个单位，∴新的物线解析式为y'=−12(x−2)设Mt,−当BC为▱BCN则BC∥∴解得：t=6s=∴当BC为▱BCM则BC∥∴解得：t=−2s=−∴当BC为▱BM则t+2=4−解得：t=2s=−∴综上所述，N点的坐标为：N12,【点睛】本题是二次函数综合题，考查了待定系数法，二次函数的图象和性质，抛物线的平移，平行四边形的性质，相似三角形的判定和性质，熟练掌握铅锤法、中点坐标公式，运用数形结合思想、分类讨论思想是解题关键．4．（2023·湖北襄阳·校联考模拟预测）坐标综合：

(1)平面直角坐标系中，抛物线C1：y1=x2+bx+c的对称轴为直线(2)将抛物线C1在平面直角坐标系内作某种平移，得到一条新的抛物线C2：①如图1，设自变量x在1≤x≤2的范围内取值时，函数y2的最小值始终等于−1．此时，若y2的最大值比最小值大12②如图2，直线l：y=−12x+nn>0与x轴、y轴分别交于A、C两点.过点A、点C分别作两坐标轴的平行线，两平行线在第一象限内交于点B．设抛物线C2与x轴交于E、F两点（点E在左边）．现将图中的△CBA沿直线l折叠，折叠后的BC边与x轴交于点M．当8≤n≤12时，若要使点M始终能够落在线段EF（包括两端点）上，请通过计算加以说明：抛物线C【答案】(1)抛物线C1的解析式为y1=x(2)①m的值为2或9−154；②抛物线C1在向抛物线C2平移时，沿x轴的方向上需要向右平移，最少平移【分析】（1）根据对称轴为直线x=3，可得b=−6，再把把6,3代入，即可求解；（2）①根据配方可得当x=m时，函数有最小值−1，再由自变量x在1≤x≤2的范围内取值时，函数y2的最小值始终等于−1，可得1≤m≤2，然后两种情况讨论，即可求解；②先求出点A，C的坐标，可得点B的坐标，再根据图形折叠的性质可得CM=AM，在Rt△COM中，根据勾股定理可得CM=54n，从而得到点M的坐标，继而得到n的取值范围，然后根据点M【详解】（1）解：∵y1=∴−b解得：b=−6，把6,3代入y1=x解得：c=3，∴抛物线C1的解析式为y当x=3时，y1∴抛物线C1的顶点坐标为3,−6（2）解：①∵y∴抛物线C2的对称轴为直线x=m当x=m时，函数有最小值−1，∵在1≤x≤2的范围内取值时，函数y2的最小值始终等于−1∴1≤m≤2，当1≤m≤32时，x=2时y2∴m解得m=9±∴m=9−当32≤m≤2时，x=1时y2∴m解得m=2或m=12(综上所述：m的值为2或9−15②直线l：y=−12x+n与x轴的交点A2n,0，与∴B2n,n∵△CBA沿直线l折叠，∴∠BCA=∠ACM，∵∠BCA=∠CAM，∴∠ACM=∠MAC，∴CM=AM，在Rt△COM中，CM2解得CM=5∴OM=3∴M3∵8≤n≤12，∴6≤3当x2−2mx+m2−1=0∴Em−1,0，F∵点M始终能够落在线段EF上，∴m+1≥6，m−1≤9，∴5≤m≤10，∵y1=当m=5时，抛物线C1沿x轴向右平移2个单位，向上平移5当m=10时，抛物线C1沿x轴向右平移7个单位，向上平移5∴抛物线C1在向抛物线C2平移时，沿x轴的方向上需要向右平移，最少平移2个单位，最多平移【点睛】本题考查二次函数的图象及性质，熟练掌握二次函数的图象及性质，函数图象平移的性质，轴对称图形的性质，勾股定理的应用是解题的关键．5．（2023·浙江湖州·统考中考真题）如图1，在平面直角坐标系xOy中，二次函数y=x2−4x+c的图象与y轴的交点坐标为0,5，图象的顶点为M．矩形ABCD的顶点D与原点O重合，顶点A，C分别在x轴，y轴上，顶点B

(1)求c的值及顶点M的坐标，(2)如图2，将矩形ABCD沿x轴正方向平移t个单位0<t<3得到对应的矩形A'B'C'D'．已知边C'D'，A'B'分别与函数y=①当t=2时，求QG的长；②当点G与点Q不重合时，是否存在这样的t，使得△PGQ的面积为1？若存在，求出此时t的值；若不存在，请说明理由．【答案】(1)c=5，顶点M的坐标是2,1(2)①1；②存在，t=12【分析】（1）把0,5代入抛物线的解析式即可求出c，把抛物线转化为顶点式即可求出顶点坐标；（2）①先判断当t=2时，D'，A'的坐标分别是2,0，3,0，再求出x=3，x=2时点Q的纵坐标与点②先求出QG=2，易得P，Q的坐标分别是t,t2−4t+5，t+1,t2−2t+2，然后分点G在点【详解】（1）∵二次函数y=x2−4x+c的图象与y∴c=5，

∴y=x∴顶点M的坐标是2,1．（2）①∵A在x轴上，B的坐标为1,5，∴点A的坐标是1,0．当t=2时，D'，A'的坐标分别是2,0，当x=3时，y=3−22+1=2当x=2时，y=2−22+1=1∵PG⊥A∴点G的纵坐标是1，

∴QG=2−1=1．

②存在．理由如下：∵△PGQ的面积为1，PG=1，∴QG=2．根据题意，得P，Q的坐标分别是t,t2−4t+5如图1，当点G在点Q的上方时，QG=t此时t=12（在

如图2，当点G在点Q的下方时，QG=t此时t=52（在0<t<3∴t=12或【点睛】本题考查了二次函数图象上点的坐标特点、矩形的性质以及三角形的面积等知识，熟练掌握二次函数的图象与性质、灵活应用数形结合思想是解题的关键．6．（2023·江苏·统考中考真题）如图，二次函数y=12x2+bx−4的图像与x

(1)b=_______；(2)D是第三象限抛物线上的一点，连接OD，tan∠AOD=52；将原抛物线向左平移，使得平移后的抛物线经过点D，过点(k,0)作x轴的垂线l．已知在l(3)将原抛物线平移，平移后的抛物线与原抛物线的对称轴相交于点Q，且其顶点P落在原抛物线上，连接PC、QC、PQ．已知△PCQ是直角三角形，求点P的坐标．【答案】(1)−1；(2)k≤−3；(3)3,−52或【分析】（1）把A(−2,0)代入y=1（2）过点D作DM⊥OA于点M，设Dm,12m2平移后得抛物线为y=1（3）先设出平移后顶点为Pp,12p2−p−4，根据原抛物线y=1【详解】（1）解：把A(−2,0)代入y=10=1解得b=−1，故答案为−1；（2）解：过点D作DM⊥OA于点M，

∵b=−1，∴二次函数的解析式为y=设Dm,∵D是第三象限抛物线上的一点，连接OD，tan∠AOD=∴tan∠AOD=解得m=−1或m=8（舍去），当m=−1时，12∴D−1,−∵y=1∴设将原抛物线向左平移后的抛物线为y=1把D−1,−52代入y=解得a=3或a=−1（舍去），∴平移后得抛物线为y=∵过点(k,0)作x轴的垂线l．已知在l的左侧，平移前后的两条抛物线都下降，在y=12x+32−92的对称轴x=−3的左侧，y∴k≤−3；（3）解：由y=12x−12−∵顶点为Pp,q在y=∴q=1∴平移后的抛物线为y=12x−p∵原抛物线y=1∴原抛物线的顶点C1,−92∵平移后的抛物线与原抛物线的对称轴相交于点Q，∴Q1,∵点Q、C在直线x=1上，平移后的抛物线顶点P在原抛物线顶点C的上方，两抛物线的交点Q在顶点P的上方，∴∠PCQ与∠CQP都是锐角，∵△PCQ是直角三角形，∴∠CPQ=90°，∴QC∴p2−2p−7∴p=1（舍去），或p=3或p=−1，当p=3时，12当p=−1时，12∴点P坐标为3,−52或【点睛】本题考查了二次函数的图像及性质，勾股定理，解直角三角形以及待定系数法求二次函数的解析式，熟练掌握二次函数的图像及性质是解题的关键．7．（2023·湖北宜昌·统考模拟预测）如图，过原点的抛物线y1=ax(x−2n)(a≠0,a,n为常数)与x轴交于另一点A，B是线段OA的中点，B−4,0，点M(−3,3

(1)点A的坐标为______；(2)C为x轴正半轴上一点，且CM=CB．①求线段BC的长；②线段CM与抛物线y1相交于另一点D，求点D(3)将抛物线y1向右平移(4−t)个单位长度，再向下平移165个单位长度得到抛物线y2，P，Q是抛物线y2上两点，T是抛物线y2的顶点．对于每一个确定的t值，求证：矩形TPNQ的对角线PQ【答案】(1)−8,0(2)①BC=5；②D(−(3)证明见解析，RT=5【分析】（1）根据中点公式求C点坐标即可；（2）①设Cx,0，根据CM=CB，建立方程(x+3)2+9=x+4，求出C点坐标即可求BC；②求出直线CM的解析式为y=−34x+34，将A−8,0代入y直线CM与抛物线的交点即为点D(−5（3）根据平移的性质可求y2=−15(x+t)2，则T(−t,0)，设直线PQ的解析式为y=kx+b，P(m,−15(m+t)2)，Q(n,15(n+t)2)当kx+b=−15(x+t)2时，整理得x2+(2t+5k)x+5b+t2=0，由根与系数的关系可得m+n=−2t−5k，mn=5b+t2，过点P作PF⊥x轴交于F【详解】（1）∵B是线段OA的中点，B−4,0∴OA=8，∴A−8,0故答案为：−8,0；（2）①设Cx,0∵CM=CB，∴(x+3解得x=1，∴BC=5；②设直线CM的解析式为y=k'x+b'，∴k'+b'=0解得k'=−3∴直线CM的解析式为y=−3将A−8,0代入y∴−8a(−8−2n)=0，∵a≠0，∴−8−2n=0，解得n=−4，∴y将M点代入y1∴−3a(−3+8)=3，解得a=−1∴抛物线y1当−34x+34∴D(−5（3）证明：∵y∴y∴T(−t,0)，设直线PQ的解析式为y=kx+b，P(m,−15(m+t当kx+b=−15(x+t∴m+n=−2t−5k，mn=5b+t过点P作PF⊥x轴交于F点，过Q点作QE⊥x轴交于E点，∵四边形TPNQ是矩形，∴∠PTQ=90°，∴∠FTP+∠ETQ=90°，∵∠FTP+∠TPF=90°，∴∠ETQ=∠TPF，∴△FPT∽△ETQ，∴PFTE=整理得，(m+t)(n+t)=−25，∴mn+t(m+n)+t∴b−kt=−5，即b=kt−5，∴直线PQ的解析式为y=kx+kt−5=k(x+t)−5，∴对于每一个确定的t值，直线PQ必经过定点R(−t,−5)，∴RT=5．【点睛】本题考查二次函数的图象及性质，熟练掌握二次函数的图象及性质，三角形相似的判定及性质，一元二次方程根与系数的关系，题型02二次函数翻折问题二次函数的翻转问题的解题思路：①根据二次函数上特殊点的坐标值求得二次函数的表达式；②根据翻转后抛物线与原抛物线的图像关系，确定新抛物线的表达式；③在直角坐标系中画出原抛物线及翻转后抛物线的简易图，根据图像来判断题目中需要求解的量的各种可能性；④根据图像及相关函数表达式进行计算，求得题目中需要求解的值。8．（2023·广东潮州·一模）如图，直线y=−2x+3交x轴于点B，交y轴于点C，抛物线y=−x2+bx+c经过A(1)求抛物线的解析式．(2)P是抛物线第一象限内的一个动点，过P作PH⊥BC于H，求PH+2HB的最大值．(3)M是抛物线对称轴上的一个动点，连接MB，把线段MB沿着直线BC翻折，M的对应点M'恰好落在抛物线上，求M【答案】(1)y=−(2)当t=1时，PH+2HB有最大值，最大值为4(3)M点坐标为1，17+5【分析】（1）先求出C0（2）过点P作PD∥y轴，交BC于D，交x轴于E，过点H作HF⊥PD于F，过点B作BG⊥HF于G，设Pt，−t2+2t+3，则Dt，−2t+3，Et，0，由△PDH∽△BCO可求得PH=5（3）设M1，m，M'n，−n2+2n+3，由翻折可得MM'的中点Ln+12，m−n2+2n+32在直线BC上，即m=n2−4n+1①，分两种情况：当点M在BC的上方时，过点【详解】（1）解：∵直线y=−2x+3交x轴于点B，交y轴于点C，∴当x=0时，y=3，当y=0时，−2x+3=0，解得：x=3∴B32，∵抛物线y=−x2+bx+c经过A∴−1−b+c=0c=3解得：b=2c=3∴该抛物线的解析式为y=−x（2）解：过点P作PD∥y轴，交BC于D，交x轴于E，过点H作HF⊥PD于F，过点B作BG⊥HF于G，如图1，，设Pt，−t2∴PD=−t∵B32，∴OB=32，在Rt△BCO中，BC=∵PH⊥BC，∴∠PHD=∠BOC=90°，∴△PDH∽△BCO，∴PHOB=∴PH∴PH=5∵HF⊥PE，∴∠PFH=90°=∠BOC，∴△PHF∽△BCO，∴PFOB=∴PF=1∴EF=PE−PF=−t∵∠BGF=∠EFG=∠BEF=90°，∴四边形BEFG是矩形，∴BG=EF=−45t∴∠HBG=∠BCO，∵∠BGH=∠BOC=90°，∴△BHG∽△CBO，∴BH∴BH=BC∴PH+2HB=5∵−5∴当t=1时，PH+2HB有最大值，最大值为45（3）解：设M1，m∵线段MB沿着直线BC翻折，M的对应点M'恰好落在抛物线上，∴MM'的中点Ln+12，∴−2×n+1化简得：m=n当点M在BC的上方时，如图2，过点M'作M'R∥x轴交抛物线的对称轴于R，设对称轴交BC于T，，则MR=m−−∵MT∥y轴，∴∠MTL=∠BCO，∵∠M'RM=∠TLM=90°，∴∠MTL+∠TML=∠MM'R+∠M'MR=90°，∴∠MTL=∠MM'R=∠BCO，∴sin∴ML=MT⋅sin∴MM'=2ML=2∴M'R=MM'⋅cos∴1−n=4解得：n=9−4m联立①②得：m=9−4m解得：m=17±5∵m>1，∴m=17+5∴M1当点M在BC的下方时，如图3，，同理可得：m=17−5∴M1综上所述，M点坐标为1，17+5201【点睛】本题是二次函数综合题，考查了待定系数法求函数解析式，相似三角形的判定和性质，翻折变换的性质，解直角，二次函数的图象和性质，涉及知识点多，难度较大，添加辅助线构造相似三角形是解此题的关键．9．（2023·江苏南京·南师附中新城初中校考二模）定义：若一个函数图象上存在横、纵坐标相等的点，则称该点为这个函数图象的“等值点”．例如，点−1,−1是函数y=2x+1的图象的“等值点”．(1)分别判断函数y=x+2，y=x(2)设函数y=3x(x>0)，y=−x+b的图象的“等值点”分别为点A，B，过点B作BC⊥x轴，垂足为C．当△ABC的面积为3(3)若函数y=x2−2x≥m的图象记为W1，将其沿直线x=m翻折后的图象记为W2，当W1【答案】(1)函数y=x2−x的图象上有两个“等值点”0,0(2)−23或4(3)当W1，W2两部分组成的图象上恰有2个“等值点”时，m<−9【分析】（1）根据定义分别求解即可求得答案；（2）根据定义分别求A3,3（3）由记函数y=x2−2x≥m的图象为W1，将W1沿x=m翻折后得到的函数图象记为W2【详解】（1）在y=x+2中，令x=x+2，得0=2不成立，∴函数y=x+2的图象上不存在“等值点”；在y=x2−x解得：x1=0，∴函数y=x2−x的图象上有两个“等值点”0,0（2）在函数y=3x(x>0)解得：x=3∴A3在函数y=−x+b中，令x=−x+b，解得：x=b∴Bb∵BC⊥x轴，∴C1∴BC=1∵△ABC的面积为3，∴12当b<0时，b2解得:b=−23当0≤b<23时，b∵Δ＝∴方程b2当b≥23时，b解得：b=−23或b=4综上所述，b的值为−23或4（3）令x=x解得：x1=−1，∴函数y=x2−2的图象上有两个“等值点”−1,−1①当m<−1时，W1，W2两部分组成的图象上必有2个“等值点”−1,−1或W1：y=W2：y=令x=x−2m整理得：x2∵W2∴Δ<0∴4m+12∴m<−9②当m=−1时，有3个“等值点”−2,−2，−1,−1，2,2，③当−1<m<2时，W1，W2两部分组成的图象上恰有④当m=2时，W1，W2两部分组成的图象上恰有1个“等值点”⑤当m>2时，W1，W综上所述，当W1，W2两部分组成的图象上恰有2个“等值点”时，m<−9【点睛】此题考查了二次函数、反比例函数、一次函数的性质以及函数的对称性，掌握计算方法，结合一次函数、反比例函数、二次函数的相关知识是解题的关键．10．（2023·江苏无锡·无锡市民办辅仁中学校考一模）如图，将二次函数y=x2+2x+1的图象沿x轴翻折，然后向右平移1个单位长度，再向上平移4个单位长度得到二次函数y=ax2+bx+c的图象，函数y=x2+2x+1的图象的顶点为A，函数y=ax2+bx+c的图象的顶点为

(1)求函数y=ax(2)从A，C，D三点中任取两点和点B构造三角形，求构造的三角形是等腰三角形的概率；(3)点M是线段BC上的动点，N是△ABC三边上的动点，是否存在以AM为斜边的Rt△AMN，使△AMN的面积为△ABC面积的13？若存在，求【答案】(1)y=−x(2)13(3)存在，tan∠MAN的值为1或4或5【分析】（1）利用配方法得到y=x（2）利用顶点式y=(x+1)2得到A(−1,0)，解方程−x2+4=0得D(−2,0)，C(2,0)易得B(0,4)，列举出所有的三角形，再计算出AC=3，AD=1，CD=4，AB=（3）易得BC的解析式为y=−2x+4，S△ABC=6，M点的坐标为m,−2m+40≤m≤2，讨论：①当N点在AC上，如图1，利用面积公式得到12(m+1)(−2m+4)=2，解得m1=0，m2=1，当m=0时，求出AN=1，MN=4，再利用正切定义计算tan∠MAC的值；当m=1时，计算出AN=2，MN=2，再利用正切定义计算tan∠MAC的值；②当N点在BC上，如图2，先利用面积法计算出AN=655，再根据三角形面积公式计算出MN=253，然后利用正切定义计算tan∠MAC的值；③当N点在AB上，如图3，作AH⊥BC于H，设AN=t，则【详解】（1）解：y=x2+2x+1=(x+1)2把y=−(x+1)2向右平移1个单位，再向上平移4个单位，得∴所求的函数y=ax2+bx+c（2）解：∵y=x∴A(−1,0)，当y=0时，−x解得x=±2，则D(−2,0)，C(2,0)；当x=0时，y=−x2+4=4从点A，C，D三个点中任取两个点和点B构造三角形的有：△ACB，△ADB，△CDB，∵AC=3，AD=1，CD=4，AB=17，BC=25，∴△BCD为等腰三角形，∴构造的三角形是等腰三角形的概率=1（3）解：存在．∵B(0,4)，C(2,0)．设BC解析式为y=kx+4，则有2k+4=0，∴k=−2，∴BC的解析式为y=−2x+4，S△ABC设M点的坐标为m,−2m+40≤m≤2①当N点在AC上，如图1，

∴△AMN的面积为△ABC面积的13∴12(m+1)(−2m+4)=2，解得m1当m=0时，M点的坐标为(0,4)，N(0,0)，则AN=1，MN=4，∴tan当m=1时，M点的坐标为(1,2)，N(1,0)，则AN=2，MN=2，∴tan②当N点在BC上，如图2，

BC=2∵12解得AN=3×4∵S∴MN=4∴tan③当N点在AB上，如图3，作AH⊥BC于H，

设AN=t，则BN=17由②得AH=6则BH=17∵∠NBC=∠HBA，∴△BNM∽△BHA，∴MNAH=BN∴MN=6∵12即12整理得3t∵Δ=∴点N在AB上不符合条件，综上所述，tan∠MAN的值为1或4或5【点睛】本题是二次函数的综合题：熟练掌握二次函数图象上点的坐标特征、二次函数的性质和等腰三角形的判定、概率公式；理解二次函数图象的图象变换规律，会利用待定系数法求函数解析式；理解坐标与图形性质，记住两点间的距离公式，会利用相似比表示线段之间的关系；会运用分类讨论的思想解决数学问题．11．（2023·山东淄博·统考中考真题）如图，一条抛物线y=ax2+bx经过△OAB的三个顶点，其中O为坐标原点，点A3,−3，点B在第一象限内，对称轴是直线

(1)求该抛物线对应的函数表达式；(2)求点B的坐标；(3)设C为线段AB的中点，P为直线OB上的一个动点，连接AP，CP，将△ACP沿CP翻折，点A的对应点为A1．问是否存在点P，使得以A1，P，C，B为顶点的四边形是平行四边形？若存在，求出所有符合条件的点【答案】(1)y=(2)6,6(3)存在，P点的坐标为32，32或−【分析】（1）根据对称轴为直线x=−b2a=（2）设Bm,23m2−3m，过点A作EF⊥y轴交于E点，过B点作BF⊥EF交于F点，继而表示出（3）先得出直线OB的解析式为y=x，设Pt,t，当BP为平行四边形的对角线时，可得AP=AC，当BC为平行四边形的对角线时，BP=AC，进而建立方程，得出点P【详解】（1）解：∵对称轴为直线x=−b∴b=−9将点A3,−3代入y=a∴9a+3b=−3②，联立①②得，a=2∴解析式为y=2（2）设Bm,23m2−3m，如图所示，过点A作EF⊥y轴交于E点，过

∴Fm,−3，E则OE=3,AE=3,AF=m−3,BF=2∴S解得：m=6或m=−3（舍去），（3）存在点P，使得以A1，P，C，B∵A3,−3∴C9设直线OB的解析式为y=kx，∴6k=6，解得：k=1，∴直线OB的解析式为y=x，设Pt,t如图所示，当BP为平行四边形的对角线时，BC∥

BC=A∵AC=BC，∴AC=A由对称性可知AC=A1C∴AP=AC，∴t−3解得：t=±∴P点的坐标为32，如图3，当BC为平行四边形的对角线时，BP∥A1

由对称性可知，AC=A∴BP=AC，∴6−t2解得：t=352∴P点的坐标为352综上所述，P点的坐标为32，32或−3【点睛】本题考查二次函数的图象及性质，熟练掌握二次函数的图象及性质，平行四边形的性质，轴对称的性质是解题的关键．12．（2023·辽宁鞍山·校考一模）抛物线与坐标轴交于A−1,0，B4,0

(1)求抛物线的解析式；(2)点D是x轴上的一点，过点D作EF∥AC，交抛物线于E、F，当EF=3AC时，求出点(3)点D是x轴上的一点，过点D作DE∥AC，交线段BC于E，将△DEB沿DE翻折，得到△DEB'，若△DEB'与△ABC重合部分的面积为S，点D的横坐标为【答案】(1)y=−(2)−(3)S=【分析】（1）运用待定系数法求抛物线的解析式，设抛物线的解析式为y=ax2+bx+c，把点A−1,0，B4,0，C0,2代入，求出（2）过点E作EK∥y轴，过点F作FK∥x轴，两平行线EK，FK相交于点K，设点D的坐标为t,0，由点A−1,0，C0,2可得直线AC的解析式为y=2x+2，由EF∥AC与Dt,0可得直线EF的函数解析式为y=2x−2t，由−12x2+32x+2=2x−2t得点E（3）根据点A−1,0，B4,0，C0,2，可得AB=5，AC=5，BC=25，因此证得△ABC是直角三角形，∠ACB=90°，S△ABC=12AC⋅BC=5，由点D的横坐标为m得到BD=4−m，根据DE∥AC可得△DBE∽△ABC，根据相似三角形的性质可得S△DBES△ABC=DBAB2，从而求得S△DEB'=S△DEB=154−m2．分两种情况讨论：①若32≤m≤4，即点B'在线段BC上，△DEB'与△ABC重合部分为△DEB'，其面积S=【详解】（1）设抛物线的解析式为y=ax∵该抛物线过点A−1,0，B4,0，∴a−b+c=016a+4b+c=0c=2∴抛物线的解析式为y=−（2）过点E作EK∥y轴，过点F作FK∥x轴，两平行线EK，

设点D的坐标为t,0，由点A−1,0，C0,2可得直线AC的解析式为∵EF∥∴设直线EF的函数解析式为y=2x+n，把点Dt,0代入，得2t+n=0∴n=−2t，∴直线EF的函数解析式为y=2x−2t，由−1点E的横坐标为xE=−1+16t+172∵AC∥EF，∴∠EFK=∠CTE=∠ACO，∵∠K=∠AOC=90°，∴△ACO∽△FEK，∴ACEF∵EF=3AC，OA=1，∴FK=3，∴xE−x解得t=−1∴点D的坐标为−1（3）∵A−1,0，B4,0，∴AB=−1−4AC=−1−0BC=∴AC∴△ABC是直角三角形，∠ACB=90°，S∵点D的横坐标为m，∴BD=4−m，∵DE∥∴△DBE∽△ABC∴S△DBE∴S△DBE∵将△DEB沿DE翻折，得到△DEB∴S△DE∵DE∥∴∠DEB=∠ACB=90°，∵将△DEB沿DE翻折，得到△DEB∴∠DEB∴∠DEB∴点B'在射线BC①若32≤m≤4，即点B'

此时，△DEB'与△ABC重合部分为△DEB②当−1≤m<32时，点B'

设AC与DB'的交点为R，此时，若△DEB'与∵△DBE∽△ABC，∴BEBC∴BE=DB⋅BC∴B'B'∵∠ACB=90°，∴∠ACB∴∠AC∵由折叠可得∠B∴△RCB∴S△RC∴S△RC∴S四边形即△DEB'与△ABC重合部分面积综上所述，S与m的函数关系式为S=1【点睛】本题考查待定系数法求二次函数解析式，二次函数与三角形，三角形相似的判定与性质，勾股定理及其逆定理，掌握分类讨论思想，熟练运用各个知识是解题的关键．题型03二次函数对称问题二次函数图象的翻折与旋转变换前变换方式变换后口诀y=a(x-h)²+k绕顶点旋转180°y=-a(x-h)²+ka变号，h、k均不变绕原点旋转180°y=-a(x+h)²-ka、h、k均变号沿x轴翻折y=-a(x-h)²-ka、k变号，h不变沿y轴翻折y=a(x+h)²+ka、h不变，h变号13．（2023·湖南岳阳·统考二模）在平面直角坐标系中，将抛物线C1：y=2x2−(m+1)x+m绕原点旋转180°后得到抛物线C2，在抛物线C2上，当x<1时，y随A．m≥5 B．m≤5 C．m≥−5 D．m≤−5【答案】D【分析】根据题意先求得旋转后的抛物线的解析式，然后确定旋转后的抛物线的开口方向和对称轴，最后根据在旋转后的抛物线上，当x<1时，y随x的增大而增大，可得到关于m的不等式，从而求解得m的取值范围．【详解】∵由题意得旋转后的抛物线C2的解析式为：y=−2∴抛物线C2的开口向下，对称轴为直线x=−∵在抛物线C2上，当x<1时，y随x∴可得：−m+1解得：m≤−5，故选：D．【点睛】本题考查二次函数的图象与性质及函数图象的变换，确定旋转后的函数解析式是解题的关键．14．（2023·广东河源·统考一模）抛物线y=2x2−4x−5【答案】y=−2【分析】易得抛物线y=2x【详解】解：y=2所以原抛物线的顶点为(1,−7)，向左平移3个单位，再向上平移4个单位，那么新抛物线的顶点为(−2,−3)；可设新抛物线的解析式为y=2（代入得：y=2（把抛物线绕顶点旋转180°，可得新抛物线的解析式的二次项的系数为−2，顶点不变，所以，所求的抛物线解析式为：y=−2（故答案为：y=−2（15．（2023·吉林松原·校联考二模）如图，抛物线y=x2+bx+c与x轴交于点A1,0，

(1)求该抛物线的解析式，并直接写出点P的坐标；(2)如图，把原抛物线x轴下方的部分沿x轴翻折到x轴上方，将翻折得到的部分与原抛物线x轴上方的部分记作图形M，在图形M中，回答：①点A，B之间的函数图象所对应的函数解析式为_______；②当32≤x≤4时，求③当m≤x≤m+2，且m>32时，若最高点与最低点的纵坐标的差为154【答案】(1)y=x2−6x+5；点(2)①y=−x−32+4；②y的取值范围为74≤y≤4；③m的值为【分析】（1）两点式求出函数解析式，进而求出点P的坐标；（2）①顶点式，写出函数解析式即可；②求出最大值和最小值，即可得出y的取值范围；③分32<m≤2，2<m≤3，3<m≤2+3，2+【详解】（1）解：∵抛物线y=x2+bx+c与x轴交于点A∴y=x−1∵y=x∴点P的坐标为3,−4．（2）①折叠后顶点变为：3,4，∴点A，B之间的函数图象所对应的函数解析式为y=−x−3故答案为：y=−x−3②∵32≤x≤4，顶点在抛物线开口向下，对称轴为直线x=3，抛物线上的点离对称轴越远，函数值越小，∴当x=3时，y最大值=4；当x=3∴y的取值范围为74③∵m>3∴m+2>7当m+2≤2×3−m，即：m≤2时，此时：32

由题意，得：4−−解得：m=3±15当2<m≤3时，如图：

由题意，得：4−−解得：m=2+152当m>3时，m+2>5，当−m−3解得：m1∴当3<m≤2+3

由题意，得：−m−3解得：m=72或当2+3

m+22解得：m=2+312当m>5时，如图：

则：m+22解得：m=47综上：m的值为2+152或72【点睛】本题考查二次函数的综合应用．正确的求出函数解析式，熟练掌握二次函数的图象和性质，利用数形结合和分类讨论的思想进行求解，是解题的关键．16．（2023·四川德阳·统考中考真题）已知：在平面直角坐标系中，抛物线与x轴交于点A(−4,0)，B(2,0)，与y轴交于点C(0,−4)．

(1)求抛物线的解析式；(2)如图1，如果把抛物线x轴下方的部分沿x轴翻折180°，抛物线的其余部分保持不变，得到一个新图象．当平面内的直线y=kx+6与新图象有三个公共点时，求k的值；(3)如图2，如果把直线AB沿y轴向上平移至经过点D，与抛物线的交点分别是E，F，直线BC交EF于点H，过点F作FG⊥CH于点G，若DFHG=25【答案】(1)y=(2)1或3(3)4,8【详解】（1）设抛物线的解析式为y=ax∵C(0,−4)，∴c=−4，y=ax把A(−4,0)，B(2,0)代入y=ax2+bx+c解得：a=1∴抛物线的解析式为y=（2）∵直线表达式y=kx+6，∴直线经过定点0,6，∴将过点0,6的直线旋转观察和新图象的公共点情况∵把抛物线x轴下方的部分沿x轴翻折180°，抛物线的解析式为y=1∴新图象表达式为：−4<x<2时，y=−12x2−x+4；x≤−4如下图当直线y=kx+6与翻折上去的部分抛物线相切时，和新图象有三个公共点，

联立y=−12x整理得：xΔ=041+k41+k1+k=±2，k=±2−1，k1k2=−2−1=−3时，如下图所示，经过点

不符合题意，故舍去，如下图，当直线y=kx+6经过点A时，和新图象有三个公共点，

把A(−4,0)代入y=kx+6，得：−4k+6=0，解得：k=3综上所述，当平面内的直线y=kx+6与新图象有三个公共点时，k的值为1或3（3）∵F在抛物线上，∴设F坐标为a,1∵OB=2，OC=4，FG⊥CH，∴tantan∠FHG=2HG:FG=1:2，1∴HG:FG:FH=1:2:5∴DF=a，DO=1DC=DO+OC=1DH=1FH=DH−DF=1HG=5∵DF∴a21a2aa−4a1a2=4，代入∴点F的坐标为4,8【点睛】本题考查了二次函数综合、翻折、交点个数问题，结合一元二次方程、三角函数解直角三角形知识点，熟练掌握、综合运用知识点，数形结合是解题的关键．17．（2023·山东日照·统考中考真题）在平面直角坐标系xOy内，抛物线y=−ax2+5ax+2a>0交y轴于点C，过点C作

(1)求点C，D的坐标；(2)当a=13时，如图1，该抛物线与x轴交于A，B两点（点A在点B的左侧），点P为直线AD上方抛物线上一点，将直线PD沿直线AD翻折，交x轴于点M(4,0)，求点(3)坐标平面内有两点E1a,a+1,F5,a+1①若a=1，求正方形EFGH的边与抛物线的所有交点坐标；②当正方形EFGH的边与该抛物线有且仅有两个交点，且这两个交点到x轴的距离之差为52时，求a【答案】(1)C0，(2)P(3)①1，6，4，6【分析】（1）先求出C0，2，再求出抛物线对称轴，根据题意可知C、D（2）先求出A−1，0，如图，设DP上与点M关于直线AD对称的点为Nm，n，由轴对称的性质可得AN=AM，DN=DM，利用勾股定理建立方程组m+12+n2=4−−12m−52+（3）分图3-1，图3-2，图3-3三种情况，利用到x轴的距离之差即为纵坐标之差结合正方形的性质列出方程求解即可．【详解】（1）解：在y=−ax2+5ax+2a>0中，当∴C0∵抛物线解析式为y=−ax∴抛物线对称轴为直线x=−5a∵过点C作x轴的平行线交该抛物线于点D，∴C、D关于抛物线对称轴对称，∴D5（2）解：当a=13时，抛物线解析式为当y=0，即−13x2+∴A−1如图，设DP上与点M关于直线AD对称的点为Nm由轴对称的性质可得AN=AM，∴m+12解得：3m+n=12，即n=12−3m∴m2∴m2解得m=3或m=4（舍去），∴n=12−3m=3，∴N3设直线DP的解析式为y=kx+b∴3k+b∴k=−1∴直线DP的解析式为y=−1联立y=−12x+9∴P3

（3）解：①当a=1时，抛物线解析式为y=−x2+5x+2∴EH=EF=FG=4，∴H1，6当x=1时，y=−1∴抛物线y=−x2+5x+2∵抛物线对称轴为直线x=5由对称性可知抛物线经过4，∴点4，又∵点F与点D重合，∴抛物线也经过点F5综上所述，正方形EFGH的边与抛物线的所有交点坐标为1，6，4，

②如图3-1所示，当抛物线与GH、GF分别交于T、D，∵当正方形EFGH的边与该抛物线有且仅有两个交点，且这两个交点到x轴的距离之差为52∴点T的纵坐标为2+2.5=4.5，∴5−1∴a2解得a=−2（舍去）或a=0.5；

如图3-2所示，当抛物线与GH、EF分别交于T、S，∵当正方形EFGH的边与该抛物线有且仅有两个交点，且这两个交点到x轴的距离之差为52∴5−1解得a=0.4（舍去，因为此时点F在点D下方）

如图3-3所示，当抛物线与EH、EF分别交于T、S，∵当正方形EFGH的边与该抛物线有且仅有两个交点，且这两个交点到x轴的距离之差为52∴−a⋅1∴7−1∴a2解得a=7+334当x=52时，当a=7+334∴a=7+

综上所述，a=0.5．【点睛】本题主要考查了二次函数综合，勾股定理，轴对称的性质，正方形的性质等等，利用分类讨论和数形结合的思想求解是解题的关键．18．（2023·河南新乡·统考二模）在平面直角坐标系xOy中，已知抛物线y=ax(1)求抛物线的解析式及顶点坐标．(2)将该抛物线在y轴右侧的部分记作W，将W绕原点O顺时针旋转180°得到W'，W与W'组成一个新的函数图像，记作①点M，N为图像G上两点（点M在点N的左侧），且到y轴的距离分别为2个单位长度和3个单位长度，点Q为图像G上点M，N之间（含点M，N）的一个动点，求点Q的纵坐标yQ②若点(m,y1)，(m+1,y2)在图像【答案】(1)y=x2(2)①当点M的坐标为(−2,0)，点N的坐标为(3,3)时，点Q的纵坐标yQ的取值范围为−1≤yQ≤3；当点M的坐标为(2,0)，点N的坐标为(3,3)时，点Q的纵坐标yQ的取值范围为0≤【分析】（1）先根据抛物线经过原点，可求得a，进而求得抛物线解析式；然后再化成顶点式即可确定顶点坐标；（2）①先画出函数图像，再根据点M的位置解答即可；②分点在抛物线当点在抛物线W和W'【详解】（1）解：∵抛物线y=ax∴0=a−1，即a=1.∴抛物线的解析式为y=x∵y=x∴抛物线的顶点坐标为(1,−1)．（2）解：①根据题意，画出图像G，如图所示：∵点M，N为图像G上两点，且到y轴的距离分别为2个单位长度和3个单位长度，∴点M的坐标为(−2,0)或(2,0)，点N的坐标为(3,3)或(−3,−3).又∵点M在点N的左侧，∴点M的坐标为(−2,0)或(2,0)，点N的坐标为(3,3).∴当点M的坐标为(−2,0)，点N的坐标为(3,3)时，点Q的纵坐标yQ的取值范围为−1≤当点M的坐标为(2,0)，点N的坐标为(3,3)时，点Q的纵坐标yQ的取值范围为0≤②当两点均在y轴右侧时，即点在抛物线y=x∵点(m,y1)，(m+1,y∴m+12−2当两点均在y轴左侧时，∵将W绕原点O顺时针旋转180°得到W∴抛物线W'的解析式为∵点(m,y1)，(m+1,y∴−m+12−2综上，出m的取值范围m<−32或【点睛】本题主要考查了求二次函数解析式、求抛物线的顶点坐标、二次函数的增减性等知识点，灵活运用所学知识成为解答本题的关键．19．（2023·湖南永州·统考二模）在平面直角坐标系中，二次函数y=−x2+2mx−m2+9的图象与x轴交于A，(1)求A、B两点的坐标（用含m的式子表示）；(2)将该二次函数图象在x轴下方的部分沿x轴翻折，其他部分保持不变，得到一个新的函数图象．若当−3≤x≤−1时，这个新函数G的函数值y随x的增大而减小，结合函数图象，求m的取值范围；(3)已知直线l：y=1，点C在二次函数y=−x2+2mx−m2+9的图象上，点C的横坐标为2m，二次函数y=−x2+2mx−m2+9的图象在C、B之间的部分记为M（包括点【答案】(1)Am−3,0，(2)m≥2或−4≤m≤−3(3)−6<m≤【分析】（1）当y=0时，−x（2）画出函数图象，当−4≤m≤−3时，新函数G的函数值y随x的增大而减小；当m≥2时，新函数G的函数值y随x的增大而减小；（3）由题可知，到直线y=1的距离为2的点在直线y=−1和y=3上，分别求出C2m，9−m2，Bm+3，0，画出函数图象，分①当C点在B点左侧，同时C点在直线【详解】（1）解：∵二次函数y=−x2+2mx−m2+9的图象与x轴交于A，当y=0时，−即x−m解得：x∴Am−3,0，（2）解：当x=−1解得m=2或m=−4，∵y=−x∴抛物线的对称轴为直线x=m，如图1，当−4≤m≤−3时，新函数G的函数值y随x的增大而减小；

如图2，当m≥2时，新函数G的函数值y随x的增大而减小；

综上所述：m≥2或−4≤m≤−3时，新函数G的函数值y随x的增大而减小；（3）解：由题可知，到直线y=1的距离为2的点在直线y=−1和y=3上，当x=2m时，y=9−m∴C2m如图当C点在B点左侧，同时C点在直线y=3上方时，都符合题意，如图所示，

当C2m，9−∴9−解得：m=6或∴−如图所示，当C点在y=−1上或者y=−1的下方时，且在对称轴的右侧时，9−解得：m=10或m=−

综上所述，−6<m≤6或m≥10时，图象【点睛】本题考查二次函数的图象及性质，熟练掌握二次函数的图象及性质，数形结合，分类讨论是解题的关键．20．（2023·河北·统考二模）如图，函数y1=−ax+12+3x≤0的图象过原点，将其沿y轴翻折，得到函数y2

(1)a的值为__________；函数y2的解析式为_______________（注明x(2)对于函数L，当函数值y随x的增大而减小时，x的取值范围是_____________；(3)当直线y=x+b与函数L的图象有3个公共点时，求b的值.【答案】(1)3，y2(2)−1<x<0或x>1；(3)b=0或25【分析】（1）根据函数y1=−ax+12+3x≤0的图象过原点，即可求出a的值，求出函数y1的解析式，求出抛物线y1对称轴，顶点坐标；令−3x+1（2）根据函数图象的增减性，即可；（3）结合图象，b=0时，直线与函数L有三个公共点，当直线与抛物线y2=−3x−12+3【详解】（1）∵函数y1∴0=−a0+1∴a=3；∴y1=−3x+12+3∴令0=−3x+1整理得：x+12解得：x1=0，∴抛物线y1=−3x+12+3x≤0与∵函数y1=−3x+12+3∴函数y2的图象与x轴的交点为：0,0，2,0，顶点坐标为：1,3∴y2把2,0代入函数y2中，得0=a∴a=−3，∴y2∴抛物线y2的解析式为：y（2）由函数图象可知，y1的对称轴为：直线x=−1；y2的对称轴为：直线在y1=−3x+12+3x≤0中，当−1<x<0时（即在y2=−3x−12+3x≥0，当x>1时（即∴函数L，当函数值y随x的增大而减小时，x的取值范围为：−1<x<0或x>1．

（3）当b=0时，y=x与函数L有三个交点，∵y=x+b与y=x平行，∴当直线y=x+b与抛物线y2=−3x−12+3x≥0相切时，直线∴−3x−1∴Δ=解得：b=25∴直线y=x+b与函数L的图象有3个公共点时，b的值为：b=0或b=25【点睛】本题考查二次函数的知识，解题的关键是掌握二次函数的图象和性质，函数的平移，二次函数和一次函数的交点问题．21．（2023·江苏苏州·统考一模）如图，已知抛物线y=ax2+bx+c（a，b，c为常数，a≠0）交x轴于A1，0、B3，0两点，交y轴于C0，(1)求该抛物线的解析式；(2)若m=0时，直线y=x+n与图像W有三个交点，求n的值；(3)若直线y=x与图像W有四个交点，直接写出m的取值范围．【答案】(1)抛物线的解析式为y=x(2)n的值为−1或−3(3)38【分析】（1）利用待定系数法求解即可；（2）求得翻折部分的解析式，根据交点个数，分两种情况求解即可；（3）求得翻折部分的解析式，利用翻折部分的最低点在y=x的下方，且满足与翻折部分有两个交点．【详解】（1）解：设抛物线的解析式为y=a(x−3)(x−1)，把C0，3∴a=1，∴抛物线的解析式为y=(x−3)(x−1)=x（2）解：∵交x轴于A1，0∴抛物线沿y=0翻折部分的解析式为y=−x∵直线y=x+n与图像W有三个交点，∴y=x+n与y=−x即x+n=−x即x2∴Δ=9−4(n+3)=0∴n=−3当直线y=x+n经过A1，0时，直线y=x+n此时，0=1+n，解得n=−1；综上，n的值为−1或−3（3）解：抛物线沿直线y=mm≥0其开口大小不变，方向向下，对称轴不变，C0，3关于直线y=m故翻折部分的解析式为y=−x∵直线y=x与图像W有四个交点，∴x=−x2+4x+2m−3解得m>3当x=y时，有x=x解得x=5±故m<5−即38【点睛】本题考查的是二次函数综合运用，涉及到图象的翻折、不等式的应用等，其中（2）、（3），要注意分类求解，避免遗漏．题型04二次函数旋转问题22．（2023·安徽·校联考模拟预测）如图，已知抛物线y=ax2+bx−3与x轴交于A−3,0，B1,0两点，与y轴交于点C，抛物线的对称轴为直线l

(1)求抛物线的表达式；(2)求△PBC周长的最小值；(3)将线段PC绕点P旋转90°，得到线段PQ，点C的对应点为点Q，当点Q在抛物线上时，求点Q的坐标．【答案】(1)y=(2)3(3)点Q的坐标为−2,−3和1,0【分析】（1）利用待定系数法求出抛物线的解析式；（2）因为BC为定值，所以当PB+PC最小时，△PBCPBC的周长最小．如图1所示，连接AC交l于点P，由轴对称性质可知，此点P即为所求；（3）分点Q在直线l的左侧和右侧，构造全等三角形即可得出结论．【详解】（1）由题意可知：9a−3b−3=0a+b−3=0解得：a=1b=2∴抛物线的解析式为：y=x（2）∵y=x∴C0,−3∵△PBC的周长为：PB+PC+BC，BC是定值，∴当PB+PC最小时，△PBC的周长最小．

如图1所示，点A、B关于对称轴l对称，连接AC交l于点P，则点P为所求的点．∵AP=BP，∴△PBC周长的最小值是：PB+PC+BC=AC+BC．∵A−3,0，B1,0，∴AC=32，BC=∴△PBC周长的最小值是：32（3）如图2，当点Q在直线l左侧时，

∵抛物线y=ax2+bx−3与x轴交于A∴对称轴为直线x=−3+1∵将线段PC绕点P旋转90°，得到线段PQ，∴PQ=PC，∠QPC=90°，∴C与Q关于直线l对称，∴∠PCQ=45°，∴PD=CD=1，∵C0,−3∴Q−2,−3如图3，当点Q在直线l的右侧时，

过点Q作OF⊥l于F，CE⊥l于E，由旋转知，PQ=PC，∠CPQ=90°，∴∠CPE+∠QPF=90°，∵∠CPE+∠PCE=90°，∴∠PPF=∠PCE，∴△PFQ≅△CEPAAS∴PF=CE=1，PE=QF，设P−1,m，则PE=QF=3+m∴点Q的坐标为2+m,m+1，代入y=x解得，m=−1或m=−4(舍)，∴Q的坐标为1,0，综上，点Q的坐标为−2,−3和1,0．【点睛】本题是二次函数压轴题，综合考查了二次函数的图象与性质、待定系数法、图形周长计算、轴对称−最短路线等知识点，全等三角形的判定和性质，分类讨论是解本题的关键．23．（2023·辽宁沈阳·统考中考真题）如图，在平面直角坐标系中，二次函数y=13x2+bx+c的图象经过点A0,2，与

(1)求这个二次函数的表达式；(2)点E，G在y轴正半轴上，OG=2OE，点D在线段OC上，OD=3OE．以线段OD，OE为邻边作矩形ODFE，连接GD，设①连接FC，当△GOD与△FDC相似时，求a的值；②当点D与点C重合时，将线段GD绕点G按逆时针方向旋转60°后得到线段GH，连接FH，FG，将△GFH绕点F按顺时针方向旋转α(0°<α≤180°)后得到△G'FH'，点G，H的对应点分别为G'、H'，连接DE【答案】(1)y=(2)①43或65；②23+3【分析】（1）利用待定系数法解答即可；（2）①利用已知条件用含a的代数式表示出点E，D，F，G的坐标，进而得到线段CD的长度，利用分类讨论的思想方法和相似三角形的性质，列出关于a的方程，解方程即可得出结论；②利用已知条件，点的坐标的特征，平行四边形的判定与性质，旋转的性质，全等三角形的判定与性质求得FH=OD=23，∠GOD=∠GFH=90°和GH【详解】（1）∵二次函数y=13x2+bx+c的图象经过点A∴解得：b=−∴此抛物线的解析式为y=（2）①令y=0，则1解得：x=3或x=2∴C(2∴OC=23∵OE=a,OG=2OE,OD=3∴OG=2a,OD=∵四边形ODFE为矩形，∴EF=OD=∴E(0,a),D(∴CD=OC−OD=2Ⅰ．当△GOD∽△FDC时，∴OG∴2a∴a=Ⅱ．当△GOD∽△CDF时，∴OG∴2a∴a=综上，当△GOD与△FDC相似时，a的值为43或6②∵点D与点C∴OD=OC=2∴OE=2,OG=2OE=4,EF=OD=2∴EG=OE=2∴EG=DF=2,∵EG∴四边形GEDF为平行四边形，∴FG=DE=∴∠GFE=30°,∴∠EGF=60°,∵∠DGH=60°,∴∠EGF=∠DGH,∴∠OGD=∠FGH.在△GOD和△GFH中，GO=GF=4∴△GOD≌△GFH(SAS),∴FH=OD=2∴GH=Ⅰ、当G'F所在直线与DE垂直时，如图，∵∠GFH=90°,GF∴∠G'FH'=90°,∴G，F，H'∴GH'=GF+FH'=FG+FH=4+2过点H'作H'K⊥y轴于点K∴∠KH'G=∠EFG=30°,∴H'K=H'G⋅∴此时点H'的横坐标为2Ⅱ．当G'H'所在直线与DE垂直时，如图，∵GF∥∴G'H'⊥GF，设GF的延长线交G'H'于点M，过点M作MP⊥EF，交EF的延长线于点P，过点H'作H'N⊥MP，交PM的延长线于点N，则H'N∥∵S∴4×23∴FM=4∴FP=FM⋅cos∴PE=PF+EF=23∵H'M=FH∴H'N=H'M⋅sin∴此时点H'的横坐标为PE−H'N=23Ⅲ．当FH'所在直线与DE垂直时，如图，∵∠H'FG'=90°，GF∥∴∠GFH'=90°，∴H，F，H'三点在一条直线上，则∠H'FD=30°，过点H'作H'L⊥DF，交FD的延长线于点L，H'L=H'F⋅sin∴此时点H'的横坐标为EF−H'L=23综上，当△G'FH'的边与线段DE垂直时，点H'的横坐标为23+3或23【点睛】本题主要考查了二次函数的图象与性质，抛物线上点的坐标的特征，矩形的性质，相似三角形的判定与性质，全等三角形的判定与性质，直角三角形的性质，勾股定理，直角三角形的边角关系定理，利用点的坐标表示出相应线段的长度和正确利用分类讨论的思想方法是解题的关键24．（2023·河南周口·校联考二模）如图1，抛物线y1=ax2+bx+c分别交x轴于A−1,0，

(1)求抛物线的表达式及顶点P的坐标．(2)如图2，将该抛物线绕点4,0旋转180°．①求旋转后的抛物线的表达式．②旋转后的抛物线顶点坐标为Q，且与x轴的右侧交于点D，顺次连接A，P，D，Q，求四边形APDQ的面积．【答案】(1)y=x2(2)①y=−x−72【分析】（1）根据函数的交点式设二次函数的表达式为y=ax+1x−3，将点C0,−3（2）①根据旋转的特点，设旋转后抛物线的顶点坐标为m,n，可知4,0为顶点P1,−4和Qm,n的中点，根据中点坐标公式可求旋转后函数的顶点坐标，由此即可求解；②根据题意求出点D的坐标，由A,P,D,Q的坐标，图形结合得【详解】（1）解：由题意可设二次函数的表达式为y=ax+1x−3，将点C0,−3∴二次函数表达式为y=x∴顶点P的坐标为1,−4．（2）解：①设旋转后抛物线的顶点坐标为m,n，∵4,0为顶点P1,−4和Qm,n的中点，即m+12∴点Q的坐标为7,4，∵旋转前后图形的形状不变，开口相反，∴a=−1，故旋转后的抛物线表达式为y=−x−7②由①得Q点坐标为7,4，∵A，D点关于点4,0对称，∴D点坐标为9,0，∵A−1,0，P1,−4，D9,0∴AD=9−(−1)=10，点Q到x轴的距离为4，点P到x轴的距离为4，∴S四边形【点睛】本题主要考查二次函数与几何图形的综合，掌握待定系数法求二次函数解析式，函数图像旋转的性质，中点坐标，几何图形的特点等知识的综合运用是解题的关键．25．（2023·广东东莞·东莞市东莞中学初中部校考三模）孔明是一个喜欢探究钻研的同学，他在和同学们一起研究某条抛物线y=ax2a<0的性质时，如图将一把直角三角板的直角顶点置于平面直角坐标系的原点O，两直角边与该抛物线交于A

(1)如图1，若测得OA=OB=22，求a(2)对同一条抛物线，孔明将三角板绕点O旋转到如图2所示位置时，过B作BF⊥x轴于点F，测得OF=1，求此时点A、B的坐标；(3)对该抛物线，孔明将三角板绕点O旋转任意角度时惊奇地发现，交点A、B的连线段总经过一个固定的点，试说明理由并求出该点的坐标．【答案】(1)a=−(2)A−4,−8，B(3)不论k为何值，直线AB恒过点0,−2，见解析【分析】（1）设线段AB与y轴的交点为C，由抛物线的对称性可得C为AB中点，根据等腰直角三角形的性质即可得到AC=OC=BC=2，从而求出B2,−2，再将By=ax2a<0（2）过点A作AE⊥x轴于点E，先求出B1,−12，再证明ΔAEO∽ΔOFB（3）设A−m,−12m2m>0，Bn,−12n2n>0，设y=kx+b，将A、B代入一次函数建立方程组，根据【详解】（1）解：设线段AB与y轴的交点为C，由抛物线的对称性可得C为AB中点，∵OA=OB=22，∠AOB=90°∴AC=OC=BC=2，∴B∵将B2,−2代入抛物线y=ax2解得a=−1（2）解：过点A作AE⊥x轴于点E，

∵点B的横坐标为1，∴B1,−∴BF=1又∵∠AOB=90°，∴∠AOE=∠OBF，∵∠AEO=∠OFB=90°，∴ΔAEO∴AE∴AE=2OE设点A−m,−12m2∴1∴m=4，−12m2（3）解：设A−m,−12设y=kx+b，则−mk+b=−①×n+②×m∴b=−由图可得ΔAEO∴AEOF∴0.5m∴mn=4，∴b=−1由此可知不论k为何值，直线AB恒过点0,−2．【点睛】本题考查二次函数的性质、旋转的性质和相似三角形的性质，解题的关键是灵活运行相似三角形的相似比建立等式．题型05二次函数折叠问题26．（2023·山西大同·校联考模拟预测）如图1，在平面直角坐标系中，直线y=34x−9与x轴、y轴分别交于B，C两点，抛物线y=14x2+bx+c经过B，C两点，与

(1)求B，C两点的坐标及抛物线的解析式，并直接写出点A的坐标；(2)如图1，点D在线段OB上运动，连接CD，沿直线CD折叠△BCD得到△B'CD，当B'D⊥x(3)如图2，连接AC，作∠COE=∠ACO，OE交△ABC的边于点E，请直接写出CE的长．【答案】(1)B(12,0)，C(0,−9)，抛物线的解析式为y=14(2)∠BDC的度数为135°，D(9,0)(3)CE的长为310【分析】（1）利用待定系数法解答即可；（2）利用翻折的性质可得：BD=B'D，S△BCD=S△B'CD；设D(m,0)，利用点的坐标表示出线段（3）利用分类讨论的思想方法分两种情形讨论解答：①当点E在AC边上时，利用直角三角形的性质和直角三角形的斜边上的中线，勾股定理解答即可；②当点E在BC边上时，利用平行线的判定与性质，相似三角形的判定与性质和勾股定理解答即可得出结论．【详解】（1）解：令x=0，则y=−9，∴C(0,−9)，令y=0，则34∴x=12，∴B(12,0)，∵抛物线y=14x2+bx+c∴14解得：b=−9∴抛物线的解析式为y=1令x=0，则14∴x=−3或x=12，∴A(−3,0)；（2）解：∵沿直线CD折叠△BCD得到△B∴△BCD≌△B∴BD=B'D设D(m,0)，m>0，∴OD=m，∵C(0,−9)，B(12,0)，∴OC=9，OB=12．∴BD=BD∵S△BCD=1∴12解得：m=9或m=12（不合题意，舍去），∴m=9，∴D(9,0)．∴OD=9，∴OD=OC=9，∴∠OCD=∠ODC=45°，∴∠BDC的度数=180°−∠ODC=135°；（3）解：①当点E在AC边上时，如图，

∵∠AOC=90°，∴∠ACO+∠CAO=90°，∠EOA+∠COE=90°，∵∠COE=∠ACO，∴∠CAO=∠EOA，∴EA=EO，∵∠COE=∠ACO，∴EO=EC，∴AE=CE=1∵A(−3,0)，C(0,−9)，∴OA=3，OC=9，∴AC=O∴CE=1②当点E在BC边上时，如图，

∵∠COE=∠ACO，∴OE∥∴△BOE∽△BAC，∴BOBA∵OA=3，OB=12，∴AB=OA+OB=15．∵BC=O∴1215∴BE=12，∴CE=BC−BE=3．综上，当∠COE=∠ACO，OE交ΔABC的边于点E，CE的长为3【点睛】本题主要考查了二次函数的图象与性质，抛物线上点的坐标的特征，待定系数法，一次函数的图象与性质，一次函数图象上点的坐标的特征，折叠的性质，垂直的性质，平行线的判定与性质，利用点的坐标表示出相应线段的长度是解题的关键．27．（2023·安徽芜湖·校考一模）已知抛物线y=ax2+2x+ca≠0与x轴交于点A−1,0和点B3,0，与y轴交于点C，连接BC，点

(1)求抛物线的解析式．(2)如图1，P为AD上方的抛物线上的一个动点，连接PB交AD于点E．当△ABD的面积被直线BP分成1:3的两部分时，求点P的坐标．(3)如图2，若直线AD沿过点D的直线m折叠后恰好经过点M214,0，请直接写出直线m【答案】(1)y=−(2)P−3(3)y=7x−18，Q109−5【分析】（1）待定系数法求出解析式即可；（2）根据△ABD的面积被直线BP分成1:3的两部分，得到AE=13DE或AE=3DE，求出E点坐标，进而得到直线BE（3）求出直线DM的解析式，进而求出点A的对应点A'的坐标，进而求出A,A'的中点坐标，该点在直线m上，进而求出直线m的解析式，联立直线m【详解】（1）解：∵抛物线y=ax2+2x+ca≠0与x轴交于点∴a−2+c=09a+6+c=0，解得：a=−1∴y=−x（2）∵y=−x2+2x+3，当x=0∴C0,3∴OC=3，∵B3,0∴OB=3=OC，∴△OBC是等腰直角三角形，∵点O与点D关于线段BC对称，∴BC是OD的垂直平分线，设OD交BC于点F，

则OF⊥BC，∴F为BC的中点，∴F3又F为OD的中点，∴D3,3△ABD的面积被直线BP分成1:3的两部分时，有两种情况：①S△ABE∵S△ABE∴AE:DE=1:3，∴AE:AD=1:4，∴点E为点A,D的中点与点A的中点，∵A,D的中点坐标为：1,3∴E0,设BE的解析式为：y=kx+b，∴b=343k+b=0∴y=−1联立y=−14x+34∴P−②当S△ABE同法可得：点E为点A,D的中点与点D的中点，∴E2,设直线BE的解析式为：y=mx+n，∴2k+b=943k+b=0∴y=−9联立y=−94x+274∴P5综上：P−34（3）设直线DM的解析式为：y=k则：3k1+∴y=−4设点A关于直线m的对称点为A'则：A'在直线DM上，DA=D设A'∵DA=DA'，∴3+12解得：t=6或t=0（舍掉），∴A'∵点A关于直线m的对称点为A'∴A,A'的中点52设直线m的解析式为：y=k∵D3,3，点52,−∴3k2+∴直线m的解析式为：y=7x−18，联立y=7x−18y=−x2+2x+3，解得：∴Q109−52【点睛】本题考查二次函数的综合应用，正确的求出函数解析式，利用数形结合和分类讨论的思想进行求解，是解题的关键．28．（2023·江苏苏州·校考二模）如图，二次函数y=12x2+bx+c与x轴交于O0,0，A4,0两点，顶点为C，连接OC、AC，若点B是线段OA上一动点，连接BC，将△ABC沿BC折叠后，点A落在点A'的位置，线段A'C与

(1)求二次函数的表达式；