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文档简介
重难点专题21三角函数压轴小题十五大题型汇总
01
题型1新文化问题................................................................1
题型2新定义问题................................................................7
题型3黄金分割相关问题..........................................................9
题型4扇形相关问题.............................................................13
题型5三角函数公式相关问题....................................................20
题型6三角函数性质问题.........................................................26
题型7识图问题.................................................................35
题型8凑角求值问题.............................................................43
题型9最值相关问题.............................................................47
题型103相关问题..............................................................53
题型11租相关问题...............................................................58
题型12实际应用问题............................................................61
题型13恒成立问题..............................................................68
题型14零点相关问题............................................................73
题型15与数列相关问题..........................................................80
题型1新文化问题
【例题11(2023秋•江苏苏州•高三统考开学考试)我国人脸识别技术处于世界领先地位.所
谓人脸识别,就是利用计算机检测样本之间的相似度,余弦距离是检测相似度的常用方法.
假设二维空间中有两个点4(%1,%),8(%2/2),。为坐标原点,余弦相似度为向量近,区夹
角的余弦值,记作cos(4B),余弦距离为1-cos(A,B).已知作cosat,sina),Q(cosQ,sin0),
R(cosa,-sina),若P,Q的余弦距离为[tana-tan/?=]则Q,R的余弦距离为()
A.-B.-C.-D.-
2347
【答案】A
【分析】由题设得至=(cosa,sina),而=(cos/?,sin/?),而=(cosa,-sina)利用向量夹角公
式求得cos(P,Q)=cos(a-夕),cos(Q,R)=-COS(Q+/?)根据新定义及正余弦齐次运算可求
目标函数值.
【详解】由题意得OP=(cosa,sina),0Q=(cosjff,sin/?),OR=(cosa,—sina),
则cos(P,Q)=需।需=cosacosp+sinasinf=|
sinasinp1
又tanata叩=
cosacos/?7
..cosacos/?=7sinasin/?,
..sinasin^=—1,cosacosj5=—7,
1-cos(Q,R)=l-cosgcos/?;sinasin/?=
故选:A.
【变式1-1】1.(2023•全国•高三专题练习)法国著名军事家拿破仑・波拿巴最早提出的一
个几何定理:”以任意三角形的三条边为边向外构造三个等边三角形,则这三个等边三角形
的外接圆圆心恰为等边三角形的顶点".如图在△ABC中,内角A,B,C的对边分别为a,b,c,
且10(sin等丫=7-8S24以4B,BC,AC为边向外作三个等边三角形,其外接圆圆心依次
为。1,。2,。3.则角4=.
【答案】=/60°
【分析】根据三角恒等变化可得2cos24+5cos4-3=0,进而可得COSA=1,即可求解,
2
【详解】10(sin等)=7-COS24,则5(1-cos(B+C))=7-COS24,
故5(1+COS4)=8-2cos2/1,所以2cos2人+5cos4-3=0,
可得COS4=i(负值舍),由Ae(0.n),所以A=*
故答案为:5
【变式1-1J2.(2023•全国•镇海中学校联考模拟预测)天文学家、数学家梅文鼎,为清代
"历算第一名家"和"开山之祖",在其著作《平三角举要》中给出了利用三角形的外接圆
证明正弦定理的方法.如图所示,在梅文鼎证明正弦定理时的构图中,。为锐角三角形4BC外
A.也D.-i
3333
【答案】D
【分析】由已知得2Z0BC=TT-2乙BAC,再根据诱导公式和二倍角的余弦公式求解即可.
【详解】已知4B0C=2ABAC,因为OB=0C,所以N0BC=乙0CB,
因为NOBC+LOCB+LBOC=n,
所以2,。8c+Z.BOC=n,所以240BC=TT-乙BOC=Tl-2Z.BAC,
因为sin2B4C=y,
所以cos2z_OBC=cos(TT—24BAC)=cos2/-BAC
=2sin2ABAC-1=2x(^)-1=-J.
故选:D.
【变式1-1]3.(2023春•河北石家庄•高三校联考阶段练习)古希腊毕达哥拉斯学派在公元
前6世纪研究过正五边形和正十边形的作图,发现了黄金分割值约为0.618,这一数值也可
以表示为a=2cos72°,则呼婆=.
【答案】1/0.5
【分析】利用三角恒等变换化简即可求解.
【详解】acosl80_2cos72°cosl80_2sinl80cosl80_sin36°_1
L讦野/x^a-V2-2cos7^~/2-2(l-2sin236°)-2sin36°-21
故答案为:i
【变式Ll】4.(2023•浙江•校联考二模散学里有一种证明方法叫做Proofwithoutwords,
也被称为无字证明,是指仅用图象而无需文字解释就能不证自明的数学命题,由于这种证明
方法的特殊性,无字证时被认为比严格的数学证明更为优雅与有条理.如下图,点C为半圆。
上一点,CHLAB,垂足为,记e,贝岫tanMCH=察可以直接证明的三角函数
HNCOB=Cn
公式是()
48。.。
AA.tan-=--s-i-n---DB.tan-0=--s-i-n---
21-COS021+COS0
【答案】c
【分析】根据直角三角形中的定义写出Sinacos。,用8表示出48cH,然后分析可得.
【详解】由已知乙COB=9,贝!UCB。=三一三/BCH=1,
。BH.介CHgOH
又T-7t.an-=—,sin。=—cos©=—,BDZHJ+iO/-IHr_r=OCDB=OC/*C",
2CHOCrOC
故选:c.
【变式1-1】5.(2023•江苏南京•南京航空航天大学附属高级中学校考模拟预测)我国古代
数学家僧一行应用"九服号影算法”在《大衍历》中建立了唇影长I与太阳天顶距
0(0°<6<90。)的对应数表,这是世界数学史上最早的一整正切函数表.根据三角学知识可
知,暑影长度I等于表高h与太阳天顶距。正切值的乘积,即/=Man6,对同一"表高"两
次测量,第一次和第二次太阳天顶距分别为&/?,若第一次的“号影长"是"表高"的3
倍,且tan(a-。)=|,则第二次“暑影长"是"表高"的()倍.
A.1B.-C.-D.-
322
【答案】A
【分析】由题意可得tana=3,tan(a-/?)=|,再根据tan。=tan[a-(a-夕)]结合两角差
的正切公式即可得解.
【详解】由题意可得tana=3,tan(a一°)=J
所以tang=tan[a-(a-/?)]=tana-tan(a-/5)
l+tanatan(a-/?)i+3x-
即第二次的"号影长"是"表高"的1倍.
故选:A.
【变式1-1]6.(2022秋•安徽合肥•高三校考期中)数学必修二101页介绍了海伦-秦九韶
公式:我国南宋时期著名的数学家秦九韶在其著作《数书九章》中,提出了已知三角形三边
长求三角形的面积的公式,与著名的海伦公式完全等价,由此可以看出我国古代已具有很高
的数学水平,其求法是:"以小斜黑并大斜幕减中斜靠,余半之,自乘于上.以小斜靠乘大
斜鬲减上,余四约之,为实.一为从隔,开平方得积若把以上这段文字写成公式,即S=
Ra2c2一仔+:-乒)2,其中a、从c分别为△4BC内角4B、C的对边若二黑黑=高,
b=2,则4ABC面积S的最大值为()
A.V3B.V5C.2D.V2
【答案】A
【分析】将已知等式结合tanC=绊:进行化简,得到sinC=百(sinBcosC+cosBsinC)=
V3sin(B+C)=gsinA,并利用正弦定理可得c=V3a,代入"三斜求积"公式S=
J*2c2-(心手于[并将a?看成整体并利用二次函数性质得解.
【详解】l-V3cosF
V3sinBtanC
•••tanCV3sinF
1-V3cosi?
又tanCsinC
cosC
国
所以singsinC
l-V3cosFcosC
所以V5sinBcosC=sinC(l—V3cosB),
所以V5sinBcosC=sinC—V3sinCcosB,
所以sinC=V3(sinBcosC+cosFsinC)=V3sin(F+C)=V3sin?l,
由正弦定理得c=痘a,
vb=2,
A48c的面积S=呼2c升=J)3a4-(2a2-2月,
=(—a4+8a2—4),
将a?看成整体并利用二次函数性质得,当a?=4即a=2时,△ABC的面积S有最大值
为VI
故选:A.
题型2新定义问题
【例题2】(2023•湖南长沙长沙市实验中学校考二模)正割(Secant)及余割(Cosecant)
这两个概念是由伊朗数学家、天文学家阿布尔•威发首先引入,sec,esc这两个符号是荷兰
数学家基拉德在《三角学》中首先使用,后经欧拉采用得以通行.在三角中,定义正割seca=
表,余割=熹•则函数f(x)=七+£的值域为()
A.[-1,1]B.[-V2,V2]
C.[—2,2]D.[—V2,—1)U(—1,1)U(1,V2]
【答案】D
【分析】根据新定义及辅助角公式化简,然后根据三角函数的性质求得答案.
【详解】/(x)=+=cosx+sinx=V2sin(x+:),其中sinx片0,cosx*0,
所以-或</(x)<V2,且/(x)H±1,
即/⑺的值域为[-短-1)U(-1,1)U(1,V2].
故选:D.
【变式2-1]1.(多选)(2023•安徽安庆•安庆一中校考模拟预测)正割(Secant)及余割
(Cosecant)这两个概念是由伊朗数学家、天文学家阿布尔•威发首先引入,sec,esc这两个
符号是荷兰数学家基拉德在《三角学》中首先使用,后经欧拉采用得以通行.在三角中,定
义正割,余害白■.已知函数=去+义洛合出下列说法正确的息)
seca=/cosaUcsca=sma'secxesex
A.f(x)的定义域为{x|%=kn,kGZ};
B.f(x)的最小正周期为2n;
C./(x)的值域为[一a,一1)U(-1,1)U(1,V2];
D./(x)图象的对称轴为直线x=-^+kMkeZ).
4
【答案】BC
【分析】由辅助角公式化一,再根据cosxMO,sin%*0,即可求出函数的定义域,即可判断
A;根据正弦函数的周期性即可判断B;根据正弦函数的值域结合函数的定义域即可判断C;
根据正弦函数的对称性即可判断D.
【详解】f(x)=£+之=cosx+sinx=&sin1+:),
由cosx*O,sinx#0,得xy(/cGZ),
即/⑺的定义域为核卜hMkeZ},故A错误;
/(x)的定义域关于原点对称,
故了⑺的最小正周期与函数y=V25in(x+9的最小正周期一致,均为2n,故B正确;
当x=0彳h涔时''=隹sin(x+的值分别为-1,
而函数y=近sin(%+9的值域为[一々,或],
再结合周期性可知,/G)的值域为[-鱼,-1)u(-1,1)u(1,V2],故C正确;
令》+-=-4-kn(/ceZ),彳导x=-4-kn(keZ),
424
即f(X)图象的对称轴为直线X=T+kn(keZ),故D错误.
故选:BC.
【变式2-1】2.(2023・全国•高三专题练习)一般地,存在一个71次多项式7式幻,使得cosnx=
「n(cosx),这些多项式7n(x)称为切比雪夫多项式.由cos2x=2cos2x-1,知介。)=2产-1,
通过运算,可以得到COS3X的切比雪夫多项式△(%)=.结合上述知识计算
cos36°=.
【答案】4/-3X竽
4
【分析】方法一:把3x变为2x+x,然后利用两角和余弦公式及二倍角公式化简即可得到
3
T3(X)=4%—3%;结合&(%)—4/—3%及cosl08°=—cos72°,建立cos36。的方程求解即
可.
【详解】[方:4-]:cos3x=cos(2x+x)=cos2xcosx-sin2xsinx
=(2cos2x—l)cosx—2sinxcosxsinx=4cos3%—3cosx,
.=4x3—3%;
设cos36°=x,*.cosl08°=—cos72°z
32
.,.4x—3x=—(2/—1);即(%+l)(4x—2x—1)=0,
•-X=-1(舍去)或久=或X=(舍去),
.-.cos36°=—.
4
故答案为:43x;萼.
[方法二]:cos3a=4cos3a—3cosa,
/sin360=sin(90°-54°)=cos54°,
/.2sinl8ocosl8°=4cos318°—3cosl8°,
*.cosl8°*0,.*.2sinl8°=4cos218°-3,
22
2sinl8°=4(1-sin18°)-3,4sin180+2sinl8°-1=0z
解得sinl8。=二手或sinl8。=二千<0(舍去),
.■,sinl8°=—,cos36°=1-2sin218°=—.
4'4
故答案为:4炉-3x;竽.
题型3黄金分割相关问题
【例题3](2022・贵州安顺•统考模拟预测)黄金分割点是指将一条线段分为两部分,使得
较长部分与整体线段的长的比值为日的点,利用线段上的两个黄金分割点可以作出正五角
星,如图所示,已知C,D为AB的两个黄金分割点,研究发现如下规律:*=筹=*=
ABABBC
年.若等腰ACDE的顶角4CEO=6,则cos。=()
E
A,^hlB.旦C3-VsD
44・8°8
【答案】B
【分析】设4B=m,根据已知可求出BC=,CD=(遍一2)zn.取CD中点为尸,在RtA
EFC中,求得sing=竽,然后根据二倍角的余弦公式,计算,即可得出答案.
L4
【详解】设4B=m,由已知可得AC=BD=与m,
则BC=AB-AC=m-,
所以,CD=BD—BC==(V5—2)m.
如图,取CD中点为F,连接EF,则EF1CD.
在RtAEFC中,有CF=^CD=亨m,CE=BC=等m,Z.CEF=1,
贝堂上=匹二
AJ2CE3-^54'
2
所以,cos0=1-2sin2g=1—2x
故选:B.
【变式3-1】1.(2023•江西•校联考二模)被誉为“中国现代数学之父"的著名数学家华罗
庚先生于1946年9月应普林斯顿大学邀请去美国讲学,之后又被美国伊利诺依大学聘为终
身教授.新中国成立的消息使华罗庚兴奋不已,他放弃了在美国的优厚待遇,克服重重困难,
终于回到祖国怀抱,投身到我国数学科学研究事业中去.这种赤子情怀,使许多年轻人受到
感染、受到激励,其中他倡导的"0.618优选法"在生产和科研实践中得到了非常广泛的应
用,0.618就是黄金分割比1=竽的近似值,黄金分割比还可以表示成2sinl8。,则
看写后的值为()
A.-4B.4C.-2D.2
【答案】D
【分析】利用三角恒等变形及诱导公式化简可得结果.
【详解】由题意可得t=2sinl8。,
_2sinl8°j4-4sin2i8。_2sinl80・2cosl80_2sin360_2sin360_?
COS227o-sin2270COS2270-sin227<>COS540COS540sin360•
故选:D.
【变式3-1]2.(2023•全国•高三专题练习)公元前6世纪,古希腊的毕达哥拉斯学派研
究过正五边形和正十边形的作图,发现了黄金分割均为0.618,这一数值也可以表示为4=
2sinl8°,则属皿2。+;1=()
'2cos120\)
A.-B.1C.-D.-
222
【答案】B
【分析】利用两角和与差的三角函数求解.
【详解】解:因为;I=2sinl80,
gc-piV3sinlT+^_Ksinl20+2sinl80
cosl2°cos12°,
_6sinl20+2sin(30°-12°)
cosl201
_百sinl20+cosl20-6sinl20
cosl201
cosl20.
===1,
故选:B
【变式3-1J3.(2023・全国•高三专题练习)黄金分割比例广泛存在于许多艺术作品中.在
三角形中,底与腰之比为黄金分割比的三角形被称作黄金三角形,被认为是最美的三角形,
它是两底角为72。的等腰三角形.达•芬奇的名作《蒙娜丽莎》中,在整个画面里形成了一
个黄金三角形.如图,在黄金三角形4BC中,器=亨,根据这些信息,可得sin54。=()
A.3.包
44
C遍+4D店+3
・8.8
【答案】B
【分析】由题意cos72。=竽,结合二倍角余弦公式、平方关系求得cos36。=竽,再根
44
据诱导公式即可求sin54。.
【详解】由题设,可得cos72。=1-2sin236°=—,cos236°+sin236°=1,
4
所以cos236。=42,又cos36。6(y.y)(
所以cos36°=cos(90°—54°)=sin54°=当匚.
故选:B
【变式3-1]4.(2023•辽宁・大连二十四中校联考三模)随着智能手机的普及,手机摄影越
来越得到人们的喜爱,要得到美观的照片,构图是很重要的,用"黄金分割构图法”可以让
照片感觉更自然.更舒适,"黄金九宫格"是黄金分割构图的一种形式,是指把画面横竖各
分三部分,以比例1:0.618:1为分隔,4个交叉点即为黄金分割点.如图,分别用4B,C,D
表示黄金分割点.若照片长、宽比例为4:3,设“4B=a,则巧等-tana=()
881212
【答案】D
【分析】由题意得到tana=结合二倍角公式及同角三角函数关系求出答案.
【详解】由题意得8。=3乂僦小48=4X需乐,故tana=*:
-|\il+cos2a.2cos2a14
所c(以F^—tana=高嬴京—tana=----tana=——3__7_
tana34-12,
故选:D
题型4扇形相关问题
【例题4](2023秋•贵州•高三统考开学考试)已知"水滴"的表面是一个由圆锥的侧面和
部分球面(常称为“球冠")所围成的几何体.如图所示,将"水滴"的轴截面看成由线段
AB,AC和优弧BC所围成的平面图形,其中点B,C所在直线与水平面平行,AB和AC与
圆弧相切.已知"水滴"的"竖直高度"与"水平宽度"("水平宽度”指的是平行于水平
面的直线截轴截面所得线段的长度的最大值)的比值为,则sin"4c=()
【答案】D
【分析】设圆心为0,连接OA,0BQC,设球冠的半径为R,根据几何性质可得04=|/?,
从而可得sin/BZ。,根据平方公式与二倍角公式即可得sin/BAC的值.
【详解】设优弧BC所在圆的圆心为O,半径为R,连接OA,OB,OC,如图所示.
易知"水滴"的"竖直高度"为。4+R,"水平宽度”为2R,
由题意知等=,解得。4=|/?.
因为AB与圆弧相切于点B,所以OB1AB.
在Rt^ABO中,sin^BAO=*=白=|,
又4840e(03),所以C0SNB40=V1-sin2^B/10=1.
由又寸称性知,NBA。=Z.CA0,则4BAC=2/.BA0,
所以sin/BAC=2sinz.BA0cosz.BA0=2x|x|=||.
故选:D.
【变式4-1]1.(多选)(2023•全国•高三专题练习)重庆荣昌折扇是中国四大名扇之一,
其精雅宜士人,其华灿宜艳女,深受各阶层人民喜爱.古人曾有诗赞曰:"开合清风纸半张,
随机舒卷岂寻常;金环并束龙腰细,玉栅齐编凤翅长”.荣昌折扇平面图为图2的扇形C。。,
其中NC0D=罟,。C=3。4=3,动点P在⑺上(含端点),连接0P交扇形04B的弧脑于
点Q,且丽=xOC+yOD,则下列说法正确的是()
图1图2
A.若y=2x,则而-OP=-1V3B.x+yG[|,|]
C.PA-PB>^D.ABPQ>-2
【答案】BC
【分析】建立平面直角系,表示出相关点的坐标,tg(2(coS0,sin6),6e[0,^],可得
P(3cos0,3sin0),由丽=xOC+yOD,结合题中条件可判断A,B,表示出相关向量的坐
标,利用数量积的运算律,结合三角函数的性质,可判断C,D.
【详解】如图,作OE1OC,分别以。。,OE为x,y轴建立平面直角坐标系,
则4(1,0),C(3,0),矶一泉,。(一|,怜,
设Q(cos6,sin。),0G智>则P(3cos8,3sin0),
由而=xOC+y而可得cos。=3x—|y,sin。=手y,且x>0,y>0,
若y=2x,贝(jcosJ=3x-|y=0,sin0=1,所以荏=(0,3),~0B=,
所以丽•而=苧,故A错误;
由丁=3^S'n0'X=3C0S0+3^Sind,
所以x+y—高sin。+1cos。+壶sin。=fsin。+|cos。
=|伊由皿+2s8)=|sin(0+)
因为,e[o,y],所以。+Mm,所以sin(,+5eL1],
所以x+ye*,|],故B正确;
由于瓦?=(1—3cos0,-3sin0),PF=(—1—3cos0,亨—3sin0),
故R?•丽=(1-3cos0,-3sin0)•(-1-3cos0,y-3sin0)
=T-3sinI。+》而。+ME-?]<所以sin(8+9cL1],
所以可.丽=?-3sin(8+92?—3=?,故C正确,丽•所=(一|,4〉
Z\O/ZLLL
(-2cos0,—2sin0)=-V3sin0+3cos0
=-2V3sin(0-,由于6e[0,y],故。-标[-羽,
故一3<-2V3sin(0—§S3,故D错误;
故选:BC
【变式4-1]2.(2023春・广东深圳•高三校考阶段练习)以〃CB的顶点C为圆心作圆交角
的两边于A,B两点;取线段AB三等分点。,D;以B为焦点,A,D为顶点作双曲线,与
圆弧AB交于点E,连接CE,则“CB=3/BCE.若图中CE交48于点P,5而=6而,则
【分析】根据正弦定理及二倍角的正弦公式,得NBCE的余弦值,再由二倍角的余弦公式即
可求出cos乙4cp.
乙
【详解】设NBCE=a,则44cB=3BCE=3afZ.ACP=2a.
在中,由正弦定理,得急=缶;
在中,由正弦定理,得芸=缶・
又因为s=CB,4APC+Z.BPC=n,
所以C4=CB所以-jlf-=2L
八sin乙4PCs\nz.BPC'八sin2asina
APsin2a、
即m一=----=2cosa.
BPsina
又因为54P=6PB,所以"=2cosa=7,故cosa=
BP55
所以COSZJICP=cos2a=2cos2a—l=2x表—1=一套
故答案为:一套
【变式4-1】3.(2023诃南焦作统考模拟预测)如图,已知P”分别为乙40B两边上的点,
乙108=2PQ=3,过点P,。作圆弧,R为时的中点,且4PQR=三则线段。R长度的最大
OO
值为.
B
【答案】3+2V3
【分析】设“Q0=0,在△OPQ中由正弦定理可得OP=6sin0,在△RPQ由余弦定理求出PR、
QR,在仆ORP中由余弦定理表示出OR?,再结合三角恒等变换公式及正弦函数的性质求出
。/?2的最大值,即可得解.
【详解】解设NPQO=。则0<。<U在^OPQ中,由正弦定理知黑=—=8=6,
6sin6sinzPOQsm-
6
所以。P=6sin0,因为R为时的中点,所以“PR=乙PQR=7,
贝!,在^中由余弦定理PR2QR2_乙
|PR=QRRPQPQ2=+2PR•QRcosPRQ,
解得PR=QR=痘,
在^ORP中,4OPR=乙OPQ+Z.QPR=--6+-=71-6,
66
由余弦定理可得。骏=OP2+PR2-20P•PReos乙OPR=36sin20+3-2A/3x6sin0x
COS(TT—0)
=18(1-cos26)+3+6每in2。=12百sin(2。-J+21
所以当。=工时,OR?取得最大值21+12V3,
即。R的得最大值3+2V3.
故答案为:3+2V3
【变式4-1】4.(2022・全国•高三专题练习)为创建全国文明城市,上饶市政府决定对某小
区内一个近似半圆形场地进行改造,场地如图,以O为圆心,半径为一个单位,现规划出
以下三块场地,在扇形AOC区域铺设草坪,△OCD区域种花,△OBZ)区域养殖观赏鱼,若
乙40c=乙COD,且使这三块场地面积之和最大,则cos乙40C=.
【分析】设出〃0C=e,表达出三块场地的面积和S=\e+|sin0+isin20,通过求导研
究其单调性,求出最大值所对应的乙40c的余弦值.
【详解】设乙40C=9,则NC0D=3,根据题意易知。6(0,2)
-:0D=0B,△OB。为等腰三角形,贝!=Z.OBD
又,Z0D=4ODB+乙OBD,
.,.Z-COD—Z.ODB—Z.OBD—0
:.0C||DB
二则三块场地的面积和为S=10+1sin0+1sin(n-20)=^94-1sin04-1sin20,8(咤)
则S'=-4--cos0+cos20=2cos2。+icos。,0E(0,^]
2222\2z
令S'=0,COS0="7T或cos]=77T(舍)
88
设3为cos。=二所对应的角'
O
••-y=cos诲e(o彳)上单调递减,
.,.8e(0,w)时,S单调递增.
.•6C(95)时,S单调递减.
,当cos。=乌二时,面积最大.
O
故答案为:整.
【变式4-1]5.(2022•湖北・恩施市第一中学校联考模拟预测)共和国勋章,是中华人民
共和国最高荣誉勋章,授予在中国特色社会主义建设和保卫国家中作出巨大贡献、建立卓
越功勋的杰出人士.2020年8月11日国家主席习近平签署主席令授予钟南山“共和国勋章
”.某市为表彰在抗疫中表现突出的个人,制作的荣誉勋章的挂坠结构示意图如图,O为图
中两个同心圆的圆心,三角形ABC中=AC,大圆半径。4=2,小圆半径。B=0C
=1,记夕为三角形OAB与三角形OAC的面积之和.设阴影部分的面积为S,当S,-
S时取co得sz最lB大OC值=>
挂■结构示意图
【答案】2-V5
【分析】设MO。=a,a€(0,兀),利用扇形的面积公式及三角形的面积公式得到S=三-
|sina,S'=2sin],构造函数/'(a)=S,-S=2sin^-^+|sina,aG(0,n),利用导数求函
数的单调性与最值即可得到答案.
【详解】过点O作0D1BC于点D,则点D为BC的中点,又4B=AC,.--A,O,D三点
共线,
设乙BOC=a,aG(0,江),・•・Z-AOB=乙AOC="一],
则S=ixaxl2—ixl2xsina=---sina,S'=2x工x1x2xsin(7r—色)=2sin-,
22222v2y2
从而S,—S=2sin]-E+[sina,
令/(a)=2sin^—\+1sina,aG(O,TT),/'(a)=cos]-g+1cosa=cos2+cos]-1,
由/'(a)=0,解得:cos]=g二或cos]=匕尸(舍去),
记cos。=与i,96(0,今
八a)在(0,。)上单调递增,在(49上单调递减,故当cos与=亨时,/"(a)取得最大值,此
2
时cosa=2cos25-1=2x-1=2-V5.
故答案为:2—通
【点睛】方法点睛:本题考查利用导数求三角函数的最值,考查三角函数的值域时,常用的
方法:
(1)将函数化简整理为f(x)=4sin3x+⑺,再利用三角函数性质求值域;
(2)利用导数研究三角函数的单调区间,从而求出函数的最值.
(3)关于三角函数的二次型,利用换元法结合二次函数求值域.
题型5三角函数公式相关问题
【例题5](2023秋•江苏南京•高三统考阶段练习)已知aW(0,TT),且3tana=10cos2a,则
cosa可能为()
A一代B.渔C也D也
A.1QD.5C.10U.5
【答案】B
【分析】由3tana=10cos2a得3tana=10x”哗,化简后可求出tana,再利用同角三角
1+tana
函数的关系可求出COSa.
22
【详解】fi3tana=10cos2az^#3tana=10(cosa-sina),
所以3tana=10x。呼一吟,
所以3tana=10x竺叩宇,
1+tana
整理得3tan%+10tan2a+3tana-10=0,
(tana+2)(3tan2a+4tana-5)=0,
所以tana+2=0或3tan2a+4tana-5=0,
所以tana=-2或tana,
①当tana=-2时,瑞=々,aS&兀),
因为sida+cos2a=1,所以5cos2a=1,
所以cosa=±g,
因为aW&兀),所以COSa=-g,
②当tana=丁时,初=一M(0,-),
2
2
因为siYa+cos2a=1,所以(^|^cosa)+C0Sa=lr
由于(0《),所以解得cosa=J五磊,
\73Z-4V19
③当tau产时,黑=手匹(Q),
因为siMa+CO52a=1,所以(l^^cosa)+COS2a=l,
由于aw(Q),所以解得cosa=-&濡,
综上,cosa=-y,或cosa=&^-或c°sa=-反焉,
故选:B
【变式5-1J1.(2023・全国•高三专题练习)已知0<a<夕<2兀,函数/"(x)=5sin(%-印,
若/'(a)=/(/?)=1,则cos(0-a)=()
A.-B.C.-D.--
252555
【答案】B
【分析】由已知条件,结合三角函数的性质可得g<a<?,?<夕<?,从而利用
o33o
8s(0.a)=cos[(/?一5一(a一]]即可求解.
【详解】解:令/(%)=5sin-9=0,0V%V2TT,则%=/或r=个,
令f(%)=5sin(工一/)=S,0<x<2n,则%=§,
又0<aV夕V2/r,f(a)=f(夕)=1,
所以:<a(与*<夕<?,sin(a-9=)sin("3=)
因为£<6—巳<兀,
622l6
所以cos(a_J=当,cos(/?-§=一•,
所以cos(/?-a)=cos[(/?一')—(a-:)]=cos(/?—cos(a-')+sin[p—sin(a—
Tt\
-=--2-v-sx-25-/-6-,F1-x1-=--23-,
67555525
故选:B.
【变式5-1]2.(2023•全国•高三专题练习)已知锐角三角形力BC的内角A,B,C所对的
边分别是a,b,C,且4>B,若sinC=2cosAsinB+£,则tanB的取值范围为.
【答案】G,m)
【分析】由题可得tan(4-B),将tanB用含tanA的式子表示,然后根据角A的范围,求tanB的
取值范围.
【详解】-sinC=2cosAsinB+—,
...sin(A+8)=sin/cosB+cosAsinB=2cos>4sinS+—7,即sin(A—F)=—7,
•.又4>B,且48都为锐角,故cos:-B)=g,tan(A-B)=^,
因为锐角三角形ABC,所以tan4>0,tanB>0,tanC>0,
所以tan4=tan[(/l—8)+B]=叱B):anB=至吧>0
LV7Jl-tan(4-B)tanFi-2,.tanB
所以1一A•tanB>0,所以tanB<?,
247
又因为tanC=TanC4+B)=^^>°
—,.,4~~FtanH
所以tan4-tanB-1=-----tanF-1>0
1--tanF
24
所以12tan28+7tanB-12>0,解得tanB>三或tanB<,倍去)
43
故;<tanB<y.
故答案为:©,9)■
【变式5-1]3.(2023秋•黑龙江七台河•高三勃利县高级中学校考阶段练习)在MBC中,
已知sin4sinBsin(C-0)=Asin2c,其中tan。=1(0<0<g).若心+2+三为定值,则
实数a-.
【答案】y|
2
【分析】由k=sinC+2cosC再根据已知将问题转化为等式恒成
tanAtanBtanCsin/lsinBsinCsinC
立,即可求参数尢
▼【详、一解际、】,1+.研1+,嬴2=诉cos4+,病cosB+,2cosCsinC+2cosCsin2c+2cosC
sinCsinAslnBsinCsinAsinBsinCsinC
*竽sinC-?sinC)+2cosC12VS_1V5cosC+2cosc
sinCA5A5sinCsinC
.-.2V5sinC-V5cosC+lOAcosC=5k4sinC恒成立,贝必=4,A=幕
故答案为:得
【变式5-1】4.(2023•全国•高三专题练习)在直角坐标系中,△ABC的顶点A(cosa,sina),
以如.⑸邛),C(竽,2&),且△4BC的重心G的坐标为弓,烟,cos(a-6)=
【答案】I
4^3
【分析】由重心的坐标与三个顶点坐标的关系有G(巴空磐二,迎W马,结合已知列
p_2V3
方程组,得「‘a+cos吁—,两式平方相加,即可求c°s(a-夕).
sina+sin/?=V2
[详解]由题意知:G(咛竿登,陋誓必身,
cosa+cos0+华2V3石20
.{--------3--------=V,即rOsa+cos。=—,
sina+sin/?+2夜=近'sina+点邛=上'
3
/.(cosa+cos/?)2=cos2a+2cosacos/?+cos2/?=1,
(sina+sin/?)2=sin2a+2sinasin0+sin2s=2,
将两式相加,得:2+2(cosacos/?+sinasin/?)=y,
2
.*.cos(a_0)=cosacosp+sinasinp=
故答案为:I.
【点睛】关键点点睛:利用三角形的重心坐标与顶点坐标关系,结合已知条件列方程组,利
用同角三角函数关系、两角差余弦公式求函数值
【变式5-1】5.(2022•全国•高三专题练习)已知点G是44BC的重心,且GA1GC,若上+
tanA
工=1,则tanB的值为
tanc-----------------
【答案】g
【分析】由G41GC得到aGC=0,结合6是44BC的重心,得到5b2=a2+c2,结合余
弦定理和正弦定理,求得tanB的值.
【详解】依题意GA1GC,所以立GC=0,所以(前-丽)•(近-丽)=0①,
因为G是三角形4BC的中心,所以丽=l(BA+或)②,
把②代入①并化简得5冠AC=BCBC+ABAB,
即5b2=a2+c2,
由余弦定理得4-c2=fe2+2accosB,
所以4/=2accosB,
由正弦定理得ZsiMB=sinAsinCcosB③,
已知?~~A+7~7
tan/ltanC1,
所以*+等sini4cosC+coSi4sinCsin(i4+C)_sinB
sinAsinCsin/lsinCsin/lsinCsin/lsinC
所以sinB=sinAsinC④,
由③④得2sinB=cosB,所以tanB=
故答案为:i
【点睛】本小题主要考查向量线性运算、数量积的运算,考查正弦定理、余弦定理解三角形,
考查同角三角函数关系以及三角恒等变换,属于难题.
【变式5-1]6.(2021秋•四川成都・高三成都市锦江区嘉祥外国语高级中学校考期中)在4
ABC中,已知sin4sinBsin(C-。)=Asin2C,其中tan。=工(其中0<8<^),若」—■I-——■F
32tanAtanB
己为定值,则实数%的值是()
tanc
A.包B.渔C.V1UD.渔
20510
【答案】A
【分析】sin4sin
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