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文档简介
【10天刷完高考真题】冲刺2023年高考数学考前必刷题限时集训练(新高考通
用)
新高考真题限时训练打卡第七天
II真题限时训练
一、单选题
1.(2022年全国新高考H卷数学试题)已知集合4={-1,1,2,4},3=卜卜-1区1},则AB=
()
A.{-1,2}B.{1,2)C.{1,4}D.{-1,4)
【答案】B
【分析】方法一:求出集合3后可求
【详解】[方法一]:直接法
因为3={x|04x42},故AB={1,2},故选:B.
[方法二]:【最优解】代入排除法
x=-1代入集合8=卜卜-1归1},可得241,不满足,排除A、D;
x=4代入集合8=卜卜-1|叫,可得341,不满足,排除C.
故选:B.
【整体点评】方法一:直接解不等式,利用交集运算求出,是通性通法;
方法二:根据选择题特征,利用特殊值代入验证,是该题的最优解.
2.(2022年全国新高考I卷数学试题)若i(l-z)=l,则z+5=()
A.-2B.-1C.1D.2
【答案】D
【分析】利用复数的除法可求z,从而可求Z-+-Z.
【详解】由题设有l-z=l=!=-i,故z=l+i,故z+5=(l+i)+(l-i)=2,
11
故选:D
3.(2022年全国新高考II卷数学试题)图1是中国古代建筑中的举架结构,AA,BB\CC,DD
是桁,相邻桁的水平距离称为步,垂直距离称为举,图2是某古代建筑屋顶截面的示意图.其
中。R,CG,B&,AA是举,是相等的步,相邻桁的举步之比分别为
郎二0-5,亍肃=.崇=&,翥=%.已知配给勺成公差为0.1的等差数列,且直线04的
ZxCz|GL>]LJ/\^
斜率为0.725,则勺=()
【答案】D
【分析】设OR=DG=C四=8A=1,则可得关于占的方程,求出其解后可得正确的选项.
【详解】设。。=QG=cg=3=i,则cc=&*4=&,⑨=%,
DD、+CC[+BB]+AA]
依题意,有4—0.2=匕,4-0.1=/2,且=0.725,
OD、+Z)G+C8I+BAj
所以0.5+3-0.3=0725,故心=0.9,
4
故选:D
4.(2022年全国新高考I卷数学试题)南水北调工程缓解了北方一些地区水资源短缺问题,
其中一部分水蓄入某水库.已知该水库水位为海拔148.5m时,相应水面的面积为140.0km,
水位为海拔157.5m时,相应水面的面积为180.0km"将该水库在这两个水位间的形状看作
一个棱台,则该水库水位从海拔148.5m上升到157.5m时,增加的水量约为(6=2.65)()
A.1.0xl09m3B.1.2xl09m3C.1.4xl09m3D.1.6xl09m3
【答案】C
【分析】根据题意只要求出棱台的高,即可利用棱台的体积公式求出.
【详解】依题意可知棱台的高为MN=157.5-148.5=9(m),所以增加的水量即为棱台的体
积忆
棱台上底面积S=:140.0km2=140xl06m2,下底面积S'=180.0km2=180xl06m2,
/.V=1/1(S+S,+VSS7)=1X9X(140X106+180X106+V140X180X1012)
=3X(320+6077)X106~(96+18X2.65)X107=1.437X109®1.4xl09(m3).
5.(2022年全国新高考n卷数学试题)有甲、乙、丙、丁、戊5名同学站成一排参加文艺
汇演,若甲不站在两端,丙和丁相邻,则不同排列方式共有()
A.12种B.24种C.36种D.48种
【答案】B
【分析】利用捆绑法处理丙丁,用插空法安排甲,利用排列组合与计数原理即可得解
【详解】因为丙丁要在一起,先把丙丁捆绑,看做一个元素,连同乙,戊看成三个元素排
列,有3!种排列方式;为使甲不在两端,必须且只需甲在此三个元素的中间两个位置任选一
个位置插入,有2种插空方式;注意到丙丁两人的顺序可交换,有2种排列方式,故安排
这5名同学共有:31x2x2=24种不同的排列方式,
故选:B
6.(2022年全国新高考I卷数学试题)记函数/(x)=sin(©x+?)+6⑷>0)的最小正周期为
T.若,<7<],且y=f(x)的图象关于点仁,2)中心对称,则/图=()
35
A.1B.-C.-D.3
22
【答案】A
【分析】由三角函数的图象与性质可求得参数,进而可得函数解析式,代入即可得解.
【详解】由函数的最小正周期T满足竺<7〈万,得"〈边<乃,解得2<6?<3,
33co
(34A3乃7T
又因为函数图象关于点对称,所以了G+a=且b=2,
所以◊=-,+£匕ZeZ,所以0=3,/(x)=sin(<x+f]+2,所以
6324)
,图="*升2=1.
故选:A
二、多选题
7.(2021年全国新高考II卷数学试题)如图,在正方体中,。为底面的中心,P为所在棱
的中点,M,N为正方体的顶点.则满足MNLOP的是()
【答案】BC
【分析】根据线面垂直的判定定理可得BC的正误,平移直线MV构造所考虑的线线角后可
判断AD的正误.
【详解】设正方体的棱长为2,
对于A,如图(1)所示,连接AC,则MV//AC,
故NPOC(或其补角)为异面直线OP,MN所成的角,
1
在直角三角形OPC,0C=y/2,CP=1,故tanNPOC=
故MNOP不成立,故A错误.
对于B,如图(2)所示,取火的中点为。,连接PQ,OQ,则OQLN7,PQLMN,
由正方体SBCM-NADT可得SN_L平面ANDT,而OQu平面ANDT,
故SN_LO。,而SNMN=N,故OQ_L平面SN7M,
又MNu平面SNTM,OQVMN,而OQ[PQ=Q,
所以MV_L平面。尸Q,而POu平面。PQ,故MNLOP,故B正确.
MC
对于C,如图(3),连接8。,贝由B的判断可得OP,
故0PLMN,故C正确.
AS
对于D,如图(4),取A3的中点。,A8的中点K,连接AC,PQ,OQ,PK,OK,
贝!JAC//MN,
因为勿=PC,故PQ//AC,故PQHMN,
所以aQPO或其补角为异面直线PO,MN所成的角,
图⑷
因为正方体的棱长为2,故PQ.AC=五,OQ=ylAO2+AQ2=41T2=y/3,
PoVPK'OK?=g=5QO2<PQ2+OP2,故NQR9不是直角,
故PO,MV不垂直,故D错误.
故选:BC.
8.(2022•全国•统考高考真题)已知函数/(x)及其导函数f(x)的定义域均为R,记
g(x)=f'(x),若g(2+x)均为偶函数,则()
A./(0)=0B.=°C./(-D=/(4)D.g(-l)=g(2)
【答案】BC
【分析】方法一:转化题设条件为函数的对称性,结合原函数与导函数图象的关系,根据
函数的性质逐项判断即可得解.
【详解】[方法一]:对称性和周期性的关系研究
对于f(x),因为为偶函数,所以/(|-2+呜+2,即f(|T)=f(|+x)①,
所以/(3—x)=〃x),所以/V)关于x=|对称,则/(-1)=/(4),故C正确;
对于g(x),因为g(2+x)为偶函数,g(2+x)=g(2-x),g(4-x)=g(x),所以g(x)关于x=2
对称,由①求导,和g(x)=f'(x),得
卜(1T=陪+川。-417)=《»_8(|一》卜6+;|,所以
g(3-x)+g(x)=0,所以g(x)关于§,0)对称,因为其定义域为R,所以g1|)=0,结合g(x)
关于x=2对称,从而周期T=4x(2_|)=2,所以g1_D(),g(T)=g(l)=_g(2),
故B正确,D错误;
若函数Ax)满足题设条件,则函数/(x)+C(C为常数)也满足题设条件,所以无法确定f(x)
的函数值,故A错误.
故选:BC.
[方法二]:【最优解】特殊值,构造函数法.
由方法一知g(x)周期为2,关于X=2对称,故可设g(x)=cos(7LY),贝!If(x)=Lsin(xr)+c,
7C
显然A,D错误,选BC.
故选:BC.
[方法三]:
因为g(2+x)均为偶函数,
所以/(|-2x)=/1|+2xJ即=+g(2+x)=g(2-x),
所以〃3T)=〃X),g(4—x)=g(x),则以一1)K/(4),故c正确;
3
函数f(x),g(x)的图象分别关于直线x=5,x=2对称,
又g(x)=/'(x),且函数/(x)可导,
所以g(|)=°,g(3-x)=-g(x),
所以g(4-x)=g(x)=-g(3-x),所以g(x+2)=-g(x+l)=g(x),
所以g(-;)=g(|)=O,g(T)=g6=-g(2),故B正确,D错误;
若函数/(*)满足题设条件,则函数/(x)+C(C为常数)也满足题设条件,所以无法确定f(x)
的函数值,故A错误.
故选:BC.
【整体点评】方法一:根据题意赋值变换得到函数的性质,即可判断各选项的真假,转化
难度较高,是该题的通性通法;
方法二:根据题意得出的性质构造特殊函数,再验证选项,简单明了,是该题的最优解.
三、填空题
9.(2021年全国新高考H卷数学试题)已知向量”+6+c=0,忖=1,小卜|=2,
ab+bc+c-a=•
【答案】《
【分析】由已知可得(a+b+cf=0,展开化简后可得结果.
【详解】由已知可得(a+A+c)=a+b+c+2^a-b+b-c+c-a^=9+2^a-b+b-c+c-a^=O,
9
因此,ab+bc-k-c-a=--,
故答案为:气9.
10.(2021年全国新高考n卷数学试题)已知函数/(幻=K"一1|,再<0,%>0,函数“X)的
图象在点A(%,/(xJ)和点8(%,/(々))的两条切线互相垂直,且分别交y轴于M,N两点,
则需取值范围是,
【答案】(0,1)
【分析】结合导数的几何意义可得不+々=0,结合直线方程及两点间距离公式可得
|AM|=A/1+^-|X,|,忸N|=Jl+e2"司,化简即可得解.
【详解】由题意,/(x)=HT=l'X<。,则/(6=卜:"<
1^v-l,x>0e\x>0
所以点A/l-e、)和点kAM=-e\kBN=e'\
所以—e*e%=T,玉+/=0,
所以AM:,_]+£*=-ex'(x-Xj),-eA,+1),
所以\AM\=Jx:+(eUj=yll+e2x'.|x,|,
同理忸N|=Jl+e2、.闾,
所以|A"|_J"、♦㈤_ll+e2r'_/l+e2X|
=ex'e(O,1).
故答案为:(0,1)
【点睛】关键点点睛:
解决本题的关键是利用导数的几何意义转化条件占+占=0,消去一个变量后,运算即可得
解.
四、解答题
11.(2021年全国新高考I卷数学试题)记ABC是内角A,B,C的对边分别为。,b,c.
已知从=ac,点。在边AC上,B£>sinZABC=asinC.
(1)证明:BD=b;
(2)若AO=2DC,求cosZABC.
7
【答案】(1)证明见解析;(2)cosZ4BC=-.
【分析】(1)根据正弦定理的边角关系有8。=?,结合已知即可证结论.
b
(2)方法一:两次应用余弦定理,求得边。与。的关系,然后利用余弦定理即可求得
cos/ABC的值.
【详解】(D设MC的外接圆半径为R,由正弦定理,
bc
^sinZABC=—,sinC=—,
bc
因为B£)sinZABC=asinC,所以8。----a------,即B£))=ac.
又因为后=敬,所以加=〃.
(2)[方法一]【最优解】:两次应用余弦定理
z.2>2_2
因为4)=2。。,如图,在ABC中,cosC=--—,①
2ab
由①②得。?+从一d=3a2+^)2-b2,整理得2/_卜+。2=().
又因为〃=ac,所以6/-llac+3c2=0,解得。=:或。=当,
当&=£万="。=幺时,〃+"=£+<c(舍去).
3333
,(主)2+。2_£
4MIc1十cc7
当。=二,从=狂=一时,cosZABC=^----2_=—.
2203c12
z•—,c
2
所以cosZ48C='.
[方法二]:等面积法和三角形相似
2
如图,已知A。=2DC9则~S^ABC,
1221
BP—x—h2sinZADB=—x—tzcxsinZABC,
2332
故有NADB=ZA8C,从而NA8£>=/C.
bcCABA
由〃=〃c,即—=工,即,即ACSsAB£),
abCBBD
2h
在ADAB—
故弁=汇,即Hn3/
ABAC---
cb
2
又b?=ac,所以c=§〃,
则-c=今^招
[方法三]:正弦定理、余弦定理相结合
21
由(1)BD=b=AC再由A£)=2OC得AD=—b,C£)=—b.
933
AnBD
在中'由正弦定理得引方
sinA
-h2
又ZABD=/C,所以=化简得sinC=—sinA.
sinC-sin43
在ABC中,由正弦定理知c=;a,又由从=〃c,所以〃=(/.
片+4CJ22
在/5C中,由余弦定理,得cosZABC:[4^一从=-93=>
2"2x012
3
7
故cos4BC=石.
[方法四]:构造辅助线利用相似的性质
如图,作£>E〃/1B,交8c于点E,则△DECs/vwc.
(令+(守-从
在ABED中,cosNBED=3~~/-----
22。。
2,T,3
々2+0?_A2
在^ABC中cosZABC=巴士一—・
lac
因为cosZABC=-cos/BED,
a2+c2-b2学"
所以
2ac22〃。
T3
整理得6a2—1g2+3。2=0.
又因为"=ac,所以6a2-1\ac+3c2=0>
即a=£或a=3f
32
下同解法1.
[方法五]:平面向量基本定理
一~.UUWUUU
因为A£)=2DC,所以AO=2OC.
21
以向量为基底,^BD=-BC+-BA.
24241«2
所以BO^-BC+-BABC+-BA,
999
4c4]八
即b1=—a2+—accosZ.ABC+—c2,
999
又因为。2=ac,所以9ac=4a2+4ac-cosZABC+c~.③
由余弦定理得b2=a2+c2-2accosZABC,
所以ac=储+c?-2accosZABC④
联立③④,得6/-11a+3/=o.
31
所以a=,c或。=于.
下同解法1.
[方法六]:建系求解
以D为坐标原点,AC所在直线为x轴,过点D垂直于AC的直线为y轴,
。。长为单位长度建立直角坐标系,
如图所示,则。(0,0),A(—2,0),C(l,0).
由(1)知,BD=b=AC=3,所以点B在以D为圆心,3为半径的圆上运动.
设8(x,y)(-3cx<3),则/+丁=9.⑤
由。2=ac知,网忸C|=|ACf,
BP7(X+2)2+/-yl(x-\)2+y2=9.⑥
7705
联立⑤⑥解得x=-J或x=等3(舍去),y2=^,
42lo
代入⑥式得a=|BC\=^-,c=\BA\=瓜b=3,
2
由余弦定理得cosNABC=、+cf=L.
2ac12
【整体点评】(2)方法一:两次应用余弦定理是一种典型的方法,充分利用了三角形的性质
和正余弦定理的性质解题;
方法二:等面积法是一种常用的方法,很多数学问题利用等面积法使得问题转化为更为简
单的问题,相似是三角形中的常用思路;
方法三:正弦定理和余弦定理相结合是解三角形问题的常用思路;
方法四:构造辅助线作出相似三角形,结合余弦定理和相似三角形是一种确定边长比例关
系的不错选择;
方法五:平面向量是解决几何问题的一种重要方法,充分利用平面向量基本定理和向量的
运算法则可以将其与余弦定理充分结合到一起;
方法六:建立平面直角坐标系是解析几何的思路,利用此方法数形结合充分挖掘几何性质
使得问题更加直观化.
12.(2021年全国新高考【卷数学试题)在平面直角坐标系xOy中,已知点片卜J万,0)、
玛(后,00MK|一|M闾=2,点M的轨迹为C.
(1)求C的方程;
(2)设点7在直线x上,过T的两条直线分别交C于A、8两点和尸,。两点,且
\T^-\TB\=\TP\-\TQ\,求直线AB的斜率与直线PQ的斜率之和.
2
2
【答案】(1)X-^-=1(X>1)5(2)0.
16
【分析】(1)利用双曲线的定义可知轨迹C是以点"、尸2为左、右焦点双曲线的右支,求出
”、匕的值,即可得出轨迹C的方程;
⑵方法一:设出点的坐标和直线方程,联立直线方程与曲线C的方程,结合韦达定理求得
直线的斜率,最后化简计算可得K+期的值.
【详解】⑴因为|峥卜阿闾=2<|可国=2炳,
所以,轨迹C是以点1、工为左、右焦点的双曲线的右支,
22
设轨迹C的方程为£-g=l(a>0,b>0),则为=2,可得4=1,117-42=4,
所以,轨迹C的方程为》2一[=1(北1).
(2)[方法一]【最优解】:直线方程与双曲线方程联立
如图所示,设7(;,"),
设直线45的方程为丫-〃=4(》-3),4(再,%),3(*2,丫2).
I16
化简得(16-6)/+(将一2&〃)x_;将-〃2+缩_]6=0.
I172o1—匕~++16
贝L+工_4-2袖_41
为+"忆16一行一16
故|L41=炉入玉-3,1TB|=炉讦(x「g).
则I划•irai=(i+^)(x,-l)(x2
设抽的方程为y-n=k2(x-^),同理ITPI•IT。1=(〃:¥)*).
2行一16
因为网附=|呼困,所以黑=看冷,
.17,17
化简得"户=1+有,
所以好-16=后-16,即4=6.
因为女产尢,所以人+玲=0.
[方法二]:参数方程法
设畤,明设直线A8的倾斜角为4,
'1C
x=—4-fcos6,.
则其参数方程为21,
y=m+/sin61
联立直线方程与曲线C的方程16/一V一[6=0*21),
可得16(;+/cos?+/cos^)-(/7?2+rsin28、+2/wrsin〃)-16=0,
222
整理得(16cos0X-sind)尸+(16cos^-2/nsin^)r-(/n+12)=0.
设TA=g=G,
由根与系数的关系得力1=44=]£-嵋+12)2〃Ml•
16cosa-smqi_17cosa
设直线p。的倾斜角为%,TPfTQ=n,
4+12
同理可得|7P|"TQI=A(=i-2〃
l-17cos~,2
由|L4|・|"|=|7P|・|T0,得cos2q=cos2%.
因为4。。2,所以COS。]=一8$。2.
由题意分析知4+2=乃.所以tan,+tan2=。,
故直线48的斜率与直线尸。的斜率之和为0.
[方法三]:利用圆幕定理
因为附•阿四由圆嘉定理知A,B,P,Q四点共圆.
设7(;,。,直线AB的方程为y-r=K(x-g),
直线尸。的方程为yT=&(x-;),
贝!|二次曲线伏砂一),一2+。(々/->一与+,)=0.
2
又由f-2=l,得过A,B,P,Q四点的二次曲线系方程为:
10
-,一与+。(Z2工_/_与+力+〃(工2_^T)=0(兄工0),
整理可得:
(2Z冰2++(丸一幺))/+k2)xy+[t(k]+42)一4+(4+&_2/)4y+-=0,
162
其中机=2r+牛_1.3+&)]一〃.
由于A,B,P,Q四点共圆,则xy项的系数为0,即4+&=0.
【整体点评】(2)方法一:直线方程与二次曲线的方程联立,结合韦达定理处理圆锥曲线问
题是最经典的方法,它体现了解析几何的特征,是该题的通性通法,也是最优解;
方法二:参数方程的使用充分利用了参数的几何意义,要求解题过程中对参数有深刻的理
解,并能够灵活的应用到题目中.
方法三:圆幕定理的应用更多的提现了几何的思想,二次曲线系的应用使得计算更为简单.
13.(2021年全国新高考H卷数学试题)已知函数/(x)=(x-l)e*-or?+〃.
(1)讨论/*)的单调性;
(2)从下面两个条件中选一个,证明:.f(x)只有一个零点
12
®—<a<—,b>2a;
22
@0<a<^,b<2a.
【答案】(1)答案见解析;(2)证明见解析.
【分析】(1)首先求得导函数的解析式,然后分类讨论确定函数的单调性即可;
(2)由题意结合⑴中函数的单调性和函数零点存在定理即可证得题中的结论.
【详解】(1)由函数的解析式可得:/(x)=x(e*-2a),
当a«0时,若x«ro,0),贝!|尸(x)<0J(x)单调递减,
若xe(0,e),则/'(x)>0J(x)单调递增;
当0<a<;时,若x«9,ln(2a)),则/'(x)>0J(x)单调递增,
若x«ln(2a),0),则/(x)<0J(x)单调递减,
若xe(0,~),则尸(x)>0J(x)单调递增;
当时,尸(x)NOJ(x)在R上单调递增;
当a>g时,若xe(-oo,0),则尸(x)>0J(x)单调递增,
若x«0,ln(2a)),则/'(x)<0J(x)单调递减,
若xe(ln(2〃),”),则/(x)>0,/(x)单调递增;
⑵若选择条件①:
由于;<4,今,^L\<2a<e2,贝!|6>勿>1,/(0)=6-1>0,
而b+b<0,
而函数在区间(y,。)上单调递增,故函数在区间(-吆。)上有一个零点.
/(ln(2rz))=2〃[皿2〃)-丁+b
>2a[ln(2a)-l]-a[ln(2。)]+2〃
=241n(2a)-a[ln(2a)]-
=aIn(2a)[2-In(2a)],
由于;<q,1<2a<e2»故aln(2a)[2-ln(2a)]NO,
结合函数的单调性可知函数在区间(0,+8)上没有零点.
综上可得,题中的结论成立.
若选择条件②:
由于0<a<g,故2a<1,贝!|/(0)=b—l《2a—1<0,
当620时,r>4,4a<2,f(2)=e2-4a+b>0,
而函数在区间(0,+8)上单调递增,故函数在区间(0,+8)上有一个零点.
当6<0时,构造函数H(x)=e'-x-l,则〃(力=>一1,
当X«YO,0)时,*(x)<0,,(x)单调递减,
当x«0,+a>)时,"(x)>0,H(x)单调递增,
注意到"(0)=0,故”(x)20恒成立,从而有:er>x+\,此时:
/(x)=(x-l)ex-cue-b>(x-l)(x+l)-ax2+b=(l-a)x2+(/?-1),
I*时,(1-a*+仅f〉0,
当x>
\-a
取凝=上士+i,则“x°)>0,
V1-a
即:/(o)<o,/兽+]>。,
而函数在区间(0,+e)上单调递增,故函数在区间(0,+e)上有一个零点.
=2o[ln(2a)-1]-〃[ln(2a)丁+b
<2a[ln(2o)-l]-叩n(2a)1+2a
=2aIn(2a)-a[ln(2a)J'
=Mn(2a)[2-ln(2a)],
由于0<a<g,0<2a<1,故41n(2“)[2-ln(2a)]<0,
结合函数的单调性可知函数在区间(y,0)上没有零点.
综上可得,题中的结论成立.
【点睛】导数是研究函数的单调性、极值(最值)最有效的工具,而函数是高中数学中重要的
知识点,所以在历届高考中,对导数的应用的考查都非常突出,对导数的应用的考查主要
从以下几个角度进行:(1)考查导数的几何意义,往往与解析几何、微积分相联系.(2)利用
导数求函数的单调区间,判断单调性;已知单调性,求参数.(3)利用导数求函数的最值(极
值),解决生活中的优化问题.(4)考查数形结合思想的应用.
HI精选模拟题预测
一、单选题
I.(四川省成都2023届高三二诊数学理科模拟试题)已知集合
A=^x\x2+2x-3<01,B={x|y=ln(x+2)},则AB=()
A.(-2,-1]B.(-2,3]C.(-2,1]D.
【答案】C
【分析】先化简集合A氏然后用交集的定义即可求解
【详解】因为A={X|X2+2X_3V0}={X|_3WXW1},B={x|y=ln(x+2)}={x|x>-2},
所以A5=(-2,1]
故选:C
2.(青海省西宁市大通回族土族自治县2022-2023学年高三下学期开学摸底考试数学(文)
7
试题)设复数z满足:±=l+2i,则5的虚部为()
1—1
A.-1B.1C.-iD.i
【答案】A
【分析】由复数乘法运算和共输复数定义可求得彳,根据虚部定义可得结果.
【详解】z=(l+2i)(l—i)=3+i,,5=3—i,.■立的虚部为-1.
故选:A.
3.(上海市南汇中学2022-2023学年高二上学期期末数学试题)设各项均为正整数的无穷等
差数列{%},满足%8=2022,且存在正整数&,使4,生38,4成等比数列,则公差”的所有
可能取值的个数为()
A.1B.3C.4D.5
【答案】C
【分析】利用等差数列的通项表示出q,d的关系式,结合4,“338,4成等比数列,分类讨论
可得答案.
【详解】根据题意可知,%38=4+337"=2022,化简可得言+d=6,
因为{4}各项均为正整数,则"eN,
故%是337的倍数,且446x337,
因为%,须8,%成等比数列,所以心:=44=2022?=32x22x3372,
32x22x3372
贝!]%=------——,又因为4=q+(左T)”,
%
分为以下情况讨论:
①若4=337,贝|]1+4=6,可得d=5,
q=337+5(々-1)=36x337,解得々=2360,合乎题意;
②若4=2x337,贝!]2+4=6,可得4=4,
4=2x337+4(1)=18x337,解得左=1349,合乎题意;
③若4=3x337,则3+d=6,可得d=3,
4=3x337+3(4-1)=12x337,解得%=1012,合乎题意;
④若q=4x337,贝Ij4+d=6,可得d=2,
^=4x337+2(^-1)=9x337,解得%=蜉,不合乎题意;
⑤若4=5x337,则5+d=6,可得d=l,
32X22X3372
此时4=不是整数,不合题意;
5x337
⑥若4=6x337,则6+d=6,可得"=0,此时{q}是常数列,且每一项均为2022,合乎
题意;
综上所述,公差d的所有可能取值的个数为4.
故选:C.
4.(云南省红河州2023届高三第一次复习统一检测(一模)数学试题)如图所示是一块边
长为10cm的正方形铝片,其中阴影部分由四个全等的等腰梯形和一个正方形组成,将阴影
部分裁剪下来,并将其拼接成一个无上盖的容器(铝片厚度不计),则该容器的容积为()
A.叫叵cm'B.吆叵cm,C.80八n?D.104>73cm,
33
【答案】B
【分析】作出正四棱台,作出辅助线,得到各边长,求出四棱台的高,从而利用台体体积
公式求出体积.
【详解】由题知,该容器的容积就是正四棱台的体积,
如图,连接正四棱台上下底面的中心。1,。2,取上底面正方形一边中点尸,对应下底面正
方形一边中点E,连接EF,。/,O2E,
则。尸〃O2E,故四点共面,
过点F作尸。//。。2交。2后于点。,则四边形。。2。尸为矩形,
故0。2=。尸,
因为该正四棱台上、下底面边长分别为2,6,等腰梯形的斜高为4,
所以OL=C>2Q=1,O2E=3,EF=4,
-^QE=O2E-O2Q=2,
所以该棱台的高力=Qb=尸-Q/={不-22=2网,下底面面积5=36,上底面面积
S?=4,
所以该容器的容积是1=;〃($+邑+\/^)=:乂26*(4+36+阿)=^1^.
故选:B
5.(广东省揭阳市普通高中2023届高三上学期期末数学试题)已知甲、乙两个家庭排成一
列测核酸,甲家庭是一对夫妻带1个小孩,乙家庭是一对夫妻带2个小孩.现要求2位父亲
位于队伍的两端,3个小孩要排在一起,则不同的排队方式的种数为()
A.288B.144C.72D.36
【答案】C
【分析】方法1:运用捆绑法及分步乘法计算即可.分步排队方法:2位父亲排队一2位母亲
排队一3个小孩“捆绑”内部排队1在父亲母亲产生的3个空中选一个空将3个小孩放进去.
方法2:运用捆绑法及分步乘法计算即可.分步排队方法:2位父亲排队一3个小孩“捆绑”
与2位母亲排队-3个小孩“捆绑”内部排队.
【详解】方法1:2位父亲的排队方式种数为A"2位母亲的排队方式种数为A33个小孩
的排队方式种数为A;,将3个小孩当成一个整体,放进父母的中间共有A;种排队方式,所
以不同的排队方式种数为A;A;A;A;=72.
方法2:2位父亲的排队方式种数为A)将3个小孩当成一个整体与2位母亲的排队方式
种数为A;,3个小孩的排队方式种数为A;,所以不同的排队方式种数为A;A;A;=72.
故选:C.
6.(河南省部分名校2022-2023学年高三下学期学业质量联合检测理科数学试题)已知函数
行"11(5+0)(0>0,|同<9.若/仁+]=-/(77卜(一2++/(一|^7),旦
f(x)在区间上单调,则0=()
44420
A."B.7或4C.4D.不或—
3333
【答案】B
【分析琥据三角函数的对称性可得。=当”次eZ,根据三角函数的单调性可得。W6,
4
进而求得。或口=4,解出对应的验证即可.
【详解】由+0=得函数/(X)的图象关于点0)中心对称;
由4一普+一工一”}得函数的图象关于直线”=-葛对称,
所以看-卜芫H+与MZ,解得7=添两入2,
即弓=2(1^2%)*cZ,得。=4。丁晨
因为在区间(资)上单调,所以即丁吟,
所以二21,解得/W6.又。="士竺,ZeZ,所以&=0或k=l.
co33
447t2/r
当Z=0时,(t)=—则一x—+e=〃;r,Z£Z,得0=k/r----.
39369
由|夕|后,得。=-1,此时/('『由&-葛),
当工=-1^时,/(一工)=&“(—5)=一1,符合题意;
TT.2乃
当%=1时,(x)~4,贝(J4x—+0=左肛%£2,得夕=Avr-----,keZ.
63
由网<]■,得>=?,此时/(》)=$也(4》+口,
当户得时'/(得卜«£|=-1,符合题意.综上,或0=4.
故选:B.
二、多选题
7.(河北省沧州市2023届高三上学期12月教学质量监测调研数学试题)如图所示,已知几
何体ABC。—ABC"是正方体,则()
A.8c〃平面A44
B.A。〃平面4GC8
C.异面直线A。与AB1所成的角为60。
D.异面直线A。与8a所成的角为90°
【答案】BC
【分析】结合线面垂直、线面平行、异面直线所成角、线线垂直等知识逐一对选项进行分
析,从而确定正确答案
【详解】对于A,由几何体是正方体可知8CV/AQ,而49c平面ABIQ=A,
故8C平面ABQ相交,故A错误;
对于B,平面AAR。〃平面AGCB,且4Qu平面A4.R。,
所以A。〃平面BCCB,故B正确;
对于C,A。,A用与BQ均为正方体面对角线,故A1=ABi=B,口,
三角形是等边三角形,
则直线AQ与AB1所成的角为60。,故C正确;
对于D,ADUCB、,
同理,三角形CBQ是等边三角形,
直线AQ与8以所成的角为60。,故D错误.
故选:BC.
8.(2023秋•浙江杭州•高二统考期末)对于定义在R上的函数.f(x),若f(x+l)是奇函数,
〃x+2)是偶函数,且在。,2]上单调递减,则()
A."3)=0B.〃0)="4)
C./[I]=/[|jD.在[3,4]上单调递减
【答案】AB
【分析】由题有:/(-x+1)-/(x+1),〃—x+2)=/(x+2).即/(x)图像关于(1,0)对称,
且关于直线x=2对称.A选项,令x=0可得/⑴,x=l可得“3);B选项,令x=2即可判
断选项;C选项,令x=g结合〃x)单调性可判断选项;D选项,由图像的对称性可判断“X)
在[3,4]上的单调性.
【详解】令g(x)=〃x+l),由/(x+1)是奇函数,
则g(-X)=/(-X+1)=-g(x)=-f(x+1),
即/(-x+l)=-/(x+l),“X)图像关于(1,0)对称.
令Mx)=f(x+2),由/9+2)是偶函数,
则〃(-X)=/(-X+2)=h(x)=/(x+2),
即〃T+2)=/(X+2),图像关于直线x=2对称.
A选项,令x=0,可得川)=_〃1)=/(1)=0,
又令x=l,可得/⑴="3)=0.故A正确;
B选项,令x=2,可得〃0)=/(4),故B正确;
C选项,令*=;,可得吗J"/图=吗]+/月=°,
又因〃x)在[,2]上单调递减,由图像关于(1,0)对称,则在[0,1)上单调递减,
即“X)在[0,2]上单调递减,故/(;)>/图.故C错误.
D选项,由/(X)在[0,2]上单调递减,结合图像关于直线x=2对称,
则/(x)在(2,4]上单调递增.故D错误.
故选:AB
【点睛】结论点睛:本题涉及抽象函数的奇偶性的相关结论.
/(x)为定义在R上函数,若/'(x+a)为奇函数,贝IJ/(一x+a)=-/(x+a),
/(x)图像关于(。,0)对称;若f(x+a)为偶函数,贝!|f(-x+a)=f(x+a),
图像关于x="对称.
三、填空题
9.(浙江省温州市乐清市知临中学2020-2021学年高二下学期期末数学试题)已知向量
a=(3,1),\h\=5,a(a+h)=\5,则&与6夹角的正切值为.
【答案】3
【分析】根据向量数量积的运算法则求出。与。夹角的余弦值,再求其正切值即可.
【详解】.-.|«|=732+12=710.
设向量4与b的夹角为。,
贝I]a.(a+b)=|&|2+|6(||/?|cos(9=1O+5>/1OCOS0=15,
解得,cos®=@^,
10
V0w[0,句,/.sin。=Jl-cos七=,A
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