2023年广西玉林市玉州区中考物理模拟试卷附答案详解

绝密★启用前

2023年广西玉林市玉州区中考物理模拟试卷（6月份）

学校:姓名：班级：考号：

注意事项：

L答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，

用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷

上无效。

3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。

1.在国际单位制中，电压的基本单位是（）

A.WB.VC.AD.N

2.在下列现象中，不能用光在同种均匀介质中沿直线传播的知识来解释的是（）

A.掩耳盗铃B.坐井观天C.凿壁偷光D.立竿见影

3.课间做眼保健操时，前排同学和后排同学听到教室前方墙壁上喇叭发出的声音指令（）

A.音调不同B.音色不同C.频率不同D.响度不同

4.“霜降”是我国传统的二十四节气之一，“霜降”中霜的形成是（）

A.液化现象B.熔化现象C.凝固现象D.凝华现象

5.如图是几种不同类型的发电站，这些电站利用不可再生能源发电的有（）

①新门火力电站②汕尾红海湾风电厂③陆河南等水电站④大亚湾核电站

A.①④B.①C.②③D.②④

6.目前，新能源电动汽车被越来越多的家庭所喜欢，其核心部件是电动机。如图所示能说

明电动机工作原理的是（）

刀g

甘

碧J

电

<警

7.飞机在农田上空喷洒农药，当飞机在某一高度水平匀速飞行喷洒农药时，飞机的（）

A.动能增大，重力势能减小B.动能减小，重力势能增大

C.动能不变，重力势能不变D.动能减小，重力势能减小

8.在探究通电螺线管的实验中，小明连接了如图所示的电

路，通电螺线管a端放有一小磁针，闭合开关，移动滑动变

阻器的滑片，下列说法正确的是（）

A.磁感线是磁体周围真实存在的曲线，总是从N极出发，回

到S极

B.闭合开关时，小磁针逆时针转动

C.滑动变阻器的滑片P向b端移动，通电螺线管的磁性增强

D.通电螺线管外C点的磁场方向向右

9.对于一段电阻丝，下列措施能增大其电阻的办法是（）

A.将电阻丝对折接入电路B.减小电阻丝两端的电压

C.减小通过电阻丝的电流D.将电阻丝拉长接入

10.小明制作工件时需要剪开铁皮，图中比较合适的剪刀是（）

D.€

11.如图冰壶比赛情景，下列说法正确的是（）

A.冰壶在向前滑行过程中，越来越慢，惯性越来越小

B.运动员轻推冰壶，冰壶向前滑行过程中仍受手的推力的作用

C.静止在冰面的冰壶所受重力和地面对冰壶的支持力是一对平衡力

冰壶

D.在前后两个冰壶相碰的过程中，只有前面的冰壶受到力的作用

12.志愿者小亮正在为社区老人家里更换灯泡。下列操作流程符合安全用电原则的是（）

A.摘下灯罩一更换灯泡一切断电源-通电测试

B.切断电源一摘下灯罩-更换灯泡-通电测试

C.更换灯泡f切断电源T摘下灯罩一通电测试

D.摘下灯罩T切断电源T更换灯泡一通电测试

13.如图所示，在探究电流通过导体时产生热量的多少跟什

么因素有关的实验装置中，两个透明容器中分别接入了电阻丝

R1和/?2,且密封着等量的空气。将导线a和b接入电路进行实

验，下列说法正确的是（）

A.若&和%阻值相等，则可以探究电流通过导体产生的热量与电阻的关系

B.若凡和阻值相等，则可以探究电流通过导体产生的热量与电流的关系

C.若Ri和7?2阻值不相等，则可以探究电流通过导体产生的热量与电阻的关系

D.若凡和/?2阻值不相等，则可以探究电流通过导体产生的热量与电流的关系

14.下列说法正确的是（）

A.物体吸收热量，内能增大，温度一定升高

B.物体温度越高，分子热运动越剧烈

C.三峡船闸利用了连通器的工作原理

D.物体重力越大，对支持面的压强一定越大

15.将“8U4W”的灯泡人和“10U5W”的灯泡人接入如图所示的电路，电源电压保持不

变，忽略温度对灯丝电阻的影响。只闭合开关品，灯泡刀正常发光，再闭合开关S?。关于闭

合开关52之后，下列说法正确的是（）

Li

----------------------------------

——"---------

L2

S；—0_

A.通过灯泡乙2与L1的电流相同B.灯泡乙2正常发光

C.灯泡乙2比k暗D.整个电路1m出消耗432/的电能

16.如图，用手将体积相等的实心铁球和乒乓球浸没在水中，松手后乒乒乓球

乓球上浮，实心铁球下沉，下列分析正确的是（）人

A.铁球下沉，是因为铁球没有受到浮力^5

B.乒乓球上浮，是因为乒乓球受到的浮力大于乒乓球的重力：三三三三妄三

c.当铁球和乒乓球静止时，铁球受到的浮力大于乒乓球受到的浮力一二=匚

铁球

D.铁球和乒乓球都浸没在水中，铁球受到的浮力大于乒乓球受到的浮力

17.南宁街道上的共享电单车大大方便了人们的出行。车上的GPS定位是靠波来传递

信息；有些电单车是使用太阳能电池板供电以保证智能锁与运维平台实时通讯，太阳能是

（选填“可再生”或“不可再生”）能源。

18.如图所示是某人脸识别测温系统终端，人通过摄像头成一个倒立、

的实像，并利用（选填“红外线”或者“紫外线”）实时测量人体温度，

从而达到监测体温的目的。

19.如图所示，电能表的示数为kW-h,如果用电器连续工

kW・h

作12机历，转盘转过1800圈，则此段时间内用电器消耗了度

l°l2l°lHBI

电。

工

220\10(20)A50HZ

3600r.;(kW-h)

20.小鸟在平静如镜的南湖水面上飞过，当它距水面2m时，小鸟的像距小鸟m,当

小鸟远离湖面飞去，它的像的大小（选填“变大”、“变小”或“不变”）。

21.如图所示电路中甲、乙为同种电表（电压表或电流表）。闭合

@->T

S、S「甲、乙两表的不数之比为3：2,则两表为表；将RiI

®

两电表统一更换为另一种电表，闭合S、断开S1，则甲、乙两表的T

.

示数之比为O4

22.如图所示，甲、乙两个质量均为2kg的实心均匀圆柱体放水

平地面上，甲的底面积为4X10-37n2,乙的体积为0.8X10-363。

乙的密度Pz为；若甲的底面积是乙的1.5倍，在甲、乙的

上部沿水平方向分别切去/机列和1小］，再将切去部分互换叠在

对方剩余部分的上方，使甲、乙对水平地面的压强相等。4m华和4nlz的差值为

23.如图所示，一物体随传送带一起匀速运动，画出物体所受各力的示意图。

24.如图，。点为半圆柱玻璃砖横截面的圆心，一束单色光从空气中与界面成30。角斜射到。

点，发生了反射和折射，请在图中画出反射光线和折射光线。

25.在“探究二力平衡条件”的实验中，主要是通过探究力对物体的作用效果来实现探究目

的的。如图a、c是可供选择的两种探究方案。

(1)第一小组的同学将系于小卡片(重力忽略不计)两对角的细线分别跨过左右支架上的滑轮,

在细线的两端挂上钩码，使作用在小卡片上的两个拉力方向相同并通过调整______来改变拉

力大小，这是用于探究两个力的大小对物体平衡的影响。

(2)在卡片平衡时，用剪刀将卡片从中间剪开，并观察随之发生的现象，由此可以得到二力平

衡的一个条件是。

(3)如图(b)是在两细线端挂上相同钩码后的稳定状态，此时小卡片处于(选填”平衡状

态”或“非平衡状态”)。

(4)第二小组的同学将木块放在水平桌面上，设计了如图(c)所示的实验，操作中发现：当在

左侧挂100g的钩码，右侧挂200g的钩码时，木块可向右做匀速直线运动。如果原有钩码都不

变，使木块最终可向左做匀速直线运动，需要在左侧中再挂______g的钩码(滑轮处的摩擦不

计)。

(5)实验后，各组同学都认为第一组的实验要优于第二组的实验，其主要原因是o

26.(1)小明在探究某物质的熔化规律时，绘制出该物质熔化过程中，其温度随其加热时间

变化的图像，如图1所示。根据图像可知：该物质熔化的时间为min.该物质在BC段

处于态。(填“固”“液”或“固液共存”)

温度/七

0102030时间/min

图1图2

图3

(2)某同学利用图所示的装置及相同高度的蜡烛等器材进行实验探究，其中平板透明玻璃与水

平纸面垂直，将同一支蜡烛先后放置在白纸上与平板透明玻璃距离不同的4、B两点，观测两

次蜡烛所成像的高度。该同学探究的问题是：物体通过平板透明玻璃所成像的高度与

是否有关。实验中蜡烛通过平板透明玻璃所成的像是(选填“实”或“虚”)像。

(3)在探究“电流通过导体产生的热量与哪些因素有关”的实验中，某同学采取了如图所示的

实验装置(两个透明容器中封闭着等量的空气)。实验中通过观察两个U形管中的变化

来比较电流通过电阻丝产生的热量的多少。由图乙所示的实验现象可以得到的结论是在电阻

相同、通电时间相同的情况下，通过电阻的越大，电阻产生的热量越多。

27.小明在清洗青枣时发现青枣在水中会漂浮，猜测青枣的平均密度比水小，他设计实验进

行了测量。

(1)测量时，应将托盘天平放置在______上，先将标尺上游码移到处，若发现指针指

在分度盘的左侧，则应将平衡螺母向(选填“左”或“右”)调节，使天平横梁平衡。

(2)利用调节好的天平测得青枣的质量如图甲所示，读数为mi=g。

(3)由于青枣过大无法直接使用量筒测出其体积，于是小明改用家中工具完成青枣密度的测量,

操作如图乙所示，步骤如下：

①用电子秤测出一个空的大碗的质量，读数为巾2；

②将装满水的小碗放入大碗中，轻轻放入青枣并用细针轻压使青枣完全浸没，溢出的水全部

收集在大碗中；

③取出小碗与青枣，且无水溢出，用电子秤测出此时大碗的质量，读数为爪3,计算得出青枣

的平均密度p=(用血1、^2、m3与P次表示)。利用此方法测得青枣的平均密度会

(选填“偏大”、“准确”或“偏小”)，原因是。

28.小明同学用如图甲所示电路测量未知电阻的阻值，电源电压3V保持不变，滑动变阻器最

大阻值为200。

实验次数1234

电压U"0.51.522.5

电流//40.10.30.4

(1)请在图甲中添加一根导线帮小明把电路连接完整(要求导线不能交叉，滑片向右移动时电

流表示数变小)。

(2)闭合开关前，小明把滑片移到阻值______处。闭合开关后，发现电流表示数为零，电压

表的示数接近电源电压，原因可能是未知电阻(选填“断路”或“短路”)。

(3)排除故障后，小明继续进行实验，将电压表和电流表测得的数据记录如表所示。

①第4次实验时电流表示数如图乙所示，记为A,并算出％=0。

②老师看完数据后，发现有一组数据不是本实验中测得的，它是第组(填实验序号)。

(4)其他同学在实验过程中，发现电压表不能正常使用，为了测量未知电阻&的阻值，增加了

一个已知阻值的定值电阻岛和一个开关工进行实验。请你在如图丙已画出的部分设计电路上,

利用新增器材将电路补充完整。

29.“绿色出行，低碳生活”。新能源汽车因环保、节能、=。

高效等优势，成为人们日常使用的重要交通工具。如图是国内,4^-----------,与［£

某型号的新能源汽车，满载时的总质量为1.6x103kg,在平

直公路上匀速行驶1000m,用时50s,此过程中汽车牵引力做功1.5X106人求满载时：

(1)汽车的总重力；

(2)汽车匀速行驶时的速度；

(3)汽车匀速行驶时所受的牵引力。

30.车辆超载是造成公路桥梁损坏的一个重要原因，因此限制车辆超载有着重要意义。某物

理学习小组利用压敏电阻设计了一个模拟超载报警装置，如图甲所示，电源电压恒为18心

电压表量程为0〜15V,压敏电阻R能承受的最大压力是400N,压敏电阻R的电阻与受到的压

力F关系如图乙所示。为了能测量更重的物体，他们选用了一个杠杆。84。为支点，。8：

04=1：4,模拟车辆放置在托盘内。托盘、压杆和杠杆的质量均忽略不计，则:

(1)为了不损坏压敏电阻，检测的模拟车辆最大重力为多少？

(2)当托盘内无模拟车辆时，电压表示数为8V,定值电阻孔的电阻多大？

(3)在电路元件都安全工作的状态下，电路消耗的最大电功率是多少？

31.如图所示，盛满水的薄壁轻质柱形容器甲与实心柱体乙放置在

水平地面上。底面积分别为S、2S,水的质量为(p次=1.0x

103kg/m3,g=ION/kg)

(1)若容器甲中水的深度为0.2m,求水对容器甲底部的压强P水。

(2)若将一个质量分布均匀、体积为2.0xl0Tm3的物块(不吸水)放入容器甲中，物块漂浮在

水面上，物块浸入水中的体积为1.6x10-4m3,求物块的密度。

(3)现有物块A、B、C,其密度、体积如下表所示。小华选择其中一个先后放入容器甲的水中

(物块浸没在水中)、柱体乙的上部，使容器甲对地面的压强变化量大于柱体乙对地面的压强

变化量，且容器甲对地面的压强最大。请写出选择的物块并说明理由，计算出容器甲对地面

的压强最大值P平大。(结果用题中字母表示)

物块ABC

密度1・5。次3.6p次2.8p水

体积2V0.5V2V

答案和解析

1.【答案】B

【解析】解：在物理学中，

A、W（瓦特）是电功率的基本单位。故A不符合题意；

B、V（伏特）是电压的基本单位。故8符合题意：

C、力（安培）是电流的基本单位。故C不符合题意；

D、N（牛顿）是力的基本单位。故。不符合题意。

故选：B.

根据对常见物理量及其单位的掌握作答。

此题考查的是我们对常见物理量及其单位的掌握情况，属于识记性知识的考查，比较简单，容易

解答。

2.【答案】A

【解析】解：坐井观天、凿壁偷光、立竿见影都是由于光的直线传播形成的，而掩耳盗铃是在人

耳处减弱噪声，与光的直线传播无关。

故选：Ao

光在同种均匀物质中沿直线传播，在日常生活中，小孔成像和影子的形成等都表明光在同一种均

匀介质中是沿直线传播的。

此题考光在均匀介质中直线传播，属于基础题目，难度不大，常见的光的直线传播的现象是常考

内容，一定要熟练掌握。

3.【答案】D

【解析】解：后排同学距离墙壁上喇叭比较远，故听到响度会变小，而前排同学听到的声音相对

较大。

故选：0。

音色是指声音的品质与特色。它与发声物体的材料有关，不同物体发声的音色是不同的；音调是

指声音的高低，与物体振动的频率有关；响度指声音的大小，与振幅和距离声源的远近有关。

本题考查了乐音三要素的理解和掌握，是一道声学基础题。

4.【答案】D

【解析】解：霜是空气中水蒸气遇冷凝华形成的，属于凝华现象，故ABC错误，。正确。

故选：D。

物质从气态直接变为固态的过程叫凝华。

分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外

对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。

5.【答案】A

【解析】解：①火力发电站利用煤进行发电，煤不能从自然界源源不断获得，也不能重复利用，

是不可再生能源，则火力发电站是利用不可再生能源发电的；

②③风、水能够源源不断地从自然界获得，是可再生能源，风电厂、水电站是利用可再生能源发

电的；

④核能会越用越少，不可能在短时间内补充，是不可再生能源，所以利用不可再生能源发电的是

核能发电；

所以利用不可再生能源发电的是①④，故4符合题意。

故选：A。

能够源源不断的从自然界得到的能源叫可再生能源；短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可

再生能源；根据可再生能源和不可再生能源的特点来作答。

本题主要考查学生对：可再生和不可再生能源的特点的理解和掌握。

6.【答案】C

【解析】解：4、图中通电后小磁针偏转，说明电流周围存在着磁场，是电流的磁效应，不是电

动机的原理，故A不合题意；

8、图中电磁铁利用了电流的磁效应，不是电动机的原理，故8不合题意；

C、图中通电导体在磁场中受力而运动，是电动机的工作原理，故C符合题意；

。、图中导体水平运动切割磁感线，导体中产生感应电流，这是电磁感应现象，它是发电机的原

理，不是电动机的原理，故。不合题意。

故选:Co

电动机是利用通电导体在磁场中受力运动的原理制成的，结合图中装置可逐一做出判断。

本题考查电流的磁效应、发电机、电磁铁、电动机等的原理，电动机的原理是通电导体在磁场中

受力运动，发电机的原理是电磁感应现象。

7.【答案】D

【解析】解：飞机在某一高度水平匀速飞行喷洒农药的过程中，飞机的质量变小，速度不变，所

以动能减小；质量减小，高度不变，所以重力势能减小.

故选。.

(1)影响动能大小的因素：质量、速度.质量越大，速度越大，动能越大；

(2)影响重力势能大小的因素：质量、被举的高度.质量越大，高度越大，重力势能就越大.

本题考查了动能和重力势能的概念，及影响其大小的因素，属于基本内容.在判断动能和重力势

能的大小时，要注意看影响动能和重力势能大小的因素怎么变化.

8.【答案】D

【解析】解：人磁感线是人们为了形象地描绘磁场而假想出来的一系列的闭合曲线，在磁铁的

外部由N极指向S极，内部由S极指向N极，故A错误；

以闭合开关时，螺线管外部的电流方向向上，依据右手螺旋定则可知，螺线管4端相当于条形磁

铁的N极，又根据同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，则小磁针顺时针转动，故B错误；

C、滑动变阻器的滑片P向b移动，使变阻器的阻值变大，电路中的电流变小，磁场减弱，故C错

误；

D、通电后，螺线管的4端相当于N极，则螺线管中点正上方C点的磁场方向水平向右，故。正确。

故选：Do

(1)磁感线是人们为了形象地描绘磁场而假想出来的一系列的闭合曲线；

(2)闭合开关，依据右手螺旋定则可知，螺线管4端为N极；

(3)滑动变阻器的滑片P向b移动，使变阻器的阻值变大，电路中的电流变小；

(4)通电螺线管相当于条形磁铁，在其外部磁场的方向由N极指向S极，内部由S极指向N极，据此

解答。

本题考查磁感线及其分布特点，掌握通电螺线管周围的磁场分布是解答本题的关键。

9.【答案】D

【解析】解:

A、将电阻丝对折，导线的横截面积增大、长度减小，电阻减小，故A错误：

8、导体电阻是导体的一种属性，与导体两端的电压无关，故8错误；

C、导体的电阻与通过导体的电流无关，故C错误；

。、将导体均匀地拉长，导线的横截面积变小，长度增大，电阻增大，故。正确。

故选：D。

影响导体电阻大小的因素：导体材料、长度、横截面积以及温度，与导体两端的电压和通过导体

的电流无关。

此题考查了影响电阻大小的因素，以探究影响电阻大小的因素为题材，考查控制变量法思想的应

用，是考题热点。

10.【答案】A

【解析】解：要剪动铁皮，说明必须是省力杠杆，要求更省力，则动力臂要比阻力臂大得更多（即

刀把比刀口更长），结合图示可知，只有4图所示剪刀最适合；

而BCD三把剪刀，B是费力杠杆，CD是省力杠杆，这三把剪刀适合用来剪布、纸、头发等比较软

的物体。

故选：Ao

铁皮很硬，使用剪刀剪铁皮时，需要很大的力，所以要选用省力一点的剪刀，结合图片判断四种

剪刀哪一种是省力杠杆就选哪一个。

本题考查了杠杆的分类，联系了学生最常见的剪刀，注重了物理和生活的联系，是一道好题。

11.【答案】C

【解析】解：4、冰壶在向前滑行过程中，越来越慢，是因为受到摩擦力的作用，而惯性的大小

只与质量有关，惯性大小不会改变，故A错误；

反运动员轻推冰壶，冰壶由于惯性向前滑行，不再受到手的推力作用，故8错误；

C、静止在冰面的冰壶所受重力和地面对冰壶的支持力大小相等、方向相反、作用在同一直线上、

作用在同一物体上，是一对平衡力，故C正确；

。、由于物体间力的作用是相互的，所以在前后两个冰壶相碰的过程中，两个冰壶都受到力的作

用，故。错误。

故选：Co

(1)一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性，惯性的大小只与物体的质量有关；

(2)冰壶由于惯性向前滑行，不再受到手的推力；

(3)二力平衡的条件是：大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上；

(4)物体间力的作用是相互的。

本题主要考查了对惯性的理解、对平衡力的判断、对相互作用力的认识，属力学基础题。

12.【答案】B

【解析】解：更换灯泡之前必须断开开关，切断电源，摘下灯罩，更换灯泡，最后通电测试灯泡

是否发光，故8正确，ACC错误。

故选：B。

更换灯泡前首先切断电源，再维修，最后通电测试。

本题考查更换灯泡的流程，一定要记住先切断电源。

13.【答案】B

【解析】解：

AB、若Ri和/?2阻值相等，通电时间相同，通过两个电阻的电流不同，所以能探究电流通过导体产

生的热量与电流的关系，故A错误，B正确；

C、若&和/?2阻值不相等，电流不同，则无法探究电流通过导体产生的热量与电阻、电流的关系，

故C7)错误。

故选：Bo

电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关；实验中应采用控制变量法。

此题主要考查的是学生对“电流通过导体产生的热量与什么因素有关的”实验的理解和掌握，注

意控制变量法和转换法的运用。

14.【答案】BC

【解析】解：

A、物体吸收热量，内能增大，温度不一定升高，例如晶体在熔化过程中，吸收热量，内能变大,

温度不变，故A错误；

8、物体温度越高，分子热运动越剧烈，故8正确；

C、船闸是由闸室和上、下游闸门以及上、下游阀门组成；若船要从上游驶向下游，先打开上游

阀门，使闸室和上游构成连通器，水相平后，打开上游闸门，船驶入闸室；然后打开下游阀门，

使下游和闸室构成连通器，闸室和下游水位相平时，打开下游闸门，船驶入下游，分析可知，船

闸是利用连通器原理工作的，故C正确

。、受力面积相同时，压力越大，压强才越大，而不是重力越大，压强越大，因为压力和重力的

方向不一定相同，此外，题目中也没有受力面积相同这个条件。故。错误。

故选：BC。

(1)内能的大小与质量、状态、温度等因素有关；

(2)温度越高，分子的无规则运动越剧烈；

(3)底部相连通，上端开口，装有同一种液体，静止时液面相平的都属于连通器；

(4)压强的大小跟压力的大小、受力面积的大小两个因素有关。

本题考查了分子热运动、影响内能大小的因素、连通器、压强等知识，属于基础题。

15.【答案】CD

【解析】解：由图可知，当闭合开关&、52时，灯泡名、42并联；

A、由「=芷可知，灯泡5的电阻％=J=嚅=160,灯泡”的电阻=#=。罄=20。,

只闭合开关S1，只有灯泡k工作，此时灯泡刀正常发光，所以电源电压U=U］颇=8匕

根据并联电路特点可知，灯泡■、功两端的电压相等，都等于电源电压8V,

则通过灯泡G的电路A=看=黑=0.5/1,通过灯泡员的电流4=2=怒=044

所以通过灯泡G与人的电流不相同，故A错误；

8、灯泡G两端的实际电压4=81/,额定电压4频=1。匕U2<U2所以灯泡G没有正常发

光，故5错误；

C、灯泡G的实际功率Pi=P］颁=4W,灯泡乙2的实际功率22=U2I2=8VxOAA=3.2”,

由于匕>22,所以灯泡J比刀暗，故C正确；

D、由P=/可知I,灯泡“min消耗的电能%==41Vx1x60s=2407,灯泡人加出消耗的

电能勿2=P2t=3.2Wx1x60s=192/,

整个电路1m讥消耗的电能W=Wr+W2=2407+192/=432),故。正确。

故选：CD。

由图可知，当闭合开关Si、52时，灯泡人、G并联；

(1)根据P=^分别求出灯泡G、G的电阻，根据欧姆定律分别求出通过灯泡人、G的电流，据此

R

可知是否相同；

(2)当灯泡两端的实际电压等于额定电压时，灯泡正常发光，当灯泡两端的实际电压不等于额定电

压时，灯泡不是正常发光；

(3)根据P=U/分别求出灯泡人、乙2的实际功率；灯泡的亮度由灯泡的实际功率决定，实际功率越

大，灯泡越亮；

(4)利用P=/分别求出灯泡刀、L21m讥消耗的电能，据此可知整个电路1m讥消耗的电能

本题考查并联电路的特点、电功率公式的灵活运用、欧姆定律的应用以及消耗电能的计算，知道

灯泡的亮度由灯泡的实际功率决定是解题的关键。

16.【答案】BC

【解析】解：4铁球下沉，是因为浮力小于重力，而不是铁球没有受到浮力，故A错误；

8、乒乓球上浮，是因为乒乓球受到的浮力大于乒乓球的重力，故B正确；

C、乒乓球静止时为漂浮，

排开水的体积：v排乒乓球＜V乒乓球；

铁球静止时下沉到水底，

排开水的体积：v排铁二V铁;

因为％本球=V铁,

脚排乒乓球＜V排铁，

因为尸浮=P科排g，

所以静止时两球受到的浮力：F乒乓球〈F铁,故c正确；

D、铁球和乒乓球都浸没在水中时，两球排开液体的体积相同，根据/浮=。次。/知铁球受到的浮

力等于乒乓球受到的浮力，故。错误。

故选:BC.

(1)浮力小于重力时，物体下沉；

(2)浮力大于重力时物体上浮；

(3)静止时，乒乓球漂浮，铁球下沉，得出排开水的体积关系，再利用阿基米德原理比较受到水的

浮力的大小关系；

(4)根据两球都浸没在水中时排开水体积的关系，利用阿基米德原理比较受到水的浮力的大小关系。

本题考查物体所受浮力大小的比较，注意隐含条件：物体漂浮时排开水的体积小于物体的体积，

下沉到水底时物体排开水的体积等于物体的体积。

17.【答案】电磁可再生

【解析】解：车上的GPS定位是靠电磁波来传递信息的；太阳能可以从自然界中源源不断地得到，

属于可再生能源。

故答案为：电磁；可再生。

(1)广播、电视、移动通信、卫星都是用电磁波传递信息的；

(2)可再生能源：可以从自然界中源源不断地得到的能源，例：水能、风能、太阳能、生物质能、

潮汐能。

本题考查能源的分类和电磁波的应用，属于基础内容，难度不大。

18•【答案】缩小红外线

【解析】解：(1)摄像镜头实际上是一个凸透镜，人在凸透镜的二倍焦距以外，成倒立、缩小的实

像；

(2)由于人能发出红外线，摄像头利用红外线对人体进行测温的。

故答案为：缩小；红外线。

(1)凸透镜成像时，u>2f,成倒立、缩小的实像，应用于照相机和摄像头；凸透镜成实像时，物

距减小，像距变大，像变大；

(2)一切物体都会向外辐射红外线，温度越高，辐射的红外线越多。

本题考查了凸透镜成像的应用、红外线的应用，属于综合性题目。

19.【答案】201.90.5

【解析】解：(1)电能表最后一位是小数位，单位是k〃•/1,从电能表上可以看出电能表的示数为

201.9/cU/-/i；

(2)电能表上标有“3600r"〃・/i”是指：电路中每消耗的电能，电能表转3600转，

则转盘转过1800圈消耗的电能：W=黑kW-h=0.5kW-h=0.5度。

故答案为:201.9；0.5。

(1)电能表是测量电路一段时间内消耗的电能的仪表，上面有五个数字窗口，最后一位是小数位,

单位是AW-h-.

(2)360077kly'的含义是电路中每消耗IkIV，的电能，电能表转3600转，据此求出转盘转1800

圈时电路消耗的电能。

本题考查电能表的读数方法、消耗电能以及电功率的计算，要正确理解电能表参数的含义，读数

时注意最后一位是小数位。

20.【答案】4不变

【解析】解：已知小鸟距水面2m,则像到水面的距离也是2m,小鸟的像距小鸟2巾+2ni=4m；

由于物体在平面镜中所成的像和物体的大小相等，所以不管小鸟距水面的距离远还是近，像始终

和物体等大，因此当小鸟逐渐飞离水面时，它在水中的“倒影”大小将不变。

故答案为：4；不变。

平面镜成像的特点：物体在平面镜中所成的像是虚像，像和物体的大小相等，它们的连线垂直于

镜面，它们到镜面的距离相等。

此题主要考查学生对平面镜成像特点的了解和掌握，紧扣平面镜成像原理和成像特点去分析即可

比较容易地进行解答。

21.【答案】电压1：3

【解析】解：闭合S、Si，若甲、乙两电表同是电流表，则对电源短路，故甲、乙两电表同是电压

表；

此时电压表甲测量电源电压，电压表乙测量电阻/?2两端的电压，

根据串联电路的特点和欧姆定律可得：

立_E一鱼一二甲一丁乙_上^_1

瓦=苧=孤=U乙—=~=2"

将两电表统一更换为另一种电表，即为电流表，则两电阻并联，电流表甲测/?2支路的电流，电流

表乙测干路电流，

根据并联电路的电压特点和欧姆定律可得两支路的电流之比为：

U

。_R1_/?2_2

石一亘一后一1'

R2

则甲、乙两表的示数之比为：

‘甲_，2_1_1

T~=A+介=1+2=3

故答案为：电压；1：3。

闭合S、Si，若甲、乙两电表同是电流表，则对电源短路，故甲、乙两电表同是电压表；然后根据

串联电路电压规律和欧姆定律得出两个电阻之比；

将两电表统一更换为另一种电表，即为电流表，则两电阻并联，电流表甲测&支路的电流，电流

表乙测干路电流，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出两支路的电流之比，然后根据并联电

路的电流特点求出甲、乙两表的示数之比。

本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是电表类型的判断和电路连接方式的辨别。

22.【答案】2.5x103kg/m30.4kg

【解析】解：（1）乙的密度：

Pz=『旃第嬴=2.5x炉皿.；

（2）在甲、乙的上部沿水平方向分别切去印和4加4，再将切去部分互叠在对方剩余部分的上方

后，

因此时甲、乙对水平地面的压强相等，即P/=P£’,

P，「乙’

由P=（可得：萨=

3）甲

（m甲一/m甲+/7几乙）g（m乙-4m乙甲）g

即:■①，

把小尹=加Z=2kg和S/=L5S乙代入①式可得:

2kg—乙2kg—4m乙+4瓶中

1.5S/S乙

整理可得：4m乙一公m伊=0.4kg。

故答案为：2.5x103kg/m3；0.4kg。

（1）知道乙的质量和体积，根据p=5求出乙的密度;

（2）在甲、乙的上部沿水平方向分别切去/机/和」小乙，再将切去部分互叠在对方剩余部分的上方

后，根据压强公式表示出甲、乙对水平地面的压强相等的等式，然后整理得出』加中和」小乙两者的

差值。

本题考查了密度公式和压强公式、重力公式的应用，正确的表示出甲、乙对水平地面的压强相等

的表达式是关键。

23.【答案】解：由于物体和传送带一起匀速运动，相对静止，所以不受摩擦力的作用，只受重力

和支持力的作用；然后过重心沿竖直向下的方向和竖直向上的方向表示出重力和支持力。如图所

示：

F

G

【解析】物体做水平方向向右匀速运动，物体受到两个力：它的重力G,传送带对它的支持力F,

这两个力是一对平衡力，大小相等，方向相反，且作用在同一直线上，作用点在物体的重心。

物体匀速运动时，受平衡力：这两个力是一对平衡力，大小相等，方向相反，且作用在同一直线

上，作用点在物体的重心。易错点：确定不准是否受摩擦力。

24.【答案】解：当光线射向两种介质的界面上时.，会同时发生反射和折射；

入射光线与水面的夹角为30。，入射角为60。，由于反射角等于入射角，所以反射角为60。；当光从

空气中斜射入水中时，折射光线将向靠近法线的方向偏折，即折射角小于入射角，如图所示：

【解析】光的反射定律：反射光线、入射光线、法线在同一个平面内，反射光线与入射光线分居

法线两侧，反射角等于入射角；

光的折射规律：折射光线、入射光线、法线在同一个平面内，折射光线、入射光线分居法线两侧，

当光由空气斜射进入玻璃中时，折射光线靠近法线，折射角小于入射角。

本题考查了光的反射定律和折射规律，是中考热点之一，要求学生不仅要会根据反射定律和折射

定律由入射光线画反射光线和折射光线，而且要会根据反射或折射画出入射光线。

25.【答案】钩码数量两个力作用在同一物体上平衡状态200可以减小摩擦力对实验的影响

【解析】解：(1)小卡片两端通过滑轮各挂一个钩码，两端钩码由于重力通过绳子对小卡片施加了

两个向相反方向的拉力，拉力的大小等于钩码的重力，钩码的数量越多，拉力就越大；通过调整

钩码的数量来改变拉力的大小，这是用于探究两个力的大小和方向对物体平衡的影响；

(2)当小卡片平衡时，用剪刀将卡片从中间剪开，由于二力不在同一物体上，所以两侧钩码落下,

说明二力平衡的又一个条件是两个力必须作用在同一物体上；

(3)将系于小卡片两对角的细线分别跨过左右支架上的滑轮后，在两线端挂上相同钩码如图(b)所

示，此时符合二力平衡的条件(大小相等、方向相反、在同一直线上、作用在同一物体上)，小卡

片能平衡；

(4)100g钩码的重力为：

G=mg=100gxION/kg=0.1kgxION/kg=IN；

200g钩码的重力为：

G'=mg=200gxlON/kg=0.2kgXlON/kg=2N；

若在左边挂100g钩码，右边挂200g钩码时，木块可向右做匀速直线运动，此时木块受到水平向左

的滑动摩擦力，且木块受到的力是平衡力，

即：尸石=尸左+/,

所以此时的摩擦力：/=F右一尸左=G'-G=2N-IN=1N,

如果物体要向左匀速滑动，受到的滑动摩擦力水平向右，木块受到的力仍是平衡力，木块对水平

桌面的压力和接触面的粗糙程度不变，摩擦力大小不变，

即有：尸行+/=?左'，

所以左边钩码的重力：G左=F£=2N+1N=3N,

左边再加的钩码的重力为：

AG/：=G/r-G=3N-IN=2N.

左边再加的钩码的质量为：

5=如=200g;

(5)把木块放在水平桌面上，木块和水平桌面之间存在摩擦力，木块受到的摩擦力会对实验产生影

响，采用第一组的实验装置探究二力平衡的条件，纸片悬空，不受摩擦力，所以能减少摩擦力对

实验结果的影响。

故答案为：(1)钩码数量；(2)两个力作用在同一物体上；(3)平衡状态；(2)200；(5)可以减小摩擦

力对实验的影响。

(1)钩码由于重力的作用，会对细线施加一个拉力的作用，左端的细线对小卡片施加一个向左的拉

力，右端的细线对小卡片施加了一个向右的拉力，拉力的大小等于钩码的重力；

(2)为了验证只有作用在同一物体上的两个力才能平衡，可以将小卡片分成两个物体，观察两个物

体的运动情况；

(3)根据二力平衡条件判断小卡片的状态；

(4)木块静止时，受平衡力；匀速直线运动时，仍受平衡力，由静摩擦到动摩擦，摩擦力在改变,

当处于匀速滑动摩擦状态时，摩擦力大小不再改变，但摩擦力的方向与相对运动方向相反，分析

物体受力情况，由平衡力知识解答；

(5)将木块放在水平桌面上，木块在水平桌面上静止或运动都可能受到摩擦力的作用，就会影响实

验效果。

本题考查二力平衡条件的探究实验，掌握二力平衡条件是解答本题的关键。探究平衡力条件的实

验要尽量简化实验，用静止状态来代替匀速直线运动状态，用空中悬着的小卡片代替放在水平桌

面的物体，简化实验，便于操作。

26.【答案】15液物体到平面镜的距离虚液面的高度差电流

【解析】解：⑴由图像可知，10m讥到25?nin为该物质的熔化过程，即该物质熔化的时间为15?nin；

从图像中可以看出，该物质AB段，不断吸收热量，但温度保持不变，因此可以看出该物质有固定

的熔点，故为晶体，从Omin到l(hnin阶段为固态，从25min开始，此时全部转变为液态，则该物

质在BC段处于液态。

(2)该同学改变蜡烛到平面镜的距离，观察每次像的高度，探究的是平面镜成像高度与物体到平面

镜距离的关系；实验中蜡烛通过平板透明玻璃所成的像是虚像。

(3)实验中通过观察U形管液面的高度变化来比较电流通过电阻产生热量的多少，这种方法叫转换

法。

观察图乙可知，右侧容器内的50的电阻丝与容器外的等值电阻并联后再与左侧容器内50的电阻串

联，由并联电路电流的规律及串联电路电流的规律可知通过左侧容器电阻的电流大于通过右侧容

器电阻的电流，左侧U形管液面高度差较大，而通电时间相等，故在电阻相同、通电时间相同的

情况下，通过电阻的电流越大，电阻产生的热量越多。

故答案为：(1)15；(2)液；(2)物体到平面镜的距离；虚；(3)液面的高度差；(2)电流。

(1)从物质开始熔化到熔化结束用的时间为该物质的熔化时间；先判断该物质是晶体还是非晶体,

然后根据所给阶段所处的状态。

(2)平面镜成像特点：物体在平面镜中成虚像，物像大小相等，物像连线与镜面垂直，物像到平面

镜的距离相等。

(3)电阻丝产生的热量不易直接观察，可给等质量的空气加热，气体吸热越多，气体膨胀程度越大，

U形管内的液面高度差越大，采用了转换法；

电流通过导体产生的热量与通过的电流、导体的电阻和通电时间有关，研究与其中一个因素的关

系时，要控制另外两个因素不变，结合串联、并联电路电流的规律以及实验现象得出结论。

本题涉及到三个实验，考查了对晶体熔化图像的认识、平面镜成像的特点、电流产生热量的有关

因素和串并联电路的规律，明确各个实验的实验原理是关键。

27.【答案】水平桌面零刻度右54.6/UrP水偏大将小碗从水中取出时，小碗上带有水，

使大碗中剩余的水减少，测得青枣的体积偏小

【解析】解：(1)测量时，应将托盘天平放置在水平桌面上，先将标尺上游码移到零刻度处，若发

现指针指在分度盘的左侧，则应将平衡螺母向右调节，使天平横梁平衡；

(2)由图甲知，天平标尺的分度值为0.2g,游码对应的刻度值为4.6g,则鸡蛋的质量：m=50g+

4.6g=54.6g；

(3)根据实验步骤可知，青枣的体积等于排出水的体积，排出水的质量为帚=爪3-皿2，

mfmo-

青枣的体积为：K=7-=

产水产水

_叫_mr__m1

则青枣的平均密度为：。=丁=雾药=而诟P水；

。水

将小碗从水中取出时，小碗上带有水，使大碗中剩余的水减少，测得青枣的体积偏小，由p=e可

知，用这种方法测得青枣的平均密度偏大。

故答案为：(1)水平桌面；零刻度；右；(2)54.6；(3)③;;水；偏大；将小碗从水中取出时，

小碗上带有水，使大碗中剩余的水减少，测得青枣的体积偏小。

(1)测量时，应将托盘天平放置在水平桌面上,把游码移到标尺左端的零刻度线处，横梁不平衡时，

应根据指针偏转情况调节平衡螺母；调节平衡螺母时要“左偏右移，右偏左移”；

(2)天平在读数时，被测物体的质量=祛码的质量+游码的示数；

(3)用细针轻压使青枣完全浸没在水中，则青枣排开水的体积等于青枣的体积，由题意求出青枣排

开水的质量，根据密度公式求出排开水的体积即为青枣的体积，再根据公式p=蔡求出青枣的平均

密度；将小碗从水中取出时，小碗上带有水，据此分析所测青枣密度的偏差。

本题是测量固体密度的实验，考查了天平的使用与读数、密度公式、排水法的应用。

28.【答案】最大断路0.551

【解析】解：(1)根据题中要求“变阻器滑片向右移动时，电流表的示数变小”即滑动变阻器的阻

值变大，左下方接线柱必须接入电路，如下图所示；

(2)在连接电路时开关应断开；滑动变阻器的滑片应放在阻值最大处；电流表示数为0,则电路存

在断路，电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源两极相连，电压表并联电路之外电路不存

在断路，则与电压表并联的未知电阻断路；

(3)①由图乙知，电流表的量程为小量程，分度值为0.024示数为0.54根据欧姆定律得，Rx=

U2.5V匚0

广宜=50;

②电源为两节新干电池，则电源电压为3心

由表中数据可知，实验中所能达到的最小电流为0.L4,此时电路的总电阻为：/?$=皿=/匕=

后0.1A

300

此时滑动变阻器接入电路的电阻为R潦=R5R=30。-5。=250,而滑动变阻器的最大阻值

为200,即电路中最小电流达不到0.14所以第1组数据无法得出；

(4)设计电路如下，S、Si都闭合时，电路为R。的简单电路，电流表测通过岛的电流，电流表示数

为11，则电源电压为U=ARo；

闭合S、断开工时，％与Ro串联，电流表测串联电路的电流，电流表示数为/2,则电源电压为U=

Lx+Mo，

由于电源电压不变，即=/2RX+/2R。，可解得未知电阻号的阻值。

RxRo

n

故答案为：(1)见解答图；(2)最大；断路；(3)①0.5;5；(2)1；(4)见解答图。

(1)根据电路图连接实物图，可采用“电流流向法”，从电源的正极出发，按照电流的流向，先串

主电路，再将电压表并在待测电阻的两端；滑动变阻器按“一上一下”的原则串联在电路中，根

据题中要求“变阻器滑片向右移动时，电流表的示数变小”即滑动变阻器的阻值变大，左下方接

线柱必须接入电路；

(2)为保护用电器，连接电路过程中开关要断开；闭合开关之前滑动变阻器滑片要位于最大阻值处;

常见电路故障有断路与短路两种，根据电路故障现象分析电路故障原因；

(3)①由图乙知，电流表的量程和分度值，读出示数，根据欧姆定律可求出心;

②根据欧姆定律求出当电路电流最小时，滑动变阻器接入电路的最大阻值，与所给滑动变阻器的

规格进行比较可作出判断；

(4)由欧姆定律可知，要想测出灯的阻值，应先得到网两端的电压及通过心的电流，若电压表不

能正常使用，就要根据｛/=//?间接测出该电压。

本题是测未知电阻阻值的实验，考查了电路连接、电路故障、电流表读数、数据分析、欧姆定律

的应用及设计实验方案测电阻的能力。

29.【答案】解:

(1)该汽车的总重力：G=mg=1.6x103kgxION/kg=1.6X104yV；

(2)汽车匀速行驶时的速度：。=喘=20m/s：

(3)根据W=Fs可知，汽车匀速行驶时受到的牵引力为：尸=曳=史M/=I500N。

s1000m

答：(1)汽车的总重力为1.6X104N；

(2)汽车匀速行驶时的速度为20M/S；

(3)汽车匀速行驶时所受的牵引力为1500N。

【解析】(1)根据公式G=mg求汽车的总重力；

(2)根据速度公式"=；求出汽车匀速行驶的速度；

(3)根据W=Fs求出汽车匀速行驶时受到的牵引力。

本题考查了重力、速度、功的计算，比较简单。

30.【答案】解：(1)因压杆对压敏电阻的压力和压敏电阻对压杆的支持力是一对相互作用力，

所以，由压敏电阻R能承受的最大压力是400N可知，压敏电阻对压杆的最大支持力以=400N,

检测的模拟车辆的重力最大时，由杠杆的平衡条件可得：FAXOA=G人xOB,

则G大=器x0=彳x400/V=1600N；

(2)闭合开关，两电阻串联接入电路，电压表测定值电阻岛两端的电压，电流表测通过电路的电流，

当托盘内无模拟车辆时，由乙图可知压敏电阻的阻值为1000,

串联电路总电压等于各部分电压之和，所以压敏电阻两端的电压：%=U-U()=18V-8V=10V,

由欧姆定律可得此时通过电路的电流：/=粤=黑;=0.14

串联电路各处电流