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文档简介
2024届东莞东华高级中学高考最后冲刺模拟(二)物理试题
注意事项:
1.答题前,考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚,将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。
2.选择题必须使用2B铅笔填涂;非选择题必须使用0.5毫米黑色字迹的签字笔书写,字体工整、笔迹清楚。
3.请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答,超出答题区域书写的答案无效;在草稿纸、试题卷上答题无效。
4.保持卡面清洁,不要折叠,不要弄破、弄皱,不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。
一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。
1、如图所示,做实验“探究感应电流方向的规律”。竖直放置的条形磁体从线圈的上方附近竖直下落进入竖直放置的线
圈中,并穿出线圈。传感器上能直接显示感应电流i随时间,变化的规律。取线圈中电流方向由。到b为正方向,则传
感器所显示的规律与图中最接近的是()
2、某静电场中有电场线与x轴重合,x轴上各点电势9分布如图所示,图线关于纵轴对称,则()
A.xi处和一xi处场强方向相同B.xi处和一的处场强大小相等
C.某带电粒子在X2处和一必处电势能相等D.某带电粒子在X2处的电势能大于在一X2处的电势能
3、中国北斗卫星导航系统(BeiDouNavigationSatelliteSystem,BDS)是继美国全球定位系统(GPS)、俄罗斯格洛纳
斯卫星导航系统(GLONASS)之后第三个成熟的卫星导航系统。北斗导航系统中有几颗卫星是地球同步卫星,GPS
导航系统是由周期约为12h的卫星群组成。则北斗导航系统的同步卫星与GPS导航卫星相比()
A.北斗导航系统的同步卫星的角速度大
B.北斗导航系统的同步卫星的轨道半径小
C.GPS导航卫星的线速度大
D.GPS导航卫星的向心加速度小
4、一根轻质弹簧原长为加在力F作用下伸长了尤。则弹簧的劲度系数m是()
FFFF
A.~r~B.—C.~D.~
I。XX—l。x+zo
5、我国自主建设、独立运行的北斗卫星导航系统由数十颗卫星构成,目前已经向一带一路沿线国家提供相关服务。设
想其中一颗人造卫星在发射过程中,原来在椭圆轨道1绕地球£运行,在尸点变轨后进入轨道、做匀速圆周运动,如图
所示。下列说法正确的是()
A.在轨道i与在轨道)运行比较,卫星在尸点的加速度不同
B.在轨道与在轨道:,运行比较,卫星在,点的动量不同
C.卫星在轨道的任何位置都具有相同加速度
D.卫星在轨道的任何位置都具有相同动能
6、关于速度、速度变化量和加速度的关系,正确说法是
A.物体运动的速度越大,则其加速度一定越大
B.物体的速度变化量越大,则其加速度一定越大
C.物体的速度变化率越大,则其加速度一定越大
D.物体的加速度大于零,则物体一定在做加速运动
二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。
全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。
7、下列说法正确的是()
A.常见的金属是多晶体,具有确定的熔点
B.干湿泡湿度计的湿泡和干泡所示的温度相差越多,表示空气湿度越大
C.把玻璃管的裂口放在火焰上烧熔,尖端会变钝是因为液体表面张力作用的结果
D.脱脂棉脱脂的目的,在于使它从不能被水浸润变为可以被水浸润,以便吸取药液
E.饱和汽的压强一定大于非饱和汽的压强
8、如图所示,质量为4机的球A与质量为机的球B用绕过轻质定滑轮的细线相连,球A放在固定的光滑斜面上,斜
面倾角a=30。,球B与质量为m的球C通过劲度系数为k的轻质弹簧相连,球C放在水平地面上。开始时控制住球A,
使整个系统处于静止状态,细线刚好拉直但无张力,滑轮左侧细线竖直、右侧细线与斜面平行,然后由静止释放球A,
不计细线与滑轮之间的摩擦,重力加速度为g,下列说法正确的是()
A.释放球A瞬间,球B的加速度大小为,
B.释放球A后,球C恰好离开地面时,球A沿斜面下滑的速度达到最大
C.球A沿斜面下滑的最大速度为2g后
D.球C恰好离开地面时弹簧的伸长量与开始时弹簧的压缩量相等,所以A、B两小球组成的系统机械能守恒
9、甲、乙两车在同一平直道路上同向运动其y—f图像如图所示,图中NOPQ和AOQT的面积分别为邑和s2(s2>sj,
初始时,甲车在乙车前方“处,则()
A.若%=51+J,两车不会相遇B.若So<£],两车相遇2次
C.若s()=Si,两车相遇1次D.若“=",两车相遇1次
10、我国北斗卫星导航系统(BDS)已经开始提供全球服务,具有定位、导航、授时、5G传输等功能。A、B为“北斗”
系统中的两颗工作卫星,其中A是高轨道的地球静止同步轨道卫星,B是中轨道卫星。已知地球表面的重力加速度为
g,地球的自转周期为To下列判断正确的是()
A.卫星A可能经过江苏上空B.卫星B可能经过江苏上空
C.周期大小TA=TO>TBD.向心加速度大小aA<"B<g
三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。
11.(6分)为了精密测量一金属丝的电阻率:
⑴如图甲所示,先用多用电表“xlQ”挡粗测其电阻为。,然后用螺旋测微器测其直径为
mm.
甲
(2)为了减小实验误差,需进一步测其电阻,除待测金属丝外,实验室还备有的实验器材如下:
A.电压表V(量程3V,内阻约15k。;量程15V,内阻约75k。)
B.电流表A(量程0.6A,内阻约1C;量程3A,内阻约0.2。)
C.滑动变阻器Ri(O〜5Q,1A)
D.滑动变阻器R2(0〜2000d0.1A)
E.1.5V的干电池两节,内阻不计
F.电阻箱
G.开关S,导线若干
为了测多组实验数据,则上述器材中的滑动变阻器应选用(选填“Ri”或“R2”).
请在虚线框内设计最合理的电路图并完成实物图的连线
12.(12分)如图是用双缝干涉测光的波长的实验设备实物图。
⑴双缝放在图中哪个位置_______(填“①”或"②”)O
⑵要使单缝和双缝相互平行,应该使用进行调节。
(3)已知双缝到毛玻璃之间的距离是L,双缝之间的距离是d,单缝到双缝之间的距离是s,在某次实验中,先将目镜中
的中心刻线对准某条亮纹(记作第1条)的中心,这时手轮上的示数为xi,转动手轮使中心刻线对准第7条亮纹的中心,
这时手轮上的示数为知。由此可以计算出这次实验中所测得的单色光的波长为O
四、计算题:本题共2小题,共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算
步骤。
13.(10分)如图所示,空间存在竖直向下的匀强磁场,磁感应强度5=0.5T.在匀强磁场区域内,有一对光滑平行金
属导轨,处于同一水平面内,导轨足够长,导轨间距L=lm,电阻可忽略不计.质量均为„i=lkg,电阻均为夫=2.5。
的金属导体棒“V和P0垂直放置于导轨上,且与导轨接触良好.先将P0暂时锁定,金属棒在垂直于棒的拉力
尸作用下,由静止开始以加速度a=0.4m/s2向右做匀加速直线运动,5s后保持拉力尸的功率不变,直到棒以最大速度
Vm做匀速直线运动.
Q
⑴求棒MN的最大速度
⑵当棒MN达到最大速度5时,解除尸0锁定,同时撤去拉力歹,两棒最终均匀速运动.求解除棒锁定后,到两棒
最终匀速运动的过程中,电路中产生的总焦耳热.
(3)若尸。始终不解除锁定,当棒MN达到最大速度愠时,撤去拉力F,棒MN继续运动多远后停下来?(运算结果可
用根式表示)
14.(16分)如图所示,扇形玻璃砖的圆心角为150。,玻璃砖半径为R,一条单色光平行于。L,由08的中点
。入射,经折射后由圆弧面的E点射出玻璃砖,圆弧AE的长度与圆弧跳的长度之比为2:3,已知真空中光速为c。
求:该单色光在玻璃砖从。到E传播的时间。
15.(12分)如图所示,对角线将矩形区域MNPO分成两个相同的直角三角形区域,在直角三角形MNP区域内
存在一匀强电场,其电场强度大小为E、向沿V轴负方向,在直角三角形拉。尸区域内存在一匀强磁场,磁场方向垂
直于纸面向外(图中未画出)。一带正电的粒子从M点以速度%沿x轴正方向射入,一段时间后,该粒子从对角线
的中点进入匀强磁场,并恰好未从%轴射出。已知。点为坐标原点,M点在V轴上,尸点在x轴上,MN边长为2L,
MO边长为国,不计粒子重力。求:
⑴带电粒子的比荷;
⑵匀强磁场的磁感应强度大小。
参考答案
一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。
1、B
【解题分析】
磁体进入线圈口端的过程,其磁场穿过线圈向上且增加,由楞次定律知感应电流的磁场向下,则线圈中的电流方向从沙
到。,为负值。磁体在线圈中间运动时,其磁场穿过线圈的磁通量不变,无感应电流,磁体离开线圈b端的过程,磁
场穿过线圈向上且减小,由楞次定律知感应电流的磁场向上,则电流方向从。到b,为正值,且此过程磁体运动速度
大于进入过程,磁通量的变化率大。由法拉第电磁感应定律知,该过程的感应电动势大,则感应电流大,故B正确。
故选B。
2、C
【解题分析】
AB.9—x图象的斜率大小等于电场强度,©处和R处场强大小相等,方向相反,处处和-X2处场强大小不相等,故
AB错误;
CD.在也处和-X2处电势相等,根据Ep=*知某带电粒子在X2处和-X2处电势能相等,故C正确,D错误。
故选C。
3、C
【解题分析】
A.地球同步卫星的周期为24h,GPS导航系统周期约为12h,根据周期与角速度的关系
可知北斗导航系统的同步卫星的周期大,则其角速度小,故A错误;
B.由万有引力提供向心力有
—Mm4乃2
G『mr亍
得卫星绕地球做圆周运动的周期
r3
T=2乃
GM
北斗导航系统的同步卫星的周期大,则其轨道半径大,故B错误;
C.由万有引力提供向心力有
-Mmv2
CJ—b=m——
rr
得卫星绕地球做圆周运动的线速度
GM
北斗导航系统的轨道半径大,则其线速度小,GPS导航卫星的线速度大,故C正确;
D.根据
a=va>
可知北斗导航系统的角速度小、线速度小,则其加速度小,GPS导航卫星的向心加速度大,故D错误。
故选C。
4、B
【解题分析】
已知弹簧的弹力F与伸长的长度x,根据胡克定律
F-kx
得
k=—
X
ACD错误,B正确。
故选B。
5、B
【解题分析】
A.在轨道1与在轨道2运行比较,卫星在P点距地球的距离相等,受到的万有引力相等
所以卫星在P点的加速度相同,故A错误;
B.卫星由轨道1变为轨道2,需要加速,则轨道2的速度要大一些,所以卫星在P点的动量轨道2的大于轨道1的,
故B正确;
C.卫星在轨道2的不同位置受到的万有引力大小相同,但方向不同,故产生的加速度大小相同,方向不同,故卫星
在轨道的不同位置都具有不同加速度,故C错误;
D.轨道1是一个椭圆轨道,又开普勒第二定律可得,卫星离地球越近,速度越大,则卫星在轨道1上除了关于地球
对称的位置外,各位置具有不同的动能,选项D错误。
故选B。
6、C
【解题分析】
A.物体运动的速度大时,可能做匀速直线运动,加速度为零,故A项错误;
B.据“="可知,物体的速度变化量大时,加速度不一定大,故B项错误;
C.物体的速度变化率就是生,物体的速度变化率越大,则其加速度一定越大,故C项正确;
△t
D.当物体的加速度大于零,速度小于零时,物体的速度方向与加速度方向相反,物体做减速运动,故D项错误。
二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。
全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。
7、ACD
【解题分析】
A.常见的金属是多晶体,具有确定的熔点,选项A正确;
B.干湿泡湿度计的湿泡和干泡所示的温度相差越多,说明湿泡的蒸发非常快,空气的相对湿度越小,选项B错误;
C.把玻璃管的裂口放在火焰上烧熔,尖端会变钝是因为液体表面张力作用的结果,选项C正确;
D.脱脂棉脱脂的目的,在于使它从不能被水浸润变为可以被水浸润,以便吸取药液,选项D正确;
E.饱和汽压的大小与温度有关,在温度不知道的情况下,不能简单地说饱和汽的压强一定大于非饱和汽的压强,故E
错误。
故选ACD„
8、BC
【解题分析】
A.开始时对球B分析,根据平衡条件可得
mg=g
释放球A瞬间,对球A和球B分析,根据牛顿第二定律可得
4〃?gsina-mg+@=5m%
解得
2
%=¥
故A错误;
B.释放球A后,球C恰好离开地面时,对球C分析,根据平衡条件可得
mg=kx2
对球A和球B分析,根据牛顿第二定律可得
4/ngsina-mg-kx2=5ma2
解得
a2—0
所以球C恰好离开地面时,球A沿斜面下滑的速度达到最大,故B正确;
C.对球A和球B及轻质弹簧分析,根据能量守恒可得
12
+x2)sina-mg(x1+x2)=•5mvm
解得球A沿斜面下滑的最大速度为
故C正确;
D.由石=々=等可知球C恰好离开地面时弹簧的伸长量与开始时弹簧的压缩量相等,A、B两小球组成的系统在
运动过程中,轻质弹簧先对其做正功后对其做负功,所以A、B两小球组成的系统机械能不守恒,故D错误;
故选BC。
9、ABC
【解题分析】
读取V-f图像信息,运动情景图如图所示
乙车S1+S2
1f&
〜0
So甲车S2
图像与f轴所围面积为位移,至。点时,乙车位移为
S乙=S]+5,2
甲车位移为
S甲=$2
初始时,甲车在乙车前方S。处
若甲、乙两车速度相同为V时,有
4+52=So
乙车还没有追上甲车,此后甲车比乙车快,不可能追上;
若甲、乙两车速度相同为V时,有
S]+52>So+
s2
即
So"
则此前乙车已追上甲车1次,此时乙车在甲车前面,之后乙车速度小于甲车,乙车还会被甲车反追及1次。则全程相
遇2次;
若甲、乙两车速度相同为V时,有
S]+$2=S()+S]
即
则此前乙车始终在甲车后面,此时乙车刚好追及甲车(临界点),之后乙车速度小于甲车,不再相遇。则全程仅相遇1
次;故A、B、C正确,D错误;
故选ABCo
10、BCD
【解题分析】
A.A是高轨道的地球静止同步轨道卫星,静止在赤道上空,不可能经过苏州上空,故A错误;
B.B是中轨道卫星不是静止同步轨道卫星,所以卫星B可能经过江苏上空,故B正确;
C.根据
Mm_4■兀2mR
可得
T_|初2上
7GM
半径越大,周期越大,所以n=To>rB,故c正确;
D.根据万有引力提供向心力
八Mm
ma=G-^~
a=G五
半径越大,向心加速度越小,所以向心加速度大小“AVZBVg,故D正确。
故选BCDo
三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。
11、(1)8.02.096⑵拈(3)如图甲、乙所示
【解题分析】
欧姆表指针示数与倍率的乘积是欧姆表示数;螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数;在保证
安全的前提下,为方便实验操作,应选最大阻值较小的滑动变阻器;为准确测量电阻阻值,应测多组实验数据,滑动
变阻器可以采用分压接法,根据待测电阻与电表内阻间的关系确定电流表的接法,作出实验电路图,然后根据电路图
连接实物电路图;
【题目详解】
解:(1)由图示多用电表可知,待测电阻阻值是8xlQ=8Q;
由图示螺旋测微器可知,的固定刻度读数为2mm,可动刻度读数为0.01x9.6mm=0.096mm,其读数为:
2mm+9.6x0.01mm=2.096mm;
⑵滑动变阻器R2(0~2000£1,0.1A)的阻值比待测金属丝阻值8。大得太多,为保证电路安全,方便实验操作,滑动
变阻器应选Ri,最大阻值5Q;为测多组实验数据,滑动变阻器应采用分压接法,由于被测电阻阻值较小,则电流表
应采用外接法,实验电路图如图所示
根据实验电路图连接实物电路图,如图所示
(x-xjd
12、②拨杆7
6L
【解题分析】
⑴口]相干光频率必须相同,所以双缝应该放在②位置;
⑵⑵相干光为单色光,振动方向相同,所以要保证单缝与双缝平行,需要借助拨杆调节;(3)网根据相邻两条明条纹
或者暗条纹之间的距离公式Ax=工入可知,
a
x-x,L
Ax=-7....=—
6d
得
,L(%7一气”
'6L-
四、计算题:本题共2小题,共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算
步骤。
13、(1)vm=2V5m/s(2)Q=5J(3)x=406m
【解题分析】
⑴棒MN做匀加速运动,由牛顿第二定律得:F-BIL=ma
棒MN做切割磁感线运动,产生的感应电动势为:E=BLv
棒MN做匀加速直线运动,5s时的速度为:v=M=2m/s
F
在两棒组成的回路中,由闭合电路欧姆定律得:/=—
联立上述式子,有:歹=加。+竺也
2R
代入数据解得:F=0.5N
5s时拉力F的功率为:P=Fv
代入数据解得:P=1W
棒MN最终做匀速运动,设棒最大速度为Vm,棒受力平衡,则有:—~BImL^O
v,„
I:BLv1n
m2R
代入数据解得:5=2&m/
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