2023-2024学年河南省名校联考高三（上）入学物理试卷（含解析）

2023-2024学年河南省名校联考高三（上）入学物理试卷

一、单选题（本大题共8小题，共32.0分）

1.小型交流发电机的示意图如图所示，两磁极N、S间的磁场可视为

水平方向的匀强磁场，电流表可视为理想交流电表，线圈绕垂直于磁

场的水平轴。0'沿逆时针方向匀速转动，下列说法正确的是（

A.图中线圈位于中性面

B.线圈每经过图示位置时，线圈中感应电流方向发生改变

C.线圈位于图示位置时，穿过线圈的磁通量的变化率最大

D.在线圈由图示位置转过90。的过程中，电流表的示数逐渐减小

2.在足球训练场上，一球员将足球以初速度孙向前踢出后，|V

他立即从静止开始沿直线加速向足球追去，Q时间后追上了还vI球技

在向前滚动的足球。球员和足球在该运动过程中的v-t图像如

图所示，下列说法正确的是（）1/：足球:

A.球员和足球在给时刻的速度和加速度均相同°%匕

B.0〜匕时间内球员和足球的平均速度相等

C.0〜0时间内球员的平均速度等于:

D.在该运动过程中一定存在球员和足球加速度相同的时刻

3.如图所示，圆心位于。点、半径为R的绝缘细圆环由三段长度相同的-----金

圆弧AB、BC和C4组成，环上均匀分布着电荷量为Q的正电荷。现取走//'

圆弧4B,余下圆弧上剩余的电荷分布不变，静电力常量为鼠下列说法0\

正确的是（）

A.。点的电场强度方向从C指向。B.。点的电场强度方向从。指向C

C.。点的电场强度大小为第D.。点的电场强度大小为黑

4.用紫外光电管制作的火灾报警器的灵敏度非常高，只有当明火中的紫外线照射到光电管的

阴极K时才启动报警，因此被称为“火焰发现者”，它对可见光以及太阳光中的紫外线完全

没有反应，因此在使用过程中不需要过滤任何可见光。已知光电管内部阴极K的金属材料发

生光电效应的极限频率为均，太阳光中的紫外线的频率为％,明火中的紫外线的频率为以，

下列说法正确的是（）

A.v2>v0

B.Vj>v0

C.只有明火照射到阴极K的时间足够长，火灾报警器才启动报警

D.明火中的紫外线照射阴极K,产生的光电子的最大初动能为以-为

5.如图所示，甲、乙两排球运动员在日常训练中，先后将排球从4点水平击出，球1直接击

中水平地面上的。点，球2落到水平地面上的B点立即弹起,反弹前后球2水平方向分速度不变、

竖直方向分速度大小不变，反弹时间可忽略，球2弹起后的最高点为C,后也击中。点，4、C两

点的高度相同.不计空气阻力，下列说法正确的是（）

A.球1的运动时间是球2的3倍

B.击出瞬间，球2的速度是球1的3倍

C.球1落在。点时速度方向与竖直方向的夹角是球2落在。点时速度方向与竖直方向的夹角的

3倍

D.球1落在。点时速度方向与竖直方向的夹角的正切值是球2落在。点时速度方向与竖直方向

的夹角的正切值的3倍

6.一列沿x轴正方向传播的简谐横波在t=。时的波形图如图

所示，质点Q的平衡位置为x=4m,t=2s时质点Q恰好处于

波谷位置，简谐横波的周期T>2s,下列说法正确的是（）

A.质点「在力=0时刻沿y轴正方向振动B.该简谐横波的频率为0.25Hz

C.该简谐横波的传播速度为3m/sD.质点P在0〜2s内通过的路程为0.3m

7.中国空间站工程“巡天”望远镜（简称（CSS7）将于2024年前后投入运行，CSST以“天宫”

空间站为太空母港，日常工作时与空间站共轨独立飞行且与空间站保持适当距离，在需要补

给或者维修升级时，主动与“天宫”交会对接，停靠太空母港。已知地球半径为R,空间站

轨道半径与地球半径的比值为k,地球表面的重力加速度大小为g,则CSSTII常工作时的速度

大小为（）

A.B.鹿C.信D.佰

8.如图所示，足够长的固定斜面倾角为30。，质量为小的滑块广、

在拉力尸的作用下沿斜面向下做匀速直线运动。已知滑块与斜

面之间的动摩擦因数〃=浮，重力加速度大小为g,为了使拉

力尸最小，下列说法正确的是（）

A.拉力F应垂直于斜面向上B.拉力产应沿着水平方向

C.拉力F的最小值为白mgD.拉力产的最小值小于磊mg

二、多选题（本大题共4小题，共16.0分）

9.锢243（笛34血）是一种具有强放射性的元素，发生a衰变的同时会释放出y射线，常作为测

厚仪的放射源。篦347n发生。衰变后生成锋239（Np）,Np很不稳定，其半衰期为2.3天，Np发

生0衰变后会生成原子能工业的一种重要原料杯239（Pa）。下列说法正确的是（）

A.a射线、夕射线和y射线中，y射线的电离作用最强

B.锢243的原子核比杯239的原子核多1个质子

C.杯239的比结合能大于镖239的比结合能

D.100个镖239原子，经过4.6天还有25个没有发生衰变

10.登山运动员在登雪山时要注意防止紫外线的过度照射，尤其是眼睛更不能长时间被紫外

线照射，否则将会严重地损伤视力。设计师利用薄膜干涉的原理在眼镜的表面涂上“增反膜”，

于是就设计出了一种能大大减小紫外线对眼睛伤害的眼镜。已知选用的“增反膜”材料的折

射率为微，真空中的光速为c,紫外线在真空中的频率为/,下列说法正确的是（）

A.紫外线进入“增反膜”后的频率为当

B.紫外线进入“增反膜”后的波长为号

C.从“增反膜”前后两个表面反射的光的光程差应等于紫外线在“增反膜”中波长的；

D.“增反膜”的厚度最好为紫外线在'增反膜”中波长的;

11.如图所示，半径为R的绝缘光滑圆环固定在竖直平面内，。是圆----------------

心，是水平方向的直径，CD是竖直方向的直径，整个圆环处在一E

水平向右的匀强电场中。将质量为m、电荷量为+q（q>0）的小球套

在圆环上，从4点由静止释放，小球运动到P点时的动能最大，\:r

Z.DOP=37%已知重力加速度大小为g,取$讥37。=0.6,cos370=_______口

0.8。下列说法正确的是（）

A.小球可以沿圆环运动到C点

B.匀强电场的电场强度大小为萼

c.P、B两点间的电势差为需

D.小球运动到B点时，向心加速度大小为3g

12.如图所示，四分之一圆周区域MON内存在方向垂直纸面向外的N-----

匀强磁场，现有两个带电粒子a、b先后从半径ON。上的P点以相同../\

的速度沿OM方向射入磁场，粒子a从M点射出磁场，粒子b从N点射\

出磁场，粒子b速度方向变化的角度为粒子a的3倍。不计粒子所受重0.

力及粒子间相互作用，下列说法正确的是（）

A.粒子a带正电

B.P、。间的距离为P、N间距离的「倍

C.粒子a与粒子b在磁场中做圆周运动的轨道半径之比为5：1

D.粒子b的比荷为粒子a的（2/耳+2）倍

三、实验题（本大题共2小题，共15.0分）

13.学科兴趣小组在实验室进行实验时，发现没有合适的电I

压表，经过寻找发现了量程为2m4的表头，便决定将其改装PT~©----J

成电压表。结合实验室能够使用的器材，同学们设计了如图

E9r

所示的电路测量表头内阻。

(1)正确连接电路，将滑动变阻器的阻值调到最大，闭合开关S2(S1保持断开)，调节滑动变阻

器Rp的滑片使表头满偏。保持滑动变阻器Rp的阻值不变，接着闭合开关S1并调节电阻箱R的

阻值，使表头示数为l.OnM时，读取电阻箱R的阻值为158.30,则表头的内阻为0。

(2)要将该表头改装成量程为2V的电压表，应将电阻箱与表头串联并将电阻箱的阻值调为

______12o

(3)同学们经过分析讨论，发现上面“半偏法”测量表头的内阻结果偏小，为减小该系统误差,

下列改进措施中可行的是。

A.更换内阻更小的电源

8.更换电动势更大的电源

C.更换调节范围更大的电阻箱

。.更换调节更灵敏的滑动变阻器

14.“云峰”兴趣小组设计了一个可以测量物体质量的实验，该实验还可以测量当地的重力

加速度，实验装置如图甲所示，实验中使用的钩码均相同，每个钩码的质量为小。，实验步骤

如下：

暨片电光门I电券门2

亳

导轨标尺钩码

甲

(1)将滑块(含挡光片)放置在水平的气垫导轨上，通过不可伸长的细线跨过定滑轮后与钩码相

连，定滑轮左侧的细线与气垫导轨平行。

(2)释放钩码，通过与光电门传感器相连的数字计时器记录挡光片通过光电门1、2的时间匕、

^2。

(3)通过导轨标尺计算出两光电门之间的距离L；用游标卡尺测出挡光片的宽度d,示数如图乙

所示，则挡光片的宽度&=mm«滑块和钩码运动的加速度a=(用匕、t2.L

和d表示)。

(4)增减钩码个数，重复上述过程几次，记录相关实验数据并计算出滑块和钩码相应的加速度。

（5）以钩码个数的倒数（;）为横轴，加速度的倒数（;）为纵轴，建立直角坐标系，利用实验记录

的数据画出的图线如图丙所示，则当地的重力加速度大小g=,滑块（含挡光片一）的质

量M—o

四、简答题（本大题共3小题，共37.0分）

15.如图所示，两管口均封闭的U形玻璃管（粗细均匀）竖直放置，管中的|-|jK

一段水银将u形玻璃管中封闭的理想气体分成4B两部分，左管中气柱aHJ

长为15cm,右管中气柱B长为25cm,左右两管中水银液面高度差为lOcni。

现打开右管口的阀门K,水银稳定时，两管中水银液面恰好相平，已知大

气压强恒为75cmHg,环境温度和气体温度始终不变。求：

（1）打开阀门K前，气柱4中气体的压强（用cmHg为单位）；

（2）打开阀门K后，从气柱B中逸出气体的质量与打开阀门K前气柱B中气体的质量的比值。

16.如图甲所示，倾角8=37。的斜面体固定在水平地面上，弹簧下端固定在斜面底部与斜面

垂直的挡板上，上端自由伸长到。点。现将质量M=2切的物块（视为质点）从斜面的顶端4点

由静止释放，q时刻（大小未知I）物块开始向下压缩弹簧直至尸点（图中未标出）后弹回，物块的

速度一时间的部分图像如图乙所示，t3时刻物块与弹簧分离。已知图乙中阴影部分的面积为

0.5m,物块与斜面间的动摩擦因数〃=0.25,取重力加速度大小g=10m/s2,sin37°=0.6,

cos37°=0.8o求：

⑴小

（2）上述过程中弹簧弹性势能的最大值和J时刻物块速度的大小。

17.如图所示,一对间距L=1巾的平行金属导轨固定于同一绝缘水平面上，导轨左端接有R=

30的电阻，右侧平滑连接一对弯曲的光滑金属轨道。水平导轨的整个区域内存在竖直向上的

匀强磁场，磁感应强度大小8=27。质量mi=0.5kg的金属棒ab垂直放置于水平导轨上，质

量Tn?=5.5kg的导体棒cd垂直放置于匀强磁场的右边缘处，两棒的长度均与导轨间距相等,

它们的电阻均为r=60。力棒在水平向右的恒力F=4N作用下从静止开始运动，在与cd棒发

生碰撞前已做匀速运动。当ab棒与cd棒即将相碰时撤去恒力F,碰后cd棒沿弯曲轨道上升到

最大高度处时被抵住保持静止，帅棒向左运动一段时间后停在距离匀强磁场的右边缘x=

2.6zn处。已知ab棒和cd棒与导轨间的动摩擦因数均为〃=0.2,重力加速度大小g=10m/s2.

不计金属导轨电阻，防棒和cd棒在运动过程中始终与导轨垂直且与导轨保持良好接触，它们

之间的碰撞为弹性碰撞且碰撞时间极短，求：

(1)碰前ab棒匀速运动的速度V的大小；

(2)cd棒沿弯曲轨道上升的最大高度九；

(3)碰后ab棒运动的时间久

答案和解析

I.【答案】c

【解析】解：AB,穿过线圈的磁通量最大时，线圈所在的平面为中性面，图示位置穿过线圈的磁

通量为零，线圈每经过中性面时，线圈中感应电流方向发生改变，故AB错误；

C、在图示位置，4B和C。边垂直切割磁感线，两边产生的感应电动势串联，此时回路中感应电动

势最大，由法拉第电磁感应定律可知穿过线圈的磁通量的变化率最大，故C正确；

。、线圈匀速转动过程产生正弦交流电，电流表测的是有效值，所以电流表的示数不变，故。错

误。

故选:Co

AB,根据中性面的定义判断是否是中性面，线圈每经过中性面，感应电流方向发生改变；

C、图中位置4B和CD边垂直切割磁感线，产生的感应电动势最大，由法拉第电磁感应定律可知结

论；

。、电流表为理想交流电表，测的是有效值。

本题考查了交流电的产生和原理，解题的关键是熟记中性面的概念，注意正弦式交流电磁通量和

感应电动势的变化相反，磁通量最小时，感应电动势最大，磁通量最大时，感应电动势最小。

2.【答案】B

【解析】解：4、u-t图像的交点表示速度相等，由图像可知，球员和足球在玲时刻的速度相等，

v-t图像切线的斜率表示加速度，由图像可知，球员和足球在to时刻的加速度不相等，故A错误；

B、0〜t］时间内，球员和足球的初位置和末位置均相同，则位移相同，平均速度是位移与时间的

比值，则球员和足球的平均速度相等，故8正确；

c、由图像可知，足球做匀减速直线运动，则o〜t1时间内足球的平均速度5=第

足球的平均速度与球员的平均速度相同，大小为黑，，故c错误；

。、u-t图像切线的斜率表示加速度，由图像可知足球的加速度始终为负值，运动员的加速度始

终为正值，则在该运动过程中一定不存在球员和足球加速度相同的时刻，故。错误。

故选：B。

v-t图像的交点表示速度相等；v-t图像切线的斜率表示加速度；平均速度是位移与时间的比值;

匀变速直线运动中平均速度等于初、末速度的平均值。

本题考查t图像，解题关键是知道u-t图像中交点、斜率的含义，知道平均速度的求解方法。

3.【答案】A

【解析】解：AB,电荷在细圆环上均匀分布，设很小的一段小圆弧对应的圆心角为。，则小圆弧

上所带电荷量为

0

q-Q

小圆弧在。点产生的电场强度大小为

kdQ

2nR2

方向由圆弧指向。点，该小圆弧与它关于。点对称的小圆弧的电场强度矢量和为0,根据对称性，

可知0点的电场强度方向从C指向0,故A正确，B错误;

CD、现取走圆弧AB,余下圆弧上剩余的电荷分布不变，。点的电场强度大小与弧A8产生的场强

大小相等、方向相反，若带电量为号的点电荷在。产生的场强为线，圆弧4B在。产生的场强视为

无数小圆弧产生的电场强度，小圆弧产生的电场强度方向大多与C。有一定的夹角，根据矢量合成

的知识可知，。点的电场强度小于鸟，故CQ错误。

3R

故选：Ao

根据电场强度E=k乌结合矢量叠加规律求出合场强即可。

本题主要考查了电场强度的叠加，解题关键是掌握点电荷电场强度公式以及平行四边形求矢量和。

4.【答案】A

【解析】解：AD.明火中的紫外线照射到光电管的阴极K时才启动报警，说明明火中的紫外线的频

hv

率为丫2大于光电管内部金属的极限频率V。，产生光电子的最大初动能为Ek=hv2-V^o=2~

hv0,故A正确，力错误；

8.根据题意可知，光电管对太阳光中的紫外线完全没有反应，即太阳光中的紫外线照射光电管不

会发生光电效应，说明太阳光中的紫外线频率％小于光电管内部金属的极限频率为,故8错误；

C.发生光电效应的条件与光频率有关，与光照时间无关，故C错误。

故选:力。

发生光电效应的条件是照射光的频率应大于等于金属的极限频率；根据光电效应方程解得最大初

动能。

本题是对爱因斯坦光电效应方程的常规考查，只需要学生了解光电效应产生的条件及光电效应方

程，就可以正确选择。

5.【答案】D

【解析】解：4、设球1从4点运动到。点的时间为3球1在竖直方向上做自由落体运动，则八=^9/，

vyi-J2gh

根据运动的对称性可知球2从A点运动到。点的时间为33故4错误；

B、球1和球2在水平方向上都做匀速直线运动，旦球1和球2的水平位移相等，根据x=可知

以1=3%2，故3错误；

CD.球1落在。点时速度方向与竖直方向的夹角的正切值ta〃a=g

“yl

球2落在。点时速度方向与竖直方向的夹角的正切值ta”？=署

vy2

而%1=vy2

则tana=3tanp,结合数学知识可知球1落在D点时速度方向与竖直方向的夹角不是球2落在。点

时速度方向与竖直方向的夹角的3倍

故。正确，C错误。

故选：D。

平抛运动的时间由竖直高度决定，斜抛运动可以看成两个对称性平抛运动组成，从而确定运动时

间关系，根据水平方向的运动规律可知水平位移的关系，根据速度的分解分析CD。

本题要分析两小球运动轨迹的特点，找出对称关系、几何关系以及等时关系式，列出式子是求解

的关键。

6.【答案】C

【解析】解：2、波沿》轴正方向传播，根据上下坡法可知t=0时刻，质点P沿着y轴负方向振动，

故A错误；

B、由图可知t=0时刻，质点Q沿着y轴正方向振动，t=2s时质点Q恰好处于波谷位置，且周期

T>2s,可知12s='T,则7=4s

43

113

则频率f=亍=&=@Hz,故B错误；

3s

。、由波形图可知波长2=8m,则波速“=〃=8mx|/fz=3m/s,故。正确；

O

D、质点P在t=0时刻沿着y轴负方向振动且位于波峰的下方，若质点P在t=0时刻y=10cmx

^=5<2cm.则P点经过:到达平衡位置，经过得再次回到平衡位置向上振动，再经过:质点P第

一次回到原来位置，此过程经历的时间仇=1+9+5=营=2s。质点P通过的路程s=5/2mx

0404

2+10cm+10cm>0.3m,故£）错误。

故选：Co

A、根据上下坡法可知t=0时刻质点P的振动方向；

B、周期T>2s,可知质点Q在2s内振动时间小于一个周期，根据质点Q的振动方向和t=2s时质

点Q恰好处于波谷位置，可知2s与周期的关系，则可得周期的大小，由/=：可得频率大小；

C、由波形图可知波长大小，由u=4/可得波速大小；

假设P质点t=0s时刻竖直方向的位移大小，根据质点P在2s内即,7内经过的路程可判断正误。

本题考查了简谐波的波动图像，解题的关键是注意题干中已知条件，周期T>2s,熟练掌握上下

坡法判断质点的振动方向。

7.【答案】B

【解析】解：根据万有引力提供向心力得：黑=瓶哈

(kR)KK

地表附近万有引力等于重力得：史里=m'g

得线速度大小u=

故AC。错误，B正确；

故选：B。

根据万有引力提供向心力，结合地表附近万有引力等于重力，解得线速度。

本题解题关键是掌握天体运动规律万有引力提供向心力，是一道简单题。

8.【答案】D

【解析】解：CD.为了使拉力尸最小，设拉力尸与斜面的夹角为a,对滑块受力分析，根据平衡条件

有

mgsin30°+Fcosa=林(mgcos30°—Fsina)

变形可得

fiFsina+Fcosa=/imgcos30°-mgsin30°

应用辅助角公式有

71+n2Fsin(a+0)=-^mg

1

tanB=—

林

当a+。=90。时，拉力产最小

______1

V1+4=而小。

所以拉力产的最小值小于47ng

故。正确，。错误；

4B.由tern/?=〃=空可知

5<3

“侬=吏>丁

所以

p>30°

故AB错误。

故选：Do

对滑块受力分析结合共点力平衡条件解得F的表达式，根据数学方法分析最小值及F的方向。

本题考查共点力平衡条件的运用，解题关键掌握数学方法的应用。

9.【答案】BC

【解析】解：4、a射线、/?射线和y射线中，a射线的电离作用最强，故A错误；

8、根据质量数和电荷数守恒可知，衰变方程为

3

ltAm一朗9Np+jHe奢Np-贫9Pu+o_ie

则锢243的原子核比钎239的原子核多1个质子，故B正确；

C、该衰变过程放出能量，故生成物钵239的比结合能大于反应物锋239的比结合能，故C正确；

。、半衰期是原子核有半数发生衰变所需的时间，是大量原子核的统计规律，100个原子不能反映

统计规律，故。错误。

故选:BC。

a射线的电离作用最强，穿透能力最弱；根据质量数守恒与电荷数守恒判断：比结合能越大，原

子核越稳定；半衰期是放射性元素的原子核有半数发生衰变所需的时间。

本题考查了原子核的衰变，要明确衰变的前后比结合能的变化，难度不大。

10.【答案】BD

【解析】解：4、紫外线进入“增反膜”后频率不变，故A错误；

8、紫外线进入“增反膜”后的速度〃=；,结合波长，波速和频率的关系可知，紫外线进入“增

反膜”后的波长4=尸多故5正确;

C、为使从“增反膜”前后两个表面反射的光叠加后加强，两束反射光的光程差应等于紫外线在

“增反膜”中波长的整数倍，故C错误；

。、两束反射光的光程差又等于“增反膜”厚度的两倍，同时为了节省材料，故“增反膜”的厚

度最好为紫外线在“增反膜”中波长的5故。正确；

故选：BD。

紫外线进入“增反膜”后频率不变，根据波长、波速、频率的关系解得B项；根据增反膜的特点

分析解答。

本题对光的干涉进行了全面考查，一定要深刻理解光的干涉原理，理解增反膜与增透膜的区别。

11.【答案】C。

【解析】解：8、小球运动到P点时的动能最大，即重力和电场力的合力沿着0P方向，对小球受

力分析有

解得

E二鬻,故B错误；

A、假设小球能够沿圆环运动到C点，根据动能定理有

qER—mgR=Ek-0

分析上式可知好＜0,显然这是不可能的，即假设错误，故A错误；

C、P、8两点间沿电场方向的距离为/?一的勿37。=/?-0.6/?=(/?,P、B两点间的电势差

峪=//=曙，故C正确；

。、小球从4点运动到B点，根据动能定理有

1

qE•2R=诏7

此时小球的向心加速度大小

Q向=1=3/故。正确。

故选：CD。

假设小球能够沿圆环运动到C点，根据动能定理判断；对小球受力分析，根据矢量三角形求解;

利用电势差与电场强度的关系式求解；小球从A点运动到B点，根据动能定理求解。

本题考查了小带电球在电场中的运动，一定不要忽略小球的重力。

12.【答案】AD

【解析】解：4、根据左手定则可知，粒子a带正电，故4正确；

BC、设圆形磁场的半径为R,粒子b在磁场中速度方向变化的角度为180。，则粒子a在磁场中速度

方向变化的角度为60。，两个粒子在磁场中的运动轨迹如图所示:

RR273

根据几何关系可知粒子a在磁场中做圆周运动的轨道半径%=—=三=kA

~T

则P、。间的距离为PO=?R,P、N间的距离为PN=R

P、。间的距离为P、N间距离的W口倍

11733-0

ra=PN=x（R一-—«）=（---）/?

ZZDO

粒子a与粒子b在磁场中做圆周运动的轨道半径之比为（2「+2）：1

故BC错误;

。、带电粒子在磁场中做圆周运动，根据牛顿第二定律有quB结合选项C的分析可知,

粒子b的比荷为粒子a的（2「+2）倍，故。正确。

故选：ADo

画出a、b粒子对应的运动轨迹图；由所受洛伦兹力的方向结合左手定则判断粒子带电正负；找到

两粒子圆心角大小关系结合几何条件求得半径比值，应用牛顿第二定律，洛伦兹力提供向心力，

求得比荷之比。

本题考查了带电粒子在磁场中运动的问题，画运动轨迹图是解决此类问题的基本功，掌握垂直速

度方向画圆心所在的直线，依据其它条件（如出射点的位置，轨迹与边界相切等）确定圆心位置，

即可确定轨迹半径与圆心角；知道速度大小与轨迹半径相关联，运动时间与轨迹圆心角相关联。

13.【答案】158.3841.7B

【解析】解：(1)当表头半偏时，根据并联电路分流特点可知，电阻箱支路和表头支路的电流相等，

此时它们的阻值也相等，则Rg=158.312.

(2)根据欧姆定律可知Rg+R=日

解得R=841.7。

(3)该实验中开关闭合后，电阻箱和表头并联，电路总电阻减小，总电流增大，电阻箱分得的电

流大于表头满偏电流的一半，使测得的表头的内阻偏小，根据欧姆定律可知，提高电源电动势可

以减小并联后总电阻的变化对电路造成的影响，故B正确，ACD错误。

故选：Bo

故答案为：(1)158.3；(2)841.7；(3)8

(1)所用的方法为等效代替.用电阻箱代替G表头，在电流相同的情况下电阻箱阻值与G表头的阻

值相等；

(2)电流计改装成电流表要并联电阻分流，据此求解；

(3)根据实验原理分析误差及改进措施。

本题考查半偏法测内阻实验，解题关键掌握实验原理，明确电流表的改装原理为并联电阻分流，

会求并联的阻值，会分析等效替代的电阻.

14.【答案】2.30d2(勺却经膂

bbe

【解析】解：(3)20分度的游标卡尺的精确值为0.05相几挡光片的宽度d=2mm4-6x0.05mm=

230mm

滑块通过光电门1的速度的％=，，滑块通过光电门2的速度的根据诏一说=2或

解得滑块和钩码运动的加速度a=胆挚

(5)对滑块(含挡光片)和钩码组成的系统分析.根据牛顿第二定律有=(nm0+M)a

l1,M1

则ni一l=-d------------

aggmQn

结合图丙可知b.检=F

则当地的重力加速度大小为g=%滑块(含挡光片)的质量M=丝烂

故答案为：(3)2.30；吸浮；⑸上g?mo

2L片妗、,bbe

(3)根据游标卡尺的精度读数，根据匀变速直线运动规律解得加速度；

(4)根据牛顿第二定律求解加速度与拉力的关系，结合函数图像斜率与纵截距的含义求重力加速度

和质量。

本题考查了用纸带求瞬时速度和加速度；关键是要理解实验原理，然后根据牛顿第二定律求解a-

F函数表达式。

15.【答案】解：(1)打开阀门K后，气柱4中气体的压强以2=75cmHg,气柱4的长度心和=20cm

根据玻意耳定律有=pA2LA2S

解得PAI=lOOcmHg

(2)打开阀门K前,气柱B中气体的压强PBI=pAi+pH=(100+10)cmHg=llOcmHg

打开阀门KB,若气柱B中气体未逸出，设其对应的气柱长度为x,根据玻意耳定律有

PBI^BIS=P()xS

则从气柱B中逸出气体的质量与未逸出气体前气体质量的比值驷=七皿

mx

解得如=A

m11

答：(1)打开阀门K前，气柱A中气体的压强为lOOcmHg；

(2)打开阀门K后，