2023年黑龙江省绥化市明水县中考物理模拟试卷（附答案详解）

2023年黑龙江省绥化市明水县中考物理模拟试卷

1.下列物理量的估测中，最接近实际的是（）

A.人体感觉舒适的环境温度约为37冤B.一节新干电池的电压约为36V

C.体育考试中所用实心球质量约为10kgD.教室里课桌的高度大约80cm

2.下列关于光现象的说法正确的是（）

A.当人远离平面镜时，镜中人会变得越来越小

B.岸边景物在湖水中形成倒影，是由光的折射形成的

C.能从不同方向看见不发光的物体，是由于光在其表面发生了漫反射，漫反射不遵循光的反

射定律

D.影子的形成和小孔成像都是由于光的直线传播形成的

3.冬泳逐渐成为人们喜爱的锻炼方式，关于冬泳的情景下列描述正确的是（）

A.冬泳运动员口中呼出的“白气”是液体汽化形成的

B.出水后有风吹过感觉更冷是由于体表水分蒸发加快吸热

C.水易流动且没有固定形状说明水分子间没有作用力

D.上岸后通过“烤火”取暖主要是做功改变了人体的内能

4.如图所示，下列说法正确的是（）

A.甲图验电器是利用异种电荷相互吸引的原理制成的

B.乙图为了安全用电，甲位置装电灯，乙位置装开关

C.丙图表示是通电导体在磁场中受力，是电动机的工作原理

D.丁图奥斯特实验证明了电流周围存在磁场，是电磁铁的工作原理

5.下列说法中，正确的是（）

A.推出后的铅球在空中飞行过程中，运动员对铅球做了功，且机械能不断增大

B.踢出去的足球在地面上越滚越慢，说明物体的运动需要力来维持

C.短跑运动员到达终点后不会马上停下来，是由于运动员具有惯性

D.站在领奖台上的运动员，受到的支持力和运动员对领奖台的压力是一对平衡力

6.校区设有自动售饮料机，方便师生员工购买。它可通过手机扫码（闭合SJ或通过投币（

闭合S2）,启动电动机完成自动售货；在光线较暗时光控开关S3自动闭合，接通灯泡照明。以

下电路设计符合要求的是（）

7.明明同学在体育课上练习抛实心球，他用200N的力把实心球抛出7.5小。抛出的小球在空

中运动的轨迹如图所示，b点为最高点，a、c两点在同一高度，则下列说法正确的是（）

A.根据勿=Fs计算出明明对实心球做了1500/的功

B.实心球在a、c两点的重力势能相等，但是两点的动能不相等

C.实心球在b点重力势能最大，动能最小为零

D.实心球从b点运动到d点过程重力势能全部转化为动能

8.下列说法中正确的是（）

A.汽车减速慢行，可以减小惯性

B.足球运动员踢出的“香蕉球”利用了流体中流速大的地方压强小的原理

C.热值越大的燃料，燃烧时放出的热量一定越多

D.家庭电路中空气开关“跳阐”，一定是电路中出现了短路故障

9.水平桌面上有一个盛有水的容器，木块用细线系住没入

水中，如图甲。将细线剪断，木块最终漂浮在水面上，且有

*的体积露出水面，如图乙。下列判断正确的是（）

A.甲、乙两图中，木块受到水的浮力之比是4：1

B.木块的密度为0.75x103kg/m3

C.甲图中容器对水平桌面的压力小于乙图中容器对水平桌面的压力

D.甲、乙两图中木块所受浮力的变化量等于甲图中细线对木块的拉力大小

10.如图所示，电源电压为5V,灯泡标有“3V1.5W”字样

（不计温度对灯丝电阻的影响），滑动变阻器R的规格为

“20014"，定值电阻&=20。电压表量程“0〜3广'，

电流表量程为“07）,64”。在电路安全的情况下，下列判断

不正确的是（）

A.只闭合开关S、Si时，向左移动滑动变阻器的滑片，灯泡的亮度变亮

B.只闭合开关S、Si时，滑动变阻器R允许接入电路的阻值范围是4。〜20。

C.只闭合开关S、S2时，向右移动滑片的过程中，电压表示数变化量与电流表示数变化量的

比值变小

D.只闭合开关S、52时，整个电路消耗电功率的范围是0.6250〜3W

11.高速行驶的火车进站前提前关闭动力，由于火车仍能前进一段路程，最终到达

停车位置，其运动状态改变的原因是由于

12.目前，在很多高速路上都有“区间测速”装置，用于监测汽车通过某

段路程的平均速度。如果汽车的平均速度超过了该路段的最高限速，就被

判为超速。如图所示为某段高速路上的区间测速标志。该区间的路程为

60km,最高限速是km/h,现在有一辆汽车通过该测速区间的起点

和终点时的速度分别为95km次和90卜山"，通过该区间的时间为30min,

则这辆汽车通过该区间被判为（选填“超速”或“未超速”）。

13.音乐会现场，人们能够分辨不同乐器的声音，这是由于声音的（选填“音色"''响

度”或“音调”）不同；观众在听音乐时都要把手机关机或把铃声调成振动，目的是在______

处减弱噪声。

14.汽车在行驶时，发动机的温度会升得很高。为了确保安全，可用循环水进行冷却，是因

为水的较大，相同情况下吸收的热量更多。如果散热器中装有10kg初温是20。（2的水,

在温度升高到90。（2的过程中，水吸收的热量是[c^=4,2x103//（^•℃）]

15.小雪用三个质量相同的滑轮组成如图所示的滑轮组，将重为120N的物体匀

速提高了4m,所用拉力为50N,不计绳重及摩擦，则滑轮组的机械效率为,

如果小雪的体重为600N,拉动过程中绳始终未断裂，她用此滑轮组能提升的最大

物重为N。

16.为核潜艇提供能量的装置是核反应堆，在核反应堆中发生的是（选填“核裂变”

或“核聚变”）.这种能源属于（选填“可再生”或“不可再生”）能源。

17.把一小物块轻放入装满水的烧杯中静止后溢出180g的水，将其轻放入装满酒精的烧杯

中静止后溢出160g的酒精，该物块的密度为kg/m3；该物块在水中静止时的状态是

（填“漂浮”、“悬浮”、“沉底"）S酒精=。-8x田的//）。

18.在安全工作条件下，将“2.5V0.34”小灯泡人和“3.0V0.34”小灯泡J串联在电路中工

作，通过两灯的电流之比为；若将G和G并联在另一电源下工作，则k和G能消耗的

总功率最大值为勿.（设灯丝电阻不变）

19.在如图中画出阻力臂并在4点画出使杠杆静止在图示位置的

最小动力

20.如图所示的家庭电路，将开关、两盏灯和插座连入电v一火

一零

路中，要求开关同时控制两盏电灯，插座单独使用。

』地

21.小明同学用图甲所示的实验装置探究“冰熔化时温度的变化规律”。

①设计实验时，小明选择用加热烧杯内水的方法给试管中的物质加热，这样做不仅能让试管

中的碎冰受热均匀，而且冰的温度升高较（填“快”或“慢”），便于记录各时刻的温

度和观察各时刻碎冰的状态。

②实验过程中发现，熔化过程中冰的温度始终不变，可以判断该物质是（填“晶体”

或“非晶体”）.

③比较Q与％时刻的内能，时刻试管内物质的内能较小。

22.小雯将水充入一个透明塑料模具，制成“水凸透镜”，如图，并用此装置探究凸透镜成

像规律。

①将蜡烛置于光具座上，并让烛焰中心、透镜光心和光屏中心处于,蜡烛如图甲所示

位置放置时，光屏上恰好呈现清晰的像，此时光屏上呈现的是（填“放大”或“缩

小”）的实像，这与生活中（填“放大镜”、“照相机”或“投影仪”）原理相同。

②保持图甲中蜡烛、凸透镜、光屏位置不变，缓慢向透镜中注水，如图乙所示，凸透镜厚度

增加焦距变小，光屏上的像逐渐模糊，为使像变清晰，应在蜡烛和凸透镜之间放一个焦距合

适的（填“凹透镜”或“凸透镜”）。

23.如图是我们“探究物体动能大小与哪些因素有关”的实验装置。

（1）该实验是通过用控制变量的研究方法，研究（选填“小车”或“木块”）的动能大

小和哪些因素有关的；通过观察来判断动能的大小。

（2）本实验用同一辆小车是为了控制相同，探究动能大小与关系的，根据你所

学的知识得出的结论结论是

（3）假如图中的水平面绝对光滑，则用图中的装置能否进行探究动能大小的实验？,

你判断的理由是：。

念、就/木块

24.小华同学用天平和量杯测矿石的密度。

100g50g2o

||||)||||||||||||||||||||-

0j2345g

B

A.加水到标志B.取出矿石C.将量筒中水倒

（矿石浸没水中）（准备补充水）入杯中至标记

（1）首先她将天平放在______工作台上。将游码对准零刻度线，发现指针停在分度盘如图甲

位置，这时她应将平衡螺母向（选填“左”或“右”）调；若此时她未调节平衡时就去

测量，测得物体的质量比实际值（“大”、“小”、“相等”）天平调节平衡后，小明

按图乙所示的方法来称物体的质量，小华立即对小明说：“你操作时犯了一个错误”。小华

所说的错误是：

(2)改正错误后，用调好的天平测出矿石的质量，天平平衡时右盘中祛码质量和游码示数如图,

则矿石质量是g。

(3)因矿石体积较大，放不进量筒，因此他利用一只烧杯，接图所示方法进行测量，那么矿石

的体积是cm3；从而计算出矿石的密度是kg/m\

(4)小华用此方法测出的矿石的密度比实际值(选填“偏大”或“偏小”)。

25.小明同学在“测量小灯泡电功率”的实验中，如图所示，用到以下器材：额定电压为2.5V

的待测小灯泡L、滑动变阻器治“5000.54”、&、见“800。1.54”各一个、

电流表(07).64、0〜34)、电压表(0〜3V、0〜15U)、学生电源(电压恒为6V)、开关、导线

若干。

(1)用笔画线代替导线将图甲的实物电路补充完整(要求滑片右移灯泡变暗，且导线不交叉)。

(2)连接好电路，正确操作，移动滑动变阻器的滑片P,小明发现小灯泡始终不亮，电压表、

电流表示数均为0,经检查电表完好，则故障可能是o

4小灯泡断路

B.小灯泡短路

C.滑动变阻器断路

D滑动变阻器短路

(3)故障排除后，小明移动滑片P,当电压表的示数为2V时，滑动变阻器应向(填“左”

或“右”)移动，使电压表的示数达到额定电压，此时电流表示数如图乙所示，则小灯泡的额

定功率为

(4)小明根据实验中获得的6组数据绘制的小灯泡的U”图像如图丙所示，则本实验中小

明对滑动变阻器的最佳选择是(填或"3")。由图像可知小灯泡的电

阻随温度的升高而(填“增大”、“不变”或“减少”)。

(5)若实验时调节灯泡L正常发光后，小明再用标有"2V?A"的小灯泡刀替换3再次调节滑

动变阻器让人正常发光，若前后两次L与4的功率差△「乙与滑动变阻器的功率差流相等，则

加的额定功率为W.

26.如图甲是小明家购买的某型号电热加湿器，乙是其内部的原理图，表格为其部分技术参

数。%、/?2为发热电阻，不考虑温度对电阻的影响，S为旋转型开关，1、2、3、4为触点，

通过旋转开关S可实现“关”、“低挡”和“高挡”之间的切换(低挡为小功率加热，高挡为

大功率加热)，&在“低挡”状态与“高挡”状态正常工作时的功率之比是1：16,求：

丙

额定电压”220

高温挡额定功率/必400

低温挡额定功率/加

(1)8的电阻；

(2)加湿器处于低挡加热状态下的额定功率是多少W?

(3)小明关闭家中其他电器，单独让加湿器接在丙图中的电能表上，加湿器在高挡加热状态下

正常工作57n讥，电能表转盘转了25转，则电能表上模糊不清的

这个参数应该是多少r/kW-h?

27.底面积为150cm2、重3N、盛水4on深且足够高的薄壁柱

形容器置于水平桌面上，如图所示，将底面积为50cm2、质量

为450g、密度为0.9g/cm3的不吸水圆柱体用轻质细线挂在测力

计下，由图示位置缓慢向下浸入水中，直至测力计示数为。后,

只取走测力计，再打开阀门K向外放水。求：(取g=ION/kg,

水的密度P次=10x1。3卜9/m3)

(1)圆柱体的体积；

(2)圆柱体下降过程中，当其浸入水中的深度为2cm时，测力计的示数;

(3)当放水至容器对桌面的压强为800Pa时，水对容器底的压强。

答案和解析

1.【答案】D

【解析】解:

A、人体感觉舒适的环境温度约为23。(2,故A不符合实际；

B、一节新干电池的电压约为1.5V,故8不符合实际；

C、体育考试中所用实心球质量约为3kg,故C不符合实际；

。、教室里课桌的高度大约80cm,故。符合实际。

故选：Do

估算题解题方法：依据生活或物理学习经验直接判断；利用相关公式计算后判断；直接换算单位

后判断。

本题考查学生对生活中相关物理量的了解情况，属于基础题。

2.【答案】D

【解析】解：

A、平面镜成正立、等大的虚像，当人远离平面镜时，人的大小不变，则镜中人大小不变，故A

错误；

8、岸边景物在湖水中形成倒影，倒影属于平面镜成像，是由光的反射形成的，故8错误；

C、能从不同方向看见不发光的物体，是因为光在其表面发生了漫反射，漫反射也遵循光的反射

定律，故C错误；

。、小孔成像、影子都是由于光沿直线传播形成的，故。正确。

故选：0。

(1)平面镜成正立、等大的虚像；

(2)倒影属于平面镜成像；

(3)漫反射的光线射向不同方向，而镜面反射的光线比较集中；

(4)光在同种均匀物质中沿直线传播，在日常生活中，日食、激光准直、小孔成像和影子的形成等

都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的。

本题通过几个日常生活中的现象考查了对光的直线传播、光的反射的理解，在学习过程中要善于

利用所学知识解释有关现象，达到学以致用的目的。

3.【答案】B

【解析】解：4、冬季湖面上方出现少量“白气”是湖水蒸发成的水蒸气上升时温度降低变成小

水珠，形成白气。这是物质从气态变成液态，是液化现象，故A错误；

以在有风时出水后感觉特别冷，是因为人体表面空气流速度大，体表水蒸发成水蒸气加快，蒸发

吸收热量，所以人感到特别冷，故8正确；

C、水容易流动，是因为分子间的引力较小，但水分子间同时存在着相互作用的引力和斥力，故C

错误；

上岸后通过“烤火”取暖，这是通过热传递的方式改变人体的内能，故。错误。

故选：B。

(1)物质从气态变成液态是液化现象；

(2)影响蒸发快慢的因素：液体的温度、液体的表面积和液体表面上空气流动速度，从蒸发快慢的

影响因素进行分析；

(3)分子之间存在相互作用的引力和斥力；

(4)改变内能的方式：做功和热传递。

本题考查了液化和汽化、蒸发快慢的影响因素、分子间作用力、改变内能的方式等，是比较基础

的习题。

4.【答案】C

【解析】解：44图验电器是利用同种电荷相互排斥的原理制成的，故A错误；

区为了安全，开关应接在火线上，甲处安装开关，乙处安装电灯，故B错误；

CC图有电源，研究的是通电导体在磁场中受到力的作用，是电动机的原理，故C正确；

DD图没有电源，研究的是电磁感应现象，是发电机的原理，故。错误。

故选：Co

(1)验电器是利用同种电荷相互排斥的原理制成：

(2)家庭电路中，为了安全，开关应接在火线上；

(3)电动机的原理：通电导体在磁场中受到力的作用；导体受力方向与电流方向和磁场方向有关。

(4)闭合电路的一部分导体在磁场中进行切割磁感线运动时，导体中有感应电流产生，这种现象是

电磁感应现象，在此过程中将机械能转化为电能，根据这个原理制成了发电机。

此题主要考查的是图象信息的识别能力和处理能力。

5.【答案】C

【解析】解：4推出后的铅球在离开手后不再受手的推力作用，故其空中飞行过程中，运动员没

有对铅球做功，

因为有空气阻力，铅球在飞行过程中会有一部分机械能转化为内能，机械能减小，故A错误；

及踢出去的足球在地面上越滚越慢，这是由于受到摩擦力的缘故，说明力是改变物体运动状态的

原因，故8错误；

C短跑运动员原来处于运动状态，当其到达终点后，由于惯性，会仍然保持原来的运动状态向前

运动一段距离，故C正确；

。.站在领奖台上的运动员，受到的支持力和运动员对领奖台的压力，作用在两个物体上，不符合

二力平衡的条件，不是一对平衡力，故。错误。

故选：Co

(1)判断是否对物体做功的条件有两个，即其一是作用在物体上是否有力，其二是沿力的方向是否

有一段距离；

铅球飞行过程中，会有一部分机械能转化为内能；

(2)力是改变物体运动状态的原因，但力不是维持物体运动状态的原因；

(3)物体保持原来运动状态不变的性质称为惯性，惯性是一切物体都具有的一种固有性质。

(4)二力平衡的条件是：同体、共线、等值、方向，故用上面四个条件进行判断即可。

该题考查了做功的条件、力的作用效果、惯性的理解和二力平衡的判断等知识点，是一道综合题，

难度不大，同学们应细心处理。

6.【答案】D

【解析】解：由题意可知，通过手机扫码使开关SI闭合或通过投币使开关S2闭合都能启动电动机

完成自动售货，

由并联电路中各支路独立工作、互不影响可知，开关S1和开关52应并联共同控制电动机；

由题知，在光线较暗时光控开关S3自动闭合，接通灯泡照明，则灯泡与电动机并联能独立工作，

且只由光控开关S3控制，

综上结合选项图可知，只有。图符合题意。

故选：Do

根据题意可知，通过手机扫码和投币都可以启动电动机完成自动售货，说明开关S1和开关52可以

独立工作、互不影响即为并联，

再由照明灯泡与电动机工作时互不影响可知电动机与照明灯并联，且照明灯泡只由光控开关控制，

据此分析进行解答。

本题考查了串、并联电路的设计，知道串联电路中各元件间相互影响，并联电路中各支路间互不

影响。

7.【答案】B

【解析】解：力、实心球在运动的过程中，明明没有对球施加力，所以不做功，故A错误；

B、实心球在a、c两点的重力势能相等，由于实心球在运动过程中克服空气阻力做功，一部分机

械能转化为内能，所以a点的机械能大于c点的机械能，a点的动能大于c点的动能，故B正确；

C、实心球在最高点b点时有水平方向上的速度，动能不为0,此时的高度最大，重力势能最大，

故C错误；

。、实心球从b点运动到d点过程中，克服空气阻力做功，一部分重力势能转化为内能，所以重力

势能没有全部转化为动能，故。错误。

故选：B。

(1)做功包括两个必要因素，一是作用在物体上的力，二是物体在力的方向上通过的距离；

(2)动能的影响因素是质量和速度，重力势能的影响因素是质量和高度。

本题的综合性较强，包括做功的两个必要因素、动能与重力势能的转化等，要求我们对相关知识

有一个熟练的掌握。

8.【答案】B

【解析】解：

A、汽车减速慢行，其质量不变，惯性大小不变，故A错误；

从根据流体压强和流速的关系可知，足球在空中向前做弧线运动，是因为流体流速大的地方压强

小，故B正确；

C、由Q^=mq可知，燃料完全燃烧时放出的热量与燃料的热值和质量有关，故热值越大的燃料，

在质量不同情况下，燃料完全燃烧时放出的热量无法比较，故C错误；

。、家庭电路电流过大的原因有两个，即短路和总功率过大，即家庭电路中，空气开关“跳闸”，

可能是发生了短路，也可能是总功率过大造成的，故。错误。

故选：B。

(1)惯性的大小只与质量有关；

(2)流体流速越大的地方压强越小；

(3)由。成=mq可知，燃料完全燃烧时放出的热量与燃料的热值和质量有关；

(4)家庭电路中，空气开关“跳闸”，可能是发生了短路，也可能是总功率过大。

本题考查了惯性、流体压强与流速的关系、燃料完全燃烧放出热量的影响因素、家庭电路电流过

大的原因，属于综合题。

9.【答案】BD

【解析】解：4、设木块的体积为V,则甲中排开水的体积匕乙中排开水的体积U,=(1-

3

XV=3

则甲、乙两图中木块受到水的浮力之比为尸浮尹F浮乙4-4:

故4错误；

B、由乙图知，木块漂浮在水面上，则木块的重力G=F浮乙=p水gV排=次gV，

即：p木gU=，p水gV；

所以，。木=不0次=ax1.0xl()3kg/7n3=o.75xi03kg/7n3,故8正确；

C、将细线剪断，木块最终漂浮在水面上，容器和容器内水、木块的总重力不变，对桌面的压力

仍等于总重力，故甲图中容器对水平桌面的压力等于乙图中容器对水平桌面的压力，故C错误;

D、甲、乙两图中木块所受浮力的变化量：AF浮=p感想排=p水9&甲一V力=p水§&一，)=

1〃

”水gv；

3

G=F=PX-V

浮

因木块漂浮时受到的浮力和自身的重力相等，所以木块的重力:乙4

O1

图甲中绳子的拉力：F拉=/浮用_G=P水gV—P水gX]V=水gV，

则AF^=F拉，即甲、乙两图中木块所受浮力的变化量等于甲图中细线对木块的拉力大小，故。

正确。

故选：BD。

(1)根据题意得出甲中和乙中木块排开水的体积，根据阿基米德原理求出两种情况下受到的浮力关

系；

(2)根据漂浮条件和阿基米德原理即可求出木块密度；

(3)将细线剪断，木块最终漂浮在水面上，容器和容器内水、木块的重力不变，对桌面的压力等于

容器的总重力；

(4)根据产浮=。水。，郁求出甲、乙两图中木块所受浮力的变化量；甲中绳子的拉力等于受到的浮力

减去木块的重力，然后比较即可判断。

本题考查了固体压强公式、阿基米德原理、物体浮沉条件的应用等，要注意水平面上物体的压力

和自身的重力相等。

10.【答案】BCD

【解析】解：4、闭合开关S、Si，断开开关S2时，滑动变阻器R与灯泡L串联，电压表测R两端的

电压，电流表测电路中的电流；向左移动滑动变阻器的滑片，滑动变阻器接入电路的电阻变小，

电路的总电阻变小，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，电流表示数变大；通过灯泡的电流

变大，灯泡的亮度变亮，故A正确；

B、闭合开关S、Si，滑动变阻器R与灯泡L串联；灯泡正常发光时的电流：嘿=0.54

因串联电路中各处的电流相等，且电流表量程为0-0.64滑动变阻器允许通过的最大电流为14

所以电路中的最大电流/大=。-54,此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，此时电路的总电阻

RM==100.

后/+0.54»

灯泡正常发光时的电阻为：&=普=怒=60；

ILU.o/i

因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，变阻器接入电路中的最小阻值R〃、=R总一&=

10/2—6。=4/2；

当电压表的示数UR=3U时，根据串联电路的分压规律可知，变阻器接入电路中的电阻最大，

因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以此时灯泡两端电压=U-UR=5V-3V=2V,

,U'lUR2V3V

此时电路中的电流/〃,=酋=黄，即筋=鼠，解得R大=9。，所以，滑动变阻器的取值范围是

「大大

40〜9。，故3错误；

C、闭合开关S、S2,断开开关工时，滑动变阻器R与Ro串联，电压表测R两端的电压，电流表测电

路中的电流。设滑片移动过程中，电路中的电流分别为人、12,根据欧姆定律可知，电压表的示数

分别为：-/述所以电压表示数的变化量(

U1=U0,u2=U-I2R0,4U=(U-A&)-U-=

(/2—k)Ro=即电压表示数的变化量与电流表示数的变化量的比值年等于%,所以电压表

示数变化量与电流表示数变化量的比值不变，故C错误；

D、闭合开关S、52,断开开关Si时，滑动变阻器R与Ro串联，电压表测R两端的电压，电流表测电

路中的电流；滑动变阻器全部接入电路中时，电路的总电阻最大，根据欧姆定律可知，此时的总

电流最小，最小电流为：1'小=占=需与指=0.12571；电路的最小功率为：P小=UF小=5Vx

0.1254=0.625W；

滑动变阻器接入电路中电阻为0时，电路的总电阻最小，根据欧姆定律可知，此时的总电流最大，

最大电流为：/'才=必=抬=0.254；电路的最小功率为：「大="'大=5Vx0.254=1.25〃；

入AQZUJZ八八

所以整个电路消耗电功率的范围是0.625W〜1.25VV，故。错误。

故选：BCD.

(1)闭合开关S、Si，断开开关S2时:滑动变阻器R与灯泡L串联，电压表测R两端的电压，电流表

测电路中的电流；根据滑片的移动方向判定滑动变阻器接入电路中电阻的变化和总电阻的变化，

根据欧姆定律判定电路中电流的变化和灯泡亮度的变化：

(2)闭合开关S、S],先根据/=£求出灯泡的额定电流，根据R=彳求出灯泡正常发光时的电阻；

根据灯泡的额定电流和电流表的量程以及滑动变阻器允许通过的最大电流判定电路中的最大电流,

然后根据欧姆定律求出电路的最小总电阻，并根据电阻的串联求出变阻器接入电路的最小阻值；

当电压表示数为3V时，根据串联电路的分压规律可知变阻器接入电路的阻值最大，根据串联电路

电压特点和欧姆定律求出变阻器接入电路的最大阻值；

(3)闭合开关S、S2,断开开关Si时，滑动变阻器R与Ro串联，电压表测R两端的电压，电流表测电

路中的电流。设出滑片移动前后电路中的电流，根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电压

表的示数，然后得出电压表示数的变化量与电流表示数的变化量的比值的变化；

(4)闭合开关S、S2,断开开关工时，滑动变阻器R与岛串联，电压表测R两端的电压，电流表测电

路中的电流。根据滑动变阻器接入电路的最大电阻和最小电阻求出电路的最大总电阻和最小总电

阻，根据欧姆定律求出最小电流和最大电流，然后根据P=U/求出最大功率和最小功率。

本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是根据灯泡的额定电压和电流

表的量程确定电路中的最大电流、根据电压表量程确定变阻器接入电路阻值最大阻值。

11.【答案】惯性受到摩擦阻力

【解析】解：高速行驶的火车进站前提前关闭动力，由于惯性火车仍能保持原来的运动状态，前

进一段路程；最终列车到达停车位置，其运动状态改变的原因是由于受到摩擦阻力的作用。

故答案为：惯性；受到摩擦阻力。

一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性；力是改变物体运动状态的原因。

本题考查了对惯性的认识，对力改变物体运动状态的了解，属基础题。

12.【答案】100超速

【解析】解：(1)由图可知,该区间的最高限速是100km/九。

(2)轿车通过该区间所用的时间t=30min=

轿车通过该区间的平均速度17=誓=120km/；

因为汽车的平均速度大于最高限速，

所以，汽车超速。

故答案为：100；超速。

(1)根据交通标志牌的含义可知其最高限速；

(2)已知汽车通过该区间所用的路程和时间，根据。=］十算该区间的平均速度，然后再与限速比

较得出答案。

本题考查速度的计算，解答此题的关键是知道速度的计算公式并灵活运用。

13.【答案】音色声源处

【解析】解：音色反映了声音的品质和特色，不同发声体的材料、结构不同，发出声音的音色也

就不同，人们能够分辨不同乐器的声音，就是因为每种乐器发出声音的音色不同。

观众在听音乐时都要把手机关机或把铃声调成振动是在声源处减弱噪声。

故答案为：音色；声源处。

(1)声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低,

由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一

个特性。

(2)减弱噪声有三种途径：①在声源处减弱；②在传播过程中减弱；③在人耳处减弱。

本题考查声音的三要素、减弱噪声的途径,解决此类问题要结合声音的产生和传播进行分析解答。

14.【答案】比热容2.94x106

【解析】解：(1)因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度，水吸收

的热量多，所以汽车发动机用水来冷却；

(2)水吸收的热量：Q吸=c^m(t-t0)=4.2x-℃)x10kgx(90℃-20℃)=2.94x

106/«

故答案为:比热容；2.94x106。

(1)水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热

里多；

(2)知道水的质量、水的比热容、水温度的变化，利用吸热公式求水吸收的热量。

本题考查水的比热容大的应用、热量的计算，属于基础题目。

15.【答案】80%1770

【解析】解：小雪所做的有用功：W^=G/i=120/Vx4m=4807,

由图可知n=3,拉力做的总功为：&=Fs=Fnh=SONx3x4m=6007,

滑轮组的机械效率为：4=把=貌x100%=80%；

额外功为：3颁=皿总一勿有=600/-480/=1207,

不计绳重和摩擦，则额外功为克服动滑轮重力所做的功，

由皿莉=G/»可得，动滑轮的重力为：G"="=毁=30N；

切九4m

如果小雪的体重为600N,拉动过程中绳始终未断裂，则绳子的最大拉力为/质大=G{=600N,

不计绳重和摩擦，绳端的拉力F=g(G物+G动)，

则她用此滑轮组能提升的最大物重：G物最大=3F最大一G动=3x600N-30N=1770/V；

故答案为：80%；1770«

根据川=G/i求出有用功，由图可知n=3,利用公式W=Fs=?九九求得总功，根据公式〃=肃求

出机械效率，然后根据卬颔=卬息-小有求出额外功;

不计绳重和摩擦，则额外功为克服动滑轮重力所做的功，根据小颇=G,/求出动滑轮的重力；拉

动过程中绳始终未断裂，绳子的最大拉力等于人的重力，进一步根据滑轮组的省力公式求得最大

物重。

本题考查了使用滑轮组时有用功、总功和机械效率的计算，关键是知道：拉动过程中绳始终未断

裂，绳子的最大拉力等于人的重力。

16.【答案】核裂变不可再生

【解析】解：

核反应堆是利用原子核发生裂变释放能量来工作的，核能属于不可再生能源。

故答案为：核裂变；不可再生。

(1)核裂变和核聚变都能释放能量，对于核裂变是可控的，如核电站的核反应堆就是通过核裂变提

供能量的，对于核聚变过程不可控，如氢弹爆炸就是利用核聚变释放能量；

(2)从能源是否可再利用的角度可分为可再生能源和不可再生能源。化石能源、核能会越用越少，

不可能在短期内从自然界得到补充，所以它们属于不可再生能源。

核能分为裂变和聚变两种，裂变分为两种：可控链式反应和不可控链式反应，前者主要应用在核

反应堆中，后者应用在原子弹中；聚变主要应用在氢弹上。

17.【答案】0.9X103漂浮

【解析】解：由题知，同一物体分别放入装满酒精和水的溢水杯后，溢出水的质量大于溢出酒精

的质量，

由阿基米德原理可知，物体在水中的浮力大于在酒精中的浮力，则在水中无论漂浮、悬浮或下沉，

在酒精中一定下沉；

物体的体积：'=酒样=~^^=诵赤滔=200cm3；

物体完全浸没时排开水的质量：机=P次V=lg/cm3x200cm3=200g；

由题意知实际排开水的质量(180g)小于物体完全浸没时排开水的质量(200g),所以物体在水中并

未完全浸没，在水中漂浮；

根据漂浮条件和阿基米德原理可得F浮水=G=G排水,则物体的质量m=m排水=180g；

所以物体的密度：p=£=就=0.9^/cm3=0.9x103kg/m3o

故答案为：0.9x103；漂浮。

根据物体在酒精和水中受到的浮力大小，判断出物体在酒精中的状态，根据浮力公式得出物体的

体积,从而可根据物体在水中完全浸没时的浮力与物体所受浮力的关系得出浮沉情况,确定重力，

由密度公式求出物体的密度。

本题考查了学生对密度公式、重力公式、阿基米德原理、物体浮沉条件的掌握和运用，判断出物

体在两种液体的浮沉情况是解决问题的关键。

18.【答案】1：11.375

【解析】解：(1)将小灯泡刀和人串联在电路中工作时，

因串联电路中各处的电流相等，

所以，通过两灯的电流之比为1：1；

(2)将人和G并联在另一电源下工作时，

因并联电路中各支路两端的电压相等，且Ui=2.5V,U2=3.0K,

所以，电路两端的最大电压U=%=2.5U,此时小灯泡G正常发光，通过的电流=0.34,

由/=，可得，小灯泡G的电阻：

3华=告=1。。，

12U.u/i

则通过灯泡G电流：，2'=着=窑=0.254

因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，

所以，干路中的电流：

7=4+//=0.34+0.254=0.554,

则人和G能消耗的总功率最大值：

P=UI=2.5Vx0.554=1.375W。

故答案为：1：1；1.375。

(1)将小灯泡人和〃串联在电路中工作时，根据串联电路的电流特点可知通过两灯的电流之比；

(2)将人和人并联在另一电源下工作时它们两端的电压相等，电路的最大电压等于两灯泡额定电压

中较小的，根据欧姆定律求出不能正常发光灯泡的电阻和此时通过的电流，根据并联电路的电流

特点求出干路电流，利用P=U/求出刀和功能消耗的总功率最大值。

本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，要注意两灯泡并联时电路的最大

电压为两灯泡额定电压中较小的。

19.【答案】解：重物对杠杆的拉力即为阻力，过支点0作力阻力作用线的垂线段，即为阻力臂％；

根据杠杆平衡的条件可知，在阻力和阻力臂不变时，动力臂越长越省力；

由图示可知，以为动力臂时，动力臂最长，此时最省力；连接。4,从4点做。4的垂线，为使杠

杆平衡，力的方向应垂直于04向上，如图所示：

［解析】(1)从支点向力的作用线作垂线就得到力臂；

(2)根据杠杆平衡的条件可知，在阻力、阻力臂一定时，动力臂越长越省力，而支点到杠杆的顶端

作为动力臂时，动力臂最长，所以根据力臂的画法，从杠杆的端点作垂直于力臂的动力示意图，

注意动力、阻力对杠杆的转动效果相反。

此题是杠杆中的最小力问题，其依据是杠杆的平衡条件，由杠杆平衡条件知，力臂越长越省力，

所以要画出最小的力，关键是确定最长的力臂。

20.【答案】解：(1)三孔插座的左端接零线，右端经过保险丝后接火线，中间接地线；

(2)开关接在火线与灯之间，两只灯泡并列连接，如下图所示：

—--------------------------火

------------------------------零

2一L

Igl

【解析】(1)电灯的连接方法：火线首先过开关，然后进入灯泡顶端的金属块，零线直接进入螺旋

套；家庭电路中，灯泡应并联；

(2)三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。

掌握家庭电路灯泡、开关、两孔插座、三孔插座、保险丝的接法，注重将物理知识联系生活实际。

21.【答案】慢晶体t4

【解析】解；(1)冰的熔点为0笃，装有碎冰(颗粒较小的冰块)的烧杯直接放置在空气中，不但能

使烧杯均匀受热，而且冰的温度升高较慢，便于记录各个时刻的温度。(2)由图丙可知，冰达到熔

点后熔化，虽不断吸热但温度保持不变，故冰为晶体；

(3)从Q到生时刻，物质吸收热量，内能变大，故时刻试管内物质的内能较小。

故答案为：①慢；②晶体；@t4o

(1)为了能使固体物质均匀受热，常用水浴法，这样不仅能够使烧杯均匀受热，而且冰的温度升高

较慢，便于记录数据；

(2)冰是晶体，结合图象可知，在熔化过程中温度保持不变。

(3)物质吸收热量，内能变大。

此题通过实验考查了非晶体在熔化过程中的特点。注意实验中使晶体均匀受热的方法，同时要掌

握晶体和非晶体在熔化过程中的区别。

22.【答案】同一高度放大投影仪凹透镜

【解析】解：①为了使像成在光屏中央，应让烛焰中心、透镜光心和光屏中心处于同一高度；

蜡烛如图甲所示位置放置时，光屏上恰好呈现清晰的像，此时物距小于像距，根据凸透镜成实像

时，物距小于像距，成倒立放大的实像，投影仪就是利用此原理制成的；

②保持图甲中蜡烛、凸透镜、光屏位置不变，缓慢向透镜中注水，凸透镜厚度增加焦距变小，对

光的偏折能力变强，像距变小，此时像成在光屏的左侧；

为使像变清晰，应在蜡烛和凸透镜之间放一个焦距合适的凹透镜，凹透镜对光线具有发散作用，

会将光线推迟会聚成像。

故答案为：①同一高度；放大；投影仪；②凹透镜。

①为了使像成在光屏中央，应让烛焰中心、透镜光心和光屏中心处于同一高度；

根据凸透镜成实像时，物距小于像距，成倒立放大的实像，投影仪就是利用此原理制成的；

②凸透镜厚度增加焦距变小，对光的偏折能力变强，像距变小，此时像成在光屏的左侧；

凹透镜对光线具有发散作用。

本题为探究凸透镜成像规律的实验，考查凸透镜成像规律的应用及实验操作等知识。

23.【答案】小车木块被推动距离的远近质量运动速度质量一定时，物体的速度越大，动能

越大不能如果水平面绝对光滑，木块则不会受到摩擦阻力，将会保持原来的运动状态一直匀速

直线运动下去

【解析】解：(1)实验中让小车从斜面上由静止滑下，通过观察小车推动木块距离的远近来判断小

车对木块做功的多少，确定小车动能的大小；

(2)本实验用同一辆小车是为了控制质量相同，研究动能大小和运动速度的关系；

得出的结论是：质量一定时，物体的运动速度越大，动能越大；

(3)如果水平面绝对光滑，木块则不会受到摩擦阻力，将会保持原来的运动状态一直匀速直线运动

下去，就无法判断小车对木块做功的多少，即无法判断小车动能的大小；

故答案为：(1)小车；木块被推动距离的远近；

(2)质量；运动速度；质量一定时，物体的运动速度越大，动能越大；

(3)不能；如果水平面绝对光滑，木块则不会受到摩擦阻力，将会保持原来的运动状态一直匀速直

线运动下去。

(1)小车对木块做功的多少体现了小车动能的大小，对木块做功的多少可以由木块移动距离来体现;

(2)决定动能大小的因素有两个：物体的质量和物体的运动速度。因此研究物体动能大小与这两个

因素的关系时要用到控制变量法，即：要研究与哪个因素的关系，就要控制该因素改变，让其他

的因素不变。

(3)如果实验中的水平面绝对光滑，则不会受到摩擦阻力，物体将保持原来的运动状态一直匀速直

线运动下去。

此题主要考查的是学生对动能大小的影响因素的理解和掌握，利用控制变量法和转换法，探究动

能大小的影响因素。

24.【答案】水平右大物体放在天平的右盘175.6702.5x103偏小

【解析】解：(1)使用天平时，天平首先要放在水平台上；指针指在分度盘的左侧，说明天平的左

端下沉右端上翘，所以平衡螺母向上翘的右端移动；

若她在托盘天平未调节平衡时就去测量，需要在天平的右盘里多加祛码，故测得物体的质量比实

际值偏大；使用天平测量物体质量时左物右码；

(2)矿石的质量：m=100g+50g+20g+5g+0.6g=175.6g；

(3)矿石的体积等于量筒中倒出水的体积：V=200mL-130mL=70mL=70cm3；

矿石的密度：p=e="当x2.5g/cm3—2,5x103fc^/m3；

(4)由于从烧杯中取矿石，矿石会沾水，需要多向烧杯中加水，使测得的矿石体积测量值会偏大,

密度偏小。

故答案为：(1)水平；右；大：物体放在天平的右盘；(2)175.6：(3)70；2.5x103；(4)偏小。

(1)使用天平时.，天平要放在水平台上；调节天平横梁平衡时，平衡螺母向上翘的一端移动；使用

天平测量物体质量时左物右码；

(2)物体的质量等于祛码的质量加游码对应的刻度值；

(3)矿石的体积等于量筒中倒出水的体积，我们可以根据量筒中倒水前后的示数求出倒出水的体积;

知道物体的质量和体积，根据密度公式求出密度；

(4)在本实验从水中捞矿石时，矿石会沾水，导致测得的矿石体积测量值偏大，密度偏小。

本题考查了利用天平、量筒、烧杯测量固体密度的方法和误差分析，其中用量筒和烧杯测较大固

体的体积的方法值得一试。

25.【答案】C左0.8R2增大0.32或0.64

【解析】解：(1)滑片右移灯泡变暗，电路中的电流变小，变阻器连入电路的电阻变大，故滑动变

阻器以左下接线柱连入电路中，灯的额定电压为2.5V,故电压表选用小量程与灯并联，如下图所

(2)4、若小灯泡断路，电流表无示数，则电压表串联在电路中，电压表与电源连通，电压表有示

数，故A不符合题意；

从若小灯泡短路，电路为通路，电流表有示数，电压表无示数，故B不符合题意；

C、若滑动变阻器断路，整个电路断路，两电表都没示数，故C符合题意；

D,若滑动变阻器短路，电路为通路，电压表、电流表示数较大，故。不符合题意。

故选：C；

(3)灯在额定电压下正常发光，示数为2V小于灯的额定电压2.5V,应增大灯两端的电压，根据串联

电路电压的规律，应减小滑动变阻器两端的电压，由分压原理，应减小滑动变阻器连入电路中的

电阻大小，故滑片向左移动，直到电压表示数为额定电压2.5匕此时电流表示数如图乙所示，图

中电流表选用小量程，分度值为0.024电流大小为0.324则小灯泡的额定功率为：

P=UI=2.5VX0.32/1=0.8UZ；

由图像可知小灯泡的电阻随温度的升高而增大；

(4)根据绘制的小灯泡的/-U图像可知，当电压为0.5U时，最小电流为0.14根据串联电路的电

压规律和欧姆定律得到此时变阻器连入电路中的电阻为：

R湾=牛=今等=550故滑动变阻器的最佳选择是/?2；

(5)小灯泡人正常发光时的电功率0.8W,此时滑动变阻器的电功率：

P漕1=U滑J=(6K-2.5K)x0.32/1=1.121V,

乙2正常发光时，贝必2乙=4「酒，故而可分为两种情况，第一种情况：替换之后灯泡的功率减小，

滑动变阻器的功率减小，且两者功率的变化量相同，BP0.81V-2V1'=1.12WZ-(61/-2K)xI',

解得：I'=0.16A,

所以的额定功率为：

P2=U21'=2Vx0.164=0.321V；

第二种情况：替换之后灯泡的功率和滑动变阻器的功率一个减小，另一个增大，且两者功率的变

化量相同,即0.8W-2VI"=(6V-2V)XI"-1.12W,或2口”一0.8UZ=1.12W-(67-2V}xI",

解得：I"=0.32/1,

所以乙2的额定功率为：

P2'=U21"=2Vx0.32/1=0.64W。

故答案为：(1)见解析；(2)C；(3)左；0.8；(4)/?2；增大；(5)0.32或0.64。

(1)根据滑片右移灯泡变暗确定变阻器的连接，根据灯的额定电压为2.5V确定电压表选用的量程与

灯并联；

(2)逐一分析每个选项，找出符合题意的答案；

(3)灯在额定电压下正常发光，根据图中电压表小量程读数，比较电压表示数与额定电压的大小,

根据串联电路电压的规律及分压原理确定滑片移动的方向；根据此时电流表选用的量程确定分度

值读数，根据P=U/求小灯泡的额定功率；

(4)根据小灯泡的“/-U”图象，根据串联电路的电压规律和欧姆定律得了变阻器连入电路中的

电阻确定选用的滑动变阻器；由图像可知小灯泡的电阻随温度的升高而增大；

(5)根据小灯泡及正常发光时的电压和电流，由串联电路电压、电流的规律以及「=U/算出此时滑

动变阻器的电功率，

根据“Li正常发光时，则/PL=4P酒”列等式算出小灯泡人正常发光的电流，最后由=算

出人的额定功率。

本题测量小灯泡电功率，考查电