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文档简介
2023.2024学年上海市浦东新区进才中学高二(上)月考数学试卷(9
月份)
一、单选题(本大题共4小题,共16.0分。在每小题列出的选项中,选出符合题目的一项)
1.已知复数z=则argz=()
A57r-j-j兀z-557r
ATB-6C-DT
2.用数学归纳法证明:1+2+3+“・+2?1=71(2"+1)时,从n=k推证n=k+l时,左边增加的代数式是
()
A.4k+3B.4/c+2C.2k+2D.2k+1
3.已知tana、tan.是方程/++4=。的两个根,且a,/?e则a+/?等于()
A.B.一茎C3或竽D.亨或一与
4.“圆幕定理”是平面几何中关于圆的一个重要定理,它包含三个结论,其中一~、
个是相交弦定理:圆内的两条相交弦,被交点分成的两条线段长的积相等,如图,\
已知圆。的半径2,点P是圆。内的定点,且OP=「,弦AC,BD均过点P,则
下列说法错误的是()
A.瓦?.正为定值»一,
B.力•云的取值范围是[一2,0]
C.当4C1B0时,荏.而为定值
D.|XC|•|BD|<16
二、填空题(本大题共12小题,共36.0分)
5.已知复数z=U,i为虚数单位,贝妖的虚部是____.
2—1
6.已知,、族为单位向量,且|2日一向=/3,则d,3的夹角为.
7.已知复数z满足|z|=1,则|z+3-4i|(i为虚数单位)的最大值为.
8.函数y=tan(3x-力的单调增区间是.
9.在AABC中,鬻='(b+c+a)(b+c-a)=3bc,则△ABC的形状为.
10.设平面向量Z3满足日=(2,厅),ab=18,则B在日方向上的数量投影为.
11.若tana—^osa,JjJiJcos2a=.
OIoil1W
已知等差数列{
12.a"的前n项和为%,且由<0,S6=S20,则L取最小值时,n=.
13.己知函数/(x)=sin(ojx+(p),如图,4,B是直线y=与曲线y=/(x)
的两个交点,若|阴屋,/第=.
14.如图,等边三角形4BC的边长为2,以4为圆心,1为半径作圆分别交4B,4c边
于D,E,再以点C为圆心,CD的长为半径作圆交BC边于尸,连接E,F,那么图中阴
影部分的面积为.
15.对于函数/(x)=sin(cosx)+cos(sinx),有以下命题①/(x—2兀)=f(x)②对于xe[0,n],有f(x+万)>
。③f(x)是奇函数④/(x)的最大值大于,无,其中正确的命题有.
16.对于一个有穷正整数数列Q,设其各项为的,a2,…,限各项和为S(Q),集合{(iJ)Q>aj,l<i<j<m}
中元素的个数为T(Q),对所有满足S(Q)=100的数列Q,则T(Q)的最大值为.
三、解答题(本大题共5小题,共48.()分。解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤)
17.(本小题6.0分)
已知复数z=m+2i是方程%2一6%+13=0的一个虚根(i是虚数单位,mE/?).
(1)求同;
(2)复数Zi=a-i,若另为纯虚数,求实数a的值.
18.(本小题8.0分)
如图,在平行四边形力8C0中,点E是AB的中点,点尸,G分另I」是40,8c的三等分点(河==:BC).
设48=dfAD—b.
(1)用d,另表示前,EG.
(2)如果EFLEG,|a|=1,求区
AEB
19.(本小题10.0分)
记△ABC的内角B,C的对边分别为a,b,c,已知3s比=siM—+sin2c
⑴若△ABC的面积为触2,求tcmB;
(2)若b=2,cosB=I,求△力BC的周长.
20.(本小题10.0分)
已知函数f(%)=2s讥(3%),其中常数3>0.
(1)若y=/(x)在[―也等上单调递增,求3的取值范围;
(2)令3=2,将函数y=/(x)的图象向左平移看个单位,再向上平移1个单位,得到函数y=g(x)的图象,区
间[a,b](a,6€/?且。<6)满足:y=g(x)在[a,b]上至少含有30个零点,在所有满足上述条件的口贝中,
求6-Q的最小值.
21.(本小题14.0分)
设数列{an}的前几项和为右,且又=2%-2'+1,数列{%}满足垢=log2^,其中n€N*.
(1)证明{翁}为等差数列,求数列{a"的通项公式;
(2)求数列{普}的前n项和为乙;
(3)求使不等式(1+^)-(1+^)...(1+3:)>m-/砥二;对任意正整数n都成立的最大实数m的值.
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解:因为z=V-3—i=2(——1i)=2(cos^-^+isi九”^),
LLoo
所以argz=答.
故选:C.
把复数变为一个角的三角形式即可求解.
本题主要考查复数的四则运算,属于基础题.
2.【答案】A
【解析】解:用数学归纳法证明:1+2+3+…+2n=n(2n+1)时,
从n=k推证M=k+1时,左边增加的代数式=(k+l)[2(/c+1)+1]-k(2k+1)=4k+3.
故选:A.
用数学归纳法证明:1+2+3+…■l-2n-n(2n+1)时,从n=k推证n=k+1时,左边增加的代数式=(fc+
l)[2(k+l)+l]-fc(2/c+l).
本题考查了数学归纳法、方程思想,考查了推理能力与计算能力,属于中档题.
3.【答案】B
【解析】解:由题意知,tana+tcmO=—3,3c0,tanatan/?=4>0,
所以tan(a+0)==V-3'且tana,tcm夕同为负,
因为a,/?6(一表今,所以a,/?e(-p0),
所以a+夕€(―江,0),
又tan(a+£)=V"所以a+0=一学
故选:B.
结合韦达定理与两角和的正弦公式,求得tan(a+0)=q,再根据a,夕的取值范围,得解.
本题考查三角函数的求值,熟练掌握两角和的正弦公式,韦达定理是解题的关键,考查逻辑推理能力和运
算能力,属于基础题.
4.【答案】B
【解析】解:对于4如图,
设直线P。与圆。相交于E,F,则宜.定=-\PA\-\PC\=-\EP\\PF\=-(|0F|-\PO\)(\OE\+|P0|)
=|P0『-\E0\2=2,故A正确;
对于B:取AC的中点为M,连接。M,则耐.元=(而+福)・(丽+祝)
-OM2-MC2-20M2-4-又0W而『3|0p/=2,所以方•元的取值范围为[-4,0],故B错误;
对于C:当AC1BD时,AB-CD=(AP+PBy(CP+PD)=AP-CP+PB-PD
=-\AP\-\CP\-\PB\-\'PD\=-2\EP\\PF\=-4,故C正确;
对于。:因为|而|W4,|前|W4,所以|而|•|前|W16,因4C,80不能同时过圆心,
故不能取等号,|而||前|<16,故。正确.
故选:B.
对于4:设直线P。与圆。相交于E,F,则明.定=一|同||同=「。|2-区。|2,即可判断4是否正确;对
于B:取4c的中点为M,连接。M,则瓦?.沆?=(丽+而彳).(词+祝)=丽2一祝2=2而2_4,又
0<0M2<\OP\2=2,即可得出函,沆1的取值范围,即可判断是否B正确;对于C:当4c1BD时,丽•丽=
(而+而)・(方+而)=--2|EP||PF|,即可判断C是否正确;对于。:由|近|W4,|BD|<4>即可判断。是
否正确;
本题考查向量的运算,解题中注意数形结合思想的应用,属于中档题.
5.【答案】|
1-i_(l-i)(2+i)_3-i_31.
【解析】解:因为z2^i=(2T)(2+i)=~=5~Sl
所以z='+"i,虚部为,.
故答案为:
先化简复数z,再求出得到虚部.
本题主要考查复数的四则运算,属于基础题.
6.【答案】'
【解析】解:由|2五—b\=两边平方得4五2—4,•B+京=3,
又闷=\b\=1»
所以益•h=
所以cos(乙另)=
又位历6[0,n]f所以〈五,b)=,
故答案为:
根据两个向量夹角的余弦公式求得结果.
本题考查的知识要点:向量的模,向量的夹角,主要考查学生的理解能力和计算能力,属于中档题.
7.【答案】6
【解析】解:设2=%+yi(x,y为实数),
则复数z满足|z|=1的几何意义是以原点为圆心,以1为半径的圆上的点,
则忆+3-44=J(%+3,+(y-4)2表示的几何意义是圆上的点到(一3,4)的距离,
根据圆的性质可知,所求最大值为J(一3-0)2+(4-0)2+1=6.
故答案为:6.
由已知结合复数的儿何意义及圆的性质即可求解.
本题主要考查了复数的几何意义及圆性质的应用,属于基础题.
8.【答案】停一工片+》,kez
【解析】解:对于函数丫=tan(3x-力,令卜兀一^<3x-;<卜兀+看keZ,
求得与一行<x(浮+%kGZ,
可得函数的单调增区间为(萼-$殍+%keZ.
31ZJ4
故答案为:得一"有+》,kez.
由题意,利用正切函数的单调性,得出结论.
本题主要考查正切函数的单调性,属于基础题.
9.【答案】等边三角形
【解析】解:由正弦定理士=吗=£所以c=b,
csmBb
22
代入(b+c+a)(6+c—a)=3Z?c得3b2=(2b+a)(2b—a)=4b—a,Ab=a,
所以a=b=c,三角形为等边三角形.
故答案为:等边三角形.
由正弦定理化角为边得6=c,再代入另一已知条件得8=a,从而得三角形形状.
本题主要考查三角形的形状判断,属于基础题.
10.【答案】6
【解析】解:另在3方向上的数量投影I3|cos@B)=署=J22,5)2=6.
故答案为:6.
根据投影的定义即可结合数量积求解.
本题主要考查向量的投影,属于基础题.
11.【答案】\
【解析】解:tana=言鬻,
DIollllv
cosa
则四竺_~9即3sina+sin2a+cos2a=0,即3si?iQ+1=0,解得sina=—J,
cosa3+sma3
故cos2a=1—2sin2a=1—《=:・
7y
故答案为:
根据已知条件,先对原式变形,求出s讥a的值,再结合二倍角公式,即可求解.
本题主要考查二倍角的三角函数,属于基础题.
12.【答案】13
【解析】解:由题意知由<0,S6=S20,设等差数列{册}的公差为d,
则6al+15d=20al+190d,即175d=-14av
因为即<0,故d>0,即等差数列{即}为首项是负值的递增数列,
又由56=S20可得a:+。8+…+a2。=0,
即7(%3+«14)=0,故%3<0,«14>0,
即等差数列{即}前13项为负,从第14项开始为正,
故又取最小值时,n=13.
故答案为:13.
根据56=S20,利用等差数列前n项和公式推得175d=-14%,结合的<。判断d>0,再结合等差数列性
质可推出。13<0,a14>0,即可求得答案.
本题主要考查了等差数列的求和公式及性质的应用,属于中档题.
13.【答案】?
【解析】解:由于函数/'(X)=sin(<ox+w),A,B是直线y=;与曲线y=/(x)的两个交点,
则可设出修1),8(*2,;),
若|48|=2,则%2-与建,
由s讥%=:可知,%=2+2々兀或%=等+2/CTI,kEZ,
2o6
由图可知,a)x2+(p-(3/+0)=弓一名=与,
所以可得W%2—%1)=手
所以3=4,
因为fg)=sin(y4-(p)=0,
所以:+?=—kEZ,
可得W=+/C7T,kEZf
所以f(%)=sin(4x—与+kn)=sin(4x—+lai),
所以f(%)=sin(4x—等或f(%)=-sin(4x—同),
又因为f(0)<0,
所以/(%)=sin(4x-争,
所以f岑)=sin(4x与一%=sing=?.
故答案为:£3.
设401,券8(小3),依题可得,%2-%1结合sinx=:的解可得3(小一%1)=手从而得到3的值,再
根据/(争=0以及/(0)<0,即可得/"(x)=sin(4x-争,进而求得/(年).
本题考查了正弦函数的图象和性质的应用,考查了函数思想和数形结合思想的应用,属于中档题.
14.【答案】卷+?一
1224
【解析】解:过4作力M-LBC于M,EN人BC于N,
因为等边三角形4BC的边长为2,Z.BAC==乙4cB=60°,
所以4M=?BC=?x2=O-
因为AD=AE=1,
所以40=BD,AE=CE,
所以EN==?,
所以图中阴影部分的面积为
S4ABe-S扇形ADE—SACEF-GABCD一,扇形Dc£
1「60X77X121y/~31L30X7TX(C)2
=2X2X^-^60--尹小丁-(/2'门-------360一)
兀,
=+G-—3.
1224
故答案为:21+£3_3
1224
过4作AMJ.BC于M,EN上BC于N,根据等边三角形的性质得到4M,求出EN,根据三角形的面积和扇形
的面积公式求解即可.
本题考查了扇形的面积计算问题,也考查了运算求解能力,正确作出辅助线是解题的关键.
15•【答案】①②④
【解析】解:①/(%—2兀)=sin(cos(x-2兀))+cos(sin(x-2兀))=sin(cosx)+cos(sinx)=/(%)>故选
项①正确;
②/(x+兀)=sin(cos(x+7T))+cos(sin(x+TT))=sin(—cosx)+cos(—sinx)=—sin(cosx)+cos(sinx),
当xe[0,兀]时,cosx+sinx<>/-2<]=cosx<^-sinx,sinxe[0,1]=尹sinxe[^-1,^],而y=sinx
在[0,自上单调递增,
•1•sin(cosx)<sin(^-sinx)=cos(sinx),.•.当xe[0,zr]时,f(x+兀)>0,故选项②正确;
③/'(x)的定义域为R,/(0)=sinl+cosO=sinl+1^0,故选项③错误;
④/'(0)=sin(cosO)+cos(sinO)=sinl+cosO=sinl+1>?+1>\[~2>故选项④正确;
故选:①②④.
根据函数的性质分别判断各选项.
本题考查三角函数性质的综合运用,考查运算求解能力,属于中档题.
16.【答案】1250
【解析】解:①存在大于1的项,否则此时有7\Q)=0;
@am=1,否则将am拆分成1个1后7(Q)变大;
③当t=l,2,m-l时,有否则交换生,&+i顺序后7(Q)变为T(Q)+1,
进一步有生-e{0,1},否则有%>at+1+2,此时将&改为&-1,并在数列末尾添加一项1,此时T(Q)
变大;
④各项只能为2或1,否则由①②③可得数列Q中有存在相邻的两项4=3,4+1=2,
设此时Q中有x项为2,则将g改为2,并在数列末尾添加一项1后,
7(Q)的值至少变为T(Q)+x+1-x=7(Q)+1;
⑤由上可得数列Q为2,2,2,1,1••,1的形式,设其中有%项为2,有y项为1,
则有2x+y=100,从而有T(Q)=xy=(100—2x)x=-2x2+100%,
由二次函数的性质可得,当且仅当二窝时,T(Q)最大为1250.
故答案为:1250.
根据给定条件,分五步证明对所有满足S(Q)=100的数列Q,求出7(Q)的最大值作答.
本题主要考查数列的应用,考查转化能力,属于难题.
17.【答案】解:(l)z=m+2i是方程/—6x+13=0的一个虚根,
则W=m-2i也是方程/-6%+13=0的一个虚根,
故t(m-2i)(>n+2i)=13'解侍加一3,
z=3+23
所以|z|=732+22=<13;
(2)zt=a—i,
INI2_3+2i_(3+2i)(a+i)_3a-23+2a.
、Zia—i(a—i)(a+i)a2+la2+l"
・・・f•为纯虚数,
解得a=|.
13+2QH03
【解析】(1)根据已知条件,结合韦达定理,以及共辗复数的定义,求出m,再结合复数模公式,即可求解;
(2)根据已知条件,结合复数的四则运算,以及纯虚数的定义,即可求解.
本题主要考查复数的四则运算,以及纯虚数的定义,属于基础题.
18.【答案】解:⑴由题可得:EF=AF-AE=^AD-^AB=^b-^a,
1111
-+---+-
IG=EB+BG23FC232S3
(2)因为EfJ.EG,所以EFJ.EG,
所以前•前=颉).(颉+颉)=#一扣2=o,
因为|初=1,所以既/一[=0,解得|了|=*
【解析】(1)由平面向量的线性运算直接计算即可;
(2)由题得到前.丽=0,结合(1)可得回的方程,求解即可.
本题考查平面向量的线性运算和垂直的性质,属于基础题.
19.【答案】解:⑴由3sin2B=sin2j4+sin2c及正弦定理得3b2=a2+c2,
因为△力8c的面积为:炉,
acsinB=gb?,
因为炉=a2+c2—2accosB,
a2+c2-b2b2
所以ac=
2cosB-cosB
2
所以次TSinB=:b2,
所以tcmB=I;
(2)由余弦定理得非=a2+c2—2accosB,
7
又3b2=a2+c2,b=2,cosB=
所以炉=3b2—
则〃=|四,
所以QC=6,
22
所以(Q+c)?=a+c+2ac=3b2+lac=124-12=24,
解得a+c=2\/6,
故^ABC的周长为2+2,石.
【解析】(1)利用正弦定理、余弦定理化简已知条件,结合三角形的面积公式求得tanB.
(2)利用余弦定理求得ac,进而求得a+c,从而求得三角形的周长.
本题考查了正弦定理及余弦定理,重点考查了三角形的面积公式,属中档题.
20.【答案】解:⑴因为3>0,y=f(x)=2s讥3X在[一,争上单调递增,
3>兀
一
7T一
42-3
得
解O<<
期-
-4
3<7T-
32
••.3的取值范围为(0,力.
(2)令3=2,将函数y=/(x)=2sin2x的图象向左平移沙单位长度,可得函数y=2s讥2Q+奇=
2s讥0+今的图象;
再向上平移1个单位长度,得到函数y=g(x)=2sin(2x+1)+1的图象,
令。(%)=0,求得sin(2x+g)=-2,
2x+弓=2/CTTH~~—»或2x+-=2knH——,k€z,
3636
求得%=而+工或%=/C7T+乎,kEZ,
故函数g(x)的零点为》=Mr+驾或%=ATT+羊,kEZ
・•・相邻两个零点之间的距离为拜手
若b-a最小,则a和匕都是零点,此时在区间[见汗+甸,[见2〃+Q],…,口加〃+Q](znWN*)分别恰有3,5,
…,2m+1个零点,
所以在区间口14〃+甸是恰有29个零点,从而在区间(14〃+a,可至少有一个零点,
---b—a—147r>宗
另一方面,在区间塔,14兀+升汾恰有30个零点,
因此b-a的最小值为14兀+g=等・
>-7
【解析】(1)依题意可得{2/n,解之即可.
(2)由条件根据函数y=Asin(3X+卬)的图象变换规律,可得g(x)的解析式,令g(x)=0,即可解出零点的
坐标,可得相邻两个零点之间的距离.若b—a最小,则a和b都是零点,此时在区间口6兀+幻(小€/7")恰
有2m+1个零点,所以在区间阿14兀+a]是恰有29个零点,从而在区间(14兀+a,0至少有一个零点,即可
得到a,b满足的条件.进一步即可得出b-a的最小值.
本题考查正弦函数的图象与性质,着重考查正弦函数的单调性与最值,考查运算求解能力,
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