辽宁省滨城高中2023-2024学年高一年级上册10月份考试物理试卷（含解析）

滨城高中2023.2024学年度上学期高一10月份考试

物理试卷

一、选择题（1-7题为单项选择题，每小题4分，8-10题为多项选择题，每题6分，对而不全得3分，共

46分）

1.贵州“村超”6月9日的一场比赛中，一名球员踢出了一记“圆月弯刀”直击球门死角，所谓“圆月弯刀”是

指足球的飞行轨迹是一条优美的弧线.以下说法正确的是（）

A.研究“圆月弯刀”的踢球技法时可以把足球看作质点

B.研究足球的飞行轨迹时可以把足球看作质点

C.一名前排观众激动说：“太精彩了，目测最大球速超过120km/h”。这里的球速是指平均速度

D.该足球的飞行轨迹长度就是它的位移

2.特技跳伞运动员从悬停的直升机上跳下，当运动员们保持如图造型下落时，

若其中某一位运动员认为自己静止。则下列参考系中，他选择的是（）

A.白云B.大地C.直升机D,对面的运动员

3.如图“50TFSI”为某品牌汽车的尾部标识，其中“50”称为G值，G值越大，加速越

快。G值的大小为车辆从静止加速到100km/h（百公里加速）的平均加速度的10倍。________

此品牌跑车百公里加速时间仅为6.2s,由此推算，该车的新尾标应该是（）SOTL-SL

A.25TFSIB.35TFSIC.45TFSID.55TFSI

4.如图所示，一栋高为9m的三层楼房，每层楼高相等，且每层楼正中间有一个高为1m的窗户.现将一

石块从楼顶边沿自由释放，不计空气阻力，以下说法正确的是（）*

A.石块依次到达三个窗户上沿的速度大小之比为1:2:e]

B.石块依次通过三个窗户的平均速度之比为（及+1）：（石+2）:（4+々）

C.石块依次到达三个窗户下沿的时间之比为2:5:8]

D.石块依次通过三个窗户的时间之比为（夜-1）：（6-2）:（2夜一遍）

5.汽车在平直公路上做初速度为零的匀加速直线运动，途中用了6s时间经过A、B两根电线杆，己知A、

B间的距离为60m,车经过B时的速度为15m/s,则（）

A.车从出发到B杆所用时间为10sB.车的加速度为15m/s?

C.经过A杆时的速度为5m/sD.出发点到A杆的距离为8m

6.如图所示为甲、乙两质点在同一直线上运动的位移-时间图像，甲质点的图像为直线，乙质点的图像为过

原点的抛物线，两图像交点C、。的坐标如图。下列说法正确的是（

A.”小时间段内乙的平均速度大于甲的平均速度

B.力心时间段内乙的平均速度小于甲的平均速度

C.f=勺时，甲、乙间距离最大

D.x=歪时，甲、乙间距离最大

7.无人机是一种能够垂直起降的小型遥控飞行器。在一次训练使用中，t=0时刻无人机在地面上从静止开

始匀加速竖直向上起飞，3s后无人机出现故障突然失去升力，此后无人机又经过相同时间落回地面。无人

机运动过程中所受空气阻力不计，重力加速度g=10m/s。则无人机落地时的速度大小为（）

A.20m/sB.30m/sC.40m/sD.50m/s

8.利用图像法研究物理量之间的关系是常用的一种数学物理方法。如图所示为物体做直线运动时各物理量

之间的关系图像（x、v、a、/分别表示物体的位移、速度、加速度和时间），则下列说法中正确的是（）

A.甲图表示质点做匀速直线运动

B.由乙图中W-x关系可求出物体的加速度大小为5m/s2

C.由丙图中2T关系可求出物体的加速度大小为4m/s2

t

D.由丁图中关系可求出物体在前2s内的速度变化量大小为3m/s

9.“科技让生活更美丽”，自动驾驶汽车呈现出接近实用化的趋势。图1为某型无人驾驶的智能汽车的测试

照，为了增加乘员乘坐舒适性，程序设定汽车制动时汽车加速度大小随位移均匀变化。某次测试汽车“a-x”

关系图线如图2所示，汽车制动距离为12m。则关于该次测试，下列判断中正确的是（）

A.汽车做匀减速直线运动

B.汽车开始制动时的速度大小为60m/s

C.汽车开始制动时的速度大小为⑵n/s

D.此车制动时间一定大于应s图1

10.汽车司机发现前方有障碍物，立即刹车，刹车过程可视为匀减速运动。自刹车开始第1s内经过的位移

为24m,第4s内经过的位移为1m。下列说法正确的是（）

A.汽车的加速度大小为7.67m/s2

B.汽车的加速度大小为8m/s2

C.汽车的初速度大小为28m/s

D.汽车的初速度大小为27.83m/s

三、实验题（共14分）

11（4分）.关于打点计时器，下列是四位同学各自发表的看法，其中正确的是.

A.电源电压越高，每打两个点的时间间隔就越短

B.纸带速度越大，每打两个点的时间间隔就越短

C.使用打点计时器做实验时应先接通电源，后释放小车

D.如果将交流电源改为直流电源，打点计时器连续打两个点的时间间隔保持不变

12（10分）.在“探究小车速度随时间变化的规律”的实验中，实验室使用的打点计时器采用的是

（选"交流”或"直流”）电源；电磁打点计时器的工作电压为V,如图给出了从0点开始，每5个点取

一个计数点的纸带，其中0、1、2、3、4、5、6都为计数点，电源频率为50Hz,每两个相邻计数点间的时

间间隔为s.测得：5/=1.40cm,52=1.90cm,S3=2.38cm,S4=2.88cm,55=3.39cm,S6=3.87cm。那

么：

（ms3sb\

-+>1）

）0123456）

在计时器打出点2时，小车的速度分别为吻=cm/s，小车的加速度为m/s2（结果保留三位有

效数字）

四、解答题（共42分）

13（8分）.一辆汽车以20m/s的速度在平直公路上行驶，现因故紧急刹车，已知汽车刹车过程中加速度的

大小始终为4m/s2,求：

（1）汽车刹车3s末速度的大小：

（2）汽车通过32m所需要的时间；

（3）汽车从开始刹车到6s末所通过位移的大小。

14(14分).如图中所示为某综艺节目的躲球游戏。现将运动过程进行简化，如图乙所示，泡沫球从A点

静止开始沿斜面匀加速直线下滑，加速度为4m/s2,A距斜面底端B长度为18m,泡沫球到达B点后没有速

度损失，然后在水平面上做匀减速直线运动，加速度大小为0.5m/s',参与游戏的玩家的一开始站在C点，

当小球到达8点时，玩家由静止开始以加速度大小2m/s2开始向右做匀加速直线运动，到达8m/s后做匀速

直线运动，C点的位置玩家可自由选择，在不被球追上的前提下BC的距离越小，得分越高。求：

(1)泡沫球到达B时的速度大小；

(2)玩家得分最高的情况下，所选择BC的距离。

15(18分).ETC是高速公路上不停车电子收费系统的简称。现有甲、乙两辆汽车均以15m/s的速度在高

速公路上并排行驶，当运动到收费站时，甲车选择过ETC通道，需要在中心线前方9m处减速至6m/s,匀

速到达中心线后，再加速至15m/s行驶。乙车选择过人工收费通道，需要在收费站中心线处减速至速度为

0,经过18s缴费后，再加速至15m/s行驶。设甲、乙两车的加速和减速均为匀变速直线运动，二者加速和

减速的加速度大小均相等，乙车从刹车开始要经过75m才能停下来。求

(1)甲车需要从距离收费站中心线多远处开始刹车：

(2)乙车从收费前减速开始，到收费后加速结束，需要的总时间；

(3)甲车经过ERC通道比乙车通过人工通道节约的时间。

收费中心线

匀速行驶区域ETC通道

人工收费通道

参考答案

1.B

解析：A.研究“圆月弯刀”的踢球技法时，足球的大小和形状不能忽略，不能看成质点，故A错误；

B.研究足球的飞行轨迹时，足球的大小和形状可以忽略，故可以将足球看作质点，故B正确；

C.目测最大球速超过120km/h”，这里的球速是指瞬时速度，故C错误；

D.该足球的飞行轨迹长度就是它的路程，故D错误。

故选B。

2.D

解析：当运动员们保持图中造型下落时，若其中某一位运动员选择对面的运动员为参照物时，由于他们之

间的位置未发生变化，所以认为自己是静止的，而选择白云、大地、直升机为参照物时，运动员与它们之

间的位置发生了变化，运动员则认为自己是运动的。

故选D。

3.C

解析：该车的平均加速度为

100

a=—=m/s2=4.5m/s2

t6.2

G值为

G=10a=45m/s

该车的新尾标应该是45TFSL

故选C。

解析：A.石块依次到达三个窗户上沿的位移分别为Im,4m,7m；根据

v2-2gh

可知，石块依次到达三个窗户上沿的速度大小之比为1:2:疗，选项A正确；

BD.石块依次到达三个窗户上沿和下沿的位移分别为Im,2m；4m,5m；7m,8m；根据可知，石

块依次到达三个窗户上沿和下沿的速度大小之比为1：夜：2：石：2正，则根据

可知，石块依次通过三个窗户的平均速度之比为（五+1）：（石+2）:（2&+近），根据

H

t=—

v

可知，石块依次通过三个窗户的时间之比为

-U—：-U—:—厂1厂=(&-1):(石-2):(2应-7)

(V2+1)(V5+2)(2V2+V7)

选项B、D错误；

C.石块依次到达三个窗户下沿的位移为2m,5m,8m,根据，=杼可知，石块依次到达三个窗户下沿的时

间之比为应：君：2正，选项C错误；

故选Ao

5.C

解析：ABC.根据题意经过A、B两根电线杆间的平均速度为

-60

v=—m/s=10m/s

6

根据匀变速运动规律有

二%土也

2

代入数值可得经过A杆时的速度为

vA=5m/s

车的加速度为

2

a=%-%=USm/s2=9m/s

t63

根据速度时间公式可得车从出发到B杆所用时间为

r=—=9s

Ba

AB错误，C正确；

D.根据速度位移公式可得出发点到A杆的距离为

x*=---=7.5m

A2a

D错误。

故选C。

6.C

解析：AB.由平均速度的公式得D=，所以"七时间段内乙的平均速度等于甲的平均速度，AB错

*2-/1

误;

CD.因为乙质点的图像为过原点的抛物线，所以乙质点做匀加速直线运动，乙在时间中点，=中时的速

度等于该段时间内的平均速度，即该时刻两质点的瞬时速度相等，则在/=小时甲、乙间距离最大，C正

确，D错误。

故选Co

7.A

11

解析：第一段时间/2=二。/9，无人机获得的速度U=第二段时间-h=讨-二g,9，解得v=10m/s,落地

22

时v,=v-gt=-20m/s

故A正确；

8.BCD

解析：A.由匀变速直线运动位移一时间公式x=+可得x-F图像的斜率表示g*由甲图得

1Ax2.

—a=-7=—m/s2

2△产2

解得

a=2m/s2

所以甲图表示质点做匀加速直线运动，故A错误；

B.由匀变速直线运动位移一速度公式声-%2=2ax,整理得

v2=2ax+%2

则3-x图像的斜率为2a,由图像得

2«=-^—=—m/s2=10m/s2

Ar1

解得

a=5m/s2

故B正确；

C.由匀变速直线运动位移一时间公式x=+整理得

X1

Y

则2T图像的斜率为1:a,由图像得

t2

—a=--in/s2=-2m/s2

22

解得

a=-4m/s2

则物体加速度大小为4m/s2,故C正确；

D.a-z图像与坐标轴所围面积表示速度的变化量，由图像得，前2s内的速度变化量大小

Av=—x2x3m/s=3m/s

2

故D正确。

故选BCDo

9.BD

解析：A.汽车制动时汽车加速度大小发生了变化，汽车的运动不是匀减速直线运动，A错误;

BC.根据速度与位移的关系式有

，一%=-2ax

结合图像可知，在汽车运动过程中，图像与x轴所围几何图形的面积大小表示与匕则有

2

v^-012x62-2

----=----nr

22

解得

v0=6立/ms

B正确，C错误；

D.刹车过程，汽车的速度逐渐减小，全程总位移为12m,则刹车时间必定大于匀速通过该段位移的时间,

即有

D正确。

故选BDo

10.BC

解析：若汽车在第4个1s一直运动，则由逆向可看作匀加速运动，设逆向第1s的初速度为vo,根据时间位

移公式，有

171

r(%+3〃T).T+5+%7(%T+m)

%=----------2---=----2---v------2---=7

而实际

则说明汽车在第4个1s不是一直在运动，即可确定汽车在第4个1s末前已经停下，设汽车的加速度大小为

”,在第3s时的速度为打，则有

根据题意可知汽车在0.5s时的速度为

v05=-m/s=24m/s

Av_24-

加一2.5

联立解得

a=8m/s2,匕=4m/s

则汽车的初速度大小为

%=匕+aty=4m/s+8x3m/s=28m/s

故选BC»

11.C

12.交流80.121.40.496

解析：电磁打点计时器和电火花计时器都是使用交流电源的计时仪器。

每5个点取一个计数点，所以相邻的计数点间的时间间隔为

7'=5x0.02s=0.1s

[3]根据匀变速直线运动中间时刻的速度等于该过程中的平均速度，则第2个计数点的速度为

⑶根据匀变速直线运动的推论公式

\x=aT'

($6+$5+S|)-(S3+S2+S|)

代入数据得a=fh/^6?2

13.(1)8m/s；(2)2s；(3)50m

解：（1）汽车从开始刹车到停下所用时间为

i................I分

a

解得

=5s.................1分

则汽车刹车3s末的速度为

匕=%一外..................1分

解得

匕=8m/s................1分

（2）根据位移时间关系可得

2

x=vof-at.................1分

解得

r=2s或t=8s>5s（舍去）................1分

（3）汽车从开始刹车到6s末所通过的位移等于5s末的位移，则有

%=%无一；"；..................1分

解得x5=50m................1分

14.(1)12m/s；(2)32m

解：（1）泡沫球达区时的速度大小小，则有

vl-0=2alxAB1分

代入数据解得

vB=12m/s1分

（2）泡沫球做匀减速运动，当u=8m/s时

Av

1分

得

t=8s1分

x=j.....................................1分

2

得

x=80m....................................1分

人匀加速阶段

V=.....................................1分

得

4=4s.....................................1分

此时

12

=-^l....................................1分

得

xi=16m.....................................1分

匀速阶段

%2=y（1一%）..................1分

得

X2=32m....................................1分

故

xBC=x-x]-x2....................................1分

得

XBc=32m.....................................1分

15.(1)甲、乙两车匀减速的加速度大小

,0-

T....................................1分

解得

a==l.5m/s2.....................................1分

设甲车匀减速的位移大小为X3,则有

VT—vs=—2axy.....................................1分

解得

X3=63m......................