物理-重庆市2023-2024学年高三年级上册9月联考物理答案

重庆市2023-2024学年高三上学期9月联考物理

参考答案：

1.B

【详解】A.该核反应是放射性元素发生P衰变，故A错误；

B.该核反应是轻核结合成较重的原子核，属于聚变，故B正确；

C.该核反应是高能粒子轰击原子核使之转变为另一种原子核，属于原子核的人工转变，故

C错误；

D.该核反应是重核分裂成两个质量较小的原子核，属于裂变，故D错误。

故选B。。

2.C

【详解】AB.手机除受到重力作用外，还受到支架的支持力和摩擦力，故AB错误；

CD.根据上述，手机在重力、支持力与摩擦力的作用下处于静止，根据平衡条件可知，支

持力与摩擦力的合力与重力等大反向，即手机支架对手机的作用力竖直向上，故C正确，D

错误。

故选C。

3.B

【详解】A.根据等量同种正点电荷周围电场线的特点可知中垂线上。点的电势最高，故A

错误；

B.电子从4点由静止释放做加速运动，经过。点后做减速运动，所以电子经过。点时的速

度最大，故B正确；

C.电子经过。点时受到的合力为零，加速度为零，故C错误；

D.根据电场线特点可知A、B两点的电场强度大小相等，方向相反，故D错误。

故选Bo

4.A

【详解】A.令该交变电流的有效值为U,则电压表的示数为该有效值，根据图甲可知

.一［丁丿心〔五丿2T

R-R3R3

解得

U=10V

即电压表的示数为10V,故A正确;

B.根据图甲可知交流电的周期为3xl()2s,则频率为

故B错误；

C.根据上述可知，通过定值电阻R的电流为

/=—R=0.5A

故C错误；

D.电阻R在一个周期内产生的热量为

Q=/2R7=0.15J

故D错误。

故选Ao

5.D

【详解】D.将篮球的运动反过来看即为平抛运动，根据

,12

h=28t

解得

根据题意可知篮球两次运动的时间相等，故D正确;

B.根据

°,=gf

可知篮球两次被抛出时竖直方向上的分速度相等，根据

由于6处离篮筐更近，可知在人处的水平速度较小，由于篮球水平方向做匀速直线运动，即

篮球在b位置出手击中篮筐时的速度小一些，故B错误；

A.根据

结合上述可知，即篮球在匕位置出手时的速度小一些，故A错误;

C.根据功能关系有

结合上述可知，在。处投掷篮球的过程中，人对篮球做的功大一些，故C错误。

故选D。

6.D

【详解】BC.两小球的运动周期及速度大小与质量无关，B、C错误；

AD.小球甲做简谐运动，周期

对乙受力分析结合牛顿运动定律有

—=cos^

L乙

A错误、D正确。

故选D。

7.C

【详解】A.根据能量守恒定律知，碰后小小球A的一部分机械能转移给了B,小球A的

机械能减小，可知小球A不可能返回到P点，故A错误；

B.设第一次碰后小球B的速度大小为%，小球A的速度大小为匕，则有

121211

+仅，-WAVO=-^AVA+~mBVB

〃厶+%'次A+^B

若“h=2,纵，则有

说明两小球只能碰撞一次，故B错误;

CD.结合上述，若〃％=4mA,则有

可知两小球将再次碰撞，设第二次碰后小球B的速度大小为％，小球A的速度为“，则有

1212191

加人匕+"%%=加入匕，3mA,A=2^^；+-^BVB

解得

两小球能碰撞两次，故C正确、D错误。

故选C。

8.AC

【详解】小行星由M到P的过程中，太阳的引力对小行星做负功，说明小行星远离太阳,

其速度大小一直减小。根据

GMm

——--=ma

r

解得

GMm

a=——

r

即

匕w>5>忤，生/>>ap

故选ACo

9.AD

【详解】A.由于玻璃砖上、下表面平行，根据光路可逆可知直线P。与MN平行，A正确;

B.根据折射率定律可得

sin60

n=---------='—

sin452

B错误;

C.光从8边射出时的折射角为60,C错误;

D.如图所示

因玻璃砖相对长方形Afi。顺时针转动了少许，使得入射角小于60,折射角小于45,实

际折射率

sin(60-Aa)sin(15+45-Aa)sinl5

n'=——------->-------------------------r~-=----------:-----r+cosl5>n

sin(45-Aor-A/Jsin(45-Act)tan(45-Aaj

D正确；

故选AD。

10.AC

【详解】A.根据右手定则可知，通过电阻R的感应电流由。流向N,故A正确;

B.电路的总电阻

瞑=2R

根据

△①

k--..=-B-L-d

△tA/

7=A

R总

q=l\t

解得流经金属棒的电荷量

_BLd

q

2R

故B错误；

C.根据动量定理有

-B7Lz\r=O-/nvo

其中

q=/Ar

金属棒受到的瞬时冲量大小

I=mv^

结合上述解得

,B2l}d

2R

故C正确；

D.由能量守恒定律可知，回路产生的总焦耳热为

八12

Q总=耳机?

金属棒产生的电热

2=也

结合上述解得

_B4lfd2

（J=-------

16,而

故D错误。

故选AC。

11.平衡摩擦力过度或木板抬得太高4b-,n„

【详解】（1）⑴对小车有

Mgsin0+F-f^Ma

1JMgsin.-/

MM

作出a-E图像如题图乙所示，图像未过原点的原因是平衡摩擦力过度或木板抬得太高。

（2）[2]根据牛顿第二定律，对小车有

F=Ma

对祛码、祛码盘和动滑轮有

+△〃?)g—2F=(〃1)+Am);

整理得

M=g(/+AF)gx-!■一"。:加"

/)+△加=b

4

解得

△m=4/?-tni)

12.最左端2006

【详解】（1）[1]为防止电表示数过大被烧坏，电压应从0开始逐渐增大，滑动变阻器的滑

片应置于最左端。

（4）⑵⑶利用（2）（3）中数据可得

4.2V=（5000+4）4=（1200Q+4），

解得

（=200c

厶=6mA

13.(1)L=5cm；(2)T=400K

【分析】本题考查理想气体状态方程，目的是考查学生的推理论证能力。

【详解】(1)当汽缸水平放置时，封闭气体的压强为P。，当汽缸口朝下时，设封闭气体的

压强为P，有

PLP+等

由玻意耳定律有

PoA=p（。+厶—厶）

解得

L=5cm

(2)此过程为等压变化，有

+L>2—LZ>|+L]

TnT

解得

r=400K

14.(1)v-2m/s；(2)d-4.5m

【详解】(1)设滑块在木板上运动时的加速度大小为4,木板的加速度大小为小,有

7g=ma},F-ju/ng=Ma2

滑块离开木板时

1v2V

-a2t9o---=L,，o=一

22%%

解得

r0=Is<2s,v=2m/s

撤去恒力前，滑块离开木板，则滑块离开木板时的速度大小为2m/s。

(2)设滑块在木板上运动的时间为4,滑块离开木板后，力F使木板产生的加速度大小为的,

有

v=attt,F=,d=+(a2r-v)(f-r,)

解得

d=4.5m

/、、2mv~/八a4.B

15.(1)旦z(2)------；(3)—+-asin—

18aq332

【详解】(1)设粒子在矩形磁场中运动的轨道半径为R，当粒子的运动轨迹和矩形的边相切

时，面积最小，如图所示，有