浙江省精诚联盟2023-2024学年高二年级上册学期检测物理 含解析

高二年级物理试题

考生须知：

1.本试题卷分选择题和非选择题两部分，共6页，满分IOO分，考试时间90分钟。

2.答题前，在答题卷指定区域填写班级、姓名、考场号、座位号及准考证号。

3.所有答案必须写在答题卷上，写在试卷上无效。

4.考试结束后，只需上交答题卷。

选择题部分

一、选择题I（本题共13小题，每小题3分，共39分，在每小题四个选项中只有一项是符

合题目要求的）

1.关于物理学上的研究经历，下列陈述错误的是（）

A.卡文迪什测出了万有引力常量

B.富克兰林命名了正电荷与负电荷

C.法拉第提出了电荷周围存在电场的观点

D.密立根测定元电荷，质子和电子都是元电荷

【答案】D

【解析】

【详解】A.卡文迪什测出了万有引力常量，故A正确不符合题意；

B.富克兰林命名了正电荷与负电荷，故B正确不符合题意；

C.法拉第提出了电荷周围存在电场的观点，故C正确不符合题意；

D.密立根测定元电荷，元电荷是一个电量值，不是粒子，故D错误符合题意。

故选D。

2.新Sl（单位制）自2019年5月20日（国际计量日）正式实施，这将对科学和技术发展产生深远影

响，根据所学知识判断，下列选项正确的是（）

A.“焦耳（J）”是国际单位制中的基本单位

B.“电子伏特（eV）”表示的是电势的单位

C.“毫安时（mA∙h）”表示的是电量的单位

D.“引力常量（G）”用国际单位制中的基本单位表示为N∙πf∕kg2

【答案】C

【解析】

【详解】A.焦耳是导出单位，故A错误；

B.结合W=qU可知"电子伏特（eV）”表示的是能量的单位，故B错误；

周运动），下列说法正确的是（）

A.所受的冰面的作用力与重力平衡

B.冰面对武大靖支持力的方向斜向上

C.合外力提供向心力

D.运动员进入弯道时，如果速度过快，他会做离心运动而滑离轨道

【答案】D

【解析】

【详解】A.武大靖在水平冰面上转弯时（视作圆周运动），不是平衡状态，则冰面的作用力与重力不是平

衡力，故A错误；

B.冰面对武大靖支持力的方向垂直冰面，故B错误；

C.因为不一定是匀速圆周运动，所以不一定合外力提供向心力，故C错误；

D.运动员进入弯道时，如果速度过快，则合力不足以提供向心力，他会做离心运动而滑离轨道，故D正

确。

故选D。

6.截至2022年9月15日，天问一号环绕器已在轨运行780多天，火星车祝融号累计行驶1921米，完成

既定科学探测任务，火星车质量240kg,火星半径约为地球半径的一半，质量约为地球的下列说法中

正确的是（）

A.火星车受到火星的引力约为2400N

B.火星表面重力加速度约为地球表面的,

9

C.火星车直线运动时合外力为0

D.火星车曲线运动时一定有加速度

【答案】D

【解析】

【详解】B.根据

Mm

CJ——

可得

GM

g=袤

则

g火=M火/J；——

g地M也破99

选项B错误；

A.火星车受到火星引力约为

4

F=mg.火=240×-×10N=1066.7N

选项A错误；

C.火星车做加速直线运动时合外力不为0,选项C错误；

D.火星车曲线运动时，速度一定变化，则加速度一定不为零，选项D正确。

故选D。

7.如图所示实线为某电场中的三条电场线，一点电荷从M点射入电场，只受电场力作用下沿图中虚线运

动到N点，则下列选项正确的是（）

B.从M向N运动的过程中点电荷的电势能一直增加

C.从M向N运动的过程中点电荷的动能一直增加

D.从M向N运动的过程中电场力对电荷做正功

【答案】B

【解析】

【详解】A.根据粒子的运动轨迹可知，粒子受电场力大致向左，因场强方向不确定，可知该点电荷带电

性不确定，选项A错误；

BCD.从M向N运动的过程中电场力与速度夹角为钝角，则电场力做负功，则点电荷动能一直减小，电势

能一直增加，选项B正确，CD错误。

故选B。

8.在汽车喷漆中，有一门技术叫做静电喷涂，在市场上已经得到广泛的运用。静电喷涂是指一种利用电

荷和电场将雾化涂料的微粒吸附到喷涂对象的喷涂工艺，其原理结构图如图所示。下列说法正确的是

()

A.雾化涂料向工件运动的过程中做匀变速曲线运动

B.喷口喷出的雾化涂料微粒带负电，被涂工件接正极

C.雾化涂料向工件运动的过程中，电场力做正功，电势能增加

D.静电喷涂属于尖端放电

【答案】B

【解析】

【详解】A.雾化涂料向工件运动的过程中受到电场力是变力，不做匀变速曲线运动，故A错误；

B.根据图像可知，被涂工件接正极，所以喷口喷出的雾化涂料微粒带负电被吸引，故B正确；

C.雾化涂料向工件运动的过程中，电场力做正功，电势能减小，故C错误；

D.静电喷涂属于电场力作用下的运动，不是尖端放电，故D错误。

故选B。

9.2023年6月4日6时33分，神舟十五号载人飞船返回舱在东风着陆场成功着陆。在此之前，航天员搭

乘载人飞船离开空间站，然后开始轨道调整，此时，飞船需要绕地球飞行五圈。绕地球飞行至最后一圈

时，飞船需要经过两次调整姿态，在调整姿态完成以后，开始进行返回制动，制动后高度降低，进入半

弹道式返回轨道。下列描述正确的是（）

A.飞船调整姿态过程，飞船能看作质点

B.在半弹道式返回轨道运动时速率减小

C.返回制动后飞船机械能减小

D.在半弹道式返回轨道运动时飞船加速度减小

【答案】C

【解析】

【详解】A.飞船调整姿态过程，飞船大小不能忽略，不能看作质点，故A错误；

B.制动后高度降低，进入半弹道式返回轨道，引力做正功，速率增大，故B错误；

C.返回制动后，制动力做负功，飞船机械能减小，故C正确；

D.根据

GMm

-—=∕na

r

在半弹道式返回轨道运动时飞船加速度变大，故D错误。

故选Co

10.我国首颗量子科学实验卫星“墨子”离地面高度为50Okm的圆形轨道上运行，地球同步轨道卫星离地面

高度约为36000km。则()

名g

A.”墨子，，卫星的运行速度可能大于7.9km∕s

B.“墨子”卫星的运行速度比同步卫星大

C.“墨子”卫星可以定点在北京正上方

D.”墨子，，卫星的周期比地球自转周期大

【答案】B

【解析】

【详解】A.7.9km∕s是最大的圆轨道卫星环绕速度，所以卫星“墨子”的运行速度小于7.9km∕s,故A错误；

B.根据牛顿第二定律可得

GMmV2

——3—=m—

厂r

卫星“墨子，，的轨道半径比同步卫星小，卫星“墨子”的运行速度比同步卫星大，故B正确；

C.卫星“墨子”的运行速度比同步卫星大，大于地球自转速度，所以不可能定点在北京正上方，故C错误；

D.根据

GMm4乃2

——；-=m——r

r2T2

卫星“墨子”的轨道半径比同步卫星小，卫星“墨子”的周期小于同步卫星，同步卫星的周期等于地球自转周

期，所以“墨子”卫星的周期比地球自转周期小，故D错误。

故选Bo

11.如图所示，平行板电容器两板水平放置，下极板接地，接通开关K与直流电源连接充电后断开开关

K。一带电油滴位于两板中央的尸点，恰好处于平衡状态。现将平行板电容器的下极板竖直向下移动一小

段距离，则()

*pE

A.带电油滴将竖直向下运动

B.带电油滴仍静止在尸点

C.尸点的电势将降低

D.带电油滴的电势能增加

【答案】B

【解析】

【详解】AB.接通开关K与直流电源连接充电后断开开关K。电容器带电量不变，一带电油滴位于两板中

央的P点，恰好处于平衡状态

Eq-mg

现将平行板电容器的下极板竖直向下移动一小段距离

C=W-,C=2,E=—

4τrkdUd

整理得

E―4τvkQ

εS

与间距无关，所以场强不变，电场力不变，带电油滴仍静止在尸点，故B正确A错误；

C.根据

U=Ed

可知，尸点与下极板间距变大，则电势差变大，下极板电势为零，则尸点的电势将升高，故C错误;

D.电场力向上，场强向下，油滴带负电，根据

Ep=φq

可知，P点的电势将升高，则带电油滴的电势能减小，故D错误。

故选Bo

12.一质点做匀速圆周运动，若其所受合力的大小与轨道半径的2次方成反比，则周期与轨道半径〃次方

成正比，”等于（）

13

A.⅛B.1C.-D.2

22

【答案】C

【解析】

【详解】一质点做匀速圆周运动，若其所受合力的大小与轨道半径的2次方成反比

L1

F,严亲

根据

所以

3

ToC户

故选Co

13.如图所示，一个质量为根的物体，从倾角为30。的固定斜面上高度为人静止开始下滑，其运动的加速

度为&,物体在斜面上下滑高度为〃这个过程中物体的（）

A.整个过程中机械能守恒

B.重力势能减小了网型

4

C.机械能损失了mgh

D.动能增加了粤

【答案】D

【解析】

【详解】A.从倾角为30。的固定斜面上高度为力静止开始下滑，其运动的加速度为名，根据

4

mgsinθ-f-ma

可知

避

4

所以下滑过程克服阻力做功，机械能不守恒，故A错误；

B.物体在斜面上下滑高度为九重力势能减小了〃?"，故B错误；

C.机械能损失

故C错误;

D.根据动能定理，动能增加

.hmgh

λcΔE,二ιτιa------=------

Sine2

故D正确。

故选D。

二、选择题∏（本大题共2小题，每小题3分，共6分。每小题列出的四个备选项中至少有

一个符合题目要求，全部答对的得3分，选对但不全的得2分，错选的得O分）

14.如图所示，在平行于XOy平面的区域内存在着电场，一个负电荷沿直线先后从C点移动到4点和8

点，在这两个过程中，电场力均做正功，从C点移动到B点比从C点移动到A点电场力做功多。下列说

法正确的是（）

I

in°

aIV

B

A.A点的电势比B点的电势高

B.这一区域内的电场可能是匀强电场

C.该电荷在A点的电势能大于在C点的电势能

D.这一区域内的电场可能是在第IV象限内某位置的一个正点电荷所产生

【答案】BD

【解析】

【详解】AC.一个负电荷沿直线先后从C点移动到A点和8点，在这两个过程中，电场力均做正功，电

势能减小，电荷在A点的电势能小于在C点的电势能，从C点移动到B点比从C点移动到A点电场力做

功多。所以8点电势能小，而粒子带负电，所以A点的电势比B点的电势低，故AC错误;

B.根据题意可知，这一区域内的电场可能是匀强电场，故B正确;

D.根据A、B两点电势关系分析，此电场可能是由处于第IV象限内某位置的一个正点电荷所产生的，正

点电荷靠近B点，故D正确。

故选BDo

15.一带有乒乓球发射机的乒乓球台，如图所示。水平台面的长和宽分别为Ll和上，中间球网高度为

h,发射机安装于台面左侧边缘的中点，能以不同速率、向右侧不同方向、水平发射乒乓球，发射点距台

面高度为3〃，调整发射速度V的大小和方向，使乒乓球落到球网右侧的台面上。4点为台面右侧的边

角，8点为台面右边沿的中点。不计空气阻力，重力加速度大小为g。则()

发射点I⅛lwl

H-------Ll-------->r

A.乒乓球落在A点与落在B点运动所用时间相等

B.乒乓球平抛运动水平方向上的位移最小为4

2

C.乒乓球向A点方向发射可以用最小速度发射

D.乒乓球的发射速度最大为J^J(4*+4)g

2V6Λ

【答案】AD

【解析】

【详解】A.乒乓球做平抛运动，竖直方向上做自由落体运动，由/∕=,g产，解得运动时间

乒乓球落在4、8两点的下落高度相等，则运动时间相等，故A错误；

B.调整发射速度V的大小和方向，使乒乓球落到球网右侧的台面上，水平位移最小的情况是擦网落到右

侧台面，此时水平方向的位移大于4,故B错误；

2

C.乒乓球用最小速度发射时，乒乓球过网后的水平位移最小，乒乓球落在右侧台面的中线上，故C错

误；

D.当乒乓球发射速度最大时，落到4点，竖直方向上

水平位移

解得最大速度

v=U（M"）g

m2V6∕?

故D正确。

故选ADo

非选择题部分

三、非选择题（共5小题，共55分）

16.实验题：探究平抛运动规律的实验，装置如图I所示。

（1）下列实验条件必须满足的有;

A.斜槽轨道末段水平B.斜槽轨道必须光滑

C.硬板固定必须竖直D.斜槽出口为平抛运动起点

（2）在白纸上用平滑曲线把印迹连接起来，从抛出点开始取相等的三段水平位移，则三段竖直位移之比

为：

（3）在实验中某同学用一张印有小方格的纸代替白纸记录小球运动的轨迹，小方格的边长L,重力加速

度为g,根据小球在平抛运动途中的〃、氏c、d四个位置（如图2所示）进行分析，则小球平抛初速度U

=小球在b点的速率为。（用题中字母表示）

图2

【答案】①.AC（2）.1：3：5③.2y[gL④.2.5寂

【解析】

【详解】⑴[1]

A.斜槽轨道末段水平,以保证小球做平抛运动，故A正确；

B.斜槽轨道不一定要光滑•，只要到达底端时速度相同即可，故B错误;

C.硬板固定必须竖直，以避免小球与硬板相碰，同时又能落到水平槽MN里，故C正确；

D.小球在斜槽出口位置时小球球心位置为平抛运动的起点，故D错误。

故选ACo

(2)[2]小球做平抛运动，可以分解为水平方向的匀速直线运动和竖直方向的自由落体运动，从抛出点开

始取相等的三段水平位移，由水平方向位移X=可知，通过这三段水平位移所用时间相等，竖直方向

是自由落体运动即初速度为零的匀加速直线运动，由匀变速运动规律可知，前三段连续相等时间内的位

移之比为1:3:5。

(3)[3]由图可知“、b、c、"四个位置相邻两个位置之间的水平距离相等，即相邻两点之间的时间间隔

相同，设为7,竖直方向有

/^y=2L-L=gT2

解得

Y

水平方向有

2L=vT

小球平抛初速度

V=与=2>∕g∑

Wb点在竖直方向的分速度为

3L3L

Vby=hFgL

则人点的速率

v2+v2

Vb=∖∣(hy)=∙!必=2∙5疯

17.利用如图装置做“验证机械能守恒定律”实验。

计时器纸市

CD为验证机械能是否守恒，释放重物前有下列操作，其中正确的是（填字母）

A.将打点计时器的两个限位孔调节到同一竖直线上

B.手提纸带任意位置

C.使重物靠近打点计时器

D.打点计时器接低压直流电源

（2）实验中，先接通电源，再释放重物，得到如图所示的一条纸带。在纸带上选取三个连续打出的点

4、B、C,测得它们到起始点。的距离分别为AhB、he,已知当地重力加速度为g,打点计时器打点的

周期为兀设重物的质量为机。从打。点到打B点的过程中，重物的重力势能减少量△弓=

动能增加量△E=。

（3）某同学利用气垫导轨做“验证机械能守恒定律”实验。气垫导轨水平，测出遮光条的宽度为d,滑块

质量为槽码质量为机，遮光条通过光电门时间为f,滑块从静止开始运动到光电门距离为L已知当

【解析】

【详解】（I）[1]A.将打点计时器的两个限位孔调节到同一竖直线上，减小摩擦带来的误差，故A正确;

B.手提纸带上端，保持竖直，故B错误；

C.为了充分利用纸带，使重物靠近打点计时器，故C正确；

D.打点计时器接低压交流电源，故D错误。

故选ACo

（2）12J[3]打。点到打B点的过程中，重物的重力势能减少量

△Ep=mghB

8点的速度

v=t⅛

2T

动能增加量

m(Jτ-h)2

∖E=-mv2cA

28T2

(3)[4][5]槽码下落重力势能减小，重力势能减少量为mgL,通过光电门速度

d

U二一

1JJ2l

所以系统动能增加量为;(M+〃?)'o

18.如图所示，空间有场强E=1.0xl()2V∕m竖直向下的匀强电场，长L=0.4m不可伸长的绝缘轻绳固定于

O点,另一端系一质量，"=O.5kg带正电q=5xlθ∙2c的小球。拉起小球至绳水平后在A点无初速度释放,

当小球运动至O点的正下方B点时绳恰好断裂，小球继续运动并垂直打在同一竖直平面且与水平面成

8=53°挡板MN上的C点，g取Iom/S?,试求:

(1)绳子的最大张力;

(2)B、C两点的高度差;

(3)A、C两点的电势差。

【答案】(1)T=30N;(2)见解析；(3)UAC=62∙5V

【解析】

【详解】(1)A-B由动能定理及圆周运动知识有

1

(mg+qE)L=^-mvβ,T-{mg+qE')=^-

解得

T=30N

(2)BfC由动能定理有

解得

E=2

ICd

（2）水平方向匀速

2L=vcos45°r

竖直方向匀减速

d=—Vsin45°/

2

解得

d=L

（3）水平方向

L=vcos45or.,Λ=—

12

水平速度

vx=Vcos45°

竖直方向

.1,1Od

Cl——Ut,V=_Clti二一

2.2I4

速度

vsin45o=at,vat.=-vsin450

yv2

根据

tan=—

匕

或者根据推论

d

tan。=*

2

解得

tan。=一

2

20.如图所示，某小车（可以看作质点）以额定功率8W由静止开始从B点出发，沿粗糙水平直线轨道加

速2s后关闭动力，进入光滑的曲线轨道CD,从。处水平飞出，最后落入沙坑中，已知沙坑距离。高度

∕ι=0.8m,小车平抛运动落入沙坑中水平位移d=0.8m,小车的总质量为lkg,⅛=10m∕s2,不计空气阻

力，求：

（1）小车在。点速度大小;

（2）小车在BC段克服摩擦力做的功;

（3）若曲线轨道CO末端高度可调，平抛高台〃为多少时，能让小车落入沙坑的水平位移最大？最大值

是多少？

S

【答案】（1）2m/s；（2）6J；（3）0.5m,Im

【解析】

【详解】（1）从。点平抛运动有

,1

A=—gt2,dj=vt

解得

V=2m/s

（2）从8运动到。根据动能定理

19

Pt-Wl-mgh=-mv

解得

W,=6J

（3）根据

22

Pt-Wf-mgh-∙^mv,h=^gt

整理得水平位移

x