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文档简介
2022年普通高等学校招生全国统一考试(乙卷)数学(理科)
1.设全集。={1,2,3,4,5},集合加满足令加={1,3},贝女)
A.2eA/B.3dMC.D.5^M
2.已知z=l-2i,且z+应+Z?=O,其中〃,匕为实数,贝!J()
A.a=l,b=—2B.a=—1,b=2
C.a=l,b=2D.a=—lfb=—2
3.已知向量Q,匕满足|5|=1,|5|=百,|5一2石|=3,则无5=()
A.-2B.-1C.1D.2
4.嫦娥二号卫星在完成探月任务后,继续进行深空探测,成为我国第一颗环绕太阳飞行的人
造行星.为研究嫦娥二号绕日周期与地球绕日周期的比值,用到数列{包}»=1+工,
%
,,1,1
仇=1+-------「,4+---------i—…,依此类推,其中a-eN*(左=1,2,…).则()
a】H----a1H---------
%a2+^-
a3
A.bx<b5B.b3<bsC.b6<b2D.%<伪
5.设歹为抛物线C:V=4x的焦点,点A在C上,点3(3,0),若|AF|gBF|,则|AB|=
()
A.2B.2V2C.3D.3衣
6.执行右边的程序框图,输出的〃=()(〜、
〔开始J
/,_________
入:。=1,6=1,「=1/
7.在正方体ABCD—中,E,尸分别为AB,8c的中点,则()
A.平面B[EF!"平面BDD[B.平面B}EF,平面A.BD
C.平面4EE〃平面4ACD.平面耳石尸〃平面AG。
8.已知等比数列{”“}的前3项和为168,(Y2-<a5=42,则牝=()
A.14B.12C.6D.3
9.已知球。的半径为1,四棱锥的顶点为。,底面的四个顶点均在球。的球面上,则当该四
棱锥的体积最大时,其高为()
A-IB-I*
10.某棋手与甲、乙、丙三位棋手各比赛一盘,各盘比赛结果相互独立.已知该棋手与甲、乙、
丙比赛获胜的概率分别为Pi,P2,2,且P3>>Pl>。记该棋手连胜两盘的概率为P,
则()
A.0与该棋手和甲、乙、丙的比赛次序无关B.该棋手在第二盘与甲比赛,0最大
C.该棋手在第二盘与乙比赛,0最大D.该棋手在第二盘与丙比赛,0最大
11.双曲线C的两个焦点为",F2,以C的实轴为直径的圆记为D,过耳作。的切线与C
3
交于N两点,且cosN427工=m,则C的图心率为()
A±B.17D.姮
2222
12.已知函数/(九),g(x)的定义域均为H,且/(%)+g(2-%)=5,g(%)-/(x-4)=7,
22
若丁=8。)的图像关于直线x=2对称,g(2)=4,则次)=()
k=\
A.-21B.-22C.-23D.-24
13.从甲、乙等5名同学中随机选3名参加社区服务工作,则甲、乙都入选的概率为.
14.过四点(0,0),(4,0),(-1,1),(4,2)中的三点的一个圆的方程为.
15.记函数/>0)=85(0¥+0)(69>0,0<0〈万)的最小正周期为丁,f(T)=,X=~
29
为/(x)的零点,则co的最小值为.
16.已知犬=%和X=々分别是函数/(X)=2优->。且。w1)的极小值点和极大值点,
若为<%,则a的取值范围是
17.记AABC的内角A、B、C的对边分别为a、b、c,已知sinCsin(A—3)=sin/?sin(C—A).
(1)证明:2a2=Z?2+c2;
25
(2)若a=5,cosA=一,求AABC的周长.
31
18.如图,四面体ABCO中A£>,CE>,AD=CD,ZADB^ZBDC,E为AC中点.
(1)证明:平面班平面ACD;
(2)设45=5£>=2,NACfi=60°,点F在上,当AAFC的面积最小时,求CF与平
面ABD所成角的正弦值.
19.某地经过多年的环境治理,已将荒山改造成了绿水青山.为估计一林区某种树木的总材积
量,随机选取了10棵这种树木,测量每棵树的根部横截面积(单位:加之)和材积量(加3),
得到如下数据:
样本数号i12345678910总和
根部横截面积为0.040.060.040.080.080.050.050.070.070.060.6
材积量%0.250.400.220.540.510.340.360.460.420.403.9
101010
并计算得=0.038,£城=1.6158,=0.2474.
i=\i=\i=l
⑴估计该林区这种树木平均一棵的根部横截面积与平均一棵的材积量:
(2)求该林区这种树木的根部横截面积与材积量的样本相关系数(精确到0.01);
(3)现测量了该林区所有这种树木的根部横截面积,并得到所有这种树木的根部横截面积总
和为186机2.已知树木的材积量与其根部横截面积近似成正比.利用以上数据给出该林区这种
树木的总材积量的估计值.
鼻(劭一矽做-5)
附:相关系数,=J:-*,Jl.896al.377.
Jz(须一矽2XX汕一可2
-3
20.已知椭圆E的中心为坐标原点,对称轴为x轴,y轴,且过A(O,-2),两点
(1)求E的方程;
(2)设过点P(l,—2)的直线交E于M,N两点,过M且平行于x的直线与线段AB交于点T,
点〃满足近=而,证明:直线"N过定点.
21.2知函数/(x)=ln(l+x)+oveT.
⑴当a=1时,求曲线/(%)在点(0,/(O))处的切线方程:
(2)若/(x)在区间(-1,0),(0,+8)各恰有一个零点,求”的取值范围.
22.在直角坐标系xOy中,曲线C的方程为(支善为件为参数).以坐标原点为极点,
I"一
JT
x轴正半轴为极轴建立极坐标系,已知直线/的极坐标方程为夕sin(6+§)+m=0.
(1)写出/的直角坐标方程:
(2)若/与C有公共点,求“2的取值范围.
333
23.已知abc为正数,且。5+人”+。5=1,证明:
b+ca+ca+b*2y/abc
答案和解析
L【答案】A
【解析】
【分析】
本题考查了元素与集合的关系,补集的运算,属于基础题.
【解答】
解:因为全集。={1,2,3,4,5},2河={1,3},
所以"={2,4,5},
所以2e〃,A选项正确.
2.【答案】A
【解析】
【分析】
本题主要考查共朝复数和复数相等,属于基础题.
根据题干表示彳,再出列出复数相等的等式,即可求解a,b.
【解答】
解:由题设,z—l~2i,z=l+2z,代入有a+>+l+(2a-2)i=0,
故a=1,b——2.
3.【答案】C
【解析】
【分析】
本题考查向量数量积运算.
【解答】
解:由题设,|1一25|=3,得|万F-4万・B+4|5『=9,代入\b\=s/3,
有4G-B=4,故1-5=1
4.【答案】D
【解析】
【分析】
本题考查社会生活中的数列的比较大小,考查运算推导能力,属于基础题.
利用递推关系进行大小的比较.
【解答】
L11—>—二,故4〉仇;同理可得仇<&,
解:由已知4=1H—,b=1-\------—
q2q+工
"Q]H------
a2a2
瓦>4,又因为一>-----------,故4<白,于是得>b2>b3>b4>b5>b6>by>...,排除
a2+------j-
〃3----
包
A
—>------二----,故2<仅,排除C而4>为>4,排除B.
%
CI3I•••
«6
5.【答案】B
【解析】
【分析】
本题考查抛物线的定义、方程和性质,属基础题.
【解答】
解:易知抛物线C:y2=4%的焦点为尸(1,0),于是有I3户1=2,故IA厂1=2,注意到抛物线通
径2。=4,
通径为抛物线最短的焦点弦,分析知AF必为半焦点弦,于是有AFLx轴,
于是有IAB|=A/22+22=272.
6.【答案】B
【解析】
【分析】
本题考查程序框图,属于基础题.
【解答】
A231
解:第一次循环:Z?=l+lx2=3,a—3—1—2,n—1+1—2,|——21=|(―)2—21=—>0.01
储24
A273
第二次循环:》=3+2x2=7,a=7—2=5,〃=2+1=3,|—-2|=|(-)2-2|=—>0.01
a525
第三次循环,6=7+2x5=17,。=17—5=12,〃=3+1=4,
I—7-21=|(―)2-21=—<0.01
/'12144
故输出〃=4
7.【答案】A
【解析】
【分析】
本题考查了面面垂直的判断,面面垂直的性质,属于中档题.
【解答】
解:对于A选项:在正方体ABC。-A4GA中,因为EP分别为AB,BC的中点,易知
EF±BD,从而叮,平面BQ。,又因为EFu平面,所以平面耳,平面BQQ,
所以A选项正确;
对于8选项:因为平面ABDc平面BDD[=BD,由上述过程易知平面BXEF,平面
A^BD不成立;
对于C选项的直线A4t与直线BXE必相交,故平面B、EF〃面AXAC有公共
点,从而C的错误;
对于。选项:连接AC,做,BC,易知平面A4c〃平面AC。,
又因为平面AByC与平面B[EF有公共点B「故平面ABXC与平面BXEF
不平行,所以。选项错误.
8.【答案】D
【解析】
【分析】
本题主要考查等比数列前〃项和中的基本量计算,属于基础题.
根据题干列出等式求得q与夕,进而求出线.
【解答】
解:设等比数列伍〃}首项%,公比q.
,Jq+%+%=168/M(l+q+O=168k(l+^+/)=168
由题意,<,即<,即〈,
%-4=42城1——=42[qq(l-q)(l+q+q-)=42
解得,4=g,%=96,所以a6=ai/=3.
9.【答案】C
【解析】
【分析】
本题考查圆锥体积,最值计算.
【解答】
解:考虑与四棱锥的底面形状无关,不失一般性,假设底面是
边长为。的正方形,底面所在圆面的半径为广,则厂=2。,
2
所以该四棱锥的高/z=Jl-;,所以体积
V=¥/一色,设dnWOVtVR,
4i2_,>0,
当0<t<一,(l)单调递增,
3
4
单调递减,所以当f=2时,V取最大,此时/?=
3
10.【答案】D
【解析】
【分析】
本题考查相互独立事件的概率乘法公式的计算,属于中档题.
根据题意计算出与,?,/,然后作差比较大小.
【解答】
解:设棋手在第二盘与甲比赛连赢两盘的概率为琦,在第二盘与乙比赛连赢两盘的概率为
?,在第二盘与丙比赛连赢两盘的概率为均由题意
扁=PjP2(l—P3)+P3(l—P2)]=PlP2+P1P3-2p、p2P3,
?=[Pl(1-0)+。3(1-Pl)1=P1P2+P2P3-2Plp2P3,
舄=P31B(1-P2)+0-Pl)1=P1P3+P2P3-2Plp2P3,
所以舄一辱=-,)>0,七一%=口(。3-P2)>。,
所以扁最大.
11.【答案】C
【解析】
【分析】
本题考查双曲线的性质及直线与圆相切的性质,属于中档题.
【解答】
解:由题意,点N在双曲线右支.记切点为点A,连接AD,则跖V,\AD\^a,
又=则|刀耳|二而-a?=b.过点F]作F?B工MN交直线MN于点B,连接gN,
则鸟又点。为大耳中点,贝i||£5|二2|ZM|=2a,|用四=2|由川=3.
344
由cosN耳N/^=M,得sinN耳NB=m,tanZFiNF2=—
所以四N|=~|金,网|=9|士
2sin/片N82tanZT^A^2
tk\FlN\=\FlB\+\BN\=2b+~,由双曲线定义,|片N|—|£N|=2a,
则2b—a=2a,即?=』,所以e=J1+与=、值?=史.(此题是否有另外一解,待官方公
a2Va-V42
布)
12.【答案】D
【解析】
【分析】
本题考查函数的对称性,周期性,属于拔高题.
【解答】
解:若y=g(x)的图像关于直线x=2对称,则g(2-©=g(2+x),因为
f(x)+g(2-x)=5,所以/(-%)+g(2+x)=5,故/(-%)=/(%),/(九)为偶函数.由
g(2)=4,”0)+g(2)=5,得/(0)=1.由g(%)—"%—4)=7,得g(2—%)=f(-x-2)+7,
代入/(%)+g(2—JV)=5,Wf(x)+f(—x—2)=—2>/(九)关于点(—1,—1)中心对称,所以
『(1)=/(-1)=-1.由/(%)+/(_%_2)=—2,/(-%)=/(%),得/(%)+/(%+2)=-2,所
以/(%+2)+/(九+4)=—2,故/(%+4)=/(%),/(%)周期为4.由7(0)+〃2)=—2,得
22
/(2)=—3,又/(3)=*—1)=/⑴=—1,所以£/伏)=6〃1)+6/(2)+5/(3)+5/(4)=
k=\
11x(-1)+5x1+6x(-3)=-24.
3
13.【答案】—
10
【解析】
【分析】
本题考查了古典概型及其计算,属于基础题.
【解答】
解:设“甲、乙都入选”为事件A,则尸(A)=£=3・
14.【答案】(x—2)2+(y—3)2=13或(x—+(y—I)?=5或(x—gy+(y_g)2=■^或
(一,+(一)、爱
【解析】
【分析】
本题主要考查求圆的标准方程,属于基础题.
圆过其中三点共有四种情况,解题关键是三点中的两条中垂线的交点为圆心,圆心到任一点的距
离为半径,每种情况逐一求解即可.
【解答】
解:设点A(O,O),5(4,0),C(-l,l),0(4,2).
(1)若圆过A、B、C三圆圆心在直线x=2,设圆心坐标为(2,a),
则4+〃=9+(a—Ifna=3,r="+q2=岳,所以圆的方程为。―2尸+(y—3了=13;
(2)若圆过A、B、。三点,同⑴设圆心坐标为(2,a),
则4+/=4+(a—2>=。=1,r="=日所以圆的方程为口―2尸+(y—1猿=5;
(3)若圆过A、C、D三点、,则线段AC的中垂线方程为y=x+l,线段AD的中垂线方程
为y=-2尤+5,联立得,一彳"r=樽镖=手,所以圆的方程为
4
3
(4)若圆过3、C、。三点,则线段3。的中垂线方程为y=l,
8
x——
线段8C中垂线方程为y=5%—7,联立得45j《-4)+7
"=1
所以圆的方程(x—|)+(y—I)?=詈.
15.【答案】3
【解析】
【分析】
本题考查由余弦型函数的图象与性质,属于基础题.
由故)=/(。)=日求得。,再由丐)=。求得0=3+然口”即可求最小直
【解答】
解:/(T)=/(0)=cos^=—,且0<0<%,故o=工,
26
/(g)=cos(ga)+^)=0=>^co+^=^-+k兀*£Z)=0=3+9k(kGZ),
又G>0,故g的最小值为3.
16.【答案】@1)
【解析】
【分析】
本题考查利用导数的极值求解参数,考查转化能力与运算求解能力,属于较难题.
求导,转化为r(%)=2(axIna-ex)至少要有两个零点九=玉和1=/,构造函数九(①)=f[x},
分类讨论,判断单调性,进而求解范围.
【解答】
解:ff(x)=2(优Ina-ex)至少要有两个零点九=不和%=%,
构造函数h(x)=f(x)=2(axlna-ex),对其求导,h!(x)=2a®(Ina)2-2e,
⑴若。>1,则力㈤在L上单调递增,此时若/(%0)=0,则广(%)在(-oo,%0)上单调递减,
在(九0,+oo)上单调递增,此时若有%=玉和%=%分别是函数/(%)=2优一cd(口>。且aw1)的
极小值点和极大值点,则%>%,不符合题意,
(2)若Ovavl,则VQ)在H上单调递减,止匕时若〃(%)=0,则/(%)在(—8,%)上单调递增,
在+8)上单调递减,令〃(%)=0,则*=一号,此时若有尤=%和Xu%分别是函数
(Ina)~
/(%)=2优一分2(々>。且QW1)的极小值点和极大值点,且玉<42,则需满足/'(%)>0,即
a
f(xo)=2(a°lna—exo)=2—的o)>0,/v,xQ]na>l,
故me=ln粉>1,所以aeQj).
17.【答案】解:(1)证明:已知sinCsin(A—3)=sin3sin(C—A)
可化简为sinCsinAcosB—sinCeosAsinB=sinBsinCeosA—sinBcosCsinA,
由正弦定理可得accosB-bccosA=bccosA-abcosC,即accosB=2Z?ccosA-abcosC,
2,2r2>2,22„2,z22
由余弦定理可得ac-——-------=2bc--------——-——ab--------,即证2储=加+/,
lac2bclab
,Z?2+c2-a250-252525
⑵由(1)可知k+。2=2a2=50,cosA=---------------=-------=----二——,
2bc2bc2bc31
2bc=31,b2+c2+2bc=(Z?+c)2=81,
:.b+c=9,.\a+b+c=14,AABC的周长为14.
【解析】本题考查正余弦定理,属中档题目.
⑴利用正弦定理角化边,再利用余弦定理角化边,化简得证;
(2)由余弦定理求出a+b即可得出三角形的周长.
18.【答案】解:(1).AD^CD,NADB=NBDC且BD为公共边:.AADB与ABDC全等,
AB—BC.
又「E为AC中点且AO=CD,:.DE±AC,同理
又;DEcBE=E,且均含于平面BED,二AC_L平面5石1).
又ACu平面ACD,.•.平面BXD_L平面ACD.
(2)在AABC中,AB=2,ZACB=60°,AB=BC:.AC=2,BE=也.
在AACD中,,ADLCD,AD=CD,AC=2,E为AC中点,:.DE±AC,DEW.
又:BD=2,:.DE2+BE-=BDT,即DEL5E
r.直线AC、直线£D、直线EB两两互相垂直.
由点尸在2。上且~408与4应>。全等,AF=FC,
由于E为AC中点二所,AC
当AAFC的面积最小时.•.石户,
在RtAD£B中,•:BE=6,DE=1:.EF^―,BF=)
22
如图,以点£为坐标原点,直线AC、EB、ED分别为x、y、z轴建立空间直角坐标系.
3
C(-1,0,0)、A(l,0,0),5(0,73,0),£>(0,0.1)、F(0,^-,-)
丽=(0,-8,1)、AZ)=(-1,0,1),BC=(-l,-73,0)
,CF^BF-BC^-BD-BC=(1,-,-)
444
设平面ABD的法向量为m=(x,y,z)
可得<___.设y=1.•.沅=(v3,l,V3)
AD-m=0
设而与炉所成的角为a,CF与平面AB。所成角的为。
;。lII而利询Ir4g
4J3
所以CF与平面ABO所成角的正弦值为」.
【解析】本题考查面面垂直的判定,及线面角的求解,属于中档题.
19.【答案】解:(1)设这种树木平均一棵的根部横截面积为无,平均一棵的材积量为9,
则无=——=0.06,y=—=0.39.
10-10
£工斯一位豆
0.2474-10x0.06x0.39
(2)r=i=1=
V0.038-10x0.06V1.6158-10x0.392
W孕-同)(『-时)
0.01340.01340.0134…
=---------------------=------------------=-----------=097•
V0.002x0.09480.01x71.8960.01377
vJaQ
(3)设从根部面积总和为X,总材积量为匕则一=二,=—xl86=1209(m3).
Yy0.6
【解析】本题考查了用样本估计总体,样本的相关系数,属于中档题.
x2v23
20.【答案】解:⑴设£的方程为二+3=1,将A(0,-2),5(3,—1)两点代入得
a2b22
4T
第一1尤2V2
”,解得/=3,加=4,故E的方程为一+乙=1.
91।34
■+记=1
32
⑵由A(0,—2),仇一,—1)可得直线AB:y=—x—2
23
22,f7
①若过P(l,—2)的直线的斜率不存在,直线为x=l.代入:+(=1,可得”(1,三),
N(l-,将丁=手代入A3:y=gx—2,可得T(布+3,,由近=而,
2"
得〃(2庭+5,易求得此时直线EN:y=(2-)x-2.过点(0,—2);
3
②若过P(l,—2)的直线的斜率存在,设依―y—(左+2)=0,河(石,乂),N5,%)。
rkx-y-pf+2)=0
联立,x2।「得(3k2+4)尤2_6kQ+k)x+3k(k+4)=0,
,6M2+财—8(2+拈)
护+讥+一*=鼬旗2+/4船’且石%+5=许—24左(*)
故有《34
岫(4+拈)
6*2=嫄+4加一3F+4
y=x3
联立2,可得T(W*+3,yJ,H(3%+6-石,%),
y=—x-22
3
2
可求得此时HN:y-y2=——皂'——(x-%9)
一3乂+6-%%一
将(0,—2)代入整理得2(石+x2)-6(y;+%)+%%+%%-3yly2-12=0
将(*)式代入,得24左+12k°+96+48左一24k-48-48左+24k2-36k2-48=0,
显然成立.
综上,可得直线罚V过定点(。,-2).
【解析】本题考查椭圆的标准方程,直线与椭圆的位置关系,属于较难题.
(1)根据点在椭圆上,坐标满足椭圆方程,求出椭圆的标准方程;
(2)分类讨论过点尸的直线斜率是否存在,再根据题干依次表示出T,N坐标,表示出直线方
程,判断直线过定点即可.
21.【答案】解:(1)当。=1时,尤=0,尸(x)=2,又尤=0时,
C+1
"0)=0,
所以曲线f(x)在点(0"(0))处的切线方程为y-0=2。-0),即y=2x.
(2)令g(x)=exln(x+1)+ax(x>-1)=exf(x),有g(0)=0,
/(x)在区间(-1,0),(0,+8)各恰有一个零点,也即g(x)在区间(-1,0),(0,+8)各恰有一个零
点,
则g<x)=e'[ln(x+1)H——]+a,
1+x
(I)若a..—1时,则g,(x)=e*[ln(x+1)H———]+a
1+x
令3(H)=皿H+I)+K^,”㈤飞:])十口㈤分别在(—i,o)和(o,+8)单调递减和单调递
增,易知当x=0时,w(a?)取得最小值1,
所以,[ln(x+1)+
1+x
当%>0时,-1>0,于是g(%)在(0,+8)递增,且(尤)><?(0)=0与(?(%)在(0,+8)上有一个
零点矛盾.
(II)若av—1时,令G(x)=g\x)贝ij
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