山东省 2022-2023学年物理高一年级上册期末监测模拟试题含解析

2022-2023学年高一上物理期末模拟试卷

考生请注意：

1.答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。

2.第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的

位置上。

3.考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有

的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）

1、下列物理量中，属于矢量的是（）

A,位移B.时间

C.功率D.动能

2、如图所示为甲、乙沿同一直线运动的速度图象，由图像可知错误的是（）

A.甲做匀减速直线运动，加速度-Ini/s2

B.乙做匀加速直线运动，加速度为4m/s2

C.运动到甲、乙速度相同时，甲、乙的位移均为50m

D.甲、乙沿同向运动，乙开始运动时间比甲晚5s

3、下列物理量中，不属于矢量的是（）

A.位移B.速率

C.速度D.摩擦力

4、撑杆跳高是一项技术性很强的体育运动，完整的过程可以简化成三个阶段：持杆助跑、撑杆起跳上升、越杆下落。

撑杆跳高的过程中包含很多物理知识，下列说法正确的是（）

持杆助跑撑杆起跳上升越杆下落

A.持杆助跑过程，重力的反作用力是地面对运动员的支持力

B,撑杆起跳上升阶段，弯曲的撑杆对人的作用力大于人对撑杆的作用力

C,撑杆起跳上升阶段，弯曲的撑杆对人的作用力大小等于人对撑杆的作用力大小

D.最高点手已离开撑杆，运动员还能继续越过横杆，是因为受到了一个向前的冲力

5、甲、乙两物体在同一直线上，同时由一位置向同一方向运动，其速度-时间图象如图所示，下列说法正确的是（）

A.甲做匀速直线运动，乙做变加速直线运动

B.开始阶段乙跑在甲的前面，20s后乙落在甲的后面

C.20s末乙追上甲，且甲、乙速率相等

D.40s末乙追上甲

6、如图所示，用一水平力尸压着物块，使其静止在竖直墙壁上，物块受到力的个数为（）

A.2

C.4

7、如图所示，某同学站在体重计上观察超重与失重现象。由稳定的站姿变化到稳定的蹲姿称为“下蹲”过程；由稳定

的蹲姿变化到稳定的站姿称为“起立”过程。他稳定站立时，体重计的示数为500N,关于实验现象，下列说法正确的

是（）

A.“起立”过程是超重现象，“下蹲”过程是失重现象

B.“起立”和“下蹲”过程都有超重和失重现象出现

C.图记录的是他先“下蹲”稳定后又“起立”的过程

D.“下蹲”过程先出现失重现象，“起立”过程先出现超重现象

8、质量为60kg的人，站在升降机内水平放置的台秤上，测得体重为620N,则升降机的运动可能是（）

A.匀速上升B.加速上升

C.减速上升D.减速下降

9、如图所示，一轻质弹簧一端固定在墙上的。点，自由伸长到5点.今用一小物体机把弹簧压缩到A点（，〃与弹簧不

连接），然后释放，小物体能经B点运动到C点而静止.小物体，”与水平面间的动摩擦因数〃恒定，则下列说法中正

确的是（）

A.物体从A到B过程速度越来越大

B.物体从4到B过程速度先增加后减小

C.物体从A到C过程加速度越来越小

D.物体从A到C过程加速度先减小再增加后保持不变

10、质量为，"的A球和质量为的8球之间连接一个轻质弹簧，放在光滑的水平地面上.4紧靠墙壁，如图所示,

今用恒力尸作用于8球并向左挤压弹簧，达到静止状态时，突然将力撤去，撤去力尸的瞬间（）

B.A球的加速度为零

F

C.8球的加速度为一

2m

D.B球的加速度为零

11、一只小船渡河，水流速度各处相同且恒定不变，方向平行于岸边.小船相对于水分别做匀加速、匀减速、匀速直

线运动，运动轨迹如图所示.船相对于水的初速度大小均相同，方向垂直于岸边，且船在渡河过程中船头方向始终不

变.由此可以确定（）

CBD

A.沿AO轨迹运动时，船相对于水做匀减速直线运动

B.沿三条不同路径渡河的时间相同

C.沿AC轨迹渡河所用的时间最短

D.沿AC轨迹到达对岸的速度最小

12、将一个半球体置于水平地面上，半球的中央有一光滑小孔，上端有一光滑的小滑轮，柔软光滑的轻绳绕过滑轮，

两端分别系有质量为犯、巴的物体（两物体均可看成质点，，“2悬于空中）时，整个装置处于静止状态，如图所示。已

知此时与半球体的球心0的连线与水平方向成53。角（sin53o=0.8,COS530=0.6）,町与半球面的动摩擦因数为0.5,

并假设犯所受到的最大静摩擦力等于滑动摩擦力。则在整个装置处于静止的前提下，下列说法正确的是

O

m,

A.无论」的比值如何，地面对半球体的摩擦力都为零

m2

m.5

B.当U二孑时，半球体对叫的摩擦力垂直于图中的虚线向上

C.当1«9w：时，半球体对明的摩擦力的方向垂直于图中的虚线向下

m23

D.当:〈生《5时，半球体对mx的摩擦力的方向垂直于图中的虚线向上

3加，

二.填空题（每小题6分，共18分）

13、在“验证力的平行四边形定则”实验中，橡皮条的一端固定在A点，另一端被两个弹簧秤拉到O,两弹簧秤的读数

分别为Fi和F2,两细绳的方向分别与橡皮条延长线的夹角为/和火,如图所示，以下说法正确的是（）

A.只要O位置不变，则合力不变

B.实验中用平行四边形定则求得的合力F一定与OA在一条直线上

C.若保持O点的位置和夹角％不变，夹角.可变，若F1增大，则F2可能减小

D合力F必大于Fi或F2

14、某实验小组利用如图的装置探究加速度与力、质量的关系。

接电源

木块带瞥的长木板

细绳

纸带

热计器

W硅码

（1）下列做法正确的是（填字母代号）；

A.调节滑轮的高度，使牵引木块的细绳与长木板保持平行

B.在调节木板倾斜度平衡木块受到的滑动摩擦力时，将装有祛码的祛码桶通过定滑轮拴在木块上

C.通过增减木块上的硅码改变质量时，不需要重新调节木板倾斜度

D.实验时，木块释放的初始位置应尽量远离打点计时器

（2）为使祛码桶及桶内祛码的总重力在数值上近似等于木块运动时受到的拉力，应满足的条件是木块和木块上祛码的总

质量_____祛码桶及桶内祛码的总质量（填“远大于”、“远小于”或“近似等于"）；

（3）甲、乙两同学在同一实验室，各取一套图示装置放在水平桌面上，木块上均不放祛码，在没有平衡摩擦力的情况

下，研究加速度。与拉力厂的关系，分别得到下图中甲、乙两条直线。设甲、乙用的木块质量分别为"?甲、"乙，甲、

乙用的木块与木板间的动摩擦因数分别为“单,""由图可知，"，甲，〃，,/，单//乙（填“>"、"<”或"=”）。

15、某实验小组要探究“功与物体速度变化的关系”，实验装置如图所示.

实验主要步骤如下：

①实验时，为使小车所受合力等于橡皮筋的拉力，在未连接橡皮筋前将木板的左端用小木块垫起，使木板倾斜合适的

角度，接通电源，轻推小车，小车运动稳定后，得到的纸带应该是如图的（填“甲”或"乙”）；

甲乙

②使小车在一条橡皮筋的作用下由静止弹出，沿木板运动，此过程中橡皮筋对小车做的功记为W；

③再分别改用完全相同的2条、3条…橡皮筋作用于小车，每次从同一位置由静止释放小车，使得每次每条橡皮筋对

小车做的功都为W；

④分析打点计时器打出的纸带，分别求出小车每次获得的最大速度孙、也、心、….如图所示是实验中打出的一条纸带,

为了测量小车获得的最大速度，应选用纸带的（填“AG”或“GJ”）部分进行测量；

）ABCDE_F~~GH1

........................•••••（

⑤根据实验数据，作出W-v图象，下列符合实际的图象是.

三.计算题（22分）

16、（12分）如图，长为1.25m的竖直光滑直杆固定在地面上，底部套有一个质量为1kg的小环。在恒力尸=25N作用

下，小环由静止开始向上运动。尸与直杆的夹角为37。。（sin37°=0.6,cos37°=0.8,g^lOm/s2）

（1）求小环与直杆间的弹力大小N；

（2）求小环刚脱离直杆时的速度大小v；

（3）为使小环不脱离直杆，经过一段时间后撤去恒力，求恒力作用的最长时间f。

17、（10分）风动实验室可以产生水平向右、大小可以调节的风力，小米同学在风动实验室研究风力大小，进行了下

述实验：将一根套有小球的细直杆放入风洞实验室，小球的质量为机=0.5kg,球的孔径略大于细杆的直径，杆0A

的长度为L=3m,取g=10m/s2.

（D先将杆沿着水平方向固定，如图甲所示，调节风力的大小为=2.5N,小球恰能沿杆向右匀速运动，求小球与杆间

的动摩擦因素

（2）再将杆沿与水平呈，=37。方向固定，如图乙所示。调节风力大小并保持不变，将小球从底端。点由静止释放，经

过仁2s,小球滑到杆的顶端A点，求风力大小尸2。（已知sin37-=0.6,cos37°=0.8）

图甲图乙

参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分,共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有

的小题有多个选项正确.全部选对的得5分,选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）

1、A

【解析】A.位移既有大小又有方向，是矢量，选项A正确

B.时间只有大小无方向，是标量,选项B错误;

C.功率只有大小无方向，是标量,选项C错误;

D.动能只有大小无方向，是标量,选项D错误;

故选A.

2^C

【解析】A.由图可知，甲做匀减速直线运动，加速度为

Av20-30

a=—=m/s2=-lm/s2

△t10

故A正确，不符合题意;

B.由图可知，乙做匀加速直线运动，加速度为

Av20-0

Cl——m/s2=4m/s2

X5

故B正确，不符合题意;

C.f=10s时，两图像相交，说明此时两物体的速度相同，甲的位移为

5.=—x(30+20)x10m=250m

12

乙的位移为

s,=—x5x20m=50m

22

故C错误，符合题意；

D.由图可知，两物体的速度均沿正方向，乙开始运动时间比甲晚5S,故D正确，不符合题意。

故选C。

【点睛】对于速度时间图像要明确以下几点：每一点的坐标表示该时刻物体的速度；图像的斜率表示物体的加速度;

图像与时间轴围成的面积表示物体在这段时间内通过的位移。

3、B

【解析】ACD：位移、速度、摩擦力都是有大小有方向且合成遵循平行四边形定则的物理量，是矢量.故ACD三项

均错误

B：速率是速度的大小，是一个只有大小没有方向的物理量，是标量不是矢量.故B项正确

4、C

【解析】A.重力是由于地球的吸引而产生的，所以任意过程中，其反作用力均为人对地球的引力，A错误；

BC.弯曲的撑杆对人的作用力和人对撑杆的作用是相互作用力，故撑杆起跳上升阶段，弯曲的撑杆对人的作用力等于

人对撑杆的作用，B错误，C正确；

D.最高点手已离开撑杆，运动员还能继续越过横杆，是因为人的惯性，而没有受到冲力作用，D错误。

故选c.

5、D

【解析】A.由图可知，甲做匀速运动，乙做匀加速运动，故A错误；

B.开始阶段甲跑在的乙前面，20s后的一段时间内，甲仍在乙的前面，直到两者相遇，故B错误；

C.在第20s末两物体速度相等，由图线的“面积”看出，这段时间内甲的位移大于乙的位移，乙还没有追上甲，故C

错误；

D.两图线的交点表示速度相等。两物体由同一地点向同一方向作直线运动，当位移相等时两物体相遇，所以40s末乙

追上甲，故D正确。

故选D。

6、C

【解析】物体受力如图所示：

■I

mg

所以物体受重力、外力R墙壁对物体的摩擦力和支持力，受到四个力的作用，故选C.

7、BCD

【解析】A、B、D.从下蹲状态站起来的过程中，人先向上做加速运动，后向上做减速运动，最后回到静止状态，即

人先处于超重状态后处于失重状态。从站立状态蹲下去的过程中，人先向下做加速运动，后向下做减速运动，最后回

到静止状态，即人先处于失重状态。后处于超重状态。故A错误，BD正确；

C.物体对支持物的压力大于物体所受重力的情况称为超重现象，即显示重量大于实际重量；物体对支持物的压力小

于物体所受重力的情况称为失重现象，即显示重量小于实际重量。图像中第一次变化，显示重量先小于重量再大于重

量，即先失重后超重，因此为“下蹲”；第二变化，显示重量先大于重量再小于重量，即先超重后失重，因此为“起

立“，故C正确。

故选择BCDo

8、BD

【解析】人的质量为60kg,重力是600N,升降机内的台秤的读数是620N,大于人的重力，则人处于超重状态，其加

速度必定竖直向上，可能加速上升，也可能减速下降，故BD正确，AC错误.故选BD

【点睛】对于超重状态，物体具有向下的加速度，物体有两种运动情况，加速上升或减速下降，效果相同

9、BD

【解析】物体从A到8运动的过程中，开始时弹簧的弹力大于摩擦力，加速度方向向右，物体做加速度运动，当弹簧

的弹力与摩擦力相等时，加速度为零，然后弹簧的弹力小于摩擦力，加速度方向向左，物体做减速运动，加速度增大,

所以从A到8先加速后减速，到达8点后，弹簧与物体开始分离，分离后物体只受滑动摩擦力，所以加速度不变，故

BD正确，AC错误。

故选BD»

10、BC

【解析】先分析将力F撤去前弹簧的弹力大小，再分析将力F撤去的瞬间两球所受的合力，根据牛顿第二定律求解加

速度；

【详解】力F撤去前弹簧的弹力大小为F,将力F撤去的瞬间，弹簧的弹力没有变化，则A的受力情况没有变化，合

力为零，即A的加速度为零；

而B的合力即为弹簧的弹力，其大小等于F,根据牛顿第二定律得到B球的加速度为a=工，故选项BC正确，AD

错误

【点睛】瞬时问题是牛顿定律应用典型的问题，一般先分析状态变化前弹簧的弹力，再研究状态变化瞬间物体的受力

情况，求解加速度，要抓住弹簧的弹力不能突变的特点

11、AC

【解析】根据运动的合成，结合合成法则，即可确定各自运动轨迹，由运动学公式，从而确定运动的时间与速度大小

【详解】A、B项：根据题意，船在静水中的速度是不同的，因此它们的时间也不相同，根据曲线运动条件可知，AC

轨迹说明船在静水中加速运动，而AB则对应是船在静水中匀速运动，对于AD,则船在静水中减速运动，故A正确，

B错误；

C项：上分析可知，由于AC轨迹，船在静水中加速运动，因此所用时间最短，故C正确；D项：沿AC轨迹，船是

匀加速运动，则船到达对岸的速度最大，故D错误

故选AC

【点睛】考查运动的合成与分解的应用，注意船运动的性质不同，是解题的关键

12、ACD

【解析】A.对整体分析，由于整体未受其他外力，始终保持静止状态，故地面对半球体始终没有摩擦力，A正确；

B.对加2分析可知，绳中拉力为

7=团2g

对町分析可知，若半球体与犯之间没有摩擦力则

T=m|gcos53°

解得

处=3

m23

m.5

故当一L=1时，班与半球体之间无摩擦力，B错误；

m23

nt5

C.当上工彳时，T>/n^cos530,故半球体对犯的摩擦力的方向垂直于图中的虚线向下，由于最大静摩擦力等于滑

m23

动摩擦力故

7-町gcos53°<Mggsin53°

解得1W处，

m2

故当半球体对町的摩擦力的方向垂直于图中的虚线向下，C正确；

m23

5m.

D.当时，T<m,gcos53J,故半球体对犯的摩擦力的方向垂直于图中的虚线向上；由于最大静摩擦力等于滑

Jm2

动摩擦力故

叫geos53°一7W〃町gsin53°

解得为45,

m2

5m..

故当时，半球体对叫的摩擦力的方向垂直于图中的虚线向上，故D正确；

3吗

故选ACD»

二.填空题（每小题6分，共18分）

13、AC

【解析】O点的位置不变，则橡皮筋形变量相同，产生的弹力不变，说明合力不变，故A正确；因实验中作图、测量

存在误差，不可能严格使F与F，重合，所以实验中用平行四边形定则求得的合力F不一定沿OA直线方向，故B错误;

根据平行四边形定值可知，若保持0点的位置和角ai不变，Fi增大，若（X2也增大，则F2可能减小，故C正确；因

合力与分力满足平行四边形定则，由几何关系可知合力可能小于两分力，故D错误

14、①.AC②.远大于③.>④.<

【解析】(1)[1]A.调节滑轮的高度，使牵引木块的细绳与长木板保持平行，否则拉力不会等于合力，A正确;

B.在调节模板倾斜度平衡木块受到的滑动摩擦力时，不应悬挂“重物”，B错误；

C.平衡摩擦力后，有

mgsin0=^ntgcosO

即

"=tan，

与质量无关，故通过增减木块上的祛码改变质量时，不需要从新调节木板倾斜度，C正确；

D.实验时，木块释放的初始位置应尽量靠近打点计时器，这样可以在纸带上打出更多的点，有利于数据选取，D