山西省朔州地区2023-2024学年中考冲刺卷物理试题含解析

山西省朔州地区2023-2024学年中考冲刺卷物理试题考生请注意：1．答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2．第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分）1．少数同学将笔放在手指上不停转圈。关于这一现象，下列说法正确的是A．笔在手上转动时没有惯性B．笔静止在手指上时受到平衡力作用C．停止拨动后，笔还会继续转动，说明笔与手指间没有摩擦力D．不停地拨动笔，笔才会在手指上持续转圈，说明力是物体运动的原因2．下列关于热现象说法正确的是（）A．雪的形成是凝固现象，放热 B．露的形成是液化现象，吸热C．霜的形成是凝华现象，放热 D．云的形成是汽化现象，吸热3．有关如图所示各图象的说法中，不正确的是A．图为小灯泡两端电压与灯丝中电流的关系图象B．图为某种物质质量与体积的关系图象C．图为一定值电阻消耗的电功率与通过其中的电流关系图象D．图为一定条件下电流产生的热量与电流之间的关系图象4．学习了浮力后，刘明在家里进行了如下实验：在两个完全相同的杯子甲、乙中分别盛有不同浓度的盐水，将同一只鸡蛋先后放入两杯中，当鸡蛋静止时，两杯中液面相平，鸡蛋所处的位置如图所示（甲杯内鸡蛋悬浮）.则（）A．甲、乙两杯盐水对杯底压强相等B．甲杯内鸡蛋受到的浮力大于重力C．甲、乙两杯盐水对桌面压强相等D．鸡蛋在甲、乙中受到的浮力相等5．抽油烟机有两个开关，使用时，有时需要照明灯和排气扇同时工作，有时需要它们独立工作，如图所示的电路中符合要求的是（）A． B． C． D．6．根据欧姆定律可以得到公式R=，关于这个公式的下列说法中，正确的是A．同一导体的电阻与加在它两端的电压成正比B．同一导体的电阻与通过它的电流成反比C．导体两端电压为零时，导体的电阻也为零D．同一导体两端的电压增大几倍，通过它的电流也增大几倍，电压与电流的比值不变7．为改善地铁地下车站的通风状况，小明设计了抽气管道，利用地面横风实现自动抽气．为提高抽气效果，管道上方遮雨盖的形状应设计成下列图中的（）A． B． C． D．二、填空题（本大题7小题，共21分）8．如图甲所示，蝙蝠靠发出____发现昆虫．如图乙所示，从玻璃罩里向外抽气的过程中铃声逐渐减小，此现象可推理得出_____不能传声．9．现在很多大型商场都安装了如图所示的“聪明的电梯”，无人乘梯和有人乘梯时电梯运行的速度会发生变化。这种电梯的简易控制电路如图15所示，是一个压敏电阻，其阻值随压力的增大而减小。当人走上电梯后，电磁继电器控制电路中的电流______（选填“增大”或“减小”），和衔铁相连的动触点与静触点______（选填“1”或“2”）接触，电动机的转速变快，使电梯的运行速度加快。10．根据如图所示的电流方向，判断通电螺线管的左端是_____极．11．若要使两灯泡并联，请在圆圈中填上合适的电表12．如图所示，是抬起独轮车车把时的简化示意图，此时独轮车相当于一个___________（选填“省力”、“费力”或“等臂”）杠杆；若动力臂是阻力臂的3倍，物体和车总重G为1800N，抬起车把的力F为_______________N。13．“共享单车”是互联网、智能手机、GPS定位系统和单车的资源整合，为人们的绿色出行带来极大的方便，装在单车上的GPS定位系统会及时地把单车的位置信息通过_______波传递给信息处理中心，再发送到我们的手机上，方便存取单车．小天某次扫码后骑行9km，耗时30min，此次骑行的平均速度为_______km/h．14．篮球运动员用力将篮球投出，表明力可以改变物体的_______；篮球离开手后在空中仍能继续上升，原因是篮球具有___________；以地面为参照物，篮球是___________（选填“运动”或“静止”）的.三、作图题（共7分）15．图中的OA是光从空气斜射到水面，经水面反射的一条光线，请作出它对应的入射光线和入射光线对应的折射光线．（_______）16．传统家用保险丝是由电阻率较大而熔点低的铅锑合金制成的．当电路中电流过大时，保险丝熔断，自动切断电路，起到保险作用．如图是家庭电路的一部分，保险丝应该装在________（选填“A”、“B”或“C”）线才起到保险的作用．以笔画线代替导线，在图中补充完整电路．（作图要求：a．开关要控制灯泡；b．符合安全用电原则．）17．条形磁铁磁性减弱了，小红采用如图所示的方法增强它的磁性，请你在图中标出电源的“+”、“—”极和小磁针的N极．四、实验题（本大题共5小题，共20分）18．为了模拟汽车超载和超速带来的安全隐患，小雨选用小车、斜面、木板、钩码、木块等器材进行了如图所示的实验探究，请回答下列问题：（1）实验中是通过比较________来判断小车动能的大小；（2）为了研究汽车的超速问题，应选择图中_______两种实验情形进行比较，得到的结论是：小车的质量一定时，速度越大，动能___________(填“越大”或“越小”)，安全隐患越大；（3）为了研究汽车的超载问题，应选择图中乙、丙两种实验情形进行比较，得到的结论是：_______，安全隐患越大．19．实验小组的同学用如图所示的装置探究”物体动能的大小与质量和速度的关系”将钢球从某一高度由静止释放，钢球摆到竖直位置时，撞击水平木板上的木块，将木块撞出一段距离.实验次数钢球质量/g钢球下摆高度/cm木块滑行距离/cm1202020240205836020（1）本实验使钢球获得动能的操作方法是_______，钢球动能的大小是通过观察________来判断的。在第3次实验中，木块被撞后滑出木板，需要重做第3次实验，甲同学建议换用同样较长的木板，乙建议换一个较大的木块，丙同学建议降低钢球下摆的高度，你认为应当采用________同学的建议。由上述实验数据和现象可得出结论：_____________.20．为了测量电阻Rx的电阻值，小龙选择了一块已经调好的电流表，一个电阻值已知的定值电阻R0，一个符合要求的电源，以及两个开关S1和S2，并连接了部分实验电路，如图所示，请帮助小龙完成这个实验．（1）请你添加一根导线完成图所示的实验电路的连接；（______）（2）只闭合开关S1，读出电流表示数为I1；_____，读出电流表示数为I2；（3）写出电阻RX的表达式为：RX＝_____．21．物理兴趣小组想知道某只透镜的焦距f为多少，做实验甲，镜面垂直于阳光，在透镜下面放上白纸（纸、镜平行），测出透镜与白纸间距s/cm与对应的白纸被烤焦的时间t/min，绘出图线乙．（1）可判断该透镜的焦距f为___________；（2）将透镜及蜡烛、光屏置于光具座上（如图丙），做成像实验，记录每次成实像的物距u，像距v．物像间距L（u+v），绘出图线丁（以f为长度单位），由图可知，要想成实像，蜡烛与光屏的间距应满足L≥______________（用f表示）．（3）在物理学中，有一个凸透镜成像的“新概念”：放大率n==，结合丙、丁两图，可知当n=2变为n=时，凸透镜移动了___________。（用f表示）22．在“探究杠杆的平衡条件”的实验中：调节杠杆平衡时，应该使它在__________位置平衡．根据图示杠杆所处的位置如图（甲），应将杠杆左端平衡螺母向__________旋一些（填“右”或“左”）．挂上钩码，正确调节使杠杆再次平衡．此时挂在杠杆上的钩码施加的动力、阻力方向恰好与杠杆______，挂钩码位置所对应的刻度值就等于_______．杠杆调节平衡后，小明在杠杆上A点处挂4个钩码，在B点处挂6个钩码,杠杆恰好在原位置平衡．于是小明便得出了杠杆的平衡条件为：F1l1=F2l2，他这样得出的结论不合理，原因是：__________．如乙图所示，用弹簧测力计在C处竖直向上拉时测力计的示数应为______N（每个钩码重0.5N），当弹簧测力计逐渐向右倾斜时，使杠杆仍然在原位置平衡，则弹簧测力计的示数将____（选填“变大”、“变小”或“不变”），其原因是________．五、计算题（本大题共2小题，共13分）23．如图甲所示的电热水瓶是指一种加热、保温除氯等多功能电加热器其铭牌如图乙所示，简化的工作电路如图丙所示，其中R1、R2为定值电阻某次该热水瓶装满初温为20℃的水，接在家庭电路中，通电15min恰好将一壶水烧开(外界大气压为1个标准大气压)．求：（1）当开关S、S1均闭合时，电热水瓶处于什么状态?此时电阻R1的阻值是多少?（2）保温时通过电热水瓶插头的电流为多少?(保留1位小数)（3）傍晚用电高峰期，若实际电压只有200V时，电热水瓶保温状态下的实际功率是多少?(保留整数)（4）电热水瓶通电15min恰好将一壶水烧开，则加热时电热水瓶的热效率是多少?[水的比热容是4.2×103J/(kg·℃)]24．电饭锅是家中常用的用电器，下表是小宇家中一台电饭锅的铭牌，其内部结构简化如图所示，其中R1和R2都是电热丝（不考虑温度对电阻的影响）．额定电压220V频率50Hz额定功率加热880W保温44W（1）电饭锅正常工作时，在加热状态下的总电流是多少？（2）电阻R2的阻值是多少？（3）一天，小宇断开家中其它用电器，只接通电饭锅且处于加热状态，发现家中标有“220V10（20）A；3000r/kW•h”的电能表5min内转了200圈，求电饭锅此时的实际加热功率是多少？六、综合能力题（本大题共3小题，共18分）25．通过阅读，小明知道了1791年意大利物理学家伏特发明了最早的电池﹣﹣伏打电池．在老师的帮助下，小明自制了一个如图所示的伏打电池，但是不能确定哪个金属片是正极．请你帮他设计实验并进行判断．写出你选用的实验仪器：________．简述操作方法、实验现象和结论：________________________．26．在青铜峡市“中华黄河坛”文化长廊中，有一尊高大的人物雕像栩栩如生，这引起了小华的兴趣，他想测算的雕像的质量以及它对莲花底座的压强有多大，为此，小华从黄河坛文化馆中获取了以下资料：①一枚用同样材质做成的按比例缩小的雕像样品；②雕像的实际高度H；③从数学知识的角度获知，雕像与样品的体积比等于它们高度比的立方；在此基础上，小华又找到了天平、刻度尺、一个能够放入雕像样品的大号量筒、细线、清水等器材进行测算．要测算雕像的质量M，你认为小华至少需要进行哪些操作测量，并用字母表示这些测量的物理量；请你用已知量、测得量，推导出测算雕像质量M的表达式；若莲花底座的受力面积为S，请你写出雕像对莲花底座压强的表达式p=（用已知量、测得量表示）．27．小明用伏安法测出自制电动机线圈的电阻为1Ω．小明发现电动始终只能在某位置晃动而不能持续转动，请帮他分析原因．修好后线圈两端所加电压为2V时，电流为0.8A，电动机正常工作，自制电动机的效率是多少？某次实验时线圈与磁铁接触使得线圈无法转动，此时小明发现线圈特别烫，试分析原因．

参考答案一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分）1、B【解析】

A、一切物体在任何时候都有惯性，笔在手上转动时同样具有惯性，故A错误；B、笔静止在手指上时，处于平衡状态，所以笔受到平衡力作用，故B正确；C、停止拨动后，笔还会继续转动，是因为笔具有惯性，笔与手指间仍然有摩擦力，故C错误；D、在手指上不停地拨动笔，笔受到了力的作用，笔的运动状态发生了变化，这说明力是改变物体运动状态的原因，故D错误。2、C【解析】A．雪是空气中的水蒸气遇冷由气态直接变为固态发生凝华形成的，凝华放热，故A错误．B．露是空气中的水蒸气遇冷液化形成的，液化放热，故B错误．C．霜是水蒸气由气态直接变为固态凝华形成的，凝华放热，故C正确．D．云的形成是液化现象，液化放热，故D错误．答案为C．点睛：解决此类问题的关键是分清物质变化前后的状态，正确认识物态变化的类型．3、A【解析】

A、小灯泡灯丝中的电流随电压的增大而增大，同时由于灯丝的电阻与温度有关，温度越高、电阻越大，而图中表示的是电压与电流的比值变小，故A错误；B、由m＝ρV可知，同种物质的质量与体积成正比，该图象正确，故B正确；C、由P＝I2R可知，一定值电阻消耗的电功率与通过的电流呈二次函数关系，即P﹣I图线为开口向上的抛物线，故C正确；D、由焦耳定律Q＝I2Rt可知，一定条件下电流产生的热量与电流呈二次函数关系，即Q﹣I图线为开口向上的抛物线，故D正确。4、D【解析】

因为时物体漂浮，时物体悬浮，所以乙杯中盐水的密度大于甲杯中盐水的密度，因为，且两杯中液面相平，所以乙杯底的压强大于甲杯底的压强，故A错误．因为两杯中液面相平，由可知，甲杯内液体的重力较小，所以甲杯子对桌面的压力较小；又根据可知，甲杯子对桌面的压强较小，故C错误；由图可知，鸡蛋在甲、乙两杯中分别处于漂浮和悬浮状态，所以物体漂浮或悬浮时，受到的浮力和自身的重力相等，所以同一只鸡蛋在两杯中受到的浮力相等，都等于鸡蛋的重力，故B错误，D正确．5、A【解析】

A．当两开关同时闭合，照明灯和排气扇同时工作；只闭合S1，照明灯单独工作；只闭合S2，排气扇单独工作．符合题意；B．当两开关同时闭合，照明灯和排气扇同时工作；只闭合S1，照明灯单独工作，但不能让排气扇单独工作，不符合题意；C．两个开关同时闭合时，电灯和电动机同时工作，但不能让电灯或电动机单独工作，不符合题意；D．两个开关同时闭合时，会造成电源短路．不符合题意．故选A．6、D【解析】

导体的阻值是导体本身所具有的性质，其大小决定于导体的长度、材料和横截面积，与通过它的电流、它两端的电压无关，电阻不随着电压和电流的改变而改变，所以A、B、C说法错误，不符合题意．由欧姆定律得出，若知道导体两端的电压和导体中的电流，我们可以计算导体的电阻；导体两端的电压增加几倍，导体中的电流也增加几倍，但电压和电流的比值不变，所以D说法正确，符合题意．故选D．7、B【解析】

只有当管道口上方空气流速快、压强小，下方空气流速慢、压强大时，会有可能实现自动抽气，因此，遮雨盖的形状应符合靠近管道口的一面向外凸起，使空气流过时速度变快，压强变小，对照选项中的图片可知，图B符合要求．二、填空题（本大题7小题，共21分）8、超声波真空【解析】

蝙蝠可以发出超声波，利用回声定位的方法发现昆虫；由实验现象可知，逐渐抽出其中的空气，听到的声音逐渐变小；当罩内空气接近真空时，几乎听不到声音，所以可以推理得出真空不能传声．9、增大2【解析】

根据题文和题图可知，本题说明“聪明电梯”的工作原理，考查了应用物理知识解决实际问题的能力，关键是认清电路的构造，联系所学知识进行解答。【详解】当人走上电梯后，压敏电阻的阻值减小，控制电路中电流增大，电磁铁磁性变强，则衔铁被吸下，和衔铁相连的动触点与静触点2接触，则电阻R1被短路，电动机两端电压增大为电源电压，通过电动机的电流变大，电动机转速变快，使电梯运行速度加快。10、N【解析】电流从螺线管的右端流入、左端流出，根据螺线管的线圈绕向，再利用安培定则即可确定螺线管的左端为N极.11、【解析】

根据题意知道，若要使两灯泡并联，则该电路应有两条路径，所以最上面圆圈中是电流表，最下面圆圈中也是电流表，中间圆圈中是电压表，电路如下：12、省力600【解析】

根据题中“独轮车相当于一个杠杆；……抬起车把的力F为N”可知，本题考查杠杆的种类和杠杆平衡条件的应用。根据动力臂与阻力臂的关系判定杠杆的类型，利用杠杆的平衡条件进行求解。【详解】由示意图可知，独轮车在使用时，动力臂大于阻力臂，所以它相当于一个省力杠杆；由杠杆的平衡条件：得：，若动力臂是阻力臂的3倍，则，即抬起车把的力F为600N。13、电磁18【解析】

装在单车上的GPS定位系统会及时地把单车的位置信息通过电磁波传递给信息处理中心，再发送到我们的手机上，方便存取单车；小天骑行距离s=9km，耗时t=30min=0.5h，此时骑行的平均速度为．14、运动状态惯性运动【解析】

运动员用力将篮球投出，篮球的运动状态发生改变，说明力可以改变物体的运动状态；由于篮球具有惯性，所以球离开手后在空中仍能继续上升；以地面为参照物，此时篮球与地面之间发生了位置变化，所以是运动的。三、作图题（共7分）15、【解析】

过反射点垂直于水面作出法线，根据反射角等于入射角，画出入射光线，再由折射定律作出折射光线，使折射角小于入射角．如下图所示：16、A【解析】（1）三孔插座在连接时，是左零右火中接地，所以A是火线、B是零线、C是地线，而保险丝应该装在火线上才起到保险的作用，所以保险丝应该装在A线上；

（2）火线先进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接在灯泡的螺旋套上，这样在断开开关时能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故；既能控制灯泡，又能更安全，如图所示：故答案为（1）A；（2）如图所示．17、略【解析】知道该螺线管左端是N极，右端是S极，由安培定则可知，电流从右侧流入，则电流右侧为正极，据磁极间的作用规律可知，此时小磁针靠近螺线管左端N极的一定是S极，小磁针的右端一定是N极，故答案如图：四、实验题（本大题共5小题，共20分）18、木块移动距离甲乙越大小车的速度一定时，质量越大，动能越大【解析】

（1）实验中木块被小车撞击移动得距离越远，说明小车得动能越大．所以是通过比较木块移动的距离来判断小车动能大小的．（2）为了研究汽车的超速问题，则应改变小车的速度，控制小车的质量，即改变小车在斜面上所释放的高度．所以应选择图中甲、乙两次实验情形进行比较．相同质量的小车速度越大，木块被撞得越远．说明小车的质量一定时，速度越大，动能越大，安全隐患越大．（3）乙、丙两次实验改变了小车的质量，控制了小车的速度．速度相同，质量越大的小车，木块被撞得越远．说明小车的速度一定时，质量越大，动能越大，安全隐患越大．19、让钢球从某一高度由静止释放木块移动的距离甲速度一定时，质量越大动能越大【解析】

(1)让钢球从某一高度由静止释放，使钢球获得动能；钢球动能的大小是通过钢球对木块做功的多少来体现出来的，木块运动的距离越长，就表示钢球的动能越大；(2)上面的两次实验是在速度一定时，改变物体的质量，探究动能的大小，动能的大小通过木块移动距离的大小表现出来的，因此改变木板的长度，应采用甲的建议；(3)根据表中的数据，可知，速度相同时，质量大的推动木块运动的距离远，故得出结论：速度一定时，质量越大动能越大。20、（1）见下图：（2）闭合开关S1、S2（3）【解析】试题分析：由于实验中缺少电压表，所以要利用R0和电流表来代替．只闭合S1时，电路中只有RX，电流表测量的是通过RX的电流I1；同时闭合S1、S2时，RX、R0并联，电流表测量的是总电流I2，则通过R0的为I0=I2-I1，电源电压U=I0R0=(I2-I1)R0，RX的阻值为．考点：电阻的测量21、12cm4f1.5f【解析】

(1)由图乙可知，当透镜与白纸间距S=12cm时，白纸被烤焦的时间t=4min，所用的时间最短，说明太阳光经过凸透镜会聚后该点的温度最高，这个点就是凸透镜的焦点，则测出透镜与白纸间距即为焦距f=12cm.(2)根据凸透镜的成实像时满足u>f，由图丁可知，随着物距u的增大，物像间距L先减小后增大，当物距u=2f时，物像间距L最小为4f，因此，要想成实像，蜡烛与光屏的间距应满足L⩾4f.(3)由图丁可知，当物距u=1.5f时，物像间距L=4.5f，根据L=u+v可得，v=L−u=4.5f−1.5f=3f，则n=2.根据光路的可逆性，当像距为1.5f,物距为3f,则n=,所以凸透镜移动了3f1.5f=1.5f.22、水平右垂直力臂用实验来探究物理规律时，只有一次实验，实验结论具有偶然性3变大动力臂变小【解析】

(1)调节杠杆平衡时，应使杠杆在水平位置平衡；图中的杠杆左端低、右端高，说明此时杠杆的重心在支点左边，应将杠杆的重心向右移，所以应将平衡螺母向右调节，杠杆才能平衡；(2)挂上钩码，正确调节使杠杆再次平衡．此时挂在杠杆上的钩码施加的动力、阻力方向恰好与杠杆垂直，挂钩码位置所对应的刻度值就等于力臂；(3)小明只做了一次实验就得出结论，是不合理的，我们用实验来探究物理规律时，只有一次实验，实验结论具有偶然性，不能作为规律应用；(4)用弹簧测力计在C位置竖直向上拉，使杠杆保持水平平衡，根据F1l1=F2l2得测力计的示数为：；弹簧测力计逐渐向右倾斜时，要使杠杆继续保持水平平衡，阻力和阻力臂不变，动力臂变小，动力变大，弹簧测力计示数变大．五、计算题（本大题共2小题，共13分）23、（1）加热；24.2Ω；（2）1.8A；（3）331W；（4）93.3%【解析】

（1）由图丙电路图可以知道，当开关S、S1均闭合时均闭合时，电阻R2被短路，只有电阻R1接入电路，此时电路总电阻最小，由可以知道，电路总功率最大，电热水瓶处于加热状态；由图乙可知，加热时电热水瓶的功率P加热=2000W，电阻R1的阻值：R1=24.2Ω；（2）由图乙可知，保温时的功率P保温=400W，保温时电流：I=≈1.8A；（3）当开关S闭合、S1断开时，R1、R2串联，电热水瓶处于保温状态，电路中的总电阻为：R总121Ω；当实际电压只有200V时，电热水瓶保温状态下的实际功率为：P实≈331W；（4）水的质量为：m=ρV=1.0×103kg/m3×0.5×10-3m3=5kg，1个标准大气圧水的沸点是100℃，水吸收的热量：Q吸=cmΔt=4.2×103J/(kg·℃)×5kg×(100℃-20℃)=1.68×106J，由图乙可知，加热时电热水瓶的功率P加热=2000W，则15min电热水瓶消耗的电能カ：W=P加热t=2000W×15×60s=1.8×106J，电热水瓶效率为：=93.3%．答：（1）当开关S、S1均闭合时，电热水瓶处于加热状态，此时电阻R1的阻值是24.2Ω；（2）保温时通过电热水瓶插头的电流为1.8A；（3）傍晚用电高峰期，若实际电压只有200V时，电热水瓶保温状态下的实际功率是331W；（4）电热水瓶通电15min恰好将一壶水烧开，则加热时电热水瓶的热效率是93.3%．24、（1）4A（2）1100Ω（3）800W【解析】

（1）知道电饭锅正常工作时在加热状态下功率，利用P＝UI求电路总电流；（2）分析S、S0闭合和S闭合、S0断开时的电路组成、电阻大小关系，据P＝可知，什么情况为保温档，再利用P＝求R2的阻值；（3）3000r/kW•h表示电饭锅每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转3000r，据此求电能表转盘转200r消耗的电能，再利用P＝求电饭锅此时的实际加热功率．【详解】（1）由题知，电饭锅正常工作时，在加热状态下功率P＝880W，由P＝UI可得总电流：I＝＝4A；（2）当S、S0闭合时，R1和R2并联，当S闭合、S0断开时，电路中只有R2，因并联电路总电阻小于支路电阻，因此当S闭合、S0断开时，电路总电阻较大；由P＝可知，此时电功率较小，为保温档；P保温＝44W，由P＝可得：R2＝＝1100Ω；（3）3000r/kW•h表示电饭锅每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转3000r，则电能表转盘转200r消耗的电能：W＝kW•h＝kW•h，电饭锅此时的实际加热功率：P实＝＝0.8kW＝800W．六、综合能力题（本大题共3小题，共18分）25、（1）电压表和导线；（2）将电压表的正接线柱与铜片相连，再把与锌片相连的导线与电压表的负接线柱进行试触，若电压表指针正向偏转，说明与电压表正接线柱连接的铜片是水果电池的正极；若电压表反向偏转，锌片是电池的正极【解析】试题分析：由电流表、电压表和二极管的连接方法知，电流必须从正接线柱流入，从负接线柱流出，故可把电压表、电流表或发光二极管接在水果电池两极，观察指针的偏转方向或发光二极管是否发光，从而确定出电池的正负极；方案一：（1）选用的器材：电压表和导线；（2）探究的方法：将电压表的正接线柱与铜片相连，再把与锌片相连的导线与电压表的负接线柱进行试触，若电压表指针正向偏转，说明与电压表正接线柱连接的铜片是水果电池的正极；若电压表反向偏转，锌片是电池的正极；方案二：（1）选用的器材：电流表和导线；（2）探究的方法：将电流表的正接线柱与铜片相连，再把与锌片相连的导线与电