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高三二模答案1、解析:2、解析:3、解析:若直线与直线平行,则有,所以.所以“直线与直线平行”是“”的充要条件.故选4、解析:.5、解析:由题意可知:,即,即,所以或(舍),所以,故选6、解析:程序的运行过程如下:初始值:,;第一次循环,;第二次循环,;第三次循环,;第四次循环,;第五次循环,;此时满足题意输出,退出循环,所以判断框中的条件可以是“”,故选7、解:由题意,对0~1之间的均匀随机数,满足,相应平面区域面积为1,两个数能与1构成钝角三角形三边的数对,满足且面积为,所以,得.故为8、解析:由条件知,,所以,由正弦定理可得,故的面积.故选9、解析:由三视图可知,该几何体是四棱锥顶点在底面的射影是底面矩形的长边的中点,ABCDDODPDABCDDODPD又为等边三角形,所以,于是由,得,所以最长棱长.故为10、解析:(1)不含Z不含2共有:个;(2)含Z不含2共有:个;(3)不含Z含2共有:个;(4)含Z也含2共有:个;所以共有36+36+72+54=198个,选11、解析:因为直线与椭圆有且只有一个公共点,联立,得,由,解得,设,则由可知:且,所以,所以双曲线的离心率的取值范围为,故选.12、解析:根据,可知的的图象关于(a,b)对称,又因为·又设为奇函数,所以的图象关于(a,b)对称,所以对于每一组对称点有所以=4m,,故=,当且仅当a=b=1时,取最小值2.故选13、解析:曲线围成区域面积为:.14、解析:以点为原点,,,为轴建立空间直角坐标系,则,设,其中,则,等号成立条件是,故最大值为.15、解析:2因为球的直径,且,所以,,(其中为点到底面的距离),故当最大时,的体积最大,即当面面时,最大且满足,即,此时。16、解析:要使得函数在内有两个极值点,只需在内有两个解,可转换为函数与g(x)=a(x1)的图象在内有两个交点.由知,当时,函数,在上为减函数,当时,,函数在上为增函数,当直线g(x)=a(x1)与曲线相切时,设切点坐标,由导数的几何意义可以得到解得或(舍去),可知a=1,.17、解析:(1)当时,,即,得;当时,有,则,得,所以,所以数列是以为首项,为公差的等差数列.所以,即.(2)原不等式即,等价于.记,则对恒成立,所以.,当时,,即;当时,,即;所以数列的最大项为,所以,解得.18、解(1)证明:在正三角形中,,在中,,ABCDPMNxABCDPMNxyz所以为的中点,又点是中点,所以因为平面,所以,又,,所以又,,又,所以,已证,所以,又,所以平面平面;(2)如图所示以为原点,建立空间直角坐标系。已知,是正三角形,则所以设平面的一个法向量为由令,则,所以设平面的一个法向量为由令,则,所以所以所以二面角的余弦值为.19、解:(1)由题意知,(2)①第3、4、5组共60名学生,现抽取12名,因此第三组抽取的人数为人,第四组抽取的人数为人,第五组抽取的人数为人.②所有可能的取值为0,1,2,,,;的分布列为:01214161∴EX=0×③从12名考生中随机抽取2人,考生甲被抽到参加面试的概率为则,∴.20、解析:(1)由题意得抛物线准线方程为,设,故,从而直线的方程为,联立直线与抛物线方程得,解得,故直线的方程为,整理得,故直线恒过定点.(2)由(1)可设直线的方程为,联立直线与抛物线方程得消元整理得,设,,则由韦达定理可得,,因为,故,得,联立两式,解得或,代入,解得或,故直线的方程为或,化简得或.21、解析:(1)根据题意,令所以,当时,,当时,所以,故.(2)因为函数的对称轴轴方程为,所以.据题意,令,所以,令G'(x)=0,解得或,函数G(x)的定义域为因为且,由此得:时,1+mx>0,mx<0,此时,G'(x)≥0同理得:时,,时∴G(x)在上单调递递增,在上单调递减,在上单调递增,故时,G(x)>G(0)=0,x>0时,G(x)>G(0)=0,G(x)在有且只有1个零点x=0,G(x)在上单调递减,所以,由(1)代换可知,,,,则,,时,,而得又函数G(x)在上单调递增,,由函数零点定理得,使得,故时方程有两个实根.22、解析:(1)由,得,将代入得,即为曲线的极坐标方程.(2)设点到直线的距离为,则,当时,有最小
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