2025届湖南省雅礼洋湖中学高一生物第二学期期末统考模拟试题含解析

2025届湖南省雅礼洋湖中学高一生物第二学期期末统考模拟试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角"条形码粘贴处"。2．作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3．非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、选择题(本大题共7小题,每小题6分,共42分。)1．如图表示群落演替过程，下列叙述正确的是A．乱石窑裸地到针阔混交林群落的演替是次生演替，与人工砍伐后的阔叶林上发生的演替方式相同B．在灌木植物群落中，地衣和草本植物在竞争中均被淘汰C．杂木植物群落的物种丰富度大于阔叶林群落D．上述演替中，光照是重要的影响因素2．为了研究温度对某种酶活性的影响,设置三个实验组:A组(20℃)、B组(40℃)和C组(60°C)测定各组在不同反应时间内的产物浓度(其他条件相同),结果如图。下列叙述正确的是A．三个温度条件下,该酶活性最高的是B组,说明B组温度是酶的最适温度B．在t1时刻将A组温度提高10°C,那么A组酶催化反应的速度可能会加快C．在t2时刻降低C组温度,将使C组酶的活性提高,曲线上升D．在t3时刻B组曲线不再上升,是由于受到酶数量的限制3．有关DNA分子结构的叙述，正确的是()A．DNA分子由4种核糖核苷酸组成 B．DNA单链上相邻碱基以氢键连接C．碱基与磷酸基团相连接 D．磷酸与脱氧核糖交替连接构成DNA链的基本骨架4．蓝藻和酵母菌结构上最相似的是A．细胞壁 B．细胞质 C．细胞膜 D．细胞核5．人们发现，若对某种害虫长期使用同一种农药进行防治，其灭虫效果常会逐年降低。与这种现象相关的叙述中，正确的是A．农药导致害虫基因突变，害虫分解这种农药的能力增强B．农药对害虫起选择作用，抗药个体生存下来的几率更高C．使用农药后，害虫种群基因频率未发生改变D．使用农药后，害虫立即向未施药的田野转移6．下列关于共同进化与生物多样性的形成的叙述，正确的是（）A．生物多样性的形成也就是新的物种不断形成的过程B．一个物种的形成或绝灭，不会影响到其他物种的进化C．共同进化是指不同物种之间、生物与无机环境之间在相互影响中不断进化和发展D．人工培育物种和建立人工生态系统不会影响生物的进化和生物多样性7．生态系统多样性形成的原因可以概括为（）A．自然选择 B．地理隔离 C．基因突变和重组 D．共同进化8．（10分）某草原生态系统的食物网如图所示，下列有关说法正确的是A．该食物网中的鸟属于一个种群B．猫头鹰占有营养级不止一个C．该食物网中猫头鹰同化的能量总会有一部分流向下一营养级D．如果昆虫突然减少，食草鸟的数目将持续增加二、非选择题9．（10分）某科研机构发现了一新型病毒，并对该病毒的遗传物质做了进一步研究。请思考并回答下列相关问题:（1）据研究人员介绍，该病毒的遗传物质比HIV的遗传物质更加稳定。据此可初步推测，该病毒的遗传物质是__________，理由是__________。（2）通过化学分析的方法对该病毒的遗传物质种类进行研究，分析其五碳糖或碱基种类均可作出判断，如果__________，则为DNA，如果__________，则为RNA。（3）也可以用同位素标记技术研究其遗传物质种类，将宿主细胞在含有放射性标记的核苷酸的培养基中培养，再用该病毒感染宿主细胞，一段时间后收集病毒并检测其放射性。培养基中的各种核苷酸是否都需要标记?__________，理由是__________。（4）若该DNA分子中A有P个，占全部碱基数的20%，则该DNA分子中的G有__________个。10．（14分）下列是有关生物的细胞分裂图示。请据图分析回答下列问题。（1）图5细胞对应于图2中的__________段，D2E2染色体的行为变化与图1中的_________段变化相同。（2）图5产生的子细胞的名称为________，图3～图5中的哪一个细胞是孟德尔自由组合定律产生的细胞学基础？______________________。（3）图3细胞中有____对同源染色体，有_____个四分体。①和⑤在前一时期是________。（4）若图1纵坐标是细胞周期中细胞核的DNA数，则图3～图5中哪个细胞的DNA含量与图1中的D1E1段的相等？______________。11．（14分）下图所示为用农作物①和②两个品种分别培育出④⑤⑥⑦四个品种的过程。（1）用①和②通过Ⅰ和Ⅱ过程培育出⑤的过程所依据的育种原理是_____________。（2）通过Ⅲ和V培育出⑤的育种方法的优点是_____________。（3）由③培育出的⑥是_____________倍体（填写数字）。（4）由①和②通过Ⅰ和Ⅲ过程培育出⑤的过程叫_____________，③培育出④过程叫_____________，Ⅴ过程需要用秋水仙素处理幼苗使染色体加倍，其原理是_____________。（5）经过Ⅵ对品种进行改造，所培育的⑦称为转基因植物，这一过程不涉及_____________。A．目的基因和运载体结合

B．细胞融合C．提取目的基因

D．检测目的基因的表达12．图表示真核细胞内遗传信息表达的过程，据图回答:（1）图A中以物质④为模板合成物质①的过程称为____，合成物质①的场所是____(填图A中的序号）。（2）图A中物质②为_______，作用是_____。（3）图B表示转录的过程，需要的酶为________，由6形成的核苷酸的名称是_____，与图A过程相比，图B转录过程特有的碱基配对的方式为_____________。（4）若图B的DNA模板链有300个碱基，则由它所控制形成的信使RNA中最多含有__________个碱基。

参考答案一、选择题(本大题共7小题,每小题6分,共42分。)1、D【解析】乱石窑裸地到针阔混交林群落的演替是初生演替，人工砍伐后的阔叶林上发生的演替是次生演替，A错误；在灌木植物群落中，地衣和草本植物在竞争中不会均被淘汰，B错误；从图形上分析，杂木植物群落在山坡地带和凹谷地带由于环境因素的不同，发生了不同方向的演替，凹谷地带的杂木植物群落向阔叶林群落演替的过程中，物种丰富度增大，C错误；无论是图示中的初生演替还是次生演替，在整个的演替过程中，光照都是一个很重要的影响因素，D正确。2、B【解析】

据图分析：比较三条曲线可知，B组（40℃）产物浓度最先达到最大值，说明在40℃酶的活性较其他两组温度条件下高，其次是20℃，60℃条件下产物浓度还未达到最大值，酶促反应已经停止，说明酶已失活。【详解】A.分析曲线图可知：在B组（40℃），反应到达化学平衡所需要的时间最短，酶的活性最高，故三个温度条件下，该酶活性最高的是B组，但不能说明B组温度是酶的最适温度，A错误；B.从曲线图来看，三个温度条件较适合的是40℃，而A组是20℃条件下温度对某种酶活性的影响曲线，故在时间t1之前，反应尚未达到化学平衡之前，如果A组温度提高10℃，那么A组酶催化反应的速度可能会加快，B正确；C.据图可知，在t2时刻，C组(60°C)酶已经失活，降低C组温度酶的活性也不会提高，故曲线不会上升，C错误；D.在t3时刻B组曲线不再上升，原因是反应物已经反应结束，D错误。3、D【解析】试题分析：DNA是由4种脱氧核苷酸组成的，故A错误。DNA单链上的碱基是不相连的，故B错误。碱基是与脱氧核糖相连接的，故C错误。磷酸与脱氧核糖交替连接构成DNA链的基本骨架，故D正确。考点：本题考查DNA分子结构相关知识，意在考察考生对知识点的识记掌握程度。4、C【解析】

1、蓝藻属于原核生物，其细胞的基本结构包括:细胞壁、细胞膜、细胞质、拟核。2、酵母菌是真菌，属于真核生物,其细胞的基本结构包括：细胞壁、细胞膜、细胞质、细胞核。【详解】A、蓝藻和酵母菌细胞的基本结构中均具有细胞壁，但是组成成分不同，A错误；B、蓝藻和酵母菌细胞的基本结构中均具有细胞质，但是酵母菌的细胞质有各种细胞器，B错误；C、蓝藻和酵母菌细胞的基本结构中均具有细胞膜，其组成和功能相似，C正确；D、酵母菌细胞中具有核膜包被的细胞核，蓝藻细胞中没有以核膜包被的细胞核(称作拟核)，这是蓝藻和酵母菌结构上最主要的区别，D错误。故选C。5、B【解析】

农药的选择使得抗药性的个体被保留了下来，不抗药的个体被淘汰，这样不断的选择，抗药基因频率不断提高。【详解】A、害虫的抗药性是基因突变造成的，农药不是诱变因子，所以与使用农药无关，A错误；B、害虫中既有抗药性个体，也有非抗药性个体，使用农药后，农药对害虫的抗药性变异进行了定向选择，群体中有抗药性的害虫生存下来并不断繁殖，后代大多数具有抗药性，B正确；C、使用农药后，非抗药性个体被杀死，抗药性个体存活下来，并将抗药性基因遗传给后代，使得种群中抗药性个体生存的几率升高，抗药性基因频率增大，C错误；D、使用农药后，害虫抗药性弱的个体死亡，抗药性强的害虫向未施药的田野转移，使得种群基因频率改变，发生生物进化，D错误。故选B。故选：B．6、C【解析】试题分析：由题意分析可知,生物多样性的形成不一定是新物种的形成,如基因多样性的形成，A项错误；一个物种的灭绝,会影响到若干其他物种的进化,因为生物与生物之间存在共同进化,有可能利于生物多样性的形成，B项错误；共同进化是指不同物种之间、生物与无机环境之间在相互影响中不断进化和发展，C项正确；人工培育物种和建立人工生态系统会影响生物的进化和生物多样性，D项错误。考点：共同进化与生物多样性的形成点睛：本题考查生物多样性的相关知识,属识记内容,相对简单,应理解加记忆并举。7、D【解析】

A、自然选择使种群的基因频率会发生定向改变,决定生物进化的方向，A项错误；

B、地理隔离阻碍生物之间的基因交流，B项错误；

C、基因突变和重组为生物进化提供了原材料，C项错误；

D、不同物种之间,生物与无机环境之间要相互影响中不断进化和发展,共同进化形成生态系统的多样性，D项正确。

故选D。8、B【解析】该生态系统中的鸟有多种，只有同种鸟才能属于一个种群，A错误。分析该食物网，猫头鹰在不同的食物链山占据了不同的营养级，有三、四、五、六四个营养级，B正确。该食物网中猫头鹰是最高营养级，同化能量没有流向下一个营养级的，C错误。如果昆虫突然减少，食草鸟的数量会先上升然后维持在相对稳定范围内，D错误。点睛：（1）某一营养级的生物所代表的是该营养级的所有生物，不代表单个生物个体，也不一定是一个种群。（2）同一种消费者在不同食物链中，可以占有不同的营养级。二、非选择题9、DNADNA是双链，而RNA是单链，DNA的结构相比RNA更稳定，不易发生变异五碳糖是脱氧核糖或含有碱基T五碳糖是核糖或含有碱基U不需要如果对各种核苷酸都进行标记，则该病毒的核酸无论是DNA还是RNA，在病毒中均能检测到放射性1.5P【解析】

病毒没有细胞结构，必须要寄生在活细胞中才能进行各种生命活动。病毒是由蛋白质和遗传物质组成，如果遗传物质是DNA，则该病毒为DNA病毒；如果遗传物质是RNA，则该病毒为RNA病毒。【详解】（1）HIV的遗传物质是RNA，RNA为单链，结构不稳定，DNA是双链，DNA的结构比RNA更稳定，不易发生变异。所以该病毒的遗传物质是DNA。（2）组成DNA的五碳糖为脱氧核糖，特有的碱基是T（胸腺嘧啶），组成RNA的五碳糖为核糖，特有的碱基是U（尿嘧啶）。所以，如果五碳糖是脱氧核糖或含有碱基T，则为DNA，如果五碳糖是核糖或含有碱基U，则为RNA。（3）如果将各种核苷酸都进行标记，则检测到的病毒无论是DNA还是RNA，都能检测到放射性，应该只标记胸腺嘧啶脱氧核苷酸和尿嘧啶核糖核苷酸。（4）根据题意，DNA分子中的全部碱基数为5P，A为P个，根据碱基互补配对原则，T为P个，则C+G=3P，则C=G=1.5P。【点睛】检测是DNA病毒还是RNA病毒时，应该以DNA和RNA的区别为出发点。DNA中特有的碱基是T（胸腺嘧啶），RNA中特有的碱基是U（尿嘧啶）。10、E2F2C1D1卵细胞和极体图440一条染色体上的)姐妹染色单体图5【解析】试题分析：分析图1：A1B1段形成的原因是DNA的复制；B1C1段表示有丝分裂前期和中期、减数第一次分裂、减数第二次分裂前期和中期；C1D1段形成的原因是着丝点分裂；D1E1段表示有丝分裂后期和末期、减数第二次分裂后期和末期；分析图2：图2表示减数分裂过程中染色体数目变化，其中A2B2段表示减数第一次分裂、C2D2段表示减数第二次分裂前期和中期；E2F2段表示减数第二次分裂后期；分析图3：图3细胞含有同源染色体，且着丝点分裂，应该处于有丝分裂后期；分析图4：图4细胞含有同源染色体，且同源染色体正在分离，处于减数第一次分裂后期；分析图5：图5细胞不含同源染色体，且着丝点分裂，处于减数第二次分裂后期。（1）图5处于减数第二次分裂后期，对应于图2中的E2F2段；D2E2染色体数目加倍的原因是着丝点分裂，与图1中C1D1段形成的原因相同。（2）雄性激素是睾丸中产生的，而图4中的细胞处于减数第一次分裂的后期，根据细胞质均等分裂可知该细胞是初级精母细胞；图5处于减数第二次分裂的后期，且细胞质不均等分裂，说明该细胞是次级卵母细胞，分裂完成后形成卵细胞和第二极体；自由组合发生在减数第一次分裂。（3）图3处于有丝分裂后期，含有4对同源染色体，不含四分体，①和⑤是间期复制形成的姐妹染色单体。（4）若图1纵坐标是细胞周期中细胞的DNA数，图3和图4中DNA为8个，图5中DNA含量为4个，与图1中D1E1段（有丝分裂末期）的相等。点睛：解答本题的关键在于对减数分裂和有丝分裂的各时期图的辨析，特别是减数分裂过程中基因的分离与自由组合定律的发生时期是常考点，考生需重点掌握。11、基因重组明显缩短育种年限四单倍体育种花药离体培养抑制纺锤体形成B【解析】试题分析：根据题意和图示分析可：题中所涉及的育种方式有：Ⅰ→Ⅱ是杂交育种，其原理是基因重组；Ⅰ→Ⅲ→Ⅴ是单倍体育种，其原理是染色体数目的变异；Ⅰ→Ⅳ是多倍体育种，其原理是染色体数目的变异；Ⅵ是基因工程育种，其原理是基因重组。（1）用①和②通过Ⅰ和Ⅱ过程培育出⑤的过程是诱变育种，所依据的遗传学原理是基因重组。（2）通过Ⅲ和Ⅴ培育出⑤的育种方法是单倍体育种，其优点是明显缩短育种年限。（3）由③培育出⑥属于多倍体育种方法，③是二倍体，⑥是四倍体。（4）由①和②通过Ⅰ和