第十二章简单机械（较难）测试卷2023－2024学年人教版八年级物理下册

人教版八年级物理下册第十二章简单机械（较难）测试卷一、选择题(共10题；共20分)1．三个和尚挑水吃的故事相信大家耳熟能详，甲图中和尚们商量出新的挑水方案，胖和尚一人挑两小桶，瘦和尚和小和尚两人和抬一大桶，以下说法中不正确的是（）

A．乙图中水桶B向下沉，为保持水平平衡，胖和尚可以将他的肩往后移动一点距离B．乙图中水桶B向下沉，为保持水平平衡，胖和尚可以将后面水桶B往前移动一点距离C．丙图中小和尚为减轻瘦和尚的负担，可以让瘦和尚往前移动一点距离D．丙图中小和尚为减轻瘦和尚的负担，可以将水桶往前移动一点距离2．如图所示，轻质杠杆左侧用细绳挂着正方体甲，正方体甲放在水平放置的电子测力计上，右侧挂着重为1N的钩码乙，O为支点，正方体甲的边长为0.1m。在杠杆水平平衡的条件下，当只改变动力臂l1，电子测力计的示数T随之改变，T-l1的关系如图所示。则下列判断正确的是（）A．阻力臂l2为6cmB．正方体甲受到的重力为6NC．当动力臂l1=2cm时，左侧细绳对杠杆的拉力为2ND．当动力臂l1=4cm时，正方体甲对电子测力计的压强为100Pa3．传说阿基米德有一天和亥尼洛国王聊天时曾说：“给我一个支点，我将能移动地球。”这种“玩笑”看似夸张，其实却包含这样一个重要的规律：利用某些机械可以挪动重物，改变用力方向，或者改变物体运动的速度。假如你能够施加一个100牛的力，且受力点能够以1米／秒的速度运动，那么，利用杠杆(不考虑杠杆的质量)让你把一个120000牛的重物抬起5厘米，需要花费的时间为（）A．5秒 B．10秒 C．12秒 D．60秒4．工人师傅使用一个动滑轮将400N的重物匀速提升3m高处，假如拉力的方向竖直向上，大小为250N，则（）A．拉力所做的功为750JB．机械的效率为80%C．若用该动滑轮提升更重的货物，机械效率将保持不变D．若采用轻质滑轮完成原任务，机械效率将保持不变5．如图所示，不计滑轮重与摩擦，物体A质量为2kg，物体B质量为5kg，体积为103cm3．先用手托住A，待放手后（）A．物体B将沉到杯底 B．物体B将停留在水面下任何地方C．物体B将离开水面上升 D．物体B最后浮在水面上6．如图所示，在的拉力F作用下，用滑轮组将重为的货物匀速提升，在内货物竖直上升了，不计绳重及滑轮上的摩擦。下列说法正确的是（）A．滑轮组做的有用功为B．拉力做功的功率为C．滑轮组的机械效率为D．此滑轮组提升的货物越轻、机械效率越大7．如图所示是我国《农书》中记录的槽碓(dui)。大木勺积水较多会下沉，使石锤上升；当大木勺内的水流出变轻后，石锤落下击打石臼内的谷物。该槽碓（）A．机械效率可达 B．是杜杆C．机械效率可超过 D．是热机8．如图所示，甲滑轮组中滑轮的质量均为m，乙滑轮组中滑轮的质量均为0.5m，用甲、乙滑轮组分别使重力均为G的重物在相同时间内匀速上升相同高度h，绳子自由端的拉力分别为F1、F2。不计绳重和摩擦，则下列判断正确的是（）A．拉力F1小于F2B．拉力F1的功率小于F2的功率C．拉力F1做的功小于拉力F2做的功D．甲滑轮组的机械效率小于乙滑轮组的机械效率9．如图所示，在“测量动滑轮的机械效率”实验中，下列说法正确的是（）A．实验必须用到的测量仪器：弹簧测力计、刻度尺和停表B．实验中所需测量的拉力可以在弹簧测力计静止时读数C．增大物体上升的高度，可以提高动滑轮的机械效率D．增大物重，可以提高动滑轮的机械效率10．用如图甲所示的装置来探究滑轮组的机械效率η与物重G物的关系，改变G物，竖直向上匀速拉动弹簧测力计，计算并绘出η与G物的关系如图乙所示（不计绳重和摩擦）。则下列说法正确的是（）A．此滑轮组动滑轮的重力为5NB．当G物=15N时，滑轮组机械效率为η=75%C．同一滑轮组的机械效率随G物的增大而增大，最后等于100%D．G物不变，改变图甲中的绕绳方式，滑轮组的机械效率仍不改变二、填空题(共6题；共32分)11．在一个底面积为、高度为的圆柱形薄壁玻璃容器底部，放入一个边长为的实心正方体物块，然后逐渐向容器中倒入某种液体。图7.91反映了物块对容器底部压力的大小与容器中倒入液体的深度之间的关系。由此可知这种液体的密度大小为，当倒入液体的深度为时，物块对容器的底部压力的大小为。12．建筑工地上有一台大型汽车吊，把100t建筑材料从地面吊到30m高处，汽车吊做的有用功为，在这过程中，汽车吊消耗柴油的质量为4kg，则完全燃烧4kg柴油释放的热量为，该过程中汽车吊的效率为。若该柴油机的转速是3000r/min，它1秒钟对外做功次.（柴油的热值为q=4.3×107J/kg，g取10N/kg）13．如图所示，不计绳子、滑轮的重力及它们之间的摩擦，当用大小为10N的拉力F拉重50N的物体时，物体恰好以v=2m/s的速度沿水平面做匀速直线运动，此时物体受到水平面的摩擦力为N，拉力F的功率为W；将拉力F增大为20N时，物体受到水平面的摩擦力将（选填“增大”、“减小”或“保持不变”）。14．如图，斜面长L=5m，高h=2m。小华用平行于斜面向上的拉力F，用10s将重为150N的物体从斜面底端匀速拉到斜面顶端，物体沿斜面匀速向上运动时所受摩擦阻力恒为20N。则拉力所做的功为J，拉力的功率为W。15．斜面高为1m，长为3m，工人用400N沿斜面方向的力将重为900N的箱子匀速推到车上．在这过程中工人做的有用功是J，机械效率为；若不计摩擦，实际推力为N.16．如图所示，沿斜面匀速向上拉一个重为5N的物体到斜面顶端，斜面长1m，高0.4m，拉力做功为2.4J，则这个斜面的机械效率是%，物体受到的摩擦力是N。（保留一位小数）三、实验探究题(共3题；共20分)17．小明用如图所示的器材“探究杠杆的平衡条件”。（1）实验前，杠杆静止在图甲（a）所示位置，为使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向调；（2）如图甲（b），将弹簧测力计从竖直位置移动到图中位置时，始终保持杠杆在水平位置平衡，测力计的示数将（选填“变大”“变小”或“不变”）；（3）小明发现人体也有很多杠杆；①踮脚时主要靠腓肠肌收缩，骨骼和腓肠肌状况如图乙所示，身体重力的作用点在B点，腓肠肌的动力作用点在A点，则踮着的脚可以看作是杠杆；②如图丙所示，人的头部、颈椎和颈部肌肉可当成一个杠杆（支点在颈椎O处），当头颅为竖直状态时，颈部肌肉的拉力为零，当低头时，颈部肌肉会产生一定的拉力，B点为肌肉拉力的作用点，拉力的方向始终垂直于OB，低头过程中，重力的力臂逐渐，拉力逐渐（两空均选填“增大”“减小”或“不变”），所以长时间低头会产生疲劳；③如图丁（a）为举哑铃时的前臂骨骼，可将其视为图丁（b）所示杠杆，不计前臂自重，若肱二头肌能施加的最大拉力，，则锻炼时最多能举起质量为kg的哑铃。18．小明在“测滑轮组机械效率”的实验中，用如图甲所示的滑轮组进行了三次实验，实验数据如表。实验次数物重G/N物体上升的高度h/cm弹簧测力计的实数F/N弹簧测力计移动的距离/cm1632.592652.5153682.526分析表中数据，回答以下问题：（1）表中有一个数据的记录是错误的，错误的数据是，改为；（2）第2次实验中滑轮组的机械效率是；（3）滑轮组的机械效率与无关。（4）小红在小明实验的基础上多使用了一个滑轮也做了实验，如图乙所示，①小红多使用一个滑轮，目的是；②小明和小红使用各自的滑轮组提升相同的重物时，若忽略绳重及摩擦，它们的机械效率（选填“相同”或“不相同”），理由是。19．在“探究影响滑轮组机械效率的因素”的实验中，小明用同一滑轮组进行了三次实验，实验数据如表：（1）根据表格中的数据，在图甲种画出滑轮组的绕绳方法．（2）实验中，沿竖直方向匀速拉动弹簧测力计，使物体缓缓上升，测量绳端所受的拉力时，弹簧测力计应（选填“保持静止”或“匀速上升”）（3）第三次试验时，测力计示数如图乙所示，此时绳端受到的拉力N，滑轮组的机械效率为%（4）根据表格中的数据分析可知：①随着物重的增大，额外功（选填“变小”、“不变”或“变大”），原因是。②要提高同一滑轮组机械效率，可以采取的措施。四、计算题(共2题；共18分)20．图1是一艘完全依靠太阳能驱动的船，该船长30米，宽15米，排水量60吨，船的表面安装有太阳能电池板，接收太阳能的功率为1.6×105W，若接收的太阳能只用来驱动船前进。在一次航行中，从某一时刻开始，太阳能船受到水平方向的牵引力F随时间t的变化关系如图2甲所示，船的运动速度v随时间t的变化关系如图2乙所示。（g取10N/kg）求：（1）满载时太阳能船受到的浮力；（2）第50s到第100s内牵引力做的功；（3）第50s到第100s的运动过程中，太阳能船的效率。21．如图甲所示，一个边长为1m的正方体静止在湖底，上表面离水面深度为h。现用一根粗细和重力不计的绳子，将该物体从水底竖直向上拉，直至完全拉出水面，在整个拉动过程中物体始终保持0.1m/s匀速运动，拉力的大小随时间变化的关系如图乙所示。（g取10N/kg，ρ水＝1.0×103kg/m3）计算：（1）物体浸没在水中时，受到的浮力；（2）物体的密度；（3）物体静止在湖底时上表面受到水的压强。

答案解析部分1．【答案】D【解析】【解答】从图乙可知，右边水桶B向下沉，从杠杆的平衡条件FALA=FBLB可知，水平时右边的力与力臂乘积较大，应减小右边的力与力臂的乘积或增大左边的力与力臂的乘积．

A、胖和尚将他的肩往后移动一点距离，从而可以减小LB，使FBLB减小，即减小了右边的力与力臂的乘积，说法正确，不符合题意．

B、胖和尚将后面水桶B往前移动一点距离，从而可以减小LB，使FBLB减小，即减小了右边的力与力臂的乘积，说法正确，不符合题意．

C、从丙图中可看出，以小和尚的肩膀为支点O，水桶为阻力，瘦和尚的肩膀施加的力是动力，L2是阻力臂，L1是动力臂，若让瘦和尚往前移动一点距离，则瘦和尚那边的力臂L1就变大，而F2L2的乘积不变，根据杠杆原理F1L1=F2L2可知：为了维持平衡，那么瘦和尚那边的力F1要变小，所以减轻了瘦和尚的负担，说法正确，不符合题意．

D、若水桶向瘦和尚移动，则阻力臂L2就变大，而阻力F2和动力臂L1不变，根据杠杆原理F1L1=F2L2可知：为了维持平衡，那么瘦和尚那边的力F1要变大，所以增大了瘦和尚的负担，说法错误，符合题意．

故选D。

【分析】从图乙可知，右边水桶B向下沉，从杠杆的平衡条件FALA=FBLB可知，水平时右边的力与力臂乘积较大，应减小右边的力与力臂的乘积或增大左边的力与力臂的乘积．从而判断A、B是否符合题意．

从丙图中可看出，左边是小和尚，而右边是瘦和尚，可以以小和尚的肩膀和扁担接触点为支点，再根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2进行分析，判断C、D是否符合题意．2．【答案】D【解析】【解答】A．根据题意，甲始终处于静止状态，甲受到绳子的拉力，甲物体自身的重力，电子秤对甲物体的支持力物体拉杠杆的力和杠杆拉物体的力是一对相互作用力电子测力计对物体甲的支持力和物体甲对电子测力计的压力是一对相互作用力即根据杠杆的平衡条件得根据图像可知当T1=2N，L1=2cm，根据图像可知当T1=1N，L1=4cm，解得L2=2cm，G=2N，A、B选项错误；C．由图像可知，当L1=2cm，此时T1=2N，细绳对杠杆的拉力是1N，C选项错误；D．由图像可知，当L1=4cm，此时T1=1N，由公式D选项正确。故答案为：D。【分析】通过甲物体处于平衡条件的分析确定杠杆所受的拉力大小，再根据杠杆平衡条件结合图像上不同的点来解题。3．【答案】D【解析】【解答】不考虑杠杆的质量,人利用杠杆做的功等于直接提起重物做的功,

即:Fs=Gh,

所以,

需要的时间:。

故答案为：D。

【分析】不考虑杠杆的质量,根据功的原理,人做的功等于提起重物做的功,据此求出动力移动的距离s,再利用速度公式求需要花费的时间。4．【答案】B【解析】【解答】A、拉力移动的距离为：s＝2h＝2×3m＝6m，拉力做的总功为：W总＝Fs＝250N×6m＝1500J，A不符合题意；B、有用功W有用＝Gh＝400N×3m＝1200J，动滑轮的机械效率为：η＝×100%＝×100%＝80%，B符合题意．C、此题滑轮没有发生变化，所以在此过程中所做的额外功不变，由于物体的重力增加，所以有用功增大，由公式η＝可知，若用该动滑轮提升更重的货物，有用功在总功中所占的比值将增大，所以机械效率变大，C不符合题意．D、采用轻质滑轮完成原任务，额外功减小，式η＝可知，机械效率变大，D不符合题意。故答案为：B．【分析】（1）利用公式W有用=Gh计算有用功；利用s=2h求出拉力移动的距离，知道拉力大小，可利用公式W总=Fs计算拉力做的总功；最后利用机械效率的公式求动滑轮的机械效率；

（2）增大机械效率的方法有二：一是增大有用功，即拉更重的重物；二是减小额外功，如减小摩擦、减轻动滑轮重.5．【答案】B【解析】【解答】根据题意可知，物体A的重力GA=mAg=2kg×10N/kg=20N，

物体B的重力GB=mBg=5kg×10N/kg=50N；

由图可知n=2，不计滑轮重与摩擦，则GA=FB，

那么物体B受到向上的拉力FB=2GA=2×20N=40N，

物体B浸没在水中，V排=V=103cm3=1×10-3m3

受到的浮力为：F浮=ρ液gV排=1×103kg/m3×10N/kg×1×10-3m3=10N。

则物体B竖直向上的合力为F=FB+F浮=40N+10N=50N；

因为F=GB，

所有物体B将悬浮，即可以停留在水面下任何地方。

故选B。

【分析】利用G=mg求出物体的重力，根据滑轮组的使用特点求出动滑轮对物体B的拉力，利用阿基米德原理F浮=ρ液gV排求出物体B的浮力。接下来然后对物体B受力分析，求出B受到的合力的方向，根据这个合力的方向可知运动情况。6．【答案】C【解析】【解答】A.滑轮组做的有用功W有=Gh=300N×2m=600J，故A错误；

B.滑轮组做的总功：W=Fs=200N×（2m×2）=800J；

则拉力的功率：，故B错误；

C.滑轮组的机械效率：，故C正确；

D.根据可知，此滑轮组的货物重力越小，则机械效率越小，故D错误。

故选C。

【分析】（1）根据W有=Gh计算滑轮组做的有用功；

（2）根据W=Fs计算滑轮组做的总功，根据计算拉力的功率；

（3）根据计算滑轮组的机械效率；

（4）根据公式分析判断。7．【答案】B【解析】【解答】B：杠杆是一种简单机械，由一根硬棒构成，能够在力的作用下绕着固定点（支点）转动。题干中的槽碓(dui)在使用过程中，绕着固定点转动的硬棒，是杠杆，B正确。

AC：只要使用机械，就必然会在机械上消耗一部分额外功，额外功总是存在的，所以有用功总是会小于总功，机械效率总是小于1，AC错误。

D：题干中槽碓(dui)在使用过程中，没有涉及内能的转化，不是热机。D错误。

选项ACD错误，答案选择B

【分析】槽碓，是东汉时发明的粮食加工机械，用于谷物的脱壳或粉碎，是一种利用水力舂米的器具。为在泉流较低处设置常规的碓，用水槽取代踏碓人位置，槽容积约容一斗多的水，用笕（竹管）引水注入槽中，槽水注满后重量增大下垂，将前稍的碓扬起，同时水槽下落，槽水倾泻后后稍重量减轻翘起，而前稍的碓落下，砸向碓臼内的谷米，如此即完成一舂。使用槽碓，没有时间限制，日夜不停运作，可得谷米两斛，至少可省两个人工。热机是指各种利用内能做功的机械。是将燃料的化学能转化成内能再转化成机械能的机器动力机械的一类，如蒸汽机、汽轮机、燃气轮机、内燃机、喷气发动机。8．【答案】D【解析】【解答】A．由图知，图甲、图乙滑轮组，n=3，因为不计绳重和滑轮轴处摩擦，所以F1=(G+G甲)=(G+mg)，F2=(G+G乙)=(G+0.5mg)故F1>F2，A不符合题意；BC．重物在相同时间内匀速上升相同高度h，则拉力移动距离s相同，拉力做功W1=F1s，W2=F2s故W1>W2，因为做功时间相同，所以拉力F1的功率大于F2的功率，BC不符合题意；D．甲滑轮组和乙滑轮组做的有用功相同，G甲>G乙，则甲滑轮组做的额外功多，故甲滑轮组的机械效率小于乙滑轮组的机械效率，D符合题意。故答案为：D。

【分析】滑轮组上的拉力的大小和绳子股数有关，当物体重力相等时，动滑轮越轻，滑轮的机械效率越大。9．【答案】D【解析】【解答】A．要测量动滑轮的机械效率，需要测量物重、拉力，物体上升的高度、绳子拉下的长度，所以需要的测量仪器是弹簧测力计和刻度尺，不需要停表。A不符合题意；B．测量动滑轮的机械效率，需要匀速拉动弹簧测力计，由于静止时和匀速拉动时克服额外的阻力不同；拉力的大小不同，不能在弹簧测力计静止时读数，B不符合题意；C．由图可知使用动滑轮时承担物重的绳子段数n=2，滑轮组的机械效率由上式可知，动滑轮的机械效率与物体提升的高度无关，因此增大物体提升的高度，不能提高动滑轮的机械效率，C不符合题意；D．动滑轮的机械效率由上式可知，在动滑轮重力不变时，增大物体重力，可以提高动滑轮的机械效率，D符合题意。故答案为：D。

【分析】在“测量动滑轮的机械效率”实验中，测量仪器是弹簧测力计和刻度尺，不需要停表；由于静止时和匀速拉动时克服额外的阻力不同；拉力的大小不同，不能在弹簧测力计静止时读数；根据可知，增大物体重力，可以提高动滑轮的机械效率。10．【答案】D【解析】【解答】A、由图可知，G=12N，滑轮组的机械效率η=80%，不计绳重和摩擦，滑轮组的机械效率，即，解得动滑轮重力：G动=3N，故A错误；

B、不计绳重和摩擦，当G物=15N时，滑轮组机械效率为，故B错误；

C、使用滑轮组时，克服物重的同时，不可避免地要克服动滑轮重做额外功，所以总功一定大于有用功；由公式，机械效率一定小于1，即同一滑轮组机械效率η随G物的增大而增大，但最终不能超过100%，故C错误；

D、G物不变，改变图甲中的绕绳方式，将同一物体匀速提高相同的高度，则所做的有用功W=Gh不变；不计绳重及摩擦时，额外功W额=G动h不变；而总功等于有用功与额外功之和，则总功不变；因此改变图甲中的绕绳方式，滑轮组的机械效率不变，故D正确。

故选：D。

【分析】A、由图知，提升重物为12N时，滑轮组的机械效率为80%，不计绳重和摩擦，滑轮组的机械效率，据此求动滑轮重力；

B、不计绳重和摩擦，再利用，求当G物=15N时滑轮组机械效率；

C、使用滑轮组时，不计绳重和摩擦，提升重物时，不得不提升动滑轮做额外功，使得有用功总是小于总功，滑轮组的机械效率总是小于100％；

D、G物不变，改变图甲中的绕绳方式，将同一物体匀速提高相同的高度，所做的有用功W=Gh不变；不计绳重及摩擦时，额外功W额=G动h不变；总功不变；因此滑轮组的机械效率不变。11．【答案】1.25×103；7.5【解析】【解答】根据图像可知，当倒入液体深度为0时，物块对容器底的压力F=G=20N；，当倒入液体的深度为4cm时，物体的合力为15N，所以浮力为5N，根据浮力公式F浮=ρ液gV排=ρ液gSh，所以液体的密度为ρ=5N/（10×10×10-4）m2×0.04m×10N/kg=1.25×103

当倒入液体的深度为时，物体所受浮力为F浮=ρ液gV排=ρ液gSh=1.25×103×10N/kg×（10×10×10×10×10-6）m3=12.5N，所以压力F=G-F浮=7.5N

综上第1空为1.25×103；第2空为7.5

【分析】根据浮力公式、压强公式计算分析

由物块对容器底部压力的大小F与容器中倒入液体的深度h(0~6厘米)之间的关系图象可知，当倒入液体深度为0时，物块对容器底的压力F=G=20N；当倒入液体深度h=4cm时，物块对容器底的压力F'=G-F浮=15N，而F浮=P液gV排，据此求出液体的密度；

求出了物块的重力，知道边长可求体积，利用公式G=mg=pVg求物块的密度，和液体的密度比较，得出物块在倒入液体的深度h'=12cm时的浮与沉，进而求出对容器的底部压力的大小。12．【答案】3×107J；1.72×108J；17.4%；25【解析】【解答】建筑材料的质量是：m=100t=1×105kg，则重力是：G=mg=1×105kg×10N/kg=1×106N，又因为吊起的高度是：h=30m，所以汽车吊做的有用功是：W有用=Gh=1×106N×30m=3×107J；由Q放=m柴q知道，此过程柴油完全燃烧放出的热量是：Q放=m柴油q=4kg×4.3×107J/kg=1.72×108J；故汽车吊的效率是：η=；因为内燃机的一个工作循环有四个冲程，飞轮转2圈，燃气对外做功1次，所以，当柴油机的转速是的转速为3000r/min=50r/s时，该柴油机每秒钟转50圈，对外做25次功。

故答案为：3×107J；1.72×108J；17.4%；25.

【分析】根据物体的质量计算重力，利用力和高度的乘积计算有用功，利用燃料的热值和质量的乘积计算放热多少，利用有用功和总热量的比值计算热机效率，柴油机飞轮转数是做功数的2倍，根据转数可以计算做功数的多少。13．【答案】20；40；不变【解析】【解答】解：（1）因为使用动滑轮可以省一半力，所以拉物体的力F′=2F=2×10N=20N；物体做匀速直线运动，处于平衡状态，受拉力和摩擦力一对平衡力，平衡力大小相等，故f=F′=20N；（2）由图知有2段绳子拉着物体，即s绳=2s物，v绳=2v物=2×2m/s=4m/s；则拉力F的功率为；（3）将拉力F增大为20N时，物体对水平面的压力和接触面的粗糙程度都不变，受到水平面的摩擦力不变。故答案为：20；40；不变。【分析】物体匀速运动，受平衡力，平衡力大小相等，判断出摩擦力；根据P=Fv算出拉力F的功率；影响摩擦力的因素：压力和接触面的粗糙程度.14．【答案】400；40【解析】【解答】拉力做的有用功：W有=Gh=150N×2m=300J，

拉力做的额外功为：W额=fL=20N×5m=100J；

拉力做的总功为：W总=W额+W有=300J+100J=400J；

拉力的功率为：。

【分析】首先根据W有=Gh计算有用功，再根据W总=W额+W有计算拉力做的总功，根据计算拉力的功率。15．【答案】900；75%；300【解析】【解答】(1)箱子重G＝900N，斜面高h＝1m，工人做的有用功为：＝Gh＝900N×1m＝900J.(2)斜面的长度s＝3m，推力F＝400N，推力做的总功为：＝Fs＝400N×3m＝1200J.斜面的机械效率为：η＝×100%＝75%.(3)若不计摩擦，则额外功为0，此时Gh＝F′s，即900N×1m＝F′×3m，解得：F′＝300N.故答案为：900；75%；300.

【分析】根据W=Gh求出有用功；根据W=Fs求出总功，根据η=求出机械效率.若不计摩擦，额外功为0，W=Gh=Fs，据此求出推力大小.16．【答案】83.3；0.4【解析】【解答】(1)有用功：；总功：W=2.4J，

斜面的效率：

(2)额外功：W额=W-W有=2.4J-2J=0.4J

因为W额=fs，所以摩擦力大小：

故答案为：83.3；0.4。

【分析】本题考查有用功、机械效率的计算，关键是能根据额外功求摩擦力。17．【答案】（1）右（2）变大（3）省力；增大；增大；5【解析】【解答】（1）如图甲，杠杆左端下沉，则杠杆的右端重，左端轻，应将平衡螺母向右移动；

（2）将弹簧测力计从竖直位置移动到图中位置时，可知阻力和阻力臂不变，而动力臂变小，则动力变大，即测力计的示数将变大；

（3）①由图可知人体杠杆绕着O点转动，重力的作用点在B点，腓肠肌的动力作用点在A点，动力臂大于阻力臂，所以踮着的脚属于省力杠杆；

②由题意和图示可知，O为支点，肌肉拉力（动力）的方向始终垂直于OB，则拉力的力臂（动力臂）不变；低头过程中，头颅重力的力臂增大（即阻力臂变大），而阻力G、动力臂不变，根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2可知，动力会增大。

③由图可知，支点是O点，肱二头肌对前臂产生的拉力F1为动力，哑铃的重力即为阻力F，

由图知，L1=OA，L2=OB，OA：OB=1：10，

根据杠杆的平衡条件：F1L1=F2L2，即F1•OA=F•OB，

500N•1=F•10，

解得：F=50N。

所以哑铃的重力G=F=50N，

哑铃的质量为。

【分析】（1）平衡螺母向轻的那端移动；

（2）根据图片分析动力臂的长度变化，再利用杠杆平衡条件分析弹簧测力计的示数变化；

（3）①比较动力臂和阻力臂的大小，从而确定杠杆的分类；

②低头过程中，根据头颅重力的力臂的变化，并由题意分析阻力G、动力臂的变化情况，利用杠杆的平衡条件F1L1=F2L2分析拉力的变化；

③肱二头肌对前臂产生的拉力F1为动力，哑铃的重力即为阻力F，利用杠杆的平衡条件求哑铃的阻力F大小，再求其质量。18．【答案】（1）26；24（2）80%（3）物体上升的高度（4）改变拉力的方向；相同；有用功和额外功相同【解析】【解答】（1）根据图片可知，承担重力的绳子段数n=3，则第3次实验时测力计移动的距离s=nh=8cm×3=24cm，而不是26cm，故错误的数据为26；

（2）第2次实验中滑轮组的机械效率：；

（3）根据表格数据可知，当物体上升的高度改变时，滑轮组的机械效率都是80%，那么说明滑轮组的机械效率与物体上升的高度无关。

（4）①根据图片可知，小红多用了一个定滑轮，目的是改变拉力的方向；

②小明和小红使用各自的滑轮组提升相同的重物时，若忽略绳重及摩擦，那么它们的机械效率相同，理由是：滑轮组做的有用功和额外功相等，根据可知，滑轮组的机械效率相等。

【分析】（1）根据图片确定承担重力的绳子段数n，根据s=nh计算弹簧测力计移动的距离，然后对表格数据进行对照；

（2）根据计算第2次实验时滑轮组的机械效率；

（3）当物体上升的高度不同时，如果机械效率也不同，那么说明二者有关；否则，说明二者有关；

（4）①根据定滑轮的特点解答；

②根据分析解答。19．【答案】（1）解：如图所示：（2）匀速上升（3）1.8；74.1（4）变大；克服摩擦做功更多；增加提升的物重或减轻动滑轮重【解析】【解答】（1）滑轮组的绕绳方法为：.（2）由二力平衡可知，弹簧测力计应匀速上升.（3）乙图中示数为：1.8N..（4）①随着物重的增大，额外功变大，原因是