广西百色市贵百联考2023-2024学年高三上学期9月月考物理试题（解析版）

高级中学名校试卷PAGEPAGE12024届广西名校开学考试试题物理（考试时间：75分钟满分：100分）一、选择题（1-6为单选题，每题4分；7-10题为多选题，每题5分，全部选对得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分，共44分）1.新一代“人造太阳”装置——中国环流器二号M装置（HL—2M）在成都建成并实现首次放电，标志着中国自主掌握了大型先进托卡马克装置的设计、建造、运行技术，为我国核聚变堆的自主设计与建造打下坚实基础。下列关于核反应的说法正确的是（）A.相同质量的核燃料，轻核聚变比重核裂变释放的核能更少B.氘氚核聚变的核反应方程为C.两个轻核结合成质量较大的核，原子核的比结合能增加D.核裂变反应过程中有质量亏损，核聚变反应过程中没有质量亏损〖答案〗C〖解析〗A．相同质量的核燃料，轻核聚变比重核裂变释放的核能更多，故A错误；B．根据质量数守恒和核电荷数守恒可知，氘氚核聚变的核反应方程为故B错误；C．两个轻核结合成质量较大的核，会释放核能，产生质量亏损，生成物的结合能比反应物的结合能大，而反应前后核子数不变，所以原子核的比结合能增加，故C正确；D．核聚变反应过程中放出大量能量，有质量亏损，故D错误。故选C2.打篮球是很多同学喜爱的运动，假设某次篮球比赛小明先后两次在不同地点投篮得分。简化模型如图所示，两次投篮时篮球先后从A、B两点（相同高度）抛出后直接落入篮筐，落入篮筐时的速度方向相同，下列判断正确的是（）A.从A点抛出时的初速度小于从B点抛出时的初速度B.从B点抛出在最高点的速度比从A点抛出在最高点的速度小C.A、B落入篮筐时速度大小相同D.从抛出到落入篮筐，从B点抛出用时较长〖答案〗B〖解析〗BC．由于两次投篮时篮球落入篮筐时的速度方向相同，设此时速度与水平方向的夹角为，则有篮球从最高点到落入篮筐过程做平抛运动，竖直方向有由图可知从A点抛出在最高点到落入篮筐下落的高度较大，落入篮筐时的竖直分速度较大，则水平速度较大，由于水平方向做匀速直线运动，即从B点抛出在最高点的速度比从A点抛出在最高点的速度小；篮球落入篮筐时速度大小为可知A落入篮筐时速度大小大于B落入篮筐时速度大小，故B正确，C错误；D．从抛出到落入篮筐，可看成是从最高点向两侧的平抛运动，根据由于从最高点向两侧的平抛运动都是A对应的高度较大，则从最高点向两侧的平抛运动都是A所用时间较多，则从抛出到落入篮筐，从A点抛出用时较长，故D错误；A．从抛出到最高点可看成是逆向平抛运动，则抛出的初速度可表示为由于A对应的水平速度较大，且A对应的上升高度较大，则竖直分速度也较大，所以从A点抛出时的初速度大于从B点抛出时的初速度，故A错误。故选B。3.如图（a），在均匀介质中有A、B、C和D四点，其中A、B、C三点位于同一直线上，，，DC垂直AB。时，位于A、B、C处的三个完全相同的横波波源同时开始振动，振动图像均如图（b）所示，振动方向与平面ABD垂直，已知波长为4m。下列说法正确的是（）A.这三列波的波速均为2m/s B.时，D处的质点开始振动C.时，D处的质点位移大小为2cm D.A、B两列波不能发生干涉现象〖答案〗C〖解析〗A．机械波在同一介质中波速相同，由题意知波长λ=4m，由题图知周期，则选项A错误；B．C波源发出的波最先传到质点D选项B错误；C．当时，质点D开始振动，在6s时由C波在D点振动3s，引起的位移为-2cm；由AB波在D点振动1s，引起的位移均为+2cm，则D点位移由A、B、C三波的位移叠加，可知D点此时位移为+2cm，选项C正确；D．A、B两列波振动频率一样，起振方向一样，能发生干涉现象，选项D错误。故选C。4.中国空间站进入应用与发展新阶段，独立在轨运行33天的“天舟五号”货运飞船（以下简称“天舟五号”）于2023年6月6日3时10分完成与空间站组合体再次交会对接，空间站组合体再次恢复了“三船三舱”构型。“天舟五号”独立在轨运行时与空间站组合体均在同一轨道上绕地球做匀速圆周运动，已知空间站组合体运行的周期约为90min，则下列说法正确的是（）A.空间站里的宇航员处于悬浮状态是因为不受重力B.空间站组合体运行的线速度小于地球同步轨道卫星的线速度C.“天舟五号”独立在轨运行时的角速度大于空间站组合体的角速度D.“天舟五号”货运飞船的发射速度应大于第一宇宙速度小于第二宇宙速度〖答案〗D〖解析〗A．天和核心舱里的宇航员处于悬浮状态是因为处于完全失重状态，但仍受重力作用，故A错误；B．根据万有引力提供向心力可得可知该组合体运行的线速度大于地球同步轨道卫星的线速度，故B错误；C．根据牛顿第二定律可得可知“天舟五号”独立在轨运行时的角速度等于空间站组合体的角速度，故C错误；D．“天舟五号”货运飞船绕地球运动，“天舟五号”货运飞船的发射速度应大于第一宇宙速度小于第二宇宙速度，故D正确。故选D。5.如图所示，三角形ABC是等腰直角三角形，在A点固定一个电荷量大小为的点电荷，在B点固定一个电荷量大小为的点电荷，C点处的电场强度方向与CB垂直，则的值为（）A. B. C. D.〖答案〗C〖解析〗设BC边长度为r，则AC边长度为，根据库仑定律、的竖直分量相等，由几何关系知解得故选C。6.如图所示为质谱仪测定带电粒子质量的装置的示意图．速度选择器(也称滤速器)中场强E的方向竖直向下，磁感应强度B1的方向垂直纸面向里，分离器中磁感应强度B2的方向垂直纸面向外．在S处有甲、乙、丙、丁四个一价正离子垂直于E和B1入射到速度选择器中，若m甲＝m乙<m丙＝m丁，v甲>v乙＝v丙>v丁，在不计重力的情况下，则分别打在P1、P2、P3、P4四点的离子分别是A.甲、丁、乙、丙 B.丁、甲、乙、丙C.甲、丁、丙、乙 D.丁、甲、丙、乙〖答案〗B〖解析〗粒子通过速度选择器，只有满足qvB=qE，即速度满足v=E/B，才能沿直线通过．当粒子的速度大于E/B，洛伦兹力大于电场力，粒子向上偏转，当粒子的速度小于E/B，洛伦兹力小于电场力，粒子向下偏转．四种粒子，只有两个粒子通过速度选择器，只有速度满足v=E/B，才能通过速度选择器．所以通过速度选择器进入磁场的粒子是乙和丙．由牛顿第二定律得：qvB=m，解得：，乙的质量小于丙的质量，所以乙的半径小于丙的半径，则乙打在P3点，丙打在P4点．甲的速度大于乙的速度，即大于E/B，洛伦兹力大于电场力，粒子向上偏转，打在P2点．丁的速度小于乙的速度，即小于E/B，洛伦兹力小于电场力，粒子向下偏转，打在P1点．故选B．【『点石成金』】解决本题关键知道速度选择器的原理，即所受洛伦兹力和电场力等大反向的粒子才能沿直线通过速度选择器．7.如图所示，一束可见光以与玻璃砖成30°夹角穿过平行玻璃砖后，分成a、b两束单色光，玻璃砖的宽度为L，玻璃砖内b光光线与竖直方向夹角为30°，则下列说法正确的是（）A.a光的频率大于b光的频率B.a光的折射率大于b光的折射率C.b光穿过玻璃砖需用的时间为D.a、b两种单色光分别通过同一个双缝干涉装置，b光的干涉条纹间距较小〖答案〗CD〖解析〗AB．由题图知b光的折射角较小，根据折射定律，可知b光的折射率较大，频率也较大，故AB错误；C．由题图可知，b光线入射角为折射角由折射率的定义得解得b光线在玻璃中的传播速度为由题图知b光线在玻璃砖中传播的路程所以b光线穿过玻璃砖需要时间故C正确；D．对于同一种介质，b光的折射率较大，说明b光的波长较短。根据条纹间距公式可知，b光的干涉条纹间距较小，故D正确。故选CD。8.如图所示，整个装置固定且在同一竖直平面内，AB段为光滑竖直管道，高度，BCD段为半径的光滑半圆轨道，DE段为半径的粗糙四分之一圆轨道，现有质量的小球从A点由静止释放，进入到装置中。已知小球到达E点时，小球对外轨道的压力为，C为半圆轨道BCD段的最低点，，下面正确的是（）A.整个运动过程中，小球的机械能不守恒B.小球到达最低点C点时，速度大小10m/sC.小球从静止释放到经过E点，合外力做的功为36JD.整个运动过程，摩擦力做的功〖答案〗AD〖解析〗A．依题意，DE轨道粗糙，小球经过时，摩擦力会做功，机械能不守恒，故A正确；B．依题意，小球到达最低点C点时，有解得故B错误；C．假定小球到E点速度为，依题意有从静止释放到经过E点，合外力做的功等于动能的变化量，故故C错误；D．整个运动过程，摩擦力做的功为，据动能定理有解得故D正确。故选AD。9.如图所示是小型交流发电机的示意图，线圈绕垂直于磁场方向的水平轴OO'沿逆时针方向匀速转动，角速度为，线圈匝数为n，电阻为r，外接电阻为R，交流电流表。线圈从图示位置（线圈平面平行于磁场方向）开始转过360°时电流表示数为I。下列说法中正确的是（）A.该交流电周期为B.转动过程中穿过线圈的磁通量的最大值为C.电阻R两端电压为IRD.线圈转动一周的过程中，电阻R产生的热量为〖答案〗BC〖解析〗A．该交流电周期为，故A错误；B．感应电动势的最大值为又因为磁通量的最大值为联立解得故B正确；C．电阻R两端电压为路端电压，大小为IR，故C正确；D．线圈转动一周的过程中，电阻R产生的热量为故D错误。故选BC10.如图，光滑水平地面上有一质量为的小车在水平推力的作用下加速运动。车厢内有质量均为的两小球，两球用轻杆相连，A球靠在光滑左壁上，B球处在车厢水平底面上，且与底面的动摩擦因数为，杆与竖直方向的夹角为，杆与车厢始终保持相对静止假设最大静摩擦力等于滑动摩擦力。下列说法正确的是（）A.只要推力取得合适的值，可使杆的弹力为零B.向右时，若B球受到的摩擦力为零，则C.向左时，若值足够大，则推力的最大值为D.向左时，若，则推力的最大值为〖答案〗BC〖解析〗A．根据题意，对小球A受力分析，由平衡条件可知，杆的弹力竖直分力要平衡A球的重力，所以永远不可能等于零，故A错误；B．根据题意，设杆的弹力为，对小球A，竖直方向受力平衡，则有由几何关系有解得若B球受到的摩擦力为零，对B根据牛顿第二定律可得可得对小球A、B和小车整体根据牛顿第二定律有故B正确；C．若值足够大，则B不会滑动。当A对右壁的压力恰好等于零时，分析A可知可得对小球A、B和小车整体根据牛顿第二定律有故C正确；D．由要保持相对静止，由C知道A球的最大加速度当B有向左最大加速度时，B会受到向左的最大静摩擦力，对A、B球用整体法可知B球对车底压力为，对B球受力分析如图则有得因为所以即A球先达到临界状态，故整体的最大加速度对A球、B球和车组成的整体得推力的最大值为，故D错误。故选BC。二、非选择题：本题共5小题，共56分。11.利用如图甲所示的实验装置“探究小车速度随时间变化的规律”。（1）使用电火花计时器时的基本步骤如下：A.接通开关，听到放电声，开始拖动纸带B.把计时器固定在长木板上，将纸带从墨粉纸盘下面穿过打点计时器C.将电火花计时器插头插入相应的电源插座D.当纸带完全通过电火花计时器后，及时关闭电火花计时器上述步骤正确的顺序是___________（按顺序填写步骤前的字母）。（2）某实验小组所得纸带上打出的部分计数点如图乙所示（每相邻两个计数点间还有4个点，图中未画出），打点计时器的频率为50Hz。，，，，，。打点计时器在打E点时小车的速度___________m/s，根据纸带计算出小车运动的加速度a=___________。（结果均保留两位有效数字）〖答案〗（1）BCAD（2）1.22.0〖解析〗（1）[1]使用电火花计时器时首先要把计时器固定在长木板上，将纸带从墨粉纸盘下面穿过打点计时器，然后将电火花计时器插头插入相应的电源插座，接通开关，听到放电声，开始拖动纸带，当纸带完全通过电火花计时器后，及时关闭电火花计时器。故操作顺序为BCAD。（2）[2]打点计时器的频率为50Hz，每相邻两个计数点间还有4个点，则E点时小车的速度[3]小车运动的加速度12.在“测定金属丝的电阻率”的实验中，某同学实验过程如下：（1）先用多用表的欧姆挡“×1”粗测其电阻，如图甲所示，则读数应记为___________。（2）由图乙螺旋测微器测量该金属丝的直径为___________mm，然后用图丙的毫米刻度尺测量其长度为___________cm。（3）为了减小实验误差，需进一步测量其电阻，除待测金属丝、开关S、导线若干外，实验室还备有的实验器材如下：A.电压表V（量程3V，内阻约为15kΩ；量程15V，内阻约为75kΩ）B.电流表A（量程0.6A，内阻约为1Ω；量程3A，内阻约为0.2Ω）C.滑动变阻器（0~2000Ω，0.1A）D.滑动变阻器（0~5Ω，0.6A）E.电阻箱F.1.5V的干电池两节，内阻不计为了测量多组实验数据，则滑动变阻器应选用___________（填“”或“”）。（4）实验电路如图丁所示，根据电路图完成图戊中的实物连线。___________（5）从实验原理上看，待测电阻测量值___________（填“大于”、“小于”或“等于”）其真实值。（6）如果测得的金属丝长度为a，直径为b，电阻为c，则它的电阻率___________。（用a、b、c字母表示）〖答案〗（1）6（2）0.698##0.699##0.700##0.701##0.7029.12##9.13##9.14##9.15##9.16##9.17（3）（4）（5）小于（6）〖解析〗（1）[1]根据图示可知，指针指向刻度6，由于采用的欧姆挡“×1”，故电阻读数为6Ω。（2）[2]螺旋测微器读数为[3]金属丝的长度为9.15cm。（3）[4]电路电源是两节干电池，电源电压为3V，通过金属丝的最大电流约的额定电流0.1A太小，则不合适，且阻值过大，即使电流在安全范围内，电路调节也不方便，故滑动变阻器选。（4）[5]根据实验电路图连接实物电路图，如图所示（5）[6]电路图采用了电流表外接法，考虑到电压表分流的影响，电流表读数偏大，根据欧姆定律，可知待测电阻测量值小于其真实值。（6）[7]根据电阻定律有，，解得13.受2023年第5号台风杜苏芮的残余环流影响，我国北方多地引发极端暴雨天气，造成严重灾害。当大暴雨降临，路面水井盖因排气孔（如图甲）堵塞可能会造成井盖不断跳跃，导致井盖移位而存在安全隐患。如图乙所示，某次大暴雨，水位以60mm/h的速度迅速上涨，质量为的某井盖排气孔被堵塞且与地面不粘连，圆柱形竖直井内水面面积为，水位与井盖之间的距离为时开始计时，此时井内密封空气的压强恰好等于大气压强，若空气视为理想气体，温度始终不变，。（1）求密闭空气的压强为多大时井盖刚好被顶起；（2）求从图示位置起，历经多长时间井盖会第一次被顶起；（3）若井盖第一次顶起后又盖回，空气的压强变为，求排出的空气体积V（保留两位有效数字）。〖答案〗（1）；（2）0.3h；（3）〖解析〗（1）对井盖进行受力分析有代入数据有（2）等温变化，设位上升，则刚顶起时有解得则所用的时间为（3）空气等温变化，有其中代入数据解得14.两水平轨道放置匀强磁场中，磁感应强度，磁场与导轨所在平面垂直，金属棒ab可沿导轨自由移动，金属棒ab的质量为1kg，金属棒与导轨间的摩擦因数，左端接一定值电阻，阻值为，导轨电阻不计，金属棒长为，电阻为，现将金属棒沿导轨由静止向右拉，拉力恒为，最终金属棒做匀速运动，恰好匀速时通过的位移。。求：（1）求稳定状态时金属棒两端电压；（2）求金属棒从开始运动到刚好匀速的过程中，电阻R上的发热量Q；（3）求金属棒从开始运动到稳定状态所用时间。〖答案〗（1）3V；（2）1.5J；（3）8s〖解析〗（1）匀速时根据平衡条件有解得根据安培力的表达式有解得金属棒为电源，其两端的电压为路端电压，等于电阻R的电压，则有（2）根据解得根据能量守恒有解得则电阻R上的发热量（3）金属棒静止到刚好匀速过程由动量定理有联立解得15.如图所示，在水平面上静置一质量的滑块，滑块上表面是一个半径的四分之一圆弧，圆弧最低点A与水平地面相切，在滑块右侧有一接收器，其入口为P。现给质量的小球一个大小的水平初速度，小球经B点离开滑块时，随即撤去滑块。小球于C点第一次着地，小球每次与地面碰撞前后，水平速度保持不变，竖直速度大小减半，方向反向。忽略小球通过各轨道连接处的能量损失，不计一切摩擦和空气阻力，。求：（1）小球刚运动到滑块最低点A时，对滑块的压力；（2）小球离开滑块后距离地面所能到达的最大高度；（3）要使小球能水平进入接收器最低点P，P与C间的最小距离为多大。〖答案〗（1）2.1N；（2）；（3）〖解析〗（1）小球刚运动到滑块最低点A时，对小球得由牛顿第三定律可知，小球对滑块的压力方向竖直向下（2）小球滑上滑块到运动至最高点的过程中，小球和滑块组成的系统水平方向动量守恒、机械能守恒，设小球运动到最高点h时，滑块和小球水平方向的速度大小相等，设为解得又有解得小球离开滑块后所能到达的距离地面的最大高度为0.76m；（3）设小球第一次着地前瞬间，竖直方向的速度大小设为，初次着地后经t时间，小球与地面发生第次碰撞时与C点的距离为x，则解得解得当时此时即要使小球能水平进入接收器最低点P，P与C间的最小距离为。2024届广西名校开学考试试题物理（考试时间：75分钟满分：100分）一、选择题（1-6为单选题，每题4分；7-10题为多选题，每题5分，全部选对得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分，共44分）1.新一代“人造太阳”装置——中国环流器二号M装置（HL—2M）在成都建成并实现首次放电，标志着中国自主掌握了大型先进托卡马克装置的设计、建造、运行技术，为我国核聚变堆的自主设计与建造打下坚实基础。下列关于核反应的说法正确的是（）A.相同质量的核燃料，轻核聚变比重核裂变释放的核能更少B.氘氚核聚变的核反应方程为C.两个轻核结合成质量较大的核，原子核的比结合能增加D.核裂变反应过程中有质量亏损，核聚变反应过程中没有质量亏损〖答案〗C〖解析〗A．相同质量的核燃料，轻核聚变比重核裂变释放的核能更多，故A错误；B．根据质量数守恒和核电荷数守恒可知，氘氚核聚变的核反应方程为故B错误；C．两个轻核结合成质量较大的核，会释放核能，产生质量亏损，生成物的结合能比反应物的结合能大，而反应前后核子数不变，所以原子核的比结合能增加，故C正确；D．核聚变反应过程中放出大量能量，有质量亏损，故D错误。故选C2.打篮球是很多同学喜爱的运动，假设某次篮球比赛小明先后两次在不同地点投篮得分。简化模型如图所示，两次投篮时篮球先后从A、B两点（相同高度）抛出后直接落入篮筐，落入篮筐时的速度方向相同，下列判断正确的是（）A.从A点抛出时的初速度小于从B点抛出时的初速度B.从B点抛出在最高点的速度比从A点抛出在最高点的速度小C.A、B落入篮筐时速度大小相同D.从抛出到落入篮筐，从B点抛出用时较长〖答案〗B〖解析〗BC．由于两次投篮时篮球落入篮筐时的速度方向相同，设此时速度与水平方向的夹角为，则有篮球从最高点到落入篮筐过程做平抛运动，竖直方向有由图可知从A点抛出在最高点到落入篮筐下落的高度较大，落入篮筐时的竖直分速度较大，则水平速度较大，由于水平方向做匀速直线运动，即从B点抛出在最高点的速度比从A点抛出在最高点的速度小；篮球落入篮筐时速度大小为可知A落入篮筐时速度大小大于B落入篮筐时速度大小，故B正确，C错误；D．从抛出到落入篮筐，可看成是从最高点向两侧的平抛运动，根据由于从最高点向两侧的平抛运动都是A对应的高度较大，则从最高点向两侧的平抛运动都是A所用时间较多，则从抛出到落入篮筐，从A点抛出用时较长，故D错误；A．从抛出到最高点可看成是逆向平抛运动，则抛出的初速度可表示为由于A对应的水平速度较大，且A对应的上升高度较大，则竖直分速度也较大，所以从A点抛出时的初速度大于从B点抛出时的初速度，故A错误。故选B。3.如图（a），在均匀介质中有A、B、C和D四点，其中A、B、C三点位于同一直线上，，，DC垂直AB。时，位于A、B、C处的三个完全相同的横波波源同时开始振动，振动图像均如图（b）所示，振动方向与平面ABD垂直，已知波长为4m。下列说法正确的是（）A.这三列波的波速均为2m/s B.时，D处的质点开始振动C.时，D处的质点位移大小为2cm D.A、B两列波不能发生干涉现象〖答案〗C〖解析〗A．机械波在同一介质中波速相同，由题意知波长λ=4m，由题图知周期，则选项A错误；B．C波源发出的波最先传到质点D选项B错误；C．当时，质点D开始振动，在6s时由C波在D点振动3s，引起的位移为-2cm；由AB波在D点振动1s，引起的位移均为+2cm，则D点位移由A、B、C三波的位移叠加，可知D点此时位移为+2cm，选项C正确；D．A、B两列波振动频率一样，起振方向一样，能发生干涉现象，选项D错误。故选C。4.中国空间站进入应用与发展新阶段，独立在轨运行33天的“天舟五号”货运飞船（以下简称“天舟五号”）于2023年6月6日3时10分完成与空间站组合体再次交会对接，空间站组合体再次恢复了“三船三舱”构型。“天舟五号”独立在轨运行时与空间站组合体均在同一轨道上绕地球做匀速圆周运动，已知空间站组合体运行的周期约为90min，则下列说法正确的是（）A.空间站里的宇航员处于悬浮状态是因为不受重力B.空间站组合体运行的线速度小于地球同步轨道卫星的线速度C.“天舟五号”独立在轨运行时的角速度大于空间站组合体的角速度D.“天舟五号”货运飞船的发射速度应大于第一宇宙速度小于第二宇宙速度〖答案〗D〖解析〗A．天和核心舱里的宇航员处于悬浮状态是因为处于完全失重状态，但仍受重力作用，故A错误；B．根据万有引力提供向心力可得可知该组合体运行的线速度大于地球同步轨道卫星的线速度，故B错误；C．根据牛顿第二定律可得可知“天舟五号”独立在轨运行时的角速度等于空间站组合体的角速度，故C错误；D．“天舟五号”货运飞船绕地球运动，“天舟五号”货运飞船的发射速度应大于第一宇宙速度小于第二宇宙速度，故D正确。故选D。5.如图所示，三角形ABC是等腰直角三角形，在A点固定一个电荷量大小为的点电荷，在B点固定一个电荷量大小为的点电荷，C点处的电场强度方向与CB垂直，则的值为（）A. B. C. D.〖答案〗C〖解析〗设BC边长度为r，则AC边长度为，根据库仑定律、的竖直分量相等，由几何关系知解得故选C。6.如图所示为质谱仪测定带电粒子质量的装置的示意图．速度选择器(也称滤速器)中场强E的方向竖直向下，磁感应强度B1的方向垂直纸面向里，分离器中磁感应强度B2的方向垂直纸面向外．在S处有甲、乙、丙、丁四个一价正离子垂直于E和B1入射到速度选择器中，若m甲＝m乙<m丙＝m丁，v甲>v乙＝v丙>v丁，在不计重力的情况下，则分别打在P1、P2、P3、P4四点的离子分别是A.甲、丁、乙、丙 B.丁、甲、乙、丙C.甲、丁、丙、乙 D.丁、甲、丙、乙〖答案〗B〖解析〗粒子通过速度选择器，只有满足qvB=qE，即速度满足v=E/B，才能沿直线通过．当粒子的速度大于E/B，洛伦兹力大于电场力，粒子向上偏转，当粒子的速度小于E/B，洛伦兹力小于电场力，粒子向下偏转．四种粒子，只有两个粒子通过速度选择器，只有速度满足v=E/B，才能通过速度选择器．所以通过速度选择器进入磁场的粒子是乙和丙．由牛顿第二定律得：qvB=m，解得：，乙的质量小于丙的质量，所以乙的半径小于丙的半径，则乙打在P3点，丙打在P4点．甲的速度大于乙的速度，即大于E/B，洛伦兹力大于电场力，粒子向上偏转，打在P2点．丁的速度小于乙的速度，即小于E/B，洛伦兹力小于电场力，粒子向下偏转，打在P1点．故选B．【『点石成金』】解决本题关键知道速度选择器的原理，即所受洛伦兹力和电场力等大反向的粒子才能沿直线通过速度选择器．7.如图所示，一束可见光以与玻璃砖成30°夹角穿过平行玻璃砖后，分成a、b两束单色光，玻璃砖的宽度为L，玻璃砖内b光光线与竖直方向夹角为30°，则下列说法正确的是（）A.a光的频率大于b光的频率B.a光的折射率大于b光的折射率C.b光穿过玻璃砖需用的时间为D.a、b两种单色光分别通过同一个双缝干涉装置，b光的干涉条纹间距较小〖答案〗CD〖解析〗AB．由题图知b光的折射角较小，根据折射定律，可知b光的折射率较大，频率也较大，故AB错误；C．由题图可知，b光线入射角为折射角由折射率的定义得解得b光线在玻璃中的传播速度为由题图知b光线在玻璃砖中传播的路程所以b光线穿过玻璃砖需要时间故C正确；D．对于同一种介质，b光的折射率较大，说明b光的波长较短。根据条纹间距公式可知，b光的干涉条纹间距较小，故D正确。故选CD。8.如图所示，整个装置固定且在同一竖直平面内，AB段为光滑竖直管道，高度，BCD段为半径的光滑半圆轨道，DE段为半径的粗糙四分之一圆轨道，现有质量的小球从A点由静止释放，进入到装置中。已知小球到达E点时，小球对外轨道的压力为，C为半圆轨道BCD段的最低点，，下面正确的是（）A.整个运动过程中，小球的机械能不守恒B.小球到达最低点C点时，速度大小10m/sC.小球从静止释放到经过E点，合外力做的功为36JD.整个运动过程，摩擦力做的功〖答案〗AD〖解析〗A．依题意，DE轨道粗糙，小球经过时，摩擦力会做功，机械能不守恒，故A正确；B．依题意，小球到达最低点C点时，有解得故B错误；C．假定小球到E点速度为，依题意有从静止释放到经过E点，合外力做的功等于动能的变化量，故故C错误；D．整个运动过程，摩擦力做的功为，据动能定理有解得故D正确。故选AD。9.如图所示是小型交流发电机的示意图，线圈绕垂直于磁场方向的水平轴OO'沿逆时针方向匀速转动，角速度为，线圈匝数为n，电阻为r，外接电阻为R，交流电流表。线圈从图示位置（线圈平面平行于磁场方向）开始转过360°时电流表示数为I。下列说法中正确的是（）A.该交流电周期为B.转动过程中穿过线圈的磁通量的最大值为C.电阻R两端电压为IRD.线圈转动一周的过程中，电阻R产生的热量为〖答案〗BC〖解析〗A．该交流电周期为，故A错误；B．感应电动势的最大值为又因为磁通量的最大值为联立解得故B正确；C．电阻R两端电压为路端电压，大小为IR，故C正确；D．线圈转动一周的过程中，电阻R产生的热量为故D错误。故选BC10.如图，光滑水平地面上有一质量为的小车在水平推力的作用下加速运动。车厢内有质量均为的两小球，两球用轻杆相连，A球靠在光滑左壁上，B球处在车厢水平底面上，且与底面的动摩擦因数为，杆与竖直方向的夹角为，杆与车厢始终保持相对静止假设最大静摩擦力等于滑动摩擦力。下列说法正确的是（）A.只要推力取得合适的值，可使杆的弹力为零B.向右时，若B球受到的摩擦力为零，则C.向左时，若值足够大，则推力的最大值为D.向左时，若，则推力的最大值为〖答案〗BC〖解析〗A．根据题意，对小球A受力分析，由平衡条件可知，杆的弹力竖直分力要平衡A球的重力，所以永远不可能等于零，故A错误；B．根据题意，设杆的弹力为，对小球A，竖直方向受力平衡，则有由几何关系有解得若B球受到的摩擦力为零，对B根据牛顿第二定律可得可得对小球A、B和小车整体根据牛顿第二定律有故B正确；C．若值足够大，则B不会滑动。当A对右壁的压力恰好等于零时，分析A可知可得对小球A、B和小车整体根据牛顿第二定律有故C正确；D．由要保持相对静止，由C知道A球的最大加速度当B有向左最大加速度时，B会受到向左的最大静摩擦力，对A、B球用整体法可知B球对车底压力为，对B球受力分析如图则有得因为所以即A球先达到临界状态，故整体的最大加速度对A球、B球和车组成的整体得推力的最大值为，故D错误。故选BC。二、非选择题：本题共5小题，共56分。11.利用如图甲所示的实验装置“探究小车速度随时间变化的规律”。（1）使用电火花计时器时的基本步骤如下：A.接通开关，听到放电声，开始拖动纸带B.把计时器固定在长木板上，将纸带从墨粉纸盘下面穿过打点计时器C.将电火花计时器插头插入相应的电源插座D.当纸带完全通过电火花计时器后，及时关闭电火花计时器上述步骤正确的顺序是___________（按顺序填写步骤前的字母）。（2）某实验小组所得纸带上打出的部分计数点如图乙所示（每相邻两个计数点间还有4个点，图中未画出），打点计时器的频率为50Hz。，，，，，。打点计时器在打E点时小车的速度___________m/s，根据纸带计算出小车运动的加速度a=___________。（结果均保留两位有效数字）〖答案〗（1）BCAD（2）1.22.0〖解析〗（1）[1]使用电火花计时器时首先要把计时器固定在长木板上，将纸带从墨粉纸盘下面穿过打点计时器，然后将电火花计时器插头插入相应的电源插座，接通开关，听到放电声，开始拖动纸带，当纸带完全通过电火花计时器后，及时关闭电火花计时器。故操作顺序为BCAD。（2）[2]打点计时器的频率为50Hz，每相邻两个计数点间还有4个点，则E点时小车的速度[3]小车运动的加速度12.在“测定金属丝的电阻率”的实验中，某同学实验过程如下：（1）先用多用表的欧姆挡“×1”粗测其电阻，如图甲所示，则读数应记为___________。（2）由图乙螺旋测微器测量该金属丝的直径为___________mm，然后用图丙的毫米刻度尺测量其长度为___________cm。（3）为了减小实验误差，需进一步测量其电阻，除待测金属丝、开关S、导线若干外，实验室还备有的实验器材如下：A.电压表V（量程3V，内阻约为15kΩ；量程15V，内阻约为75kΩ）B.电流表A（量程0.6A，内阻约为1Ω；量程3A，内阻约为0.2Ω）C.滑动变阻器（0~2000Ω，0.1A）D.滑动变阻器（0~5Ω，0.6A）E.电阻箱F.1.5V的干电池两节，内阻不计为了测量多组实验数据，则滑动变阻器应选用___________（填“”或“”）。（4）实验电路如图丁所示，根据电路图完成图戊中的实物连线。___________（5）从实验原理上看，待测电阻测量值___________（填“大于”、“小于”或“等于”）其真实值。（6）如果测得的金属丝长度为a，直径为b，电阻为c，则它的电阻率___________。（用a、b、c字母表示）〖答案〗（1）6（2）0.698##0.699##0.700##0.701##0.7029.12##9.13##9.14##9.15##9.16##9.17（3）（4）（5）小于（6）〖解析〗（1）[1]根据图示可知，指针指向刻度6，由于采用的欧姆挡“×1”，故电阻读数为6Ω。（2）[2]螺旋测微器读数为[3]金属丝的长度为9.15cm。（3）[4]电路电源是两节干电池，电源电压为3V，通过金属丝的最大电流约的额定电流0.1A太小，则不合适，且