高考生物一轮复习 用书 第一单元 第2讲孟德尔的豌豆杂交实验（二） 新人教版必修2

第2讲孟德尔的豌豆杂交实验(二)知识点一两对相对性状的杂交实验知识点二对自由组合现象的解释和验证eq\a\vs4\al(实验验证)eq\b\lc\{(\a\vs4\al\co1(实验：F1×⑯→YyRrYyrryyRryyrr,1黄圆∶1黄皱∶1绿圆∶1绿皱,结论：F1形成配子时，不同对的遗传因子自由组合))知识点三自由组合定律自由组合定律的内容：控制不同性状的⑰________的分离和组合是互不干扰的；在形成⑱________时，决定同一性状的⑲________彼此分离，决定不同性状的⑳________自由组合。应用分离定律解决自由组合问题F1(YyRr)⊗eq\a\vs4\al(先分,解)eq\b\lc\{(\a\vs4\al\co1(Yy\o(→,\s\up7(⊗))\b\lc\{(\a\vs4\al\co1(基因型：\f(1,4)YY＋\f(2,4)Yy＋\f(1,4)yy,表现型：\f(3,4)Y－（黄）＋\f(1,4)yy（绿）)),Rr\o(→,\s\up7(⊗))\b\lc\{(\a\vs4\al\co1(基因型：\f(1,4)RR＋\f(2,4)Rr＋\f(1,4)rr,表现型：\f(3,4)R－（圆）＋\f(1,4)rr（皱）))))两对相对性状同时考虑(运用乘法原理进行数学运算如下)：eq\a\vs4\al(再组合)eq\b\lc\{(\a\vs4\al\co1(\a\vs4\al(表现型)\b\lc\{(\a\vs4\al\co1(\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(3,4)Y－＋\f(1,4)yy))\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(3,4)R－＋\f(1,4)rr)),＝\f(9,16)Y_R_＋\f(3,16)Y－rr＋\f(3,16)yyR－＋\f(1,16)yyrr,即黄圆∶黄皱∶绿圆∶绿皱＝9∶3∶3∶1)),\a\vs4\al(基因型)\b\lc\{(\a\vs4\al\co1(\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,4)YY＋\f(2,4)Yy＋\f(1,4)yy))\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,4)RR＋\f(2,4)Rr＋\f(1,4)rr)),＝\f(1,16)YYRR＋\f(2,16)YYRr＋\f(1,16)YYrr＋\f(2,16)YyRR＋,\f(4,16)YyRr＋\f(2,16)Yyrr＋\f(1,16)yyRR＋\f(2,16)yyRr＋\f(1,16)yyrr,\a\vs4\al(即9种基因型，比例与左栏“归纳二”完,全相同)))))优点：化繁为简，可操作性强。原理：每对等位基因(或相对性状)的传递都遵循分离定律，且互为独立事件。①F1产生的雄(雌)配子各有4种，比值为：AB∶Ab∶aB∶ab＝1∶1∶1∶1②F2表现型4种，比值为：双显∶单显1∶单显2∶双隐＝9∶3∶3∶1③F2基因型有9种，纯合子4种各占eq\f(1,16)，单杂体4种各占eq\f(2,16)，双杂体1种占eq\f(4,16)自我校对：①黄圆②9黄圆③1绿皱④自由组合⑤9∶3∶3∶1⑥黄皱和绿圆⑦eq\f(6,16)eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(3,8)))⑧每对遗传因子⑨不同对的遗传因子⑩4⑪相等⑫随机⑬16⑭9⑮4⑯yyRr⑰遗传因子⑱配子⑲成对的遗传因子⑳不同对的遗传因子,两对相对性状的遗传实验及自由组合定律一、两对相对性状遗传实验分析及相关结论1．实验分析PYYRR(黄圆)×yyrr(绿皱)↓F1YyRr(黄圆)⊗eq\b\lc\{(\a\vs4\al\co1(Yy×Yy→1YY∶2Yy∶1yy,Rr×Rr→1RR∶2Rr∶1rr))F21YY(黄)2Yy(黄)1yy(绿)1RR(圆)2Rr(圆)1rr(皱)1YYrr2Yyrr(黄皱)1yyrr(绿皱)2.相关结论：F2共有16种组合，9种基因型，4种表现型eq\a\vs4\al(（1）表现型)eq\b\lc\{(\a\vs4\al\co1(双显性状（Y_R_）占\f(9,16),单显性状（Y_rr＋yyR_）占\f(3,16)×2,双隐性状（yyrr）占\f(1,16),亲本类型（Y_R_＋yyrr）占\f(10,16),重组类型（Y_rr＋yyR_）占\f(6,16)))eq\a\vs4\al(（2）基因型)eq\b\lc\{(\a\vs4\al\co1(纯合子（YYRR＋YYrr＋yyRR＋yyrr）共占\f(1,16)×4,双杂体（YyRr）占\f(4,16),单杂体（YyRR＋YYRr＋Yyrr＋yyRr）共占\f(2,16)×4))提醒若亲本是黄皱(YYrr)和绿圆(yyRR)，则F2中重组类型为绿皱(yyrr)和黄圆(Y_R_)，所占比例为eq\f(1,16)＋eq\f(9,16)＝eq\f(10,16)；亲本类型为黄皱(Y_rr)和绿圆(yyR_)，所占比例为eq\f(3,16)＋eq\f(3,16)＝eq\f(6,16)。3．测交实验及结论孟德尔两对相对性状遗传的测交实验(杂种F1×隐性纯合子)正交、反交的统计结果与事先的分析预测完全相符，从而证明F1(黄色圆粒)确实产生了4种比例相同的配子(YR、Yr、yR、yr)，也就证明了F1的基因型是YyRr，并且在形成配子时，Y与y、R与r之间在等位基因分离的前提下，进行非同源染色体上非等位基因的自由组合。二、基因自由组合定律实质与减数分裂(细胞学基础)1．理解自由组合定律的实质要注意三点(1)同时性：同源染色体上等位基因的分离与非同源染色体上非等位基因的自由组合同时进行。(2)独立性：同源染色体上等位基因间的相互分离与非同源染色体上非等位基因的自由组合，互不干扰，各自独立地分配到配子中去。(3)普遍性：自由组合定律广泛适用于进行有性生殖的生物。基因重新组合会产生极其多样基因型的后代，这也是现在世界上的生物种类具有多样性的重要原因。2．在减数分裂过程中配子产生数目情况(非等位基因在非同源染色体上)基因组成一个卵原细胞实际产生配子的种类一个精原细胞实际产生配子的种类一个雄性个体产生配子的种类一个雌性个体产生配子的种类Aa1种2种2种2种AaBb1种2种4种4种AaBbCc1种2种8种8种AaBbCc……(n对等位基因)1种2种2n种2n种注意n为等位基因的对数，不包括相同基因，例如AaBbCcDD包括3对等位基因。3．n对等位基因(完全显性)位于n对同源染色体上的遗传规律相对性状对数等位基因对数F1配子F1配子可能组合数F2基因型F2表现型种类比例种类比例种类比例1121∶1431∶2∶123∶12222(1∶1)24232(1∶2∶1)222(3∶1)2三、基因自由组合定律的适用条件1．适用两对或两对以上相对性状的遗传，并且非等位基因均位于不同对的同源染色体上。2．非同源染色体上的非等位基因自由组合，发生在减数第一次分裂过程中，因此只有进行有性生殖的生物，才能出现基因的自由组合。3．按遗传基本定律遗传的基因，均位于细胞核中的染色体上。所以，基因的分离定律和基因的自由组合定律，均是真核生物的细胞核遗传规律。★★★★★本考点是历年高考全国卷及各省市理综卷(单科卷)命题的重点，多以大题综合题形式出题，往往作为考量考生学科能力的压轴题！【典例1】►(·全国课标，32)某植物红花和白花这对相对性状同时受多对等位基因控制(如A、a；B、b；C、c……)。当个体的基因型中每对等位基因都至少含有一个显性基因时(即A_B_C_……)才开红花，否则开白花。现有甲、乙、丙、丁4个纯合白花品系，相互之间进行杂交，杂交组合、后代表现型及其比例如下：根据杂交结果回答问题。(1)这种植物花色的遗传符合哪些遗传定律？________________________________________________________________________。(2)本实验中，植物的花色受几对等位基因的控制，为什么？________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________________。解析(1)单独考虑每对等位基因的遗传时应遵循基因的分离定律，综合分析4个纯合白花品系的六个杂交组合，这种植物花色的遗传应符合基因的自由组合定律。(2)在六个杂交组合中，乙×丙和甲×丁两个杂交组合中F1都开红花，F1自交后代F2中都是红花81∶白花175，其中红花个体占全部个体的比例为eq\f(81,（81＋175）)＝eq\f(81,256)＝eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(3,4)))eq\s\up12(4)，该比例表明：这是位于4对同源染色体上的4对等位基因在完全显性条件下的遗传情况，且这两个杂交组合中涉及的4对等位基因相同答案(1)基因的自由组合定律和基因的分离定律(或基因的自由组合定律)(2)4对。①本实验的乙×丙和甲×丁两个杂交组合中，F2代中红色个体占全部个体的比例为eq\f(81,（81＋175）)＝eq\f(81,256)＝eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(3,4)))eq\s\up12(4)，根据n对等位基因自由组合且完全显性时F2代中显性个体的比例为eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(3,4)))eq\s\up12(n)，可判断这两个杂交组合中都涉及4对等位基因。②综合杂交组合的实验结果，可进一步判断乙×丙和甲×丁两个杂交组合中所涉及的4对等位基因相同【训练1】►(·全国卷)人类中非秃顶和秃顶受常染色体上的等位基因(B、b)控制，其中男性只有基因型为BB时才表现为非秃顶，而女性只有基因型为bb时才表现为秃顶。控制褐色眼(D)和蓝色眼(d)的基因也位于常染色体上，其表现型不受性别影响。这两对等位基因独立遗传。回答问题。(1)非秃顶男性与非秃顶女性结婚，子代所有可能的表现型为________________________________________________________________________。(2)非秃顶男性与秃顶女性结婚，子代所有可能的表现型为________________________________________________________________________。(3)一位其父亲为秃顶蓝色眼而本人为秃顶褐色眼的男性与一位非秃顶蓝色眼的女性结婚。这位男性的基因型为________或________，这位女性的基因型为________或________。若两人生育一个女儿，其所有可能的表现型为________________________________________________________________________________________________________________________________________________。解析本题考查遗传规律及同学们的推理能力和信息获取能力。(1)由题目情景可知，非秃顶男性的基因组成为BB，非秃顶女性的基因组成为BB或Bb；他们的后代的基因组成为BB或Bb，女儿全部为非秃顶，儿子为秃顶或非秃顶。(2)非秃顶男性(基因组成为BB)与秃顶女性(基因组成为bb)结婚，后代的基因组成全为Bb，女儿全部为非秃顶，儿子全为秃顶。(3)该男子一定具有其父亲传来的蓝色眼(d)的基因，所以一定是Dd；又由于其秃顶，基因组成为Bb和bb，综合上述分析结果可以推断出该男子的基因组成为BbDd或bbDd。非秃顶女性的基因组成为BB或Bb，蓝眼女性的基因组成为dd，综合上述分析结果可以推断出该女性的基因组成为Bbdd或BBdd。两者婚配，各种可能的表现型都会出现。答案(1)女儿全部为非秃顶，儿子为秃顶或非秃顶(2)女儿全部为非秃顶，儿子全为秃顶(3)BbDdbbDdBbddBBdd非秃顶褐色眼、非秃顶蓝色眼、秃顶褐色眼、秃顶蓝色眼,自由组合定律的解题思路与方法eq\a\vs4\al(\x(高考地位：5年多考)\b\lc\(\a\vs4\al\co1(\a\vs4\al(（年出现的6个大题有5个出现概率运算……）))))一、基本方法：分解组合法(乘法原理和加法原理)1．原理：分离定律是自由组合定律的基础。2．思路首先将自由组合定律问题转化为若干个分离定律问题。在独立遗传的情况下，有几对基因就可分解为几个分离定律问题，如AaBb×Aabb可分解为如下两个分离定律：Aa×Aa；Bb×bb，然后按照数学上的乘法原理和加法原理根据题目要求的实际情况进行重组。此法“化繁为简，高效准确”，望深刻领会以下典型范例，熟练掌握这种解题方法！二、基本题型分类讲解1．种类问题(1)配子类型的问题规律：某一基因型的个体所产生配子种类数等于2n种(n为等位基因对数)。如：AaBbCCDd产生的配子种类数：AaBbCCDd↓↓↓↓2×2×1×2＝8种(2)配子间结合方式问题规律：两基因型不同的个体杂交，配子间结合方式种类数等于各亲本产生配子种类数的乘积。如：AaBbCc与AaBbCC杂交过程中，配子间结合方式有多少种？先求AaBbCc、AaBbCC各自产生多少种配子。AaBbCc→8种配子，AaBbCC→4种配子。再求两亲本配子间结合方式。由于两性配子间结合是随机的，因而AaBbCc与AaBbCC配子间有8×4＝32种结合方式。(3)已知双亲基因型，求双亲杂交后所产生子代的基因型种类数与表现型种类数规律：两基因型已知的双亲杂交，子代基因型(或表现型)种类数等于将各性状分别拆开后，各自按分离定律求出子代基因型(或表现型)种类数的乘积。如AaBbCc与AaBBCc杂交，其后代有多少种基因型？多少种表现型？先看每对基因的传递情况：Aa×Aa→后代有3种基因型(1AA∶2Aa∶1aa)；2种表现型；Bb×BB→后代有2种基因型(1BB∶1Bb)；1种表现型；Cc×Cc→后代有3种基因型(1CC∶2Cc∶1cc)；2种表现型。因而AaBbCc×AaBBCc→后代中有3×2×3＝18种基因型；有2×1×2＝4种表现型。2．概率问题(1)已知双亲基因型，求子代中某一具体基因型或表现型所占的概率规律：某一具体子代基因型或表现型所占比例应等于按分离定律拆分，将各种性状及基因型所占比例分别求出后，再组合并乘积。如基因型为AaBbCC与AabbCc的个体杂交，求：①生一基因型为AabbCc个体的概率；②生一表现型为A_bbC_的概率。分析：先拆分为①Aa×Aa、②Bb×bb、③CC×Cc，分别求出Aa、bb、Cc的概率依次为eq\f(1,2)、eq\f(1,2)、eq\f(1,2)，则子代基因型为AabbCc的概率应为eq\f(1,2)×eq\f(1,2)×eq\f(1,2)＝eq\f(1,8)。按前面①、②、③分别求出A_、bb、C_的概率依次为eq\f(3,4)、eq\f(1,2)、1，则子代表现型为A_bbC_的概率应为eq\f(3,4)×eq\f(1,2)×1＝eq\f(3,8)。(2)已知双亲基因型，求子代中纯合子或杂合子出现的概率规律：子代纯合子的出现概率等于按分离定律拆分后各对基因出现纯合子的概率的乘积。子代杂合子的概率＝1－子代纯合子概率如上例中亲本组合AaBbCC×AabbCc，则①子代中纯合子概率：拆分eq\b\lc\{(\a\vs4\al\co1(Aa×Aa→\f(1,4)AA＋\f(1,4)aa,Bb×bb→\f(1,2)bb,CC×Cc→\f(1,2)CC))组合：eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,4)＋\f(1,4)))×eq\f(1,2)×eq\f(1,2)＝eq\f(1,8)。②子代中杂合子概率：1－eq\f(1,8)＝eq\f(7,8)。(3)已知双亲类型，求子代不同于亲本基因型或不同于亲本表现型的概率规律：不同于亲本的类型＝1－亲本类型如上例中亲本组合为AaBbCC×AabbCc，则①不同于亲本的基因型＝1－亲本基因型＝1－(AaBbCC＋AabbCc)＝1－eq\f(2,4)×eq\f(1,2)×eq\f(1,2)＋eq\f(2,4)×eq\f(1,2)×eq\f(1,2)＝eq\f(6,8)＝eq\f(3,4)。②不同于亲本的表现型＝1－亲本表现型＝1－(A_B_C_＋A_bbc_)＝1－eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(3,4)×\f(1,2)×1＋\f(3,4)×\f(1,2)×1))＝1－eq\f(6,8)＝eq\f(1,4)。遗传高考题中均需要一定的解题方法技巧才能准确、规范、快速地解决问题，考生做题慢、答题失误往往是方法不得当！【典例2】►(经典重组题)以下两题的非等位基因位于非同源染色体上，且独立遗传。(1)AaBbCc自交，求：①亲代产生配子的种类数为________。②子代表现型种类数及重组类型数分别为________。③子代基因型种类数及新基因型种类数分别为________。(2)AaBbCc×aaBbCC，则后代中①杂合子的概率为________。②与亲代具有相同基因型的个体概率为________。③与亲代具有相同表现型的个体概率为________。④基因型为AAbbCC的个体概率为________。⑤表现型与亲代都不同的个体的概率为________。解析(1)本题集中解决种类问题(注意掌握解题细节及方法)①因为亲代eq\b\lc\{(\a\vs4\al\co1(Aa\o(→,\s\up7(减数分裂))A和a（两种）,Bb\o(→,\s\up7(减数分裂))B和b（两种）,Cc\o(→,\s\up7(减数分裂))C和c（两种）))所以：AaBbCc产生的配子为2×2×2＝8种。②因为eq\b\lc\{(\a\vs4\al\co1(Aa×Aa→A－：aa（两种表现型）,Bb×Bb→B－：bb（两种表现型）,Cc×Cc→C－：cc（两种表现型）))所以：AaBbCc×AaBbCc,2×2×2)即子代有8种表现型。子代的8种表现型中，只有A－B－C－为亲代表现型，所以新表现型有7种。③同理：子代基因型种类：AaBbCc×AaBbCc,3×3×3＝27(种))子代新基因型种类：27－1(AaBbCc)＝26。(2)本题集中解决概率运算问题，先对三对基因分别分析(注意掌握解题细节及方法)Aa×aa→1Aa∶1aa→eq\f(1,2)Aa∶eq\f(1,2)aa→eq\f(1,2)A－∶eq\f(1,2)aaBb×Bb→1BB∶2Bb∶1bb→eq\f(1,4)BB∶eq\f(1,2)Bb∶eq\f(1,4)bb→eq\f(3,4)B－∶eq\f(1,4)bbCc×CC→1CC∶1Cc→eq\f(1,2)CC∶eq\f(1,2)Cc→1C－①后代中纯合子概率eq\f(1,2)aa×eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,4)BB＋\f(1,4)bb))×eq\f(1,2)CC＝eq\f(1,8)；杂合子概率为1－eq\f(1,8)＝eq\f(7,8)。②③后代中AaBbCc概率：eq\f(1,2)×eq\f(1,2)×eq\f(1,2)＝eq\f(1,8)，A－B－C－概率：eq\f(1,2)×eq\f(3,4)×1＝eq\f(3,8)，后代中aaBbCC概率：eq\f(1,2)×eq\f(1,2)×eq\f(1,2)＝eq\f(1,8)，aaB－C－的概率：eq\f(1,2)×eq\f(3,4)×1＝eq\f(3,8)，因此后代与亲代具有相同基因型的个体概率为eq\f(1,8)＋eq\f(1,8)＝eq\f(1,4)；同理，后代中与亲代具有相同表现型的个体概率为eq\f(3,8)＋eq\f(3,8)＝eq\f(3,4)。④后代中基因型为AAbbCC的个体概率为：0×eq\f(1,4)×eq\f(1,2)＝0。⑤表现型与亲代都不同的概率为(1－表现型与两亲本相同的概率)1－eq\f(3,4)＝eq\f(1,4)。答案(1)①8种②8种、7种③27种、26种(2)①eq\f(7,8)②eq\f(1,4)③eq\f(3,4)④0⑤eq\f(1,4)【训练2】►基因型为AABBCC和aabbcc的两种豌豆杂交，按自由组合规律遗传，F2代中基因型和表现型的种类数以及显性纯合子的概率依次是()。A．27、8、eq\f(1,64)B．27、8、eq\f(1,32)C．18、6、eq\f(1,32)D．18、6、eq\f(1,64)解析F1的基因型为AaBbCc，按每对基因的自交后代F2来看，F2中基因型的种类是3，表现型种类是2，显性纯合子的概率为eq\f(1,4)。三对基因同时考虑，F2基因型有33种，表现型有23种，显性纯合子概率为eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,4)))eq\s\up12(3)。答案A3．比值问题——已知子代表现型分离比推测亲本基因型(逆推型)正常规律举例：(1)9∶3∶3∶1⇒(3∶1)(3∶1)⇒(Aa×Aa)(Bb×Bb)；(2)1∶1∶1∶1⇒(1∶1)(1∶1)⇒(Aa×aa)×(Bb×bb)；(3)3∶3∶1∶1⇒(3∶1)(1∶1)⇒(Aa×Aa)×(Bb×bb)(4)3∶1⇒(3∶1)×1⇒(Aa×Aa)×(BB×BB)或(Aa×Aa)×(BB×Bb)或(Aa×Aa)×(BB×bb)或(Aa×Aa)×(bb×bb)。【典例3】►(太原调研)假如水稻的高秆(D)对矮秆(d)为显性，抗瘟病(R)对易染病(r)为显性。现有一高秆抗病的亲本水稻和矮秆易染病的亲本水稻杂交，产生的F1再和隐性类型进行测交，结果如下图所示(两对基因位于两对同源染色体上)。请问F1的基因型为()。A．DdRR和ddRrB．DdRr和ddRrC．DdRr和DdrrD．ddRr解析因测交后代比例不是1∶1∶1∶1，可见F1并非全是DdRr，测交后代中易染病的较多，故F1还有基因型为Ddrr的个体。答案C易错点拨忽略题中测交的信息，按后代高∶矮＝1∶1、抗病∶易染病＝1∶3来进行反推，结果无法得出正确的答案。【训练3】►(·吉林市模考)下表为3个不同品种小麦杂交组合及其子代的表现型和植株数目。组合序号杂交组合类型子代的表现型和植株数目抗病红种皮抗病白种皮感病红种皮感病白种皮一抗病、红种皮×感病、红种皮416138410135二抗病、红种皮×感病、白种皮180184178182三感病、红种皮×感病、白种皮140136420414据表分析，下列推断错误的是()。A．6个亲本都是杂合子B．抗病对感病为显性C．红种皮对白种皮为显性D．这两对性状自由组合解析每个组合中后代两对相对性状都发生了性状分离，因此6个亲本都为杂合子；根据组合三判断，感病对抗病为显性，根据组合一判断，红种皮对白种皮是显性；根据后代分离比值判断，两对相对性状遵循自由组合定律。答案B4．利用自由组合定律预测遗传病概率当两种遗传病之间具有“自由组合”关系时，各种患病情况的概率如表：序号类型计算公式1患甲病的概率m则不患甲病概率为1－m2患乙病的概率n则不患乙病概率为1－n3只患甲病的概率m(1－n)＝m－mn4只患乙病的概率n(1－m)＝n－mn5同患两种病的概率mn6只患一种病的概率1－mn－(1－m)(1－n)或m(1－n)＋n(1－m)7患病概率m(1－n)＋n(1－m)＋mn或1－(1－m)(1－n)8不患病概率(1－m)(1－n)上表各种情况可概括如下图：【典例4】►一个正常的女人与一个并指(Bb)的男人结婚，他们生了一个白化病且手指正常的孩子。求再生一个孩子：(1)只出现患并指的可能性是________。(2)只患白化病的可能性是________。(3)既患白化病又患并指的男孩的概率是________。(4)只患一种病的可能性是________。(5)患病的可能性是________。解析由题意知，第1个孩子的基因型应为aabb，则该夫妇基因型应分别为妇：Aabb，夫：AaBb；依据该夫妇基因型知，孩子中并指的概率应为eq\f(1,2)(非并指率为eq\f(1,2))，白化病的概率应为eq\f(1,4)(非白化率应为eq\f(3,4))，则(1)再生一个只患并指孩子的可能性为：并指率－并指又白化率＝eq\f(1,2)－eq\f(1,2)×eq\f(1,4)＝eq\f(3,8)。(2)只患白化病的概率为：白化率－白化又并指率＝eq\f(1,4)－eq\f(1,2)×eq\f(1,4)＝eq\f(1,8)。(3)生一既白化又并指的男孩的概率为：男孩出生率×白化率×并指率＝eq\f(1,2)×eq\f(1,4)×eq\f(1,2)＝eq\f(1,16)。(4)后代只患一种病的概率为：并指×非白化＋白化×非并指＝eq\f(1,2)×eq\f(3,4)＋eq\f(1,4)×eq\f(1,2)＝eq\f(1,2)。(5)后代中患病的可能性为：1－全正常(非并指、非白化)＝1－eq\f(1,2)×eq\f(3,4)＝eq\f(5,8)。答案(1)eq\f(3,8)(2)eq\f(1,8)(3)eq\f(1,16)(4)eq\f(1,2)(5)eq\f(5,8)【训练4】►(经典题)通过诊断可以预测，某夫妇的子女患甲种病的概率为a，患乙种病的概率为b。该夫妇生育出的孩子仅患一种病的概率是()。A．1－a×b－(1－a)×(1－b)B．a＋bC．1－(1－a)×(1－b)D．a×b解析患甲病的概率为a，则不患甲病的概率为(1－a)；患乙病的概率为b，则不患乙病的概率为(1－b)；仅患一种病的概率为1减去患两种病和正常的概率，即1－a×b－(1－a)×(1－b)。答案A,基因自由组合定律的实质及其应用1．(·海南单科，17)假定五对等位基因自由组合，则杂交组合AaBBCcDDEe×AaBbCCddEe产生的子代中，有一对等位基因杂合、四对等位基因纯合的个体所占的比率是()。A.eq\f(1,32)B.eq\f(1,16)C.eq\f(1,8)D.eq\f(1,4)解析把五对等位基因杂交后代分开统计发现：DD×dd→Dd，后代全为杂合子，因此Dd杂合，其他四对等位基因纯合的个体所占比率是：1×eq\f(1,2)×eq\f(1,2)×eq\f(1,2)×eq\f(1,2)＝eq\f(1,16)。答案B2．(·北京卷，4)决定小鼠毛色为黑(B)/褐(b)色、有(s)/无(S)白斑的两对等位基因分别位于两对同源染色体上。基因型为BbSs的小鼠间相互交配，后代中出现黑色有白斑小鼠的比例是()。A.eq\f(1,16)B.eq\f(3,16)C.eq\f(7,16)D.eq\f(9,16)解析根据题意，黑色有白斑小鼠的基因型为B_ss，基因型为BbSs的小鼠间相互交配，后代中出现B_ss的概率为eq\f(3,16)。答案B3．(·北京卷)果蝇的2号染色体上存在朱砂眼(a)和褐色眼(b)基因，减数分裂时不发生交叉互换。aa个体的褐色素合成受到抑制，bb个体的朱砂色素合成受到抑制。正常果蝇复眼的暗红色是这两种色素叠加的结果。(1)a和b是________性基因，就这两对基因而言，朱砂眼果蝇的基因型包括________。(2)用双杂合体(子)雄蝇(K)与双隐性纯合体雌蝇进行测交实验，母本果蝇复眼为________色。子代表现型及比例为暗红眼∶白眼＝1∶1，说明父本的A、B基因与染色体的对应关系是________。(3)在近千次的重复实验中，有6次实验的子代全部为暗红眼，但反交却无此现象。从减数分裂的过程分析，出现上述例外的原因可能是：________的一部分________细胞未能正常完成分裂，无法产生________。(4)为检验上述推测，可用________观察切片，统计________的比例，并比较________之间该比值的差异。解析(1)由题目所给信息(aa个体的褐色素合成受到抑制，bb个体的朱砂色素合成受到抑制)可以看出，a和b是隐性基因。朱砂眼果蝇的基因中应有B基因，不能有A基因。(2)aabb个体无色素合成，表现为白眼；根据后代表现型及比例为暗红眼∶白眼＝1∶1，可以推出A、B在同一条2号染色体上；若Ab在一块，后代的基因组成为Aabb和aaBb，不符合题意。答案(1)隐aaBb、aaBB(2)白A、B在同一条2号染色体上(3)父本次级精母携带a、b基因的精子(4)显微镜次级精母细胞和精细胞K与只产生一种眼色后代的雄蝇4．(·福建卷)二倍体结球甘蓝的紫色叶对绿色叶为显性，控制该相对性状的两对等位基因(A、a和B、b)分别位于3号和8号染色体上。下表是纯合甘蓝杂交试验的统计数据：亲本组合F1株数F2株数紫色叶绿色叶紫色叶绿色叶①紫色叶×绿色叶121045130②紫色叶×绿色叶89024281请回答问题。(1)结球甘蓝叶性状的遗传遵循________定律。(2)表中组合①的两个亲本基因型为________，理论上组合①的F2紫色叶植株中，纯合子所占的比例为________。(3)表中组合②的亲本中，紫色叶植株的基因型为________。若组合②的F1与绿色叶甘蓝杂交，理论上后代的表现型及比例为________。(4)请用竖线(|)表示相关染色体，用点(·)表示相关基因位置，在右图圆圈中画出组合①的F1体细胞的基因型示意图。解析(1)二倍体结球甘蓝的紫色叶对绿色叶为显性，控制该相对性状的两对等位基因(A、a和B、b)分别位于非同源染色体3号和8号染色体上，且亲本组合①F2株数比值为15∶1(9∶3∶3∶1变式)，符合基因的自由组合定律。(2)亲本组合①F2株数比值为15∶1，则F1基因型为AaBb，表中组合①的两个亲本基因型为AABB、aabb；理论上组合①的F2紫色叶植株中，基因型有：eq\f(1,16)AABB、eq\f(2,16)AABb、eq\f(2,16)AaBB、eq\f(4,16)AaBb、eq\f(1,16)aaBB、eq\f(2,16)aaBb、eq\f(1,16)AAbb、eq\f(2,16)Aabb，纯合子所占的比例为eq\f(3,16)∶eq\f(15,16)＝eq\f(1,5)。(3)表中组合②F2株数比值约为3∶1，推知F1只含一对等位基因是aaBB×aabb或AAbb×aabb杂交的结果，故紫色叶植株的基因型为aaBB或AAbb；F1的基因型为aaBb或Aabb，其测交比值为1∶1。控制该相对性状的两对等位基因(A、a和B、b)分别位于非同源染色体上，故图解如右图。答案(1)自由组合(2)AABB、aabbeq\f(1,5)(3)AAbb(或aaBB)紫色叶∶绿色叶＝1∶1(4),符合9∶3∶3∶1的特值问题(说明：这类高考题很多，限于篇幅只选一个)5．(·新课标)某种自花受粉植物的花色分为白色、红色和紫色。现有4个纯合品种：1个紫色(紫)、1个红色(红)、2个白色(白甲和白乙)。用这4个品种做杂交实验，结果如下：实验1：紫×红，F1表现为紫，F2表现为3紫∶1红；实验2：红×白甲，F1表现为紫，F2表现为9紫∶3红∶4白；实验3：白甲×白乙，F1表现为白，F2表现为白；实验4：白乙×紫，F1表现为紫，F2表现为9紫∶3红∶4白。综合上述实验结果，请回答：(1)上述花色遗传所遵循的遗传定律是________。(2)写出实验1(紫×红)的遗传图解(若花色由一对等位基因控制，用A、a表示，若由两对等位基因控制，用A、a和B、b表示，以此类推)。遗传图解为________。(3)为了验证花色遗传的特点，可将实验2(红×白甲)得到的F2植株自交，单株收获F2中紫花植株所结的种子，每株的所有种子单独种植在一起可得到一个株系，观察多个这样的株系，则理论上，在所有株系中有eq\f(4,9)的株系F3花色的表现型及其数量比为________。解析纯合品种有四种，因此这是两对等位基因控制的性状，因此应该遵循基因的自由组合定律。熟练掌握孟德尔的基因自由组合定律的内容，写出该遗传图解并计算。答案(1)自由组合定律(2)(3)9紫∶3红∶4白评析这是今年来遗传规律的考题中，比较简单的一类的，但是再次考查了遗传图解，让老师们更注意在教学中对学生遗传图解书写规范的培养了。,致死性引起的特值问题6.(·江苏卷)玉米非糯性基因(W)对糯性基因(w)是显性，黄胚乳基因(Y)对白胚乳基因(y)显性，这两对等位基因分别位于第9号和第6号染色体上。W－和w－表示该基因所在染色体发生部分缺失(缺失区段不包括W和w基因)，缺失不影响减数分裂过程。染色体缺失的花粉不育，但染色体缺失的雌配子可育，请回答下列问题。(1)现有基因型分别为WW、Ww、ww、WW－、W－w、ww－6种玉米植株，通过测交可验证“染色体缺失的花粉不育，而染色体缺失的雌配子可育”的结论，写出测交亲本组合的基因型：________________________________________________________________________。(2)以基因型为Ww－个体作母本，基因型为W－w个体作父本，子代的表现型及其比例为________________________________________________________________________。(3)基因型为Ww－Yy的个体产生可育雄配子的类型及其比例为________。(4)现进行正、反交实验，正交：WwYy(♀)×W－wYy(♂)，反交：W－wYy(♀)×WwYy(♂)，则正交、反交后代的表现型及其比例分别为________、________。(5)以wwYY和WWyy为亲本杂交得到F1，F1自交产生F2。选取F2中的非糯性白胚乳植株，植株间相互传粉，则后代的表现型及其比例为________________。解析(1)ww(♀)×W－w(♂)后代全为糯性；W－w(♀)×ww(♂)后代既有糯性，又有非糯性，且比例为1∶1。(2)Ww－作母本得到的可育配子为W和w－，W－w作父本得到的可育配子为w，雌雄配子结合后有两种后代：Ww(非糯性)和w－w(糯性)，且比例为1∶1。(3)Ww－Yy产生的雄配子为WY、Wy、w－Y、w－y，但可育的为WY和Wy，且比例为1∶1。(4)正交：WwYy(♀)×W－wYy(♂)，[含W－的雄配子不可育]↓(1Ww∶1ww)×(3Y_∶1yy)↓即3WwY_∶1Wwyy∶3wwY_∶1wwyy3非糯性黄胚乳∶1非糯性白胚乳∶3糯性黄胚乳∶1糯性白胚乳；反交W－wYy(♀)×WwYy(♂)↓(1W－W∶1W－w∶1Ww∶1ww)×(1YY∶