湖南省2024年高考物理模拟试卷及答案6

湖南省2024年高考物理模拟试卷及答案阅卷人一、选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。得分1．水果的碰伤阈值是指水果在不碰伤的情况下能够从静止竖直跌落的最大高度。已知导致苹果碰伤所需的平均作用力约为苹果自身重力的3倍。某学习小组在探究苹果的碰伤阈值实验中，发现苹果从静止竖直跌落，在接触某材料后0.1s减速至0，苹果刚好碰伤，重力加速度g取10m/s2，不计空气阻力，下列说法正确的是（）A．苹果刚接触此材料时的速率约为3m/sB．苹果在此材料的碰伤阈值约为20cmC．苹果在此材料的碰伤阈值与苹果质量成正比D．苹果从静止竖直跌落到减速为0的过程中平均速度为02．2023年10月26日，神舟十七号载人飞船与天和核心舱进行了对接，“太空之家”迎来汤洪波、唐胜杰、江新林3名中国航天史上最年轻的乘组入驻。如图为飞船运行与交会对接过程示意图，椭圆轨道1为飞船对接前的运行轨道，Q点是轨道1的近地点，离地高度可忽略不计。圆形轨道2距地面高度为H，是天和核心舱的运行轨道，P点是1、2轨道的切点，也是交会点。地球半径为R，表面重力加速度为g。下列说法正确的是（）A．飞船从轨道1变轨到轨道2需要在交会点P点点火减速B．天和核心舱在轨道2上的速度一定大于gRC．交会对接前天和核心舱的向心加速度为(D．飞船在轨道1上与在轨道2上运动的周期之比为(H+2R)3．静电透镜是由带电导体所产生的静电场来使电子束聚焦和成像的装置，它广泛应用于电子器件和电子显微镜。如图所示为其内部静电场中等差等势面的分布示意图。一电子由A点以某一速度射入该电场，仅在电场力作用下的运动轨迹如曲线AB所示，C、D为该轨迹曲线上的两点，O点为互相垂直的对称轴MN和M'N'的交点。下列说法正确的是（）A．C点的电势低于D点的电势B．电子在C点的电势能小于在D点的电势能C．电子在C点的电势能和动能之和小于在D点的电势能和动能之和D．电子在D点运动到B点过程中动量的变化率不变4．氢原子的能级图如图甲所示，大量处于n=4能级的氢原子向基态跃迁时，放出频率不同的光子。其中频率最高的光照射图乙电路中光电管阴极K时，电路中电流随电压变化的图像如图丙所示。电子的电荷量大小为e，质量为m，可见光光子的能量范围为1.62~3.11eV，则下列说法正确的是（）A．这群氢原子跃迁时最多可放出4种可见光B．从n=4跃迁到n=3能级放出光子的频率最高C．用图乙实验电路研究光电效应，要测遏止电压，滑片P应向b端滑动D．若频率最高的光子能量为E0，可求出光电管阴极K的逸出功为（E0-eU1）5．利用手机中的磁传感器可测量埋在地下的水平高压直流长直电缆的深度。在手机上建立了空间直角坐标系Oxyz后保持手机方位不变，且Oz始终竖直向上，如图（a）所示。电缆上方的水平地面上有E、F、G、H四个点，如图（b）所示。EF、GH长均为1.8m且垂直平分。将手机水平贴近地面，电缆通电前将各分量调零，以消除地磁场的影响，通电后测得四点的分量数据见表，其中BxG=BxH。下列关于电缆中电流的方向和电缆距离地面的深度，判断正确的是（）位置Bx/μTBy/μTBz/μTGBxG00HBxH00E806F80-6A．电缆中电流沿平行于+y方向，电缆距离地面的深度为1.2mB．电缆中电流沿平行于+y方向，电缆距离地面的深度为2.4mC．电缆中电流沿平行于-y方向，电缆距离地面的深度为1.2mD．电缆中电流沿平行于-y方向，电缆距离地面的深度为2.4m6．一块质量为M、长为l的长木板A静止放在光滑的水平面上，质量为m的物体B（可视为质点）以初速度v0从左端滑上长木板A的上表面并从右端滑下，该过程中，物体B的动能减少量为ΔEkB，长木板A的动能增加量为ΔEA．A、B组成的系统动量、机械能均守恒B．ΔEkB，ΔEkA，Q的值可能为ΔC．ΔEkB，ΔEkA，Q的值可能为ΔD．若增大v0和长木板A的质量M，B一定会从长木板A的右端滑下，且Q将增大阅卷人二、选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。得分7．如图所示，倾角为θ的斜面体c置于水平地面上，小物块b置于斜面上，绝缘细绳一端与b相连（绳与斜面平行），另一端跨过光滑的定滑轮与带电小球M连接，定滑轮的正下方也有一带电小球N，M、N质量均为m，带电荷量大小均为q。M静止时细线与竖直方向成β角（β缓慢移动N，直到N移动到M位置的正下方，此过程中b、c、M始终处于静止状态。M、N均可视为点电荷，静电力常量为k，重力加速度为g。下列说法中正确的是（）A．M、N间的库仑力先增大后减小 B．绝缘细绳对M的拉力逐渐增大C．地面对c的摩擦力逐渐减小 D．M、N间距离最大值为k8．如图所示为远距离输电模拟原理图，变压器均为理想变压器，其中降压变压器的原、副线圈匝数之比为n。发电机输出电压不变，两变压器间输电线的总电阻为R，降压变压器所接负载的等效电阻为R变，其余导线电阻不计。当R变变化时，理想电压表V的示数变化为ΔU，理想电流表A的示数变化为ΔI，下列说法正确的是（）A．R变的触头向下滑动时，输电线上的损耗功率变小 B．R变的触头向下滑动时，电压表的示数变小C．R变的触头向上滑动时，输电效率降低 D．|9．下图甲为超声波悬浮仪，上方圆柱体中，高频电信号（由图乙电路产生）通过压电陶瓷转换成同频率的高频声信号，发出超声波，下方圆柱体将接收到的超声波信号反射回去。两列超声波信号叠加后，会出现振幅几乎为零的点——节点，在节点两侧声波压力的作用下，小水珠能在节点处附近保持悬浮状态，该情境可等效简化为图丙所示情形，图丙为某时刻两列超声波的波形图，P、Q为波源，该时刻P、Q波源产生的波形分别传到了点M（-1.5cm，0）和点N（0.5cm，0），已知声波传播的速度为340m/s，LC振荡回路的振荡周期为T=2πLCA．该超声波悬浮仪是利用干涉原理，且发出的超声波信号频率为340HzB．两列波叠加稳定后，波源P、Q之间小水珠共有9个悬浮点C．小水珠在悬浮状态点所受声波压力的合力竖直向下D．要悬浮仪中的节点个数增加，可拔出图乙线圈中的铁芯10．2022年6月17日，我国003号航母“福建舰”下水，该舰是我国完全自主设计建造的首艘电磁弹射型航母。某同学采用如图甲所示装置模拟电磁弹射，线圈可在圆柱形铁芯上无摩擦滑动，并通过电刷与导轨保持良好接触；铁芯上存在垂直于表面向外的辐向磁场，线圈所在处的磁感应强度大小均为B=0.1T。将开关S与1连接，恒流源输出电流使线圈向右匀加速一段时间，之后将开关S掷向2与阻值为R=4Ω的电阻相连，同时施加水平外力F，使线圈向右匀减速到零，线圈运动的v-t图像如图乙所示。已知线圈匝数：n=100，质量m=0.5kg，每匝周长l=0.1m，不计线圈及导轨电阻，忽略电刷与导轨间摩擦及空气阻力，则线圈（）A．0~0.2s，电流从恒流源a端流出，且电流大小为I=2500AB．0~0.2s，线圈所受安培力的功率不变C．0.2~0.3s，水平外力F随时间t变化的关系为F=42.5+25t（N）D．0~0.2s与0.2~0.3s，通过线圈的电荷量之比为40：1阅卷人三、实验题：11题6分，12题10分。得分11．某同学用半圆形玻璃砖测定玻璃的折射率（如图所示）。（1）在固定的平铺的白纸上画一条直线MON，取O点为入射点并作过O点的法线；画出线段EO作为入射光线，在EO上垂直纸面插上两根大头针P1、P2；放上半圆形玻璃砖（图中实线部分），使玻璃砖的直线边界与MN重合、底面圆心与O点重合，并记录半圆边界；在玻璃砖曲线边界一侧透过玻璃砖观察两个大头针并调整视线方向，在这一侧插上大头针P3，使P3挡住（选填“P1、P2”或“P1、P2的像”）；（2）移去玻璃砖，画出半圆边界，连接OP3交半圆边界于B点，作入射光线的延长线交半圆边界于A点；再过A、B点作法线的垂线，垂足分别为C、D点。设AC的长度为l1，CO的长度为l2，BD的长度为l3，DO的长度为l4，则玻璃砖的折射率的最简表达式为n=（用l1、l2、l3或l4表示）；（3）该同学在实验过程中，玻璃砖位置没有移动，仅仅是画半圆时半径偏大，由此测得玻璃砖的折射率将（选填“偏大”“偏小”“不变”或“无法确定”）。12．小朗同学要将一满偏电流Ig为500μA的微安表G改装为毫安表。他先测量出微安表G的电阻，然后对微安表进行改装，最后再利用一标准电流表，对改装后的毫安表进行检测。（1）为测量出微安表G电阻，小朗同学设计了如图（a）所示电路，器材如下：A电源E1（电动势1.5V，内阻很小）B电源E2（电动势6.0V，内阻很小）C滑动变阻器Ra（阻值0~2000Ω）D滑动变阻器Rb（阻值0~15000Ω）E电阻箱R2（阻值0~600Ω）F开关两个，导线若干为提高测量精度，电源E和滑动变阻器R1应该选择____。A．电源E1和滑动变阻器Ra B．电源E2和滑动变阻器RaC．电源E1和滑动变阻器Rb D．电源E2和滑动变阻器Rb（2）该实验操作的步骤有：A按图（a）电路原理图连接线路；B将R1的阻值调到最大，闭合开关S1后调节R1的阻值，使毫安表G的指针偏转到满刻度；C保持R1不变，再接通S2，调节电阻R2，使电流表G指针偏转到满刻度的一半，读出R2的阻值为400Ω，即认为Rg=R2，用此方法测得电流表内阻的测量值与真实值相比（选填“偏大”或“偏小”或“相等”）；（3）若忽略实验的误差，现通过并联一个阻值为R=80Ω的电阻把微安表改装成为一个特定量程的毫安表，则改装的电表量程为mA；（4）根据图（b）所示电路对改装后的电表进行检测，当标准毫安表的示数为1.6mA时，改装表的指针位置如图（c）所示，由此可以推测出改装的电表量程不是预期值，改装电流表的实际量程是mA；（5）要达到（3）的预期目的，无论测得的内阻值是否正确，都不必重新测量，只需要将阻值为R的电阻换为一个阻值为Ω的电阻即可。阅卷人四、解答题：13题10分，14题14分，15题16分。得分13．如图所示，高为2H的导热汽缸的底部与体积可以忽略的透明管相连，活塞在汽缸内封闭一定质量的理想气体，汽缸上端与大气相通。初始时，活塞位于汽缸中部H处，竖直细管内水银柱的高度为1.2p0ρg（式中ρ为水银的密度），水银柱的上方为一小段真空。已知大气压强为p0（1）求活塞的质量；（2）若在初始状态下将汽缸顶端封闭（将大气视为理想气体），然后把整个系统置于低温环境中，稳定时测得活塞距离汽缸底部的高度为0.96H。已知初始时环境温度为T1=300K，求该低温环境的温度。14．如图所示，在竖直平面内建立xOy坐标系，P、A、Q1、Q2四点的坐标分别为（-2L，0）、（-L，0）、（0，L）、（0，-L）。y轴右侧存在范围足够大的匀强磁场，方向垂直于xOy平面向里。在界面PAQ1的上方存在竖直向下的匀强电场（未画出），界面PAQ2的下方存在竖直向上的匀强电场（未画出），且上下电场强度大小相等。在（−14L，0）处的C点固定一平行于y轴且长为4L3的绝缘弹性挡板MN，C为挡板中点，带电粒子与弹性绝缘挡板碰撞前后，沿y方向分速度不变。沿x方向分速度反向，大小不变。质量为m、电量为q的带负电粒子（不计重力）从x轴上方非常靠近P点的位置以初速度v0沿x轴正方向射入电场且刚好可以过（1）电场强度的大小、到达Q1点速度的大小和方向；（2）磁场取合适的磁感应强度，带电粒子没有与挡板发生碰撞且能回到P点，求从P点射出到回到P点经历的时间；（3）改变磁感应强度的大小，要使粒子最终能回到P点，则带电粒子最多能与挡板碰撞多少次？15．超市里用的购物车为顾客提供了购物方便，又便于收纳，收纳时一般采用完全非弹性碰撞的方式把购物车收到一起，如图甲所示。某兴趣小组在超市对同款购物车（以下简称“车”）的碰撞进行了研究，分析时将购物车简化为可视为质点的小物块，已知车的净质量为m=15kg，g=10m/s2.（1）首先测车与超市地面间的动摩擦因数：取一辆车停在水平地面上，现给它向前的水平初速度v0=2m/s，测得该车能沿直线滑行x0=2m，求车与超市地面间的动摩擦因数μ；（2）取编号为A、B的车，B车装上m0=15kg的货物后停在超市水平地面上，空车A的前端装上轻弹簧，将A车停在B车的正后方且相距x=5.5m处。现给A车施加向前的水平推力F0=75N，作用时间t0=1s后撤除。设A车与B车间的碰撞为弹性正碰（忽略相互作用时间），两车所在直线上没有其他车，求在A车运动的全过程中A车与地面间产生的摩擦热；（3）如图乙所示，某同学把n（n>2）辆空车等间距摆在超市水平地面上的一条直线上，相邻两车间距为d=1m，用向前的水平恒力F=300N一直作用在1车上，推着1与正前方的车依次做完全非弹性正碰（碰撞时间极短），通过计算判断，他最多能推动多少辆车？[已知nk=1k(k+1)=n(n+1)(n+2)

答案解析部分1．【答案】B【解析】【解答】A、苹果刚好碰伤，可知苹果接触材料过程中平均合力为F由牛顿第二定律，得平均加速度为a=由加速度大小公式a=可知苹果刚接触材料时的速率约为v=2gt=2×10×0.1故A错误；

B、设苹果从静止状态下落的最大高度为h，有v解得ℎ=0.2故B正确；

C、由上述推导可知，苹果在此材料上的碰伤阈值与苹果质量无关，故C错误；

D、苹果从静止状态竖直跌落到减速为0的过程中位移不为0，故平均速度不为0，故D错误。

故答案为：B。

【分析】苹果接触过程可以视为苹果做匀减速直线运动，再根据牛顿第二定律及运动规律确定接触材料时的速度。苹果在空中做自由落体运动，根据位移与速度的关系确定碰伤阈值。熟悉掌握平均速度的定义。2．【答案】C【解析】【解答】A、从低轨道变轨到高轨道需加速，故飞船从轨道1变轨到轨道2需要在交会点P点点火加速，故A错误；

B、天和核心舱在轨道2上运动时，根据GMmR+H可得运动速度v=故B错误；

C、设对接前天和核心舱的向心加速度为a2，则GMmR+H解得a故C正确；

D、设飞船在轨道1、轨道2运动周期分别为T1、T2，由开普勒第三定律有T得T故D错误。

故答案为：C。

【分析】从低轨道变轨到高轨道做离心运动，需要在交会点P点火加速。根据题意确定核心舱和飞船的运行轨道，再根据万有引力定律及牛顿第二定律进行分析。熟悉掌握开普勒定律的具体内容及应用。3．【答案】B【解析】【解答】A、根据轨迹可知D点电子所受电场力沿M'N'向右，即在M'N'线上电场方向向左，所以C点的电势高于D点的电势，故A错误；

B、根据电子在电势高处电势能小，所以电子在C点的电势能小于在D点的电势能，故B正确；

C、由于只有电场力做功，故运动中电势能与动能之和不变，故C错误；

D、动量的变化率Δp即电子所受合力F由等差等势面可知D点运动到B点过程中电场强度E变化，故D错误。

故答案为：B。

【分析】曲线运动物体所受合外力总是指向曲线的凹侧，根据运动轨迹确定电子所受电场力的方向，再根据电场力与电子的电性确定图中各点电势的高度。明确运动过程中各能量之间的转化情况。电子在电势高处电势能小。根据动量的定义确定动量变化率所表示的物理意义，再结合图示进行分析。4．【答案】D【解析】【解答】AB、一群处于n=4能级的氢原子，向低能级跃迁过程中可发出6种频率的光子，其能量分别为E4−E1E3−E1其中只有1.89eV和2.55eV在1.62~3.11eV范围内，所以该过程最多可发出2种可见光，而从n=4跃迁到n=3能级放出光子的能量最低，根据E=ℎν可知从n=4跃迁到n=3能级放出光子的频率最低，故AB错误；

C、用图乙实验电路研究光电效应，要测量遏止电压，要阴极K的电势比阳极A电势高，因此滑片P应向a端滑动，故C错误；

D、根据光电效应方程E而E所以光电管阴极K的逸出功W=故D正确。

故答案为：D。

【分析】熟悉掌握波尔能级跃迁释放光子的种类及光子能量的计算方法。光子能量越大，光子的频率越大，越容易产生光电效应现象。熟悉掌握遏止电压的特点及测量方法。根据光电效应方程确定光电管的逸出功。5．【答案】A【解析】【解答】由题中数据可知，E、F两点水平x方向的磁感应强度大小相等，方向均沿+x方向，竖直z方向的磁感应强度大小相等，E点沿+z方向分量与F点沿-z方向分量相等，结合G、H两点在y、z方向磁感应强度均为零，可知E、F点位置如图1所示

G、H在EF的中垂线上，故电缆中电流沿+y方向。F点的磁感应强度分解如图2所示。可得tan又EF长为L=1.8m，由几何关系可得tan解得距离地面的深度为ℎ=1.2故答案为：A。

【分析】到通电导线距离相等的位置的磁感应强度大小相等，且导线位于该两点连线中垂线的下方。根据图示确定传感器上各点的磁感应强度及方向。再根据几何关系进行解答。6．【答案】B【解析】【解答】A、A、B组成的系统合力为零，因此动量守恒；而A、B由于存在摩擦生热，故系统机械能不守恒，故A错误；

BC、画出物体B和长木板A的速度—时间图线，分别如图中1和2所示，图中1和2之间的梯形面积表示板长l，图像1与t轴所围的面积表示物体B的位移x1，图像2与t轴所围的面积表示长木板A的位移x2，由图可知

x1>l又有ΔEkB=fx则有Δ可知B项所给数值有可能，故B正确，C错误。

D、若增大v0和长木板A的质量M，在v-t图像中1将向上平移，而2的图像斜率变小，即A的加速度变小，显然可知B一定会从长木板A的右端滑下，而Q=fl故Q不变，故D错误。

故答案为：B。

【分析】由于物体最终从木板上表面的右端滑落，则滑落时，物体的速度仍大于长木板的速度。画出物块与木板的v-t图像，根据v-t图像与时间轴所围面积表示位移，位移之差表示两者的相对位移及为板长。确定该过程两者的位移与板长的关系。再根据功能关系进行分析处理。摩擦产生的热量只与相对位移有关。7．【答案】C,D【解析】【解答】ABD、画出小球M的受力示意图如图所示

当小球M位置不动，N缓慢向下方移动时，绝缘细绳对M的拉力FT逐渐减小，N对M的库仑力F库先减小后增大，M、N间库仑力最小时，M、N间距离最大，则有mg解得r=故D正确，AB错误；

C、将b和c看成一个整体，受重力、绳子沿斜面向上的拉力、地面的支持力以及水平向左的摩擦力，根据正交分解法，可知地面对c的摩擦力的大小等于拉力的水平分量，当拉力减小时，地面对c的摩擦力减小，故C正确。

故答案为：CD。

【分析】b、c、M均处于平衡状态，当M、N间库仑力最小时，M、N间距离最大。分别对M及bc构成的整体进行受力分析，再根据平衡条件及力的合成与分解结合库仑定律进行分析解答。8．【答案】B,D【解析】【解答】AB、R变的阻值减小，电流表的示数增大，由于降压变压器的匝数比不变，则输电线上的电流增大，输电线上的损耗功率变大。又因为升压变压器输出电压U2不变，则降压变压器的输入电压减小，依据电压与匝数的关系知电压表的示数减小，故A错误，B正确；

C、由以上分析知，R变的阻值增大，输电线电流减小，则降压变压器的输入电压U3增大，输电效率为η=可知输电效率提高，故C错误；

D、根据输电线路，设升压变压器副线圈两端的电压为U2，输电线路的电流为I3，则降压变压器原线圈两端的电压U根据电压与匝数之间的关系U可得U=根据匝数与电流之间的关系I联立可得U=由于升压变压器原线圈无负载，因此U2始终不变，则根据以上函数关系可知|故D正确。

故答案为：BD。

【分析】熟悉掌握理想变压器规律及电能输送过程中各部分元件之间的电压、电流及电功率的关系。再根据动态电路分析步思路结合理想变压器工作规律确定各元件示数及功率变化情况。对于电表示数变化量的比值问题，往往根据闭合电路欧姆定律及串并联规律结合理想变压器规律确定电压与电流的表达式在进行判断。9．【答案】B,D【解析】【解答】A、由丙图可知超声波的波长λ=1超声波悬浮仪所发出的超声波信号频率为f=代入数据得f=3.4×故A错误；

B、波源P、Q振动步调相反，当波程差为波长的整数倍时，该点是振动减弱点，设波源P、Q之间某一点坐标为x，悬浮点为振动减弱点，满足|(2−x)−[x−(−2.5)]|=|2x+0.5|=nλ（n解得x=±0.25，±0.75，±1.25，±1.75，−2.25故两列波叠加稳定后，波源P、Q之间小水珠共有9个悬浮点，故B正确；

C、由平衡可知，小水珠在悬浮状态点所受声波压力的合力竖直向上，故C错误；

D、拔出图乙线圈中的铁芯，LC振荡回路的振荡周期减小，超声波频率变大，波长变短，相同空间距离内节点个数变多，故D正确。

故答案为：BD。

【分析】根据图像确定超声波的波长，再根据波速公式确定波的频率。根据题意及波形图确定两波源的起振方向。再根据振动步调关系，由题意可知悬浮点为振动减弱点，结合波源之间的距离与波长的关系确定悬浮点的个数。根据LC振荡电路特点确定有无铁芯对声波的周期和波长的影响，继而确定节点数的变化情况。10．【答案】C,D【解析】【解答】A、由图乙可知，0~0.2s的加速度大小为a=根据牛顿第二定律有nBIl=ma解得I=25A故A错误；

B、0~0.2s，线圈所受安培力的功率为P即线圈所受安培力的功率逐渐变大，故B错误；

C、0.2s~0.3s，线圈的加速度大小为a'=根据牛顿第二定律可得F+结合图像可得F=42.5+25t故C正确。

D、0~0.2s，流经线圈的电荷量q0.2s∼0.3s，平均感应电流I=通过电阻R的电荷q结合图乙求得q故两次流经线圈的电荷量之比为q故D正确；

故CD正确。

【分析】v-t图像的斜率表示加速度。确定线圈在不同时间段的受力情况，再根据牛顿第二定律及安培力公式结合图像确定0-0.2s电流的大小及0.2s-0.3s外力与时间的关系式。根据法拉第电磁感应定律及闭合电路欧姆定律和电荷量与电流的关系确定两次流过线圈的电荷量的关系。11．【答案】（1）P1、P2的像（2）l（3）不变【解析】【解答】（1）在半圆边界一侧透过玻璃砖观察到的是P1、P2的像，故应使P3挡住P1、P2的像；

（2）光线的入射角和折射角的正弦值分别为sinθ1根据光的折射定律可知玻璃砖的折射率n=（3）若玻璃砖位置没有移动，仅仅是画半圆时半径偏大时，分析可知光线的入射角和折射角都不变，由此测得玻璃砖的折射率将不变。

【分析】熟悉掌握用半圆形玻璃砖测定玻璃的折射率的方法和操作步骤。再根据光路图结合几何关系及折射定律确定玻璃砖的折射率。熟悉掌握该实验中所需仪器尺寸对实验数据的影响。12．【答案】（1）D（2）偏小（3）3.0（4）3.2（5）86.4【解析】【解答】（1）由于实验中各器件的阻值都比较大，为减小实验误差，电源电动势应尽可能大些，另外闭合开关S2时认为电路中总电流不变，实际闭合开关S2后，电路总电阻变小，电路电流变大，而闭合开关S2时微安表两端的电压变化越小，实验误差就越小，则选用电动势较大的电源，故电源应选E2，且滑动变阻器要能使微安表满偏，所以选择Rb。

故答案为：D。

（2）闭合S2后，R2与Rg的并联值R并<Rg，所以I总>Ig，而此时G的示数为满偏电流的一半，所以IR2大于满偏电流的一半，所以R2<R'g，即R测<Rg。

（3）根据电流表的改装原理有I（4）标准毫安表的示数为1.6mA时，改装后的电表显示为刻度盘的中值刻度，故改装电流表的量程为3.2mA。

（5）把毫安表改装成电流表需要并联分流电阻，并联电阻阻值R=当量程为3.2mA时，则有R=所以R当量程为3.0mA时，则有R'=所以R'=86.4【分析】选择仪器时在满足测量要求的同时，尽可能的减少由于读数等带来的误差影响。图a利用半偏法测量电表内阻，默认闭合开关前后回路中总电流不变，再根据实际情况结合欧姆定律及串并联规律进行误差分析。熟悉掌握电报改装的原理及电表校准的应用。13．【答案】（1）解：设封闭气体的压强为p，对活塞由平衡条件有pS=用水银柱表达气体的压强p=ρgh联立解得活塞的质量M=（2）解：对活塞上方、下方气体，由理想气体状态方程分别有p1对活塞有p解得p1=2【解析】【分析】（1）活塞处于平衡状态，水银柱的上方为一小段真空，且水柱也处于平衡状态。分别对活塞和水柱进行受力分析，再分别根据平衡条件及题意进行联立解答；

（2）根据题意确定活塞上、下方封闭气体加热前后的体积，再对活塞进行受力分析，根据平衡条件确定加热前后活塞上下方气体的压强关系，再分别对上下方气体运用理想气体状态方程进行解答。14．【答案】（1）解：从P到Q1，水平方向v竖直方向1联