江西省上饶市某中学2025届高三物理考前模拟考试试题（含解析）

江西省上饶市横峰中学2025届高三物理考前模拟考试试题（含解析）

1.物体甲做匀变速直线运动，物体乙做匀速直线运动，它们的位移一时间图像如图所示（仁2s

时，曲线与横轴相切）。下列说法正确的是

A.仁0时，物体甲的速度大小为2m/s

B.物体甲的加速度大小为2m/s2

C.仁Is时，甲乙两物体速度不相等

D.0到2s内，乙物体的平均速度大于甲物体的平均速度

【答案】B

【解析】

【详解】AB、物体甲做匀变速直线运动，依据位移图象的斜率等于速度，物体甲做减速运动。

1,

设甲的位移时间关系为x=Xo-%/+鼻。厂，由图像可知益=4m,依据t=2s时，曲线与横轴相

2

切，则/=b=2s时，x—2a-2v0+4=0,联立可得：均=4m/s,a=2m/s,故A错误，B正

a

确；

C.依据匀变速运动速度时间关系丫=%-3，仁1s时，甲的速度为■甲=2m/s；由图像得，乙

的速度大小为y乙=4/2m/s=2m/s,甲乙两物体速度相等，故C错误；

D、坐标的变更量等于位移，依据图象可知，甲乙位移大小相等，而时间相等，则平均速度的

大小相等，故D错误.

故选：B

2.2024年3月14日，英国剑桥高校闻名物理学家斯蒂芬•威廉•霍金逝世，享年76岁，引

发全球各界悼念。在物理学发展的历程中，很多物理学家的科学探讨推动了人类文明的进程,

为物理学的建立，做出了巨大的贡献。在对以下几位物理学家所做的科学贡献的叙述中，正

确的是

A.卡文迪许将行星与太阳、地球与月球、地球与地面物体之间的引力规律推广到宇宙中的一

切物体，得出万有引力定律，并测出了引力常量G的数值。

B.依据玻尔理论，原子从激发态向基态跃迁时将释放出核能

C.布拉凯特利用云室照片发觉，a粒子击中氮原子形成复核，复核不稳定，会放出一个质子。

D.爱因斯坦的光子说认为，只要增加光照时间，使电子多汲取几个光子，全部电子最终都能

跃出金属表面成为光电子。

【答案】C

【解析】

【详解】牛顿将行星与太阳、地球与月球、地球与地面物体之间的引力规律推广到宇宙中的

一切物体，得出万有引力定律，并测出了引力常量G的数值，选项A错误。依据玻尔理论，

原子从激发态向基态跃迁时将释放出光能，不是核能，选项B错误；布拉凯特利用云室照片

发觉，«粒子击中氮原子形成复核，复核不稳定，会放出一个质子，选项C正确；依据爱因

斯坦的光子说认为，只要入射光的频率小于截止频率，即使增加光照时间，也不行能发生光

电效应，故D错误；故选C.

3.如图，平行板电容器AB两极板水平放置，将其和二极管串联接在电源上，己知A板和电源

正极相连，二极管具有单向导电性。一带负电小球从AB间的某一固定点水平射入，打在B板

上的N点，小球的重力不能忽视，现通过上下平移A板来变更两板间距，则下列说法正确的

是

A.当AB间距增大时，小球可能打在N点左侧

B.当AB间距减小时，小球可能打在N点的左侧

C.当AB间距减小时，电场力对小球做功不变

D.当AB间距增大时，电场力对小球做功不变

【答案】D

【解析】

Q

AD、当AB间距d增大时，电容减小，但Q不行能减小，所以Q不变，依据石=4=£=&知

ddes

4万左

E不变所以电场力不变，小球仍旧打在N点.，运动轨迹不变，所以电场力做功也不变，故A错

误.D正确;

BC、当AB间距减小时，电容增大，电容器充电，平行板间的电压不变，依据E=?可知电

a

场强度变大，由于电荷带负电，受到向上的电场力，所以小球运动的加速度会变小，则在平

行板间运动的时间会变长，所以水平位移也将变大，应当落在N点的右侧，并且随着电场力

的增大，则电场力做功也将变大，故BC错误

故选D

4.某行星外围有一圈厚度为d光带，简化为如图甲所示模型，R为该行星除光带以外的半径。

现不知光带是该行星的组成部分还是环绕该行星的卫星群，当光带上的点绕行星中心的运动

速度v,与它到行星中心的距离r,满意下列哪个选项表示的图像关系时，才能确定该光带是

卫星群

【答案】D

【解析】

Mm即丫2=0_,即工图像应当是

【详解】若光带是卫星群,则应当满意

rrrr

过原点的直线，故选D.

5.如图所示，带电小球a由绝缘细线网和/W悬挂而处于静止状态，其中9水平，地面上固

定一绝缘且内壁光滑的圆弧细管道勰圆心户与a球位置重合，管道底端〃与水平地面相切,

一质量为〃可视为质点的带电小球6从G端口由静止释放，当小球6运动到〃端时对管道壁

恰好无压力，重力加速度为g。在小球分由G滑到〃过程中，下列说法中正确的是

A.细线网的拉力先增大后减小

B.小球6机械能渐渐减小

C.小球b所受库仑力大小始终为2mg

D.小球6加速度大小先变大后变小

【答案】A

【解析】

【详解】A.设朋与竖直方向成。角，对球a受力分析，

竖直方向上有：A-NCOSa=mg+F库sin9

水平方向上有：尸库cos6+RNsina=&。

解得：/=mgtana+3侬cos（。-a）cosa,下滑时。从0增大90°,细线题的拉力先增大

后减小，故A正确；

B.在小球6由G滑到〃过程中，小球6所受库仑力和管道的弹力始终与速度垂直，只有重力

做功，库仑力和弹力不做功，小球6机械能守恒，故B错误；

C.依据机械能守恒定律，小球6从G滑到〃过程中，有：峥一mv1,

2

〃处有：则有：F库=3mg,故C错误；

R

1

D.设6与a的连线与水平方向成。角，则有：mgRsin。=一加9/，随意位置加速度为向心

2

加速度和切向加速度合成，

即为：a二击：+代=")2+(gcos8)2:J5-3；S26g,可知小球的加速度始终变大，故

D错误。

故选：Ao

6.图为模拟远距离输电的部分测试电路。a、6端接电压稳定的正弦交变电源，定值电阻阻值

分别为石、感且A〈感志向变压器的原、副线圈匝数比为“且衣1,电流表、电压表均为志

向表，其示数分别用/和〃表示。当向下调整滑动变阻器用的滑动端户时，电流表、电压表

示数变更分别用△/和△〃表示。则以下说法正确的是

C.电源输出功率肯定减小D.电压表示数肯定增加

【答案】BCD

【解析】

【详解】A、因宁=&+a，故A错；

B、依据变压器的原理#=,=左，2=于=左,解得：4=左。2，，1=二，在原线

U]n2n2k

圈电路中，。=/国+4,即。=/国+。1="6+初2，整理得：U,=-U-^I2，依

kkk

据几何关系可知----=-y,故B对；

A/k

C、当向下调整滑动变阻器用滑动端尸时，负载电阻变大，电源电压不变，电流减小，故电

源输出功率减小，c对；

D、当向下调整滑动变阻器兄的滑动端尸时，负载电阻变大，则回路中电流变小，则原线圈电

流也减小，那么电阻打上的电压减小，电源电压不变，所以原线圈的电压变大，依据匝数比

可知副线圈的电压也变大，故D对；

7.一物体静止在水平地面上，在竖直向上拉力/作用下起先向上运动，如图甲。在物体向上

运动过程中，其机械能£与位移x的关系图象如图乙，已知曲线上A点的切线斜率最大，不

计空气阻力，则

A.在为处物体所受拉力最大

B.在荀~苞过程中，物体的动能先增大后减小

C.在荀一泾过程中，物体的加速度先增大后减小

D.在0~用过程中，拉力对物体做的功等于克服物体重力做的功

【答案】AB

【解析】

【详解】A.图像的斜率代表竖直向上拉力凡物体静止在水平地面上，在竖直向上拉力尸

作用下起先向上，说明在尸0处，拉力厂大于重力，在0rl过程中，图像斜率渐渐增大，则

拉力尸在增大，荀处物体图象的斜率最大，所受的拉力最大，故A正确；

BC.在为~尼过程中，图象的斜率渐渐变小，说明拉力越来越小；在xz处物体的机械能达到最

大，图象的斜率为零，说明此时拉力为零。依据合外力与=E-根g可知，在益~生过程中，

拉力尸渐渐减小到侬的过程中，物体做加速度渐渐减小的加速运动，物体加速度在减小，动

能在增大，拉力厂.到减小到0的过程中，物体的加速度反向增大，物体做加速度渐渐增大

的减速运动，物体的动能在减小；在为~莅过程中，物体的动能先增大后减小，物体的加速度

先减小后反向增大，故B正确，C错误；

D.物体从静止起先运动，到xz处以后机械能保持不变，在用处时，物体具有重力势能和动能,

故在0~刘过程中，拉力对物体做的功等于克服物体重力做的功与物体的动能之和，故D错误。

8.电磁炮是利用电磁力对弹体加速的新型武器。某小组用图示装置模拟探讨电磁炮的原理。

间距为0.1m的水平长导轨间有竖直向上的匀强磁场，磁感应强度大小为0.5T,左端所接电池

电动势L5V、内阻0.5Q。长0.1m、电阻0.1Q的金属杆静置在导轨上。闭合开关S后，

杆前向右运动，在运动过程中受到的阻力恒为0.05N,且始终与导轨垂直且接触良好。导轨

电阻不计，则杆

A.先做匀加速直线运动，后做匀速直线运动

B.能达到的最大速度为18m/s

C.两端的电压始终为0.25V

D.先做加速度削减的运动，后做匀速直线运动

【答案】BD

【解析】

【详解】AD.通电瞬间安培力大于阻力，导体棒向右加速运动，随着速度增大，产生的感应

电动势£'=应丫越大，感应电动势产生的电流方向与通电电流方向相反，所以电流强度渐渐

减小，安培力渐渐减小，加速度渐渐减小，当安培力和阻力相等时速度最大，此时加速度为

零，故A错误，D正确；

B.达到的最大速度时导体棒受力平衡，则有：解得7=1A,设此时导体棒切割磁感应

线产生的感应电动势,则乒------

R+r

解得：E'=0.9V,依据后应外解得：/=18m/s,故B正确；

C.由于杆做变加速运动，安培力变更、电流强度变更，则劭两端的电压发生变更，故C错

误；

故选：BD«

第n卷（非选择题共174分）

三、非选择题：包括必考题和选考题两部分。第22〜32题为必考题，每个试题考生都必需作

答。第33〜38题为选考题，考生依据要求作答。

(一)必考题：共129分。

9.某爱好小组为测一遥控电动小车的额定功率，进行了如下试验:

打点计时器纸带

/

..................Z////////////////Z.

图1

A

•••J.♦,

2.924.625.585.896.00

单位:cm

甲

展计6.0()工600—5^^5.15匚」3.88匕七1

乙单一位：cm

图2

①用天平测出电动小车的质量为0.4kg；

②将电动小车、纸带和打点计时器按如图1所示安装；

③接通打点计时器(其打点周期为0.02s)；

④使电动小车以额定功率加速运动，达到最大速度一段时间后关闭小车电源.待小车静止时

再关闭打点计时器(设在整个过程中小车所受的阻力恒定).在上述过程中，打点计时器在纸

带上所打的点迹如图2甲、乙所示，图中0点是打点计时器打的第一个点.

请你分析纸带数据，回答下列问题：

(1)该电动小车运动的最大速度为m/s；

(2)该电动小车运动过程中所受的阻力大小为N；

(3)该电动小车的额定功率为W.

【答案】(1).1.5(2).1.6(3).2.4

【解析】

【详解】(1)依据纸带可知，当所打的点点距匀称时，表示物体匀速运动，此时速度最大，

故有：

x0.06

vm=—=-------=1.5m/s;

t0.02x2

(2)关闭小车电源，小车在摩擦力的作用下做减速运动，由Ax=a/，加速度

Ax(5.78+5.15+4.52)x10-2-(3.88+3.22+2.59)x10-2

=4机/S?,小车受到的摩擦

"=工=(3x0.04)2

阻力大小为f="M=0.4x4.0N-1.6N

(3)由Q尸y可得，小车的额定功率为：^^^=1.6X1.5W=2.4W

10.光敏电阻是阻值随着光的照度而发生变更的元件(照度可以反映光的强弱，光越强照度越

大，照度单位为lx)。某光敏电阻衣的阻值随照度变更的曲线如图甲所示。

图甲图乙图丙

(1)如图乙所示是街道路灯自动限制模拟电路所需元件。利用直流电源给电磁铁供电，利用

220V沟通电源给路灯供电。为达到天亮灯熄、天暗灯亮的效果，请用笔画线代替导线，正确

连接电路元件o

(2)用多用电表“X100”。挡，测量图中电磁铁线圈电阻时，指针偏转角度太大，为了更

精确的测量其阻值，接下来应选用Q挡(填"Xlk或“义10”)，进行欧姆调零

后，重新测量其示数如图丙所示，则线圈的电阻为

(3)已知当线圈中的电流大于或等于2mA时，继电器的衔铁将被吸合。图中直流电源的电动

势后6V,内阻忽视不计滑动变阻器有三种规格可供选择：兆(0~10Q,2A)、尼(0~200Q,

1A)、尼(0-1750Q,1A)要求天色渐暗照度降低至1.0lx时点亮路灯，滑动变阻器应选

择(填“用”、“兄”或“A”)。为使天色更暗时才点亮路灯，应适当地

(填“增大”或“减小”)滑动电阻器的电阻。

【答案】(1).(2).X10(3).140(4).

&(5),减小

【解析】

【详解】(1)光敏电阻的电阻值随光照强度的增大而减小，所以白天时间敏电阻的电阻值小,

电路中的电流值大，电磁铁将被吸住；静触点与C接通；晚上时的光线暗，光敏电阻的电阻

值大，电路中的电流值小，所以静触点与8接通。所以要达到晚上灯亮，白天灯灭，则路灯

应接在力3之间。电路图如图:

(2)欧姆表指针偏转角度太大，说明电阻太小，应换作小倍率的“X10”Q挡；读数是先读

出表盘的刻度，然后乘以倍率，表盘的刻度是14,倍率是“X10Q”，所以电阻值是

14X10=140Q；

(3)天色渐暗照度降低至LOlx时点亮路灯，此时间敏电阻的电阻值是2kQ,电路中的电流

E6

是2mA,庐一-R*=--------2000=1000Q,所以要选择滑动变阻器感

I尤2x10-3

由于光变暗时，光敏电阻变大，分的电压变大，所以为使天色更暗时才点亮路灯，应适当地

减小滑动变阻器的电阻。

11.静止在水平面上的小车固定在刚性水平轻杆的一端，杆的另一端通过小圆环套在竖直光滑

的立柱上。每当小车停止运动时，车上的弹簧枪就会沿垂直于轻杆的水平方向自动放射一粒

弹丸，然后自动压缩弹簧并装好一粒弹丸等待下次放射，直至射出全部弹丸。下图为该装置

的俯视图。已知未装弹丸的小车质量为弘每粒弹丸的质量为〃，每次放射弹丸释放的弹性势

能为£,放射过程时间极短：小车运动时受到一个与运动方向相反、大小为小车对地面压力4

倍的作用力；忽视全部摩擦阻力，重力加速度为g。

(1)若小车上只装一粒弹丸，求弹丸被射出时小车的速度大小；

(2)若⑴问中放射弹丸后小车恰能运动一周，求射出弹丸时，杆对小车的拉力大小；

IF

【答案】⑴v=J----------;(2)足4兀入Mg

【解析】

【详解】(1)放射弹丸的过程，遵守动量守恒定律和机械能守恒；mi^Mv

11

E=—mu9+—Mv9

22

2mE

解得v=

M(M+ni)

1

(2)放射弹丸后，小车做圆周运动，设圆周半径为£,由动能定理可得：AMgx=Q--Mv92

尸2兀L

杆对小车的拉力供应向心力，弹丸刚被射出时杆受到的拉力：F=M—

L

联立解得尸4nAMg

12.科学家设想在宇宙中可能存在完全由反粒子构成的反物质.例如：正电子就是电子的反粒

子，它跟电子相比较，质量相等、电量相等但电性相反.如图是反物质探测卫星的探测器截面

示意图."V上方区域的平行长金属板48间电压大小可调，平行长金属板间距为4匀强磁

场的磁感应强度大小为B,方向垂直纸面对里.HV下方区域I、II为两相邻的方向相反的匀强

磁场区，宽度均为34磁感应强度均为昆ef是两磁场区的分界线，尸0是粒子收集板，可以

记录粒子打在收集板的位置.通过调整平行金属板26间电压，经过较长时间探测器能接收到

沿平行金属板射入的各种带电粒子.已知电子、正电子的比荷是6,不考虑相对论效应、粒子

间的相互作用及电磁场的边缘效应.

(1)要使速度为v的正电子匀速通过平行长金属极板48,求此时金属板/方间所加电压小

(2)通过调整电压〃可以变更正电子通过匀强磁场区域I和II的运动时间，求沿平行长金

属板方向进入就下方磁场区的正电子在匀强磁场区域I和II运动的最长时间

(3)假如有肯定速度范围的大量电子、正电子沿平行长金属板方向匀速进入蛇下方磁场区,

它们既能被收集板接收又不重叠，求金属板位?间所加电压〃的范围.

d

XXXB

xxBx

XXX

XXXXXXXXXXXX

XXlx

3dXXXXXXXXX

B

XXXXXXXXXXXX

e----f

3dB

Q

JT14552d2b

【答案】(1)Bvd(2)—(3)3^cfb<U<

Bb8

【解析】

【详解】(1)正电子匀速直线通过平行金属极板AB,需满意

Bev=Ee

因为正电子的比荷是6,有

U

E=—

d

联立解得:

u=Bvd

(2)当正电子越过分界线ef时恰好与分界线ef相切，正电子在匀强磁场区域I、II运动的

时间最长。

T

~4

4a

L

ev1B=m--

Ri

IKR2兀m

T=-----=------

Be

TT

联立解得：t=—

Bb

（3）临界态1：正电子恰好越过分界线ef,需满意

轨迹半径吊=3d

2

eV]B=m—

4

evB=e-@

}d

2

联立解得：U}=3d-Bb

临界态2：沿A极板射入的正电子和沿B极板射入的电子恰好射到收集板同一点

设正电子在磁场中运动的轨迹半径为R.

2

有（是-+9（/=R；

4

Bev2=£7-

殳

BeVy---e

d

联立解得：

八14552d2人

解得：〃的范围是：3B%2b（火-SB-

8

33.【物理——选修3-3】（15分）

13.下列有关热学学问的叙述中，正确的是o

A.布朗运动是指悬浮在液体中的花粉分子的无规则热运动

B.随着分子间距离的增大，分子间的引力和斥力都减小

C.晶体沿不同方向的物理性质是一样的，具有各向同性

D.肯定质量的志向气体在等温变更过程中，内能肯定不变

E.肯定条件下，热量也可以从低温物体传递给高温物体

【答案】BDE

【解析】

A、布朗运动是指悬浮在液体中的花粉颗粒的无规则运动，不是花粉分子的运动，故A错误；

B、随着分子间距离的增大，分子间的引力和斥力都减小，故B正确；

C、单晶体的物理性质是各向异性的，而多晶体是各向同性的，故C错误；

D、肯定质量的志向气体在等温变更过程中内能肯定不变，故D正确；

E、在有外力做功的状况下，热量可以从低温物体传递给高温物体，而热量只能自发地从高温

物体传给低温物体，故E正确；

故选BDE„

14.如图所示，喷洒农药用的某种喷雾器.其药液桶的总容积为15L,装入药液后，封闭在药

液上方的空气体积为2L,打气筒活塞每次可以打进latm、150cm3的空气，忽视打气和喷药过

程气体温度的变更.

(i)若要使气体压强增大到2.5atm,应打气多少次？

(ii)假如压强达到2.5atm时停止打气，并起先向外喷药，那么当喷雾器不能再向外喷药时,

桶内剩下的药液还有多少升？

【答案】⑴20(2)10L

【解析】

试题分析：选择里面原有气体和打进气体的整体作为探讨对象，运用玻意耳定律，即可求出

要使药液上方的气体压强增大到2.5atm,应打气的次数；运用玻意耳定律结合几何关系，即

可求出剩下的药液体积。

(i)设应打〃次，初态为：A=latm,K=150cm3-T?+2L=0.15/?L+2L

末态为：R=2.5atm,%=2L

依据玻意耳定律得：PiVx—piVi

解得：77=20

(ii)由题意可知：Vj=2L,p\'=5atm；pi'=latm,

依据玻意耳定律得：Pr'K'=0’分

代入数据解得：分=5L

剩下的药液为：^15L-5L=10L

点睛：本题主要考查了在打气过程中运用，为变质量问题，解题关键是要将气体质量找