2020届高三年级上册一模考试考前全真模拟物理试题（解析版）

江苏省宿迁中学2020届高三上学期一模考试

考前全真模拟试题

一、单项选择题：本题共5小题，每小题3分，共15分。每小题只有一个选项符合题意。

I.鱼缸中的一条小鱼在水中沿直线水平向左减速游动游动时，某同学面出的水对鱼的作用力

F方向正确的是

「答案」C

「解析」

「详解」鱼在水中受水的浮力保持鱼在竖直方向的平衡，由于水平方向左减速游动，故鱼受

水平方向向右的外力，故水对鱼的作用力应是浮力与向右推动力的合力，故应斜向右上方；

A.与分析不符，故A错误；

B.与分析不符，故B错误：

C.与分析相符，故C正确：

D.与分析不符，故D错误；

故选配

2.如图所示，长方体物块上固定一长为L的竖直杆，物块及杆的总质量为2加，质量为机的

小环套在杆上，当小环从杆顶端由静止下滑时，物块在水平拉力?作用下，从静止开始沿

光滑水平面向右匀加速运动，小环落至杆底端时，物块移动的距离为2L；已知尸=3〃g重

力加速度为则小环从顶端下落到底端的运动过程

2L

--------尸

A.小环通过的位移为3L

B.小环对杆的弹力为零

c.小环运动的加速度为:g

D.小环落到底端时，小环与物块及杆的动能之比为5:8

「答案」D

「解析」

「详解」ABC.水平方向上，根据牛顿第二定律有：

F=3mg=

代入数据解得：

勺=g

根据牛顿第二定律有杆对小环的弹力为：

FN=max=mg

根据牛顿第三定律可得小环对杆的弹力为：

F^=FN=mg

小球在水平方向上做初速度为零的匀加速直线运动，根据水平方向的位移公式有:

2L=-at2

2'

解得运动时间为：

在竖直方向上有:

解得：

3

即小球在竖直方向上做加速度为弓的匀加速直线运动

故小球运动的加速度为：

小球的合运动为匀加速直线运动，其位移为:

S=〃2+3)2=国

故A、B、C错误；

D.设小环落到底端时的速度为匕，则有：

其动能为：

15_

%=万〃%2=&mgL

设此时物块及杆的速度为匕，则有：

岭=〃J=gx24=2麻

其动能为：Ek2=/2根成=4mgL

故有：耳］:或2=5:8

故D正确；

故选D。

3.“轨道康复者''是“垃圾”卫星的救星，被称为“太空110”，它可在太空中给“垃圾”卫星补充能

源。延长卫星的使用寿命，假设“轨道康复者”的轨道半径为地球同步卫星轨道半径的五分之

一，其运动方向与地球自转方向一致，轨道平面与地球赤道平面重合，下列说法正确的是

A.”轨道康复者”的速度大于地球的第一宇宙速度

B.“轨道康复者”的速度是地球同步卫星速度的石倍

C.站在赤道上的人的角速度大于“轨道康复者”的角速度

D,为了拯救圆轨道上的某卫星，“轨道康复者”可从比该卫星更高的圆轨道上加速后靠近该

卫星

「答案」B

「解析」

「详解」A.根据空竺="上可得:

rr

〃越大，y越小，由于“轨道康复铲的轨道半径大于地球的半径，故“轨道康复者”的速度小

于近地卫星的速度，即“轨道康复者”的速度小于地球的第一宇宙速度

,故A错误;

B.因为“轨道康复者”绕地球做匀速圆周运动时的轨道半径为地球同方卫星轨道半径的五分

之■＞根据v=可知“轨道康笈者”的速度是地球同步卫星速度的倍，故B正确:

〃的短GMm机拱乃2r

C.根据——=——--可得:

,T2

T=乒

VGM

一越大，周期丁越大，则有“轨道康复者”绕地球做匀速圆周运动的周期小于同步卫星的周期,

可得“轨道康复者''绕地球做匀速圆周运动的周期小于地球自转的周期，所以“轨道康复者”

的角速度大于地球自转的角速度，即站在赤道上的人的角速度小于“轨道康复者”的角速度，

故C错误；

D.“轨道康复者”要在原轨道上减速，做近心运动，才能“拯救”更低轨道上的卫星，故D错

误；

故选B。

4.如图为被称为“天津之眼”的摩天轮，创新性地跨河修建坐落于桥上，兼具了观光和交通两

种功能，而成为地标建筑。假设乘客随座舱在竖直面内做匀速圆周运动时只跟总处于水平方

向的座椅接触。下列说法止确的是

A.在摩天轮转动一周的过程中，乘客所受到的合力做功为零

B.在摩天轮转动的过程中，乘客机械能始终保持不变

C.在摩天轮转动的过程中，座椅对乘客的摩擦力功率始终是零

D.座仓通过最低点时，乘客处于失重状态

「答案」A

「解析」

「详解』A.在摩天轮转动一周的过程中，动能的变化量为零，由动能定理知，合力对乘客

做功为零，故A正确；

B.机械能等于重力势能和动能之和，摩天轮运动过程中，做匀速圆周运动，乘客的速度大

小不变，则动能不变，但高度变化，所以机械能在变化，故B错误；

C.乘客随座舱在竖直面内做匀速圆周运动时，由重力、水平方向的座椅对乘客的支持力和

静摩擦力提供向心力，除与圆心等高位置和最高点、最低点外，其它位置的水平方向的座椅

对乘客的静摩擦力方向与运动方向不垂直，座椅对乘客的摩擦力功率不是零，故C错误；

D.在最低点，乘客合外力向上，加速度方向竖直向上，乘客处于超重状态，故D错误；

故选A.

5.一带电粒子在电场中仅受静电力作用，做初速度为零的直线运动，取该直线为x轴，起始

点O为坐标原点，其电势能约与位移x的关系如图所示，下列图象中合理的是（）

粒子渔度与位林关系蚊子加漫度与位移关系

r答案」D

「解析」

「详解」粒子仅受电场力作用，做初速度为零的加速直线运动，电场力做功等于电势能的减

小量，故：

即Ep-X图象上某点的切线的斜率表示电场力；

A.Ep-x图象上某点的切线的斜率表示电场力，故电场力逐渐减小，根据

q

故电场强度也逐渐减小，故A错误；

B.根据动能定理，有：

故耳-x图线上某点切线的斜率表示电场力；由于电场力逐渐减小，与B图矛盾，故B错

误；

C.按照C图，速度随着位移均匀增加，根据公式

v2=2ax

匀变速直线运动的，-x图象是直线，题图u-x图象是直线；相同位移速度增加量相等，

又是加速运动，故增加相等的速度需要的时间逐渐减小，故加速度逐渐增加；而电场力减小

导致加速度减小：故矛盾，故C错误；

D.粒子做加速度减小的加速运动，故D正确.

二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分，每小题有多个选项符合题意。全

部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分。

6.”电磁感应铝箔封口机”被广泛应用在医药、食品、化工等生产行业的产品封口环节中，如

图所示为一手持式封口机，它的工作原理是：在封口机工作时，套在瓶口上的封口头内的线

圈有电流通过，致使靠近线圈（但与线圈绝缘）的铝箔自行快速发热，熔化复合在铝箔上的

溶胶，从而粘贴在被封容器的瓶口处，达到迅速封口的目的。下列有关说法正确的是

A.封口材料可用普通塑料来代替铝箔

B.封口机工作时封口头内的线圈有短时间的恒定电流

C.可以通过控制封口头内线圈电流的频率来设定铝箔发热的功率

D.封口头内线圈中电流产生的磁场方向应当与铝箔表面垂直

「答案」CD

「解析」

「详解』A.由涡流的原理可知，当磁感线穿过封口铝箔材料时，瞬间产生大量小涡流，致

使铝箔自行快速发热；而如果封口材料用普通塑料来代替铝箔，则不能产生涡流，所以不能

起到加热的作用，故A错误；

B.由涡流的原理可知，穿过线圈的磁场必须是变化的磁场，才能使铝箔内产生涡流，所以

封口机工作时封口头内的线圈有变化的电流，故B错误；

C.若改变封口头内线圈电流的频率，则电流产生的磁场变化的频率乜发生改变，则周期发

生，根据法拉第电磁感应定律可知在铝箔内产生的电动势改变，由闭合电路欧姆定律可知，

产生的涡流的电流值改变，所以封口过程中铝箔发热的功率，所以可以通过控制封口头内线

圈电流的频率来设定铝箔发热的功率，故c正确；

D.由封口机的原理可知，封口头内线圈中电流产生的磁场发生改变时，铝箔表面的磁通量

发生改变，所以封口头内线圈中电流产生的磁场方向应当与铝箔表面垂直，故D正确；

故选CDo

7.在如图所示的电路中，电表均为理想电表，闭合开关S,在将滑动变阻器的滑片P向下移

动的过程中，以下说法正确的是（）

A.电压表和电流表的示数都增大

B.电源的总功率变大

C.灯心变亮，电压表的示数减小

D.灯匕变亮，电容器的带电量增加

「答案」BC

「解析」

「分析」

由题中“在将滑动变阻器的滑片P向下移动的过程中“可知，本题考查含电容器电路变化，根

据欧姆定律和电容器规律可分析本题。

「详解」A.将滑动变阻器的滑片P向下移动的过程中，滑动变阻器电阻变小，因此电流表

示数变大，但是电路总电阻变小，电压表所测电压为路端电压，根据闭合电路欧姆定律可得

U*

R+r

所以电压表示数会变小，故A错误；

B.电源的总功率可以表示为

P=EI

电阻变小，电流变大，电动势不变，因此电源总功率变大，故B正确；

C.因为灯心在干路上，电阻变小，总电流变大，因此灯心变亮，电压表示数变小，故C正

确；

D.因为灯“于滑动变阻器并联，因此其两端电压等于路端电压，因为电压表示数变小，故

灯“变暗，电容器电压也变小，根据公式

c=e

U

可知，电容器电容不变，电压表小，电荷量也变小，故D错误、

8.如图所示，宽度为d、厚度为/?的金属导体放在垂直于它的磁感应强度为8的匀强磁场中，

当电流通过该导体时，在导体的上、下表面之间会产生电势差，这种现象称为霍尔效应.实

验表明：当磁场不太强时，电势差U、电流/和磁感应强度8的关系为。=外,式中的比例

d

系数k称为霍尔系数，设载流子的电荷量大小为g,金属导体单位体积内的自由电荷数目为

〃，下列说法正确的是

B

A.导体上表面的电势大于下表面的电势

B.霍尔系数为2=1-

nq

C.载流子所受静电力的大小产=49

a

D.载流子所受洛伦兹力的大小/=3

nhd

『答案JBD

「解析」

「详解」A.由左手定则可知，载流子受到的洛伦兹力向上，由于载流子是自由电子，故导

体上表面的电势小于下表面的电势，故A错误；

C.导体中的电场强度

E=7'

载流子所受电场力

F=qE=q—f

h

故C错误：

B.稳定时，电场力与洛伦兹力相等，即

U

q「qyB，

n

解得

U=Bhv,

又电流的微观表达式：

I—nqSv=nqhdv,

解两式得:

IB

u=

则霍尔系数为

叫

式中n为单位体积内的电荷数，故B正确;

D.稳定时，电场力与洛伦兹力相等，载流子所受洛伦兹力的大小

F=Bqv=^~

'各nhd

故D正确;

故选BD.

9.如图所示.轻质弹簧一端固定，另一端与一质量为m、套在光滑竖言固定杆A处的圆环相

连，弹簧水平且处于原长.圆环从A处由静止开始下滑，经过B处的速度最大，到达C处

的速度为零，重力加速度为g,贝!（）

\............

A.由A到C的过程中,圆环的加速度先减小后增大

B.由A到C的过程中,圆环的动能与重力势能之和先增大后减少

C.由A到B的过程中,圆环动能的增加量小于重力势能的减少量

D.在C处时，弹簧的弹性势能为mgh

『答案」ACD

r详解」圆环从A处由静止开始下滑，经过B处的速度最大，到达C处的速度为零，所以

圆环先做加速运动，再做减速运动，经过B处的速度最大，所以经过B处的加速度为零,

所以加速度先减小，后增大，故A正确.圆环的动能、重力势能和弹性势能之和守恒，因

由A到C的过程中，弹性势能逐渐变大，则圆环的动能与重力势能之和逐渐减少，选项B

错误；由A到B的过程中，因圆环的动能、重力势能和弹性势能之和守恒，则弹性势能和

动能增加量之和等于重力势能的减小量，则圆环动能的增加量小于重力势能的减少量，选项

C正确；研究圆环从A处由静止开始下滑到C过程，由动能定理得：mgh-W*0-0=0,则

W,kmgh,故D正确；故选ACD.

三、简答题：本题共计42分，请将解答填写在答题卡相应的位置.

10.图甲是验证机械能守恒定律的装置，气垫导轨上安装了1.2两个光电门，滑块上固定一

竖直遮光条，滑块用细线绕过定滑轮与钩码相连，细线与导轨平行.

(1)用游标卡尺测得遮光条的宽度如图乙所示，则遮光条的宽度为mm.

(2)在调整气垫导轨水平时，滑块不挂钩码和细线，接通气源后，给滑块一个初速度，使

它从轨道右端向左运动，发现滑块通过光电门1的时间大于通过光电门2的时间.为使气垫

导轨水平.可采取的措施是.

A.调节P使轨道左端升高一些B.调节P使轨道左端降低一些

C.遮光条的宽度应适当大一些D.滑块的质量增大一些

(3)正确进行实验操作，测出滑块和遮光条的总质量M,钩码质量加，遮光条的宽度用d

表示，已知重力加速度为g.现将滑块从图示位置由静止释放.

①若滑块经过光电门2时钩码未着地，测得两光电门中心间距L,由数字计时器读出遮光条

通过光电门1、2的时间分别为小。则验证机械能守恒定律的表达式是.

②若滑块经过光电门2时钩码已着地，为验证机械能守恒定律，已测得钩码初始位置离地的

高度也还需测量的一个物理量是.

|(［］、

【答案」(1).13.50⑵.A(3).mgL=-(m+M)d2-r--r遮光条通过光

25勺

电门2的时间

「解析」

「分析」

由题中“图甲是验证机械能守恒定律的装置，，可知，本题考查机械能守恒定律实验，根据实验

原理和数据处理可分析本题。

「详解』(1)0］根据游标卡尺的读数规则，分度值为0.05mm,读数为

13.00+0.05x10mm=13.50mm；

(2)[2]因为发现滑块通过光电门1的时间大于通过光电门2的时间，说明左低右高，因此

可以调节P使轨道左端升高一些，故选A；

dd

(3)[3]两个光电门的速度分别为:和丁，因此可得

*1*2

mgL=L(m+M)《一L(m+M)与

2t22%

即

]of11

mgL=—(m+M)d2——-

2U,

[4]因为滑块经过光电门2时钩码已着地，所以为验证机械能守恒定律，还需知道两点的速

度，因此需要测量遮光条通过光电门2的时间。

11.在“练习多用电表的使用”实验目：

(1)如图为一正在测量中的多用电表表盘.甲同学利用多用电表的直流50mA挡测量电流,

则读数为mA；

(2)乙同学利用多用电表测量某一只电阻时，他用电阻挡“x100”测量时发现指针偏转角度

过小，为了得到比较准确的测量结果，请从下列选项中挑出合理的步骤，操作顺序为

(填写选项前的字母).

A.将选择开关旋转到电阻挡“xlk”的位置

B.将选择开关旋转到电阻挡的位置

C.将两表笔分别与被测电阻的两根引线相接完成测量

D.将两表笔短接，调节欧姆调零旋钮使指针指向“0C”

(3)丙同学想设计一个实验，测量多用电表“xlQ”挡的内部总电阻和内部电源的电动势.指

针式多用电表欧姆挡的内部电路是由直流电源、调零电阻和表头相串联而成。给定的器材有:

待测多用电表，量程为100mA的电流表，最大电阻为20Q的滑动变阻器，鳄鱼夹，开

关，导线若干.实验过程如下：

①实验前将多用电表调至“xlQ”挡，将红黑表笔短接，调节旋钮，使指针指电阻的零刻度.

②用鳄鱼夹将红、黑表笔固定在图甲的两接线柱上，请用笔画线代替导级将图甲电路连接完

整.

③调节滑动变阻器，读出多用电表示数R、亳安表示数/,求出电流倒数;，记录在下面的

表格中，请根据表格数据在图乙的坐标系中描点作图.

R/Q4710141820

1/10-3A8.067.060.052.045.043.0

-/A-112.814.916719.222.223.2

I

④请通过图线求出多用电表内部电源的电动势为V,内部总电阻为Q.

（结果保留三位有效数字）

⑤电流表存在一定的内阻，这对实验结果（填“有影响'’或"无影响”）.

「答案」(1).20.0(19.8-20.0)(2).ADC(不可以改变顺序)

④1.45-1.5514.5-15.5⑤无影响

「解析」

「详解」（1）［1］直流50mA挡最小刻度是1mA,估读一位，读数为20.0mA：

（2）［2］指针偏转角度过小，说明阻值较大，应改为大倍率档，重新进行欧姆调零后，在

进行测量。故操作顺序为ADC；

(3)②[3]多用电表视为电源处理，根据测量电源的电动势和内电阻实验原理可知电路结

构，注意多用电表内部电源的正极与黑表笔接触：同时滑动变阻器采用限流接法：测量电路

如图所示;

③[4]根据描点法可得出对应图象如图所示;

®[5]根据闭合电路欧姆定律可知：

/=-^—

R+r

变形可得：

/?=y-r；

则由图可知，当电阻为零时，y=10；

E

则有：0=--r；

图象的斜率表示电源的电动势，故：

14.5

E=k=1.45V；

20-10

[6]多用电表内阻:

-14.5C；

⑤⑺由于使用欧姆表宜接读出了外部电阻中包含了电流表内阻，故电流表内阻对实验没有

影响。

12.下列说法中正确的是

A.光电效应和康普顿效应都揭示了光的波动性

B.运动粒子的物质波波长与其动量大小成反比

C.一束光照射到某种金属上不能发生光电效应，是因为该束光的波长太长

D.研究原子核的结构是从a粒子的散射实验开始的

r答案」BC

「解析」

「详解」A.光电效应和康普顿效应都揭示了光的粒子性，前者表明光子具有能量，后者表

明光子除了具有能量外，还具有动量，故A错误；

B.根据德布罗意波的波长公式4=”•可知，物质波的波长与其动量成反比，故B正确；

P

C.一束光照射到某种金属上不能发生光电效应，是因为光子频率较小，波长太长，故C正

确；

D.天然放射现象的发现揭示了原子核有复杂的结构，研究原子核的结构是从天然放射现象

的发现，故D错误.

13.一种典型的铀核裂变方程是空U+；n-2Ba+；VKr+X.这个反应中，符号X代表

,若该铀核裂变释放的核能为AE,则质量亏损是

「答案」中子半A产

c~

「解析」

「详解」［1］据电荷数守恒、质量数守恒知，X的电荷数为0,质量数为1,X为中子；

⑵根据质能方程可知，则此反应中发生质量亏损：

AAw=—bE

c

14.甲、乙两运动员在做花样滑冰表演，沿同一直线相向运动，速度大小都是lm/s,甲、乙

相遇时用力推对方，此后都沿各自原方向的反方向运动，速度大小分别为lm/s和2m/s.求

甲、乙两运动员的质量之比.

1答案」3:2

「解析」

「详解」由动量守恒定律得

一祖=mV

码斗2V222一码.

解得

叱匕+4

nt3

代入数据得」=7

niy2

r点睛」考查动量守恒，注意动量的矢量性，比较简单.

6下列说法中正确的是.

A.压缩气体需要做功，说明气体分子间存在斥力

B.草叶上的小露珠呈球形是由于液体表面张力的作用

C.阳光下看到细小尘埃飞扬，是固体颗粒在空气中做布朗运动

D.当人们感到潮湿时，空气的绝对湿度一定较大

「答案」B

「解析J

「详解』A.对于气体而言分子之间距离很大，分子力可以认为为零，压缩气体做功是因为

要克服气体压强产生的压力做功，并非因为分子间有斥力存在，故A错误；

B.液体的表面张力有使液体的表面积减小到最小的趋势，如露珠呈球状是由于液体表面张

力的作用，故B正确；

C.阳光下看到细小的尘埃飞扬是固体颗粒在空气的流动下的运动，不是布朗运动，故C错

误；

D.当人们感到潮湿时，空气的相对湿度一定较大，绝对湿度不一定大，故D错误.

16.一定质量理想气体由状态A经过ATBTC-M的循环过程的p-V图象如图所示（A-8

为双曲线），其中状态（选填A、B或C）温度最高，ATB—C过程是

的.（选填“吸热”或“放热”）.

1答案」C吸热

「详解」根据图象A-8为双曲线，可得从A到8为等温变化，温度应不变，从B到C为

等容变化，压强增大，温度升高，从外界吸热，从。到A为等压变化，体积减小，温度降

低，所以C温度最高，从A到B到C需要从外界吸热.

17.科学家可以运用无规则运动的规律来研究生物蛋白分子.资料显示，某种蛋白的摩尔质

量为66kg/mol,其分子可视为半径为Bxio'm的球，已知阿伏加德罗常数为6.0xl（）23

mol请估算该蛋白的密度.（计算结果保留一位有效数字）

『答案」p=lxlOkg/m

「解析」

「详解」摩尔体积

43

V=-nrX

3

由密度

M

p--,

V

解得

3M

P=­；-

N.

4nrA

代入数据得

p=lxlO'kg/m'

『点睛』本题主要考查阿伏加德罗常数，摩尔质量、摩尔体积等物理量间的关系，记得公式,

用心计算，小心有效数字的要求即可.

四、计算题：本题共47计分，请将解答填写在答题卡相应的位置.

18.如图所示，质量为〃?、电阻为R的单匝矩形线框置于光滑水平面上，线框边长出尸L、

ad=2L.虚线MN过ad、be边中点.一根能承受最大拉力FQ的细线沿水平方向拴住ab边中

点0.从某时刻起，在MN右侧加一方向竖直向下的匀强磁场，磁感应强度大小按的

规律均匀变化.一段时间后，细线被拉断，线框向左运动，而边穿出磁场时的速度为也求:

I

；XXXX

一,।a

XXXX

o

XxXX

cib

;XXXX

N

(1)细线断裂前线框中的电功率尸；

(2)细线断裂后瞬间线框的加速度大小。及线框离开磁场的过程中安培力所做的功W；

(3)线框穿出磁场过程中通过导线截面电量q.

1答案」(1)P=—(2)W=-mv2(3)q=d

Rm2kL

「解析」

「详解」(1)根据法拉第定律E=包="£2=女乙2,电功率尸=里=红.

△rAtRR

(2)细线断裂瞬间安培力以二玲(没有说明，直接代入下面公式也给分)

线框的加速度。二乙二」

mm

线框离开磁场过程中，由动能定理卬二!机一

(3)设细线断裂时刻磁感应强度为囱，则有〃4=4

其中/=二=或

RR

线圈穿出磁场过程后=包=旦4

XAr

电流T=-

R

通过的电量q=心”

解得夕=与

kL

19.如图，质量为m=1kg的小滑块(视为质点)在半径为R=0.4m的四分之一;圆弧A端由静止

开始释放，它运动到B点时速度为v=2m/s.当滑块经过B后立即将圆弧轨道撤去.滑块在光滑

水平面上运动一段距离后，通过换向轨道由C点过渡到倾角为0=37。、长5=1m的斜面CD

上,CO之间铺了一层匀质特殊材料，其与滑块间的动摩擦因数可在0日区1.5之间调节.斜面底

部。点与光滑地面平滑相连，地面上一根轻弹簧一端固定在。点,自然状态下另一端恰好在。

点.认为滑块在C、D两处换向时速度大小均不变，最大静摩擦力等于滑动摩擦力.取g=10

m/s2,sin37°=0.6,cos37。=0.8,不计空气阻力.

(1)求滑块对B点的压力大小以及在AB上克服阻力所做的功.

(2)若设置〃=0,求滑块从C第一次运动到D的时间及弹簧的最大弹性势能

(3)若最终滑块停在。点，求"的取值范围.

「答案」(1)2J(2)-s,2J[3)0.125%<0.75或4=1

「解析J

「详解」(1)在8点,

2

LV

F-mg=tn—

解得F=20N

由牛顿第三定律，9二20N

从A到%由动能定理得

mgR-W=—mv2

得到W=2J

(2)在CD间运动，有

mgsin0=ma

加速度

a=gsin0=6m/s2

匀变速运动规律

12

5=vt+—at

得.

vD=at=2m/s

2

E=1ZMV=2J

P2

(3)最终滑块停在。点有两种可能：

&滑块恰好能从C下滑到。.

则有

12

mgsinG-内mg0s=——mv

得到〃i=l

b.滑块在斜面CD和水平地面间多次反复运动，最终静止于D点.

当滑块恰好能返回C

1

一出mgcos，•2s=0-5mv

得到〃2=0.125

当滑块恰好静止在斜面上，则有

mgsin0=网mgcos0

得到〃3=0.75

所以，当0.125%<0.75,滑块在CD和水平地面间多次反复运动，最终静止于D点.

综上所述W的取值范围是0.1250"0.75或4=1

20.如图所示，在xOy直角坐标平面内-0.05mWxV0的区域有垂直纸面向里的匀强磁场，磁

感应强度B=0.4T,0<x<0,08m的区域有沿-x方向的匀强电场.在x轴上坐标为（-0.05m,

0）的S点有一粒子源，它一次能附纸面同时