太原师院附中2025届物理高一上期末质量检测模拟试题含解析

太原师院附中2025届物理高一上期末质量检测模拟试题请考生注意：1．请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0．5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）1、一质量为5.0kg的木箱以某初速度沿水平面向右滑行，同时施加一个水平向右的拉力，大小为10N。已知木箱与地面间的动摩擦因数为0.3，取重力加速度g=10m/s2。关于木箱所受的摩擦力，下列说法正确的是A.大小为5N，方向水平向右B.大小为5N，方向水平向左C.大小为15N，方向水平向右D.大小为15N，方向水平向左2、如图甲所示，细绳跨过光滑的轻质定滑轮连接A、B两物体，定滑轮悬挂在一个力传感器的正下方，保持A物体质量不变，取不同质量的B物体，通过计算机描绘得到传感器对滑轮的拉力F随B物体质量m变化关系曲线如图乙所示，直线是曲线的渐近线，重力加速度为。则（）A.A物体质量B.越大，A物体的加速度越小C.越大，A物体的加速度越大D.在范围内，越大，A物体的加速度越大3、下列表示物体做匀变速直线运动的图象是A. B.C. D.4、甲、乙两物体沿同一直线运动，其运动过程v－t图如图所示，则以下说法正确的是（）A.t1时刻之前乙在甲前面，t1时刻之后乙在甲后面B.t1时刻之前甲乙运动方向相反，t1时刻之后运动方向相同C.t1时刻两物体到达同一位置D.t1时刻甲乙两物体的速度相同5、质量为60kg的人，站在升降机内的台秤上，测得体重为70kg，则升降机的运动应是（

）A.匀速上升或匀速下降B.自由落体C.减速上升D.加速上升6、对于牛顿第二定律的理解下列说法正确的是（）A.先有力后有加速度B.先有加速度后有力C.力是产生加速度的原因D.无论关系式F＝ma中的三个物理量采用什么单位，该关系式都是成立的7、两轮自平衡电动车具有运动灵活、智能控制、操作简单、绿色环保、转弯半径为零等优点，如图所示。下列分析正确的是（）A.轮胎上凹凸不平的花纹是为了增加车与地面的摩擦力B.地面对自平衡电动车的支持力是因地面发生形变而产生的C.自平衡电动车及人受到的重力和对地面的压力是一对相互平衡的力D.自平衡电动车及人受到的重力和地面对他们的支持力是一对相互作用力8、如图，质量为m的球与弹簧Ⅰ和水平细线Ⅱ相连，Ⅰ、Ⅱ的另一端分别固定于P、Q，球静止时，Ⅰ中拉力大小为F1，Ⅱ中拉力大小为F2，当剪断其中一根的瞬间时，球的加速度a应是()A.若剪断Ⅰ，则a＝g，方向竖直向下B.若剪断Ⅰ，则，方向沿Ⅱ的延长线C.若剪断Ⅱ，则，方向水平向左D.若剪断Ⅱ，则a＝g，方向竖直向上9、以20m/s的初速度竖直向上抛出一个物体，至速度大小变为10m/s时经历的时间可能是（）A.1秒 B.2秒C.3秒 D.4秒10、如图所示，质量为m1和m2的两物块放在光滑的水平地面上（m1>m2）。用轻质弹簧将两物块连接在一起。当用水平向右的力F作用在m1上时，两物块均以加速度a做匀加速运动，此时弹簧伸长量为x。若用水平向左的力F'作用在m2上时，两物块均以加速度a'＝2a做匀加速运动，此时弹簧伸长量为x'。则下列关系正确的是（）A.F'＝2F B.x'<2xC.F'>2F D.x'>2x11、A、B两球质量均为m，两球之间用轻弹簧相连，放在光滑的水平地面上，A球左侧靠墙，弹簧原长为L0，用恒力F向左推B球使弹簧压缩，如图所示，整个系统处于静止状态，此时弹簧长为L，下列说法正确的是()A.弹簧的劲度系数为B.弹簧的劲度系数为C.若突然将力F撤去，撤去瞬间，A、B两球的加速度均为0D.若突然将力F撤去，撤去瞬间，A球的加速度为0，B球的加速度大小为12、—汽车从制动到停止用了4s。这段时间内，汽车每1s前进的距离分别是7m、5m、3m、1m，下列说法正确的是（）A.汽车的加速度大小为2m/s2B.汽车的初速度大小为16m/sC.汽车前2s的平均速度大小为3m/sD.汽车第3s内的平均速度等于后3s的平均速度二．填空题(每小题6分，共18分)13、14、15、三．计算题(22分)16、（12分）足够长的倾角θ=53°的斜面固定在水平地面上，有一物体在斜面上滑动，已知该物体与斜面间的动摩擦因数μ=0.8，取g=10m/s2，sin53°=0.8，cos53°=0.6（1）当物体从斜面顶端往下滑动时，求物体滑动的加速度；（2）如图所示，当物体以v0=6.4m/s的初速度，从斜面底端向上滑行时，求：①物体沿斜面向上滑动时，物体的加速度；②物体从斜面底端开始向上滑行到再次返回斜面底端所需的时间；③若仅将斜面倾角θ变为37°，其他条件不变，则物体在开始第1s内的位移大小．（结果保留2位有效数字）17、（10分）某智能分拣装置如图所示，A为包裹箱，BC为传送带．传送带保持静止，包裹P以初速度v0滑上传送带，当P滑至传送带底端时，该包裹经系统扫描检测，发现不应由A收纳，则被拦停在B处，且系统启动传送带轮转动，将包裹送回C处．已知v0=3m/s，包裹P与传送带间的动摩擦因数μ=0.8，传送带与水平方向夹角θ=37º，传送带BC长度L=10m，重力加速度g=10m/s2，sin37º=0.6，cos37º=0.8，求：（1）包裹P沿传送带下滑过程中的加速度大小和方向；（2）包裹P到达B时的速度大小；（3）若传送带匀速转动速度v=2m/s，包裹P经多长时间从B处由静止被送回到C处；（4）若传送带从静止开始以加速度a加速转动，请写出包裹P送回C处的速度vc与a的关系式，并画出vc2-a图象

参考答案一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）1、D【解析】木箱在地面上向右滑行，则受到向左的滑动摩擦力，与受到的外力无关，滑动摩擦力大小为：故D正确，ABC错误。故选D。2、A【解析】当m＞m0时，B向下做匀加速运动，A向上做匀加速运动，设加速度大小均为a，细绳中的拉力大小为T，对A、B根据牛顿第二定律分别有①②联立①②解得③④由③式可得，当m→∞时，有⑤所以⑥当m＜m0时，B向上做匀加速运动，A向下做匀加速运动，同理可得二者的加速度大小为⑦由④式和⑦式可知，当m＞m0时，m越大，a越大；当m＜m0时，m越大，a越小。综上所述可知A正确，BCD错误。故选A。3、C【解析】匀加速直线运动的速度-时间图象是倾斜的直线，位移-时间图象是抛物线【详解】A项：该图的斜率等于零，表示物体处于静止状态，故A错误；B项：该图表示物体的位移均匀减小，速度不变，做匀速直线运动，故B错误；C项：该图表示物体的速度均匀减小，做匀减速直线运动，故C正确；D项：该图表示物体的速度不变，做匀速直线运动，故D错误故应选：C【点睛】本题考查识别和理解物理图象的能力，首先要分清什么图象；其次根据形状分析物体的运动的情况，不能搞混淆4、D【解析】A．甲、乙两物体沿同一直线运动，由于出发点位置关系未知，所以不能确定它们的位置关系，A错误。B．根据速度的正负表示速度方向，知甲乙运动方向一直相同，B错误。CD．t1时刻两图象相交，甲乙两物体的速度相同，但不一定到达同一位置，C错误，D正确。故选D。5、D【解析】根据题意可知人处于超重状态，即人的加速度向上，所以升降机的运动为加速上升或减速下降，故D正确6、C【解析】AB．由牛顿第二定律可知，加速度和力具有瞬时对应关系，不存在先后关系，故AB错误；C．根据牛顿第二定律可知，力是产生加速度原因，故C正确；D．只有关系式F＝ma中的三个物理量采用国际单位制时，F＝ma才能成立，故D错误。故选C。7、AB【解析】A．轮胎上凹凸不平的花纹是为了增加车对地面的摩擦力，A正确；B．弹力是由于施力物体的形变产生的，所以地面对自平衡电动车的支持力是因地面发生形变而产生的，B正确；C．自平衡电动车及人受到重力和对地面的压力方向相同，不是一对平衡力，C错误；D．自平衡电动车及人受到的重力和地面对他们的支持力作用在同一个物体上，大小相等、方向相反，是一对平衡力，D错误。故选AB。8、AC【解析】先研究原来静止的状态，由平衡条件求出弹簧和细线的拉力．刚剪短细绳时，弹簧来不及形变，故弹簧弹力不能突变；细绳的形变是微小形变，在刚剪短弹簧的瞬间，细绳弹力可突变；根据牛顿第二定律求解瞬间的加速度【详解】绳子未断时，受力如图，由共点力平衡条件得：F2=mgtanθ，F1＝；刚剪断弹簧Ⅰ瞬间，细绳弹力突变为0，故小球只受重力，加速度为g，竖直向下，故A正确，B错误；刚剪短细线瞬间，弹簧弹力和重力不变，受力如图；由几何关系，F合=F1sinθ=F2=ma，因而，方向水平向左，故C正确，D错误．故选AC【点睛】本题为瞬时问题，关键要抓住弹簧弹力不可突变，细绳弹力可突变.9、AC【解析】取向上为正方向，如果末速度方向向上，则末速度为10m/s解得如果末速度方向向下，则末速度为-10m/s解得A.1秒与分析相符，故A正确B.2秒与分析不符，故B错误C.3秒与分析相符，故C正确D.4秒与分析不符，故D错误10、AD【解析】AC．以两个物体整体为研究对象，由牛顿第二定律得F=(m1+m2)a①F′=2(m1+m2)a②可得F′=2FA正确，C错误；BD．当用水平向右的力F作用在m1上时，由①得以m2为研究对象，由牛顿第二定律可得若用水平向左力F'作用在m2上时，由②得以m1为研究对象，由牛顿第二定律得可得因为m1>m2B错误，D正确。故选AD。11、BD【解析】A.以B为研究对象受力分析，胡克定律：F=k（L0-L）得：故A错误，B正确；CD.若突然将力F撤去，撤去瞬间，弹簧来不及发生形变，则弹力不能瞬间改变，故A受合力仍然为0，加速度为0；B水平方向只受弹簧的弹力，大小为F，根据牛顿第二定律：故C错误，D正确故选BD【点睛】本题考查加速度的瞬时性和胡克定律，注意胡克定律F=kx中x指的是形变量，不是弹簧的长度12、AD【解析】A．由可得故A正确；B．设初速度为v0，因为是做匀减速运动，所以根据位移公式有把，，代入解得故B错误；C．汽车前2s内的平均速度为故C错误；D．有题目可得汽车在第3s内的位移是3m，所以第3s内的平均速度为后3s内的总位移为则后3s内的平均速度为应该是相等的，故D正确。故选AD。二．填空题(每小题6分，共18分)13、14、15、三．计算题(22分)16、(1);(2)①;②总时间为：t=1.5s;③【解析】（1）根据牛顿第二定律有：可得：（2）①由牛顿第二定律上滑过程中：②上滑最大距离：上滑时间：又根据下滑时间总时间为：t=t1＋t2=1.5s③上滑过程中满足：上滑时间：又因为所以物体滑到最顶端后不再下滑，保持静止得：17、（1）0.4m/s2方向：沿传送带向上（2）1m/s（3）7.5s（4）如图所示：【解析】先根据牛顿第二定律求出包裹的加速度，再由速度时间公式求包裹加速至速度等于传送带速度的时间，由位移公式求出匀加速的位移，再求匀速运动的时间，从而求得总时间，这是解决传送带时间问题的基本思路，最后对加速度进行讨论分析得到vc2-a的关系，从而画出图像【详解】（1）包裹下滑时根据牛顿第二定律有：代入数据得：，方向：沿传送带向上；（2）包裹P沿传送带由B到C过程中根据速度与位移关系可