湖南省长沙市雅礼教育集团2025届高二物理第一学期期中质量跟踪监视试题含解析

湖南省长沙市雅礼教育集团2025届高二物理第一学期期中质量跟踪监视试题考生请注意：1．答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2．第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、在一个匀强电场中有a、b两点，相距为d，电场强度为E，把一个电量为q的正电荷由a点移到b点时，克服电场力做功为W，下列说法正确的是A．该电荷在a点电势能一定比b点大B．a点电势一定比b点电势低C．a、b两点电势差大小一定为U=EdD．a、b两点电势差Uab=2、关于磁感应强度，下列说法中正确的是（）A．由B=可知，B与F成正比，与IL成反比B．地球表面的磁感应强度B的方向与地面相平行，由地理北方指向地理南方C．通电直导线周围存在磁场，与直导线距离相等的两点的磁感应强度B一定相同D．磁感应强度的方向就是放在该处的小磁针N极的受力方向3、有两个完全相同的金属小球A和B(它们的大小可忽略不计)，分别带电荷量q和5q，当它们在真空中相距一定距离时，A球对B球的斥力为F，若用绝缘手柄移动这两个小球，使它们相接触后分别再放回原处，则它们间的作用力变为（）A．F B．1.8F C．3F D．6F4、加在某台电动机上的电压是U（V），电动机消耗的电功率为P（W），电动机线圈的电阻为R（Ω），则电动机线圈上消耗的热功率为（）A．B．C．D．5、一石块从楼顶自由落下，不计空气阻力，取g=10m/s2，石块在下落过程中，第1.0s末速度的大小为（）A．5.0m/sB．10m/sC．15m/sD．20m/s6、如图所示，小磁针放置在螺线管轴线的左侧．闭合电路后，不计其他磁场的影响，小磁针静止时的指向是()A．N极指向螺线管B．S极指向螺线管C．N极垂直于纸面向里D．S极垂直纸面向里二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、下图是验证楞次定律实验的示意图，竖直放置的线圈固定不动，将磁铁从线圈上方插入或拔出，线圈和电流表构成的闭合回路中就会产生感应电流。各图中分别标出了磁铁的极性、磁铁相对线圈的运动方向以及线圈中产生的感应电流的方向等情况，其中正确的是A． B． C． D．8、.家用电饭锅有两种工作状态，一是锅内水烧开前的加热状态，一是水烧开后的保温状态，其电路如图所示．R1是一电阻，R2是加热用的电阻丝，则电饭锅()A．S闭合时为保温状态B．S断开时为加热状态C．S闭合时为加热状态D．S断开时为保温状态9、一点电荷仅受电场力作用，由A点无初速释放，先后经过电场中的B点和C点．点电荷在A、B、C三点的电势能分别用EA、EB、EC表示，则EA、EB和EC间的关系可能是A．EA＞EB＞EC B．EA＜EB＜ECC．EA＜EC＜EB D．EA＞EC＞EB10、如图所示，光滑固定金属导轨与水平面成一定角度θ，将完全相同的两个导体棒P、Q相继从导轨顶部同一位置M处无初速释放，在导轨中某部分（图中两虚线之间）有一与导轨平面垂直的匀强磁场．已知P棒进入磁场时恰好做匀速运动，则从P棒进入磁场开始计时，到Q棒离开磁场（设导轨足够长，除P、Q杆外其余电阻不计），P棒两端电压随时间变化的图象可能正确的是A． B．C． D．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）（1）图为验证影响平行板电容器电容的因素的实验原理图．影响平行板电容器电容的因素有：两极板之间的距离d,两极板的正对面积S,及插入两板间的电介质的相对介电常数εr.步骤1:电容器充电后与电源断开，保持电量Q将不变，两极板间的距离d也不变，减小两极板间的正对面积S，发现静电计的指针张角_______(“变大”,“变小”或“不变”)．步骤2:电容器充电后与电源断开，保持电量Q将不变，两极板的正对面积S也不变，增大两极板间的距离，发现静电计的指针张角_______(“变大”,“变小”或“不变”)．步骤3:保持Q、S、d都不变，在两极板间插入有机玻璃，发现静电计的张角_____(“变大”,“变小”或“不变”)．（2）某同学用游标卡尽和螺旋测微器分别测量一薄的金属圆片的直径和厚度，读出如图中的示数，该金属圆片的直径的测量值为______cm，厚度的测量值为______mm．12．（12分）有一个小灯泡上标有“4V2W”的字样,现在要用伏安法描绘这个灯泡的I-U图线。现有下列器材供选用:A．电压表(0~5V,内阻10kΩ)B．电压表(0~15V,内阻20kΩ)C．电流表(0~3A,内阻1Ω)D．电流表(0~0.6A,内阻0.4Ω)E.滑动变阻器(10Ω,2A)F.滑动变阻器(500Ω,1A)G.学生电源(直流6V)、开关、导线若干(1)实验时,选用图甲而不选用图乙的电路图来完成实验,请说明理由:__________________________。

(2)实验中电压表应选用____,电流表应选用____,滑动变阻器应选用______。(用序号字母表示)

(3)把图中所示的实验器材用实线连接成实物电路图________。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，有一根导线ab紧靠着竖直导轨上，它们之间的动摩擦因数为μ=0.5，匀强磁场的磁感应强度B=0.4T，如果导线的质量为M=0.01kg，长度L=0.2m，问：在导线ab中至少要通过多大的电流才能使它保持静止？电流方向如何？（g=10m/s2）14．（16分）绿色奥运”是2008年北京奥运会的三大理念之一，奥组委决定在各比赛场馆使用新型节能环保电动车，江汉大学的500名学生担任了司机，负责接送比赛选手和运输器材．在检测某款电动车性能的某次实验中，质量为8×102㎏的电动车由静止开始沿平直公路行驶，达到的最大速度为15m/s，利用传感器测得此过程中不同时刻电动车的牵引力F与对应的速度v，并描绘出F—图象（图中AB、BO均为直线））．假设电动车行驶中所受的阻力恒定，求此过程中：（1）电动车的额定功率；（2）电动车由静止开始运动，经过多长时间，速度达到2m/s？15．（12分）如图，在水平面上有两条平行导电导轨MN、PQ,导轨间距离为l，匀强磁场垂直于导轨所在的平面（纸面）向里，磁感应强度的大小为B，两根金属杆1、2摆在导轨上，与导轨垂直，它们的质量和电阻分别为m1、m2和R1、R2，两杆与导轨接触良好，与导轨间的动摩擦因数为μ，已知：杆1被外力拖动，以恒定的速度v0沿导轨运动；达到稳定状态时，杆2也以恒定速度沿导轨运动，导轨的电阻可忽略，求此时杆2克服摩擦力做功的功率。

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】

A．正电荷从a点移到b点时，克服电场力做功为W，即电场力对电荷做负功，电势能增加，则电荷在a点电势能较b点小，故A错误；B．由电势能公式EP=qφ分析知，正电荷在电势低处电势能小，所以a点电势比b点电势低，故B正确；C．a、b两点不一定沿着电场线方向，所以a、b两点电势差大小不一定为U=Ed，故C错误；D．电荷从a移动到b，电场力做功为-W，根据电势差的定义得：ab间的电势差：Uab=，故D错误．2、D【解析】

A．磁场中某点的磁感应强度，只与磁场本身决定，与通电导线所受的安培力F以及IL的乘积无关，选项A错误；B．地球表面任意位置的地磁场方向沿磁感线的切线方向，故各点的磁场方向并不是都与地面平行，地磁的南极在地理的北极附近，地磁的北极在地理的南极附近，两者并不完全重合，故B错误；C．通电直导线周围存在磁场，与直导线距离相等的两点的磁感应强度B大小相同，但是方向相反，选项C错误；D．磁感应强度的方向就是放在该处的小磁针N极的受力方向，选项D正确。3、B【解析】

AB之间表现为斥力，所以带同种电荷，相接触之前由库仑定律可得:相接触后平均分配电荷，即各带电荷量3q，根据库仑定律可知：故B对；ACD错；【点睛】A球对B球的斥力为F,说明A和B带同种电荷,根据库仑定律可以得到F与电量Q、距离r的关系;A、B球相互接触后放回原处,距离r不变,电荷平分,再根据库仑定律得到相互作用的库仑力大小与Q、r的关系,用比例法求解.4、C【解析】

电动机是非纯电阻电路，电功率为P=UI，故电流为I=P/U，故热功率P热=I2r=（）2r=；故选C．5、B【解析】石块做自由落体运动，则石块做初速度为0，加速度为g的匀加速直线运动，根据匀加速直线运动的速度与时间的关系式v=v0+at可得第1s末石块的速度大小为：v=gt=10×1=10m/s

故选B.6、A【解析】

根据安培定则可以判断通电螺线管左则为S极，右侧为N极，因此左侧小磁针静止时N极指向右侧，故BCD错误，A正确．故选A．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、CD【解析】

A.当磁铁N极向下运动时，线圈的磁通量变大，由增反减同可知，则感应磁场与原磁场方向相反。再根据安培定则，可判定感应电流的方向：沿线圈盘旋而上。故A不符合题意；

B.当磁铁S极向上运动时，线圈的磁通量变小，由增反减同可知，则感应磁场与原磁场方向相同。再根据安培定则，可判定感应电流的方向：沿线圈盘旋而上，故B不符合题意；

C.当磁铁S极向下运动时，线圈的磁通量变大，由增反减同可知，则感应磁场与原磁场方向相反。再根据安培定则，可判定感应电流的方向与图中电流方向相同。故C符合题意；

D.当磁铁N极向上运动时，线圈的磁通量变小，由增反减同可知，则感应磁场与原磁场方向相同。再根据安培定则，可判定感应电流的方向：沿线圈盘旋而下，故D符合题意；8、CD【解析】试题分析：S闭合时，R1被断路，R2中的电流较大，热功率较大，处于加热状态，S断开时，R1与R2串联，R2中的电流较小，热功率较小，处于是保温状态，AB错误，CD正确．考点：本题考查了电路的串并联特点和电路的规律问题9、AD【解析】一点电荷仅受电场力作用，由A点无初速释放，经过B点可知电场力一定做了正功，电势能减少，即,到达B点电荷有速度，所以在往C运动不确定加速还是减速，即电场力做正功做负功不明确，则动能未知，但是C点有动能就比A点电势能少，选AD10、AC【解析】因导体棒P、Q完全相同,又是从导轨顶部同一位置M处无初速释放,所以P、Q在进入磁场时的速度大小是相等的,当P进入磁场,而Q还没有进入磁场的过程中,P做匀速直线运动,设此时的电动势为E,由闭合电路的欧姆定律可得P两端的电压为E/2，且保持不变．当Q进入磁场时，分为两种情况来分析：Ⅰ、当Q进入磁场时,P已经出了磁场,所以在PQ都不在磁场中时,P的两端的电压为零,当Q进入磁场后,产生的电动势也为E,此时P的两端的电压仍为E/2，当Q离开磁场时，电压为零，选项A是有可能的．Ⅱ、当Q进入磁场时,P还没有出磁场,此时PQ会以相同的速度开始做匀加速直线运动,回路中没有电流,所以P两端的电压等于P产生的电动势,因PQ都在做匀加速直线运动,所以电压是从E均匀增加的,当P到达磁场的边缘时,设产生的电动势为E′,P离开磁场时,只有Q在切割磁感线,此时P两端的电压为Q产生的电动势的一半,即为E′/2，此后Q将做加速度减小的减速运动，P两端的电压也就逐渐减小，且随Q的加速度的减小，电压减小的幅度也越来越小，所以选项C是有可能的，BD不可能．故选AC．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、变大变大变小1.2401.682【解析】（1）电容器充电后与电源断开，保持电量Q将不变，两极板间的距离d也不变，减小两极板间的正对面积S，根据电容决定式：，可知电容减小，根据定义式：可知，板间电压增大，所以静电计的指针张角变大；电容器充电后与电源断开，保持电量Q将不变，两极板的正对面积S也不变，增大两极板间的距离，根据电容决定式：，可知电容减小，根据定义式：可知，板间电压增大，所以静电计的指针张角变大；保持Q、S、d都不变，在两极板间插入有机玻璃，根据电容决定式：，可知电容增大，根据定义式：可知，板间电压减小，所以静电计的指针张角变小．（2）游标卡尺的主尺读数为：1.2cm=12mm，游标尺上第8个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为8×0.05mm=0.40mm，所以最终读数为：12mm+0.40mm=12.40mm=1.240cm；螺旋测微器的固定刻度为1.5mm，可动刻度为18.2×0.01mm=0.182mm，所以最终读数为1.5mm+0.182mm=1.682mm．12、描绘灯泡的I-U图线所测数据需从零开始,并要多取几组数据ADE【解析】

(1)[1]在用伏安法描绘这个灯泡的I-U图线的实验中，电压要从零开始变化，并要多测几组数据，故只能采用滑动变阻器分压接法，所以电路图选用图甲．(2)[2][3][4]因灯泡的额定电压为4V，为保证安全选用的电压表量程应稍大于4V，但不能大太多，量程太大则示数不准确；故只能选用0～5V的电压表，故选A；由P=UI得，灯泡的额定电流故电流表应选择0～0.6A的量程，故选D；而由题意要求可知，电压从零开始变化，并要多测几组数据，故只能采用滑动变阻器分压接法，而分压接法中应选总阻值较小的滑动变阻器，故选E；(3)[5]对照电路图连接实物图，注意电流从电流表电压表正接线柱流入，如图：四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、2.5A电流方向是从b到a【解析】

根据平衡条件求出摩擦力大小，根据滑动摩擦力公式求出导线ab所受安培力，进而由安培力公式求得I，由左手定则判断安培力的方向。【详解】要使ab保持静