云南省禄丰县一中2025届高一物理第一学期期末监测试题含解析

云南省禄丰县一中2025届高一物理第一学期期末监测试题注意事项：1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0．5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）1、如图所示，质量为M的箱子放在水平地面上，在与水平成θ角斜向上的拉力F作用下，沿水平地面匀速运动．若箱子与地面间的动摩擦因数为μ，则箱子所受的摩擦力大小为（）A.μMg B.μFsinθC.μ(Mg－Fsinθ) D.μ(Mg+Fsinθ)2、关于位移和路程，下列说法中正确是（）A.在某段时间内，质点运动的位移为零，该质点不一定是静止的B.在某段时间内，质点运动的路程为零，该质点不一定是静止的C.在直线运动中，质点位移的大小一定等于其路程D.在直线运动中，质点位移的大小一定小于其路程3、电梯上升时，其竖直方向的速度随时间变化的规律如图所示，下列说法正确的是（）A.电梯经5s到达最高点 B.电梯经15s到达最高点C.电梯上升的高度为30m D.电梯加速上升的时间为15s4、2018年10月1日，厦门市图书馆集美新馆面向公众开放．小明准备从家中自驾去集美新馆借书，导航软件提供了三种行车方案，如图所示．方案一：29分钟，公里；方案二：31分钟，公里；方案三：35分钟，公里．下列说法正确的是A.在研究行车方案时，不能把车看成质点B.三种方案中的公里、公里、公里均指位移C.三种方案中的29分钟、31分钟、35分钟均指时刻D.方案一的平均速度最大5、观察所示的漫画，图中司机说乘车人“你没动”，而路上小女孩说他运动得“真快”。关于司机和小女孩对乘车人运动状态的描述所选取的参考系分别为（）A.地面、地面 B.地面、汽车C.汽车、地面 D.汽车、汽车6、初速为10m/s的汽车遇紧急情况以大小为2m/s2的加速度制动，下列说法中正确的是（）A.汽车在制动过程中任意相等时间内速度变化量均为2m/sB.汽车在制动后第1s内的位移与第4s内的位移之比为7：1C.汽车在制动后6s内的位移为24mD.汽车在制动后的倒数第3m、倒数第2m、最后1m内的运动，平均速度之比是（）：（）：17、如图所示，在光滑水平面上，轻质弹簧的右端固定在竖直墙壁上。一物块在水平恒力F作用下做直线运动，接触弹簧后，压缩弹簧，直至速度为零。整个过程中，弹簧一直在弹性限度内。在物块与弹簧接触后向右运动的过程中，下列说法正确的是()A.物块接触弹簧后立即做减速运动B.物块接触弹簧后先加速再减速C.物块接触弹簧后物块的加速度先减小再增大D.当物块的速度最大时，它所受的合力为零8、如图所示，甲乙叠放在水平面上，现对甲施加水平向右的力F，使它们一起向右匀速运动，则乙对甲的摩擦力f1和水平面对乙的摩擦力f2分别为（）A.f2=F，向左 B.f1=0C.f1=F，向左 D.f2=F，向右9、如图所示，质量为m2的物体B放在车厢的水平底板上，用竖直细绳通过光滑定滑轮与质量为m1的物体A相连．车厢正沿水平直轨道向右行驶，两物体与车相对静止，此时与物体A相连的细绳与竖直方向成θ角，由此可知()A.车厢的加速度大小为gtanθB.绳对物体A的拉力大小为m1gcosθC.底板对物体B的支持力大小为(m2－m1)gD.底板对物体B的摩擦力大小为m2gtanθ10、如图所示，电灯用水平绳OA和倾斜绳OB悬挂于两墙壁之间，更换水平绳OA使连接点A向上移动，而保持O点的位置不变，则A点向上移动时A.绳OB的拉力逐渐增大 B.绳OB的拉力逐渐减小C.绳OA的拉力先增大后减小 D.绳OA的拉力先减小后增大11、在离地面h=15m高处，以v0=10m/s的速度同时竖直向上与向下抛出甲、乙两小球，不计空气阻力，小球落地后就不再弹起，重力加速度g=10m/s2，下列说法正确的是()A.两小球落地时的速度相等 B.两小球落地的时间差为1sC.乙球落地时甲球恰好运动到最高位置 D.t=2s时，两小球相距l5m12、如图所示，一根细线下端拴一个金属小球P，细线的上端固定在金属块Q上，Q放在带小孔的水平桌面上．小球在某一水平面内做匀速圆周运动，现使小球改到一个更高一些的水平面上做匀速圆周运动（图上未画出），两次金属块Q都保持在桌面上静止．则后一种情况与原来相比较，下面的说法中正确的是A.Q受到桌面的支持力变大B.Q受到桌面的静摩擦力变大C.小球P运动的向心力变大D.小球P运动的周期变大二．填空题(每小题6分，共18分)13、14、15、三．计算题(22分)16、（12分）跳伞运动员做低空跳伞表演，他从224m的高空离开飞机开始下落，最初未打开降落伞，自由下落一段距离，打开降落伞后运动员以12.5m/s2的加速度匀减速下降，为了运动员的安全，要求运动员落地的速度不得超过5m/s（取），求∶(1)运动员打开降落伞时，离地面的高度至少为多少；(2)运动员在空中的最短时间为多少？17、（10分）如图所示，质量为M=1kg的长木板B放置在水平面上，质量为m=1kg，可视为质点的物块A放置于长木板B的上表面的正中央，A、B之间的动摩擦因数为μ1=0.5，B与水平面之间的动摩擦因数为μ2=0.35，长木板B的右侧s=3m处有一竖直墙面，木板与墙面之间发生碰撞时，速度反向且大小保持不变。现从静止开始对长木板B持续施加一个水平向右的推力，使其向右运动，直到右端接触到竖直墙面前的瞬间将力F撤去。设物体间的最大静摩擦力等于其滑动摩擦力，重力加速度g取10m/s2。（1）若保持A、B一起向右匀速直线运动，求F的大小；（2）要使A与B之间发生相对滑动，则力F至少需要多大?（3）若力F=18N，要使A不从B的上表面滑落，长木板B的长度L至少为多少?

参考答案一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）1、C【解析】由题意可知对物体进行受力分析，然后正交分解，如图竖直方向受力平衡有：，得：，则，故C正确，ABD错误；故选C【点睛】物体受到的是滑动摩擦力，据公式求解2、A【解析】A．当物体回到出发点时，物体的位移的大小为零，但此时物体不是静止的，所以A正确B．路程是指物体所经过的路径的长度，当质点运动的路程为零时，说明质点没有运动，所以质点一定静止，所以B错误C．在直线运动中，物体也有可能做的是往复运动，此时的路程一定会大于位移的大小，所以C错误D．在单向直线运动中，质点运动的路程等于位移的大小，故D正确；故选A3、C【解析】AB．在v-t图象中，图线与坐标轴所包围的面积大小代表位移的大小，所以电梯经20s达到最高点，选项AB错误；C．电梯上升的最大高度为选项C正确；D．由图象可知0~5s电梯加速上升，所以加速上升的时间为5s，选项D错误。故选C。4、D【解析】在研究行车方案时，不需要考虑车的大小，故可以看做质点，故A错误；三种方案中的公里、公里、公里均指运动轨迹的长度，是路程，故B错误；三种方案中的29分钟、31分钟、35分钟均指时间，故C错误；三种方案，位移相等，根据平均速度公式知，位移相等，时间越短，平均速度越大，故方案一的平均速度最大，故D正确．所以D正确，ABC错误5、C【解析】司机说乘车人你没动，是乘车人相对于汽车来说没有动，而路上的小女孩对司机说：“你车开得真快”这是司机相对于地面来说的故选C。6、D【解析】A．汽车制动速度减为零的时间在5s前任意相等时间内速度变化量均为2m/s，故A错误B．采用逆向思维，汽车做初速度为零的匀加速直线运动，相等时间内的位移之比为1：3：5：7：9，则汽车制动后第1s内的位移和第4s内的位移之比为x1：x4=9：3=3：1，故B错误C．汽车制动后6s内的位移等于5s内的位移，即故C错误D．采用逆向思维，汽车做初速度为零的匀加速直线运动，根据相等位移所用时间之比为1：(−1)：(−)，根据平均速度的定义式知，平均速度之比为故D正确故选D点睛：此题是汽车刹车问题，采用逆向思维考虑，解决本题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式和推论，并能灵活运用，有时运用推论求解会使问题更加简捷7、BCD【解析】当木块接触弹簧后，水平方向受到向右的恒力F和弹簧水平向左的弹力，弹簧的弹力先小于恒力F，后大于恒力F，木块所受的合力方向先向右后向左，则木块先做加速运动，后做减速运动，合力大小先减小后增大，所以加速度先减小后增大，当弹力大小等于恒力F时即合力为零，木块的速度为最大值。故选BCD。8、AC【解析】BC．对物体甲受力分析，竖直方向受重力和支持力，水平方向受拉力F，故乙对甲的摩擦力f1一定向左，且与F二力平衡，即f1=F，向左；选项B错误，C正确；AD．再对乙受力分析，竖直方向受重力、压力和支持力；水平方向受甲对乙向右的摩擦力f1′，由于匀速，故地面对乙的摩擦力f2一定向左，根据平衡条件和牛顿第三定律，有f1=f1′①f1=f2

②故f2=F向左；故A正确，D错误；故选AC。9、AD【解析】A．以物体A为研究对象，受力如图1所示，由牛顿第二定律得：m1gtanθ=m1a，解得：a=gtanθ，则车厢的加速度也为gtanθ，故A正确；B．如图1所示，绳子的拉力：，故B错误；C．对物体B研究，受力如图2所示，在竖直方向上，由平衡条件得：N=m2g-T=m2g-，故C错误；D．由图2所示，由牛顿第二定律得：f=m2a=m2gtanθ，故D正确10、BD【解析】以O点为研究对象，处于平衡状态，根据平衡条件知：绳子AO和BO拉力的合力等于电灯的重力mg，保持不变作出绳子AO在不同位置两个拉力的合成图，如图所示，由图看出，绳OA的拉力先减小后增大，绳OB的拉力逐渐减小A．绳OB的拉力逐渐增大，与结论不相符，选项A错误；B．绳OB的拉力逐渐减小，与结论相符，选项B正确；C．绳OA的拉力先增大后减小，与结论不相符，选项C错误；D．绳OA的拉力先减小后增大，与结论相符，选项D正确；11、ACD【解析】甲球做竖直上抛运动，乙球做竖直下抛运动，根据机械能守恒定律求落地时速率关系；由位移公式求落地时间；根据乙球的运动时间，分析甲球的位置，并由位移公式求出t=2s时两者间的距离。【详解】A．甲、乙两小球抛出时速率相等，机械能相等．由于不计空气阻力，所以两球运动过程中机械能都守恒，则落地时机械能也相等，落地时的速度必定相等，故A正确；B．落地时，对于甲、乙两球，取竖直向上为正方向，有解得，所以两小球落地的时间差为2s，故B正确；C．甲球上升的时间为所以乙球落地时甲球恰好运动动最高点，故C正确；D．t=2s时，甲球的位移为乙球已落地并不再弹起，所以t=2s时，两小球相距15m，故D正确。故选ACD。12、BC【解析】设细线与竖直方向的夹角为θ，细线的拉力大小为T，细线的长度为L．P球做匀速圆周运动时，由重力和细线的拉力的合力提供向心力，如图，则有：…①；mgtanθ=mω2Lsinθ=ma…②Q受到重力、支持力绳子的拉力和桌面的支持力、摩擦力的作用，在竖直方向上：Mg+Tcosθ=FN…③联立①③可得：FN=Mg+mg，与小球的高度、绳子与竖直方向之间的夹角都无关，保持不变．故A错误；由②得角速度，向心加速度a=gtanθ，使小球改到一个更高一些的水平面上作匀速圆周运动时，θ增大，cosθ减小，tanθ增大，则得到细线拉力T增大，角速度增大，向心力增大．对Q球，由平衡条件得知，Q受到桌面的静摩擦力变大，故BC正确；小球的角速度增大，根据：可知，小球的周期将减小．故D错误．故选BC【点睛】本题中一个物体静止，一个物体做匀速圆周运动，分别根据平衡条件和牛顿第二定律研究，分析受力情况是关键二．填空题(每小题6分，共18分)13、14、15、三．计算题(22分)16、(1)99m；(2)8.6s【解析】(1)设打开降落伞时离地的高度为h，此时速度为v1，则运动员做自由落体运动过程有v12=2g（H-h）匀减速过程有v2-v12=2ah代入数据得h=99mv1=50m/s故离地面的高度至少为99m。(2)自由落体运动中v1=gt1解得t1=5s匀减速运动中空中最短时间为t总=t1+t2=8.6s故运动员在空中的最短时间为8.6s。17、（1）7N；（2）F=17N；（3）7m。【解析】（1）若保持AB一起向右匀速直线运动，以AB整体为研究对象，由平衡条件有：解得：F=7N（2）以A为研究对象，A的最大加速度为aA，则有解得：以B为研究对象，当AB恰要有相对运动