重庆南开中学2025届高二物理第一学期期中学业水平测试模拟试题含解析

重庆南开中学2025届高二物理第一学期期中学业水平测试模拟试题请考生注意：1．请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0．5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示的电路，水平放置的平行板电容器中有一个带电液滴正好处于静止状态，（设电源电阻r不计，两端电压不变）现将滑动变阻器的滑片P向左移动，则（）A．电容器上的带电量将减少B．电容器中的电场强度将增大C．电容器的电容将减小D．液滴将向上运动2、关于电流的说法中正确的是（）A．根据I=，可知I与q成正比B．电流有方向，电流也有矢量C．在金属导体中，自由电子移动方向为电流方向D．电流的单位“安培”是国际单位制中的基本单位3、2019年5月17日，我国在西昌卫星发射中心成功发射了第四十五颗北斗导航卫星，该卫星属地球静止轨道卫星。若地球的自转周期为T，这颗卫星在轨运行的线速度大小为v，下列说法正确的是（）A．卫星离地的高度为 B．卫星可以定点在北京正上空C．卫星在运行过程中的动量保持不变 D．卫星在运行过程中的动能保持不变4、如图所示，左端固定的轻质弹簧被物块压缩，物块被释放后，由静止开始从A点沿粗糙水平面向右运动．离开弹簧后，经过B点的动能为Ek，该过程中，弹簧对物块做的功为W，则物块所受摩擦力做的功Wf为()A．Wf=Ek B．Wf=Ek+WC．Wf+Ek=W D．Wf=W—Ek5、在如图所示的静电场中，正检验电荷仅在电场力作用下从静止开始自a点运动到b点，下列说法正确的是A．点的场强比点的场强小B．点的电势比点的电势小C．正检验电荷在点受到的电场力比点的大D．正检验电荷在点电势能比点的小6、在解锁智能手机的过程中，可以采用人脸识别，也可以输入正确的密码，则要完成解锁手机，上述两种方式的逻辑关系是（）A．“或”关系 B．“与”关系 C．“非”关系 D．不存在逻辑关系二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、关于电磁阻尼和电磁驱动，下列说法中正确的是()A．电表线圈骨架用铝框是利用了电磁驱动B．在运输微安表时，用导线把表头的两接线柱相连是利用了电磁阻尼保护指针C．变压器的铁芯用互相绝缘的硅钢片叠成是利用了电磁驱动D．交流感应电动机是利用了电磁驱动8、如图所示的电路中，当滑动变阻器的触头P向上滑动时，则（）A．电源的总功率变大 B．电容器贮存的电荷量变大C．灯L1变暗 D．灯L2变亮9、刀的刃部一般比较薄，厚度不同的两个刀刃对木块产生相同的力F时，对力F的分解如图所示，由图判断，下列说法中正确的有（）A．刃部越薄，F1与F2越大B．刃部越薄，F1与F2越小C．F分解成F1与F2时不遵守平行四边形定则D．F分解成F1与F2时遵守平行四边形定则10、某电场的电场线分布如图所示，以下说法正确的是A．点场强大于点场强B．点电势高于点电势C．若将一试电荷由点释放，它将沿电场线运动到点D．若在点再固定一点电荷，将一试探电荷由移至的过程中，电势能减小三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）小明用电学方法测量电线的长度，首先小明测得电线铜芯的直径为1.00mm，估计其长度不超过50m，（已知铜的电阻率为Ω▪m），现有如下实验器材：①量程为3V、内阻约为3KΩ的电压表；②量程为0.6A、内阻约为0.1Ω的电流表；③阻值为0-2Ω的滑动变阻器；④内阻可忽略，输出电压为3V的电源；⑤阻值为R0=4.30Ω的定值电阻，开关和导线若干小明采用伏安法测量电线电阻，正确连接电路后，调节滑动变阻器，电流表的示数从0开始增加，当示数为0.5A时，电压表示数如图1所示读数为_______V，根据小明测量的信息，图2中P点应该______（选填“接a”、“接b”、“接c”或“不接”）q点应该______（选填“接a”、“接b”、“接c”或“不接”），小明测得的电线长度为____________m．12．（12分）图为一简单欧姆表原理示意图,其中电流表的满偏电流Ig=300μA,内阻Rg=100Ω,可变电阻R的最大值为10KΩ,电池的电动势E=1.5V,内阻r=0.5Ω,图中与接线柱A相连的表笔颜色应是_____色.按正确使用方法测量电阻Rx的阻值时,指针指在刻度盘的正中央,则Rx=_______KΩ.若该欧姆表使用一段时间后,电池的电动势变小、内阻变大,但此表仍能调零,按正确使用方法再测上述Rx,其测量结果与原结果相比将_______(填“变大”、“变小”四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示电路中，电源电动势E＝12V，内阻r＝1Ω，电阻R1＝9Ω，R2＝5Ω，R3是一只滑动变阻器，其阻值变化范围为0～20Ω，求：（1）电流表的示数为0.4A，R3的阻值为多大；（2）电源的总功率最大值；14．（16分）一根长为L，横截面积为S的铜棒，两端电势差为U，铜棒的电阻为R，铜内自由电子密度为n．自由电子电荷量为e，求：（1）通过铜棒的电流I；（2）铜棒内的电场强度E；（3）自由电子定向移动的速率v．15．（12分）如图所示，AMB是一条长L=10m的绝缘水平轨道，固定在离水平地面高h=1.25m处，AB为端点，其中AM=7m，轨道AM部分有水平向右的匀强电场，轨道MB部分有水平向左的匀强电场，电场大小均为E=5×103N/C．一质量m=0.1kg、电荷量q=+1.4×10-4C的可视为质点的滑块在轨道上自A点静止释放，从B点离开电场，己知滑块与轨道间的动摩擦因数μ=0.2，忽略两电场的边缘效应，求滑块（1）从A点运动到M点所用的时间；（2）到达B点的速度；（3）落地点距B点的水平距离．

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】电容器两板间电压等于R2两端电压．当滑片P向左移动时，总电阻增大，则总电流减小，R2两端电压U减小，由E=U/d知电容器中的场强减小；电容器的电压减小，由Q=CU，知电容器放电，电荷量减小，故A正确，B错误；电容器的电容与U的变化无关，保持不变，故C错误；电容器中场强变小，则带电液滴所受电场力变小，使液滴向下运动，故D错误；故选A.2、D【解析】电流的定义，是根据比值定义法定义的，即电流不跟q成正比，也不与时间t成反比，故A错误；电流有方向，但是在计算的过程中使用代数的方法计算，不用平行四边形定则，所以电流强度这个物理量是标量，故B错误；正电荷的“定向”运动方向是电流方向，故C错误；电流强度的单位“安培”是国际单位制中的基本单位，故D正确．【名师点睛】该题考查电流的基本概念．容易出错的是有些学生会错误认为根据电流与q成正比与时间t成反比．3、D【解析】

AB.同步卫星轨道在赤道上空，不可能定点在北京，根据线速度公式可知，轨道半径为故离地高度小于，故AB错误；CD.卫星匀速圆周运动，速度大小不变，则动能不变，但速度方向时刻改变，则动量时刻改变，故C错误D正确。故选D。4、D【解析】

对物块从A到B应用动能定理有：解得：故D正确．5、C【解析】电场线的疏密代表场强的大小，故a点的电场强度比b点的电场强度大，故A错误；沿电场线方向电势逐渐降低，故a点的电势比b点的电势大，故B错误；因a点的电场强度比b点的电场强度大，由可知，正检验电荷在点受到的电场力比点的大故C正确；正电荷在电势高的点，其电势能越大，故D错误．故选C．6、A【解析】

由题意可知，采用人脸识别或输入正确的密码均可以解锁，故采用的是“或”关系。故A正确，BCD错误。故选A。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】

A项：铝是导体，仪表指针偏转时铝框随之转动，并切割磁感线产生感应电流，感应电流又会受到安培阻力，阻碍线圈的转动，故A错误；B项：连接后由于电磁效应动圈阻尼变得极大，运输时线圈不再容易摆动，可以防止指针打坏，故B正确；C项：变压器的铁芯是用相互绝缘的硅钢片叠成的，这样可以减小铁芯中的涡流，故C错误；D项：发电机的工作原理是电磁感应，而电动机是电流的磁效应，依靠电磁驱动的，故D正确。故应选BD。8、AD【解析】

A．当滑动变阻器的触头P向上滑动时，变阻器接入电路的电阻变小，外电路总电阻变小，干路电流变大，电源的总功率P=EI，E不变，则电源的总功率变大．选项A正确；C．当滑动变阻器的触头P向上滑动时，变阻器接入电路的电阻变小，外电路总电阻变小，干路电流变大，则灯L1变亮．选项C错误；D．当滑动变阻器的触头P向上滑动时，变阻器接入电路的电阻变小，电路中并联部分的电压U并减小，通过R1的电流减小，而干路电流增大，所以通过灯L2的电流变大，灯L2变亮．选项D正确；B．电容器的电压等于并联部分的电压，则其电压减小，电容器贮存的电量变小．故B错误．考点：电路的动态分析【点睛】本题考查了滑动变阻器的变阻原理、欧姆定律、串联电路的电压关系，按“局部→整体→局部”的思路进行分析．9、AD【解析】试题分析：力是矢量，力的合成与分解遵循平行四边形定则，与的合力相等，根据几何关系可知，两者夹角最大，与越大，故AD正确．考点：考查了力的合成10、BD【解析】试题分析：电场线的密的地方场强大，b点电场线密，所以b点场强大，故A错误．沿着电场线方向电势降低，a点电势高于b点电势，故B正确．若将一试探电荷+q由a点静止释放，将沿着在a点的场强方向运动，运动轨迹不是电场线，故C错误．若在d点再固定一点电荷－Q，将一试探电荷＋q由a移至b的过程中，原来的电场力和点电荷－Q对试探电荷＋q做功均为正，故电势能减小，选项D正确；故选BD．考点：电场线；电场力的功和电势能三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、2.50接b接a31.4【解析】

由图可得电压表量程为3V，最小精度0.1V，有效数字应该保留到0.01V，示数应为2.50V；被测量电阻属于小电阻，电流表应该外接，P点接b，题中要求电流表能从0开始变化，所以采取分压接法，Q点应接a，根据电阻定律,以及代入数据可得长度为31.4m综上所述本题答案是：(1).2.50(2).接b(3).接a(4).31.4【点睛】电压表的最小精度为0.1V，则有效数字应该保留到0.01V，利用电路结构并结合串并联关系求出待测电阻的阻值，然后求解电线的长度．12、红;5;变大;【解析】

欧姆表是电流表改装的，必须满足电流的方向“+”进“-”出，即回路中电流从标有“+”标志的红表笔进去，所以与A相连的表笔颜色是红色；

当两表笔短接（即Rx=0）时，电流表应调至满偏电流Ig，设此时欧姆表的内阻为R内此时有关系

Ig=ER内得：R内=EIg=5kΩ；

当指针指在刻度盘的正中央时I=Ig2，有12Ig=ER内+Rx，代入数据可得Rx=R四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）10/3Ω（2）14.4W【解析】

(1)由电路图得：U并=I2R2=0.4×5V=2V据闭合电路欧姆定律得：E=U并+I(R1+r)所以I=A=1A据分流规律得：I3=I−I2=1−0.4=0.6A所以R3=U并/I3=2/0.6Ω=10/3Ω(2)据P=IE得，要使P最大，必须使I最大，由闭合电路欧姆定律得R最小，所以R3的阻值为零时，其功率最大由闭合电路欧姆定律得：I′=A=1.2A所以Pmax=I′E=1.2A×12V=14.4W答：(1)电流表的示数为0.4A时,R3的阻值为10/3Ω；(2)电源的总功率最大值14.4W；【点睛】首先明确电阻R2和R3并联，再与R1串联，利用闭合电路的欧姆定律即可求解，利用P=IE分析即可求解电源最大功率。14、（1）（2）（3）【解析】（1）根据欧姆定律可以得到：通过铜棒的电流；（2）根据电势差与场强的关系可以得到：铜棒内的电场强度；（3）设铜导线中自由电子定向移动的速率为v，导线中自由电子从一端定向移到另一端所用时间