上海市同济中学2025届物理高二上期中质量检测试题含解析

上海市同济中学2025届物理高二上期中质量检测试题请考生注意：1．请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0．5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，、两物块置于绕竖直轴匀速转动的水平圆盘上，两物块始终相对圆盘静止，已知两物块的质量，运动半径，则下列关系一定正确的是（）A．角速度B．线速度C．向心加速度D．向心力2、下列说法中正确的是()A．在某电源的电路中，每通过2C的电荷量，电源提供的电能是4J，那么这个电源的电动势是0.5VB．电源电动势表征电源把其它形式能转化为电能的本领，与是否接外电路无关C．若电流元在磁场中某点不受安培力作用，则该点的磁感应强度为零D．磁场中某处磁感应强度的方向，与通电导线在该处所受磁场力的方向相同3、以下对电场强度几个公式的理解正确的是A．由E=F/q可知，电场强度E与电荷在电场中受到的力F成正比B．由E=U/d可知，电势差U越大处，电场强度E也越大C．在中，可看成是点电荷q2所产生的电场在q1位置处场强的大小D．由可知，在离点电荷很近很近的地方(r→0)，电场强度无穷大4、如图所示，用电流表和电压表测量电阻Rx的阻值，c端与b端相连时，电流表示数4.60mA，电压表示数2.50V，c端与a端相连时，电流表示数5.00mA，电压表示数2.30V，比较这两次结果正确的是A．电阻的真实值更接近543Ω，且大于543ΩB．电阻的真实值更接近543Ω，且小于543ΩC．电阻的真实值更接近460Ω，且大于460ΩD．电阻的真实值更接近460Ω，且小于460Ω5、如图，一段通电直导线处于足够大的匀强磁场中，与磁感线成一定夹角。为了增大直导线所受的安培力，可采取的方法是（）A．减小直导线中的电流 B．减小磁场的磁感应强度C．使导线与磁场方向平行 D．使导线与磁场方向垂直6、如图所示，A、B是一条磁感线上的两点,下列关于这两点的磁场强弱判断正确的是(

)A．A点磁场比B点磁场强B．B点磁场比A点磁场强C．因为磁感线为直线，A、B两点磁场一样强D．条件不足,无法判断二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图，电路中定值电阻阻值R大于电源内阻r，开关K闭合，将滑动变阻器滑片向下滑动，理想电压表V1、V2、V3的示数变化量的绝对值分别为ΔU1、ΔU2、ΔU3，理想电流表示数变化量的绝对值为ΔI，正确的是A．V2的示数增大B．电源输出功率在增大C．ΔU3＞ΔU1＞ΔU2D．ΔU3与ΔI的比值在减小8、一小灯泡通电后其电流I随所加电压U变化的图线如图所示，P为图线上的一点，PN为图线的切线，PQ为U轴的垂线，PM为I轴的垂线，则下列说法中正确的是（）A．随着所加电压的增大，小灯泡的电阻增大B．随着所加电压的增大，小灯泡的电阻减小C．对应P点，小灯泡的电阻为D．对应P点，小灯泡的电阻为9、如图所示，导线框abcd与固定直导线AB在同一平面内，直导线AB中通有恒定电流I，当线框由图示位置向右匀速运动的过程中（）A．线圈中的感应电流方向是abcda B．线圈中的感应电流方向是dcbadC．线圈中的感应电流大小逐渐减小 D．线圈中的感应电流大小不变10、如图所示，虚线a、b、c代表静电场中的三个等势面,它们的电势分别为φa、φb和φc，φa>φb>φc．一带正电的粒子射入电场中，其运动轨迹如图中实线KLMN所示．由图可知（）A．粒子从K到L的过程中，电场力做正功B．粒子从L到M的过程中，电场力做负功C．粒子从K到L的过程中，电势能增加D．粒子从L到M的过程中，动能增加三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）某同学想设计一个粗测金属棒电阻率的实验方案，实验室提供的器材有：螺旋测微器，游标卡尺，万用电表（1）如图1，用螺旋测微器测金属棒直径为______mm；如图2用20分度游标卡尺测金属棒长度为___mm．(2)用多用电表粗测金属棒的阻值：当用“×10Ω”挡时发现指针偏转角度过大，他应该换用______挡（填“×1Ω”或“×100Ω”），换挡并进行一系列正确操作后，指针静止时如图3所示，则金属棒的阻值约为_____Ω12．（12分）在测量金属丝电阻率的试验中，可供选用的器材如下：待测金属丝：（阻值约，额定电流约）；电压表：（量程，内阻约）；电流表：（量程，内阻约）；（量程，内阻约）；电源：（电动势3V，内阻不计）（电动势12V，内阻不计）滑动变阻器：（最大阻值约）螺旋测微器；毫米刻度尺；开关S；导线．①用螺旋测微器测量金属丝的直径，示数如图所示，读数为_________mm．②若滑动变阻器采用限流接法，为使测量尽量精确，电流表应选___、电源应选__（均填器材代号），在虚线框中（间答题卡）完成电路原理图____．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）一颗人造卫星靠近某行星表面做匀速圆周运动，经过时间t，卫星运行的路程为s，运动半径转过的角度为1rad，引力常量设为G，求：（1）卫星运行的周期；（2）该行星的质量．14．（16分）如图甲所示，一边长L＝2.5m、质量m＝0.5kg的正方形金属线框，放在光滑绝缘的水平面上，整个装置放在方向竖直向上、磁感应强度B＝0.8T的匀强磁场中，它的一边与磁场的边界MN重合，在水平力F作用下由静止开始向左运动，经过5s线框被拉出磁场，测得金属线框中的电流随时间变化的图象如图乙所示．在金属线框被拉出的过程中(1)求通过线框截面的电荷量及线框的电阻；(2)写出水平力F随时间变化的表达式；(3)已知在这5s内力F做功1.92J，那么在此过程中，线框产生的焦耳热是多少？15．（12分）如图所示，连接在电路中的电阻大小分别为R1=R2=6Ω,R3=R4=2Ω,电容器的电容为30μF（1）电路稳定后电流表的示数；（2）电路稳定后电容器两端的电压；（3）在断开电源时通过R1

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】

A.两物块相对于圆盘静止，它们做圆周运动的角速度相等，则，故选项A不合题意．B.物块的线速度，由于相等，，则，故选项B不合题意．C.向心加速度，相同，，则，故选项C符合题意．D.向心力，相等，，，不能确定两物块向心力大小，故选项D不合题意．2、B【解析】

A．根据可知，在某电源的电路中，每通过2C的电荷量，电源提供的电能是4J，那么这个电源的电动势是2V，选项A错误；B．电源电动势表征电源把其它形式能转化为电能的本领，与是否接外电路无关，选项B正确；C．若电流元在磁场中某点不受安培力作用，可能是电流与磁场平行，该点的磁感应强度不一定为零，选项C错误；D．磁场中某处磁感应强度的方向，与通电导线在该处所受磁场力的方向垂直，选项D错误。3、C【解析】电场强度E由电场本身的性质决定，与电荷在电场中受到的力F无关．故A错误；由可知，若d不变，则两板电势差U越大时板内电场强度E越强，若d不确定，U越大时板内场强E不一定越大，故B错误；根据点电荷场强公式：，Q是场源电荷，可知，在公式中，将q2看成场源电荷，则是q1所在位置的电场强度的大小，故C正确；公式适用与点电荷，在离点电荷很近很近的地方（r→0），公式的条件不成立，故D错误；故选C.点睛：电场这一章中公式较多，要准确理解各个公式的适用条件，知道公式中各个量的含义，要注意涉及能的公式，比如E=qφ往往要代入符号进行计算和分析．4、B【解析】

两次测量电流表分压的变化：电压表分流示数变化：即电流表分压的变化较小，所以采用电流表内接，测量的更接近真实值，且测量值大于真实值。所以电流表内接法所测电阻：故ACD错误，B正确。故选B。5、D【解析】

AB．根据F=BILsinα（α为导线与磁场方向的夹角）可知为了增大直导线所受的安培力，可增加直导线中的电流I或者增加磁场的磁感应强度B，选项AB错误；CD．根据F=BILsinα（α为导线与磁场方向的夹角）可知为了增大直导线所受的安培力，可让导线与磁场方向垂直，即α=90°，则选项C错误，D正确。6、D【解析】磁场线的疏密程度表示磁场强弱，现一条磁感线无法比较，D正确．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】

理想电压表内阻无穷大，相当于断路．理想电流表内阻为零，相当短路，所以R与变阻器串联，电压表分别测量R、路端电压和变阻器两端的电压．当滑动变阻器滑片向下滑动时，接入电路的电阻减小，电路中电流增大．A.根据闭合电路欧姆定律得：的示数I增大，减小，故A错误；B.电路中定值电阻阻值R大于电源内阻r，外电阻减小，电源输出功率在增大，故B正确；D.由闭合欧姆定律得：解得所以不变，故D错误；C.由闭合欧姆定律得：又定值电阻阻值R大于电源内阻阻值r，则，故C正确．8、AD【解析】

AB.根据电阻的定义，电阻等于图线上的点与原点连线斜率的倒数，图线上的点与原点连线的斜率逐渐减小，说明电阻逐渐增大，故A正确，B错误；CD.对应P点，由图可知，小灯泡两端的电压是U1，流过小灯泡的电流是I2，所以电阻，故C错误，D正确。9、BC【解析】

AB．由安培定则可知，载有恒定电流的直导线产生的磁场在线框处的方向为垂直纸面向里，并且离导线越远磁感应强度越小，故当沿图示方向移动线框时，穿过线框平面的磁通量减小，根据楞次定律可知电流为顺时针dcbad，故A错误，B正确；CD．离通电导线越远，磁场越弱，由于线框匀速运动，故磁通量变化率变化率越来越小，线框中产生的感应电动势越小，感应电流就变小，故C正确，D错误。故选BC。10、CD【解析】试题分析：A、根据，粒子从K到L的过程中，电势能增加，故电场力做负功；A错误B、根据，粒子从K到L的过程中，电势能减小，故电场力做正功；B错误C、根据，粒子从K到L的过程中，电势能增加；C正确D、粒子从L到M的过程中，电场力做正功，故动能增加；D正确故选CD考点：电势能点评：本题根据得到电势能的变化情况，最后确定电场力的做功情况．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、6.126mm；10.230cm；×1Ω；10Ω【解析】

(1)螺旋测微器固度刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器示数；游标卡尺主尺与游标尺示数之和是游标卡尺示数，(2)由欧姆表测电阻要选择合适的挡位使指针指在中央刻度线附近；欧姆表指针示数与挡位的乘积是欧姆表示数。【详解】(1)由图示螺旋测微器可知，其示数为：6mm+12.6×0.01mm=6.126mm，由图示游标卡尺可知，其示数为：102mm+6×0.05mm=102.30mm=10.230cm；(2)用欧姆表“×10Ω”挡时发现指针偏转角度过大，说明所选挡位太大，应该换用×1Ω挡，挡并进行一系列正确操作，由图3所示可知，则金属棒的阻约为10×1Ω=10Ω。【点睛】螺旋测微器固度刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器示数；游标卡尺主尺与游标尺示数之和是游标卡尺示数，螺旋测微器需要估读，游标卡尺不需要估读。12、1.773A1E1【解析】

(1)由图示螺旋测微器可知，其示数为：1．5mm+4．5×3．31mm=1．775mm；(4)电阻丝的额定电流约为3．5A，电流表应选A1；电阻丝的额定电压约为U=IR=3．5×5=4．5V，电源应选E1；(3)待测金属丝电阻约为5Ω，电压表内阻约为3kΩ，电流表内阻约为3．4Ω，相对来说电压表内阻远大于待测金属丝的电阻，电流表应采用外接法，由题意可知，滑动变阻器采用限流接法，实验电路图如图所示：四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)2πt(2)【解析】

(1)卫星的角速度ω＝＝rad/s周期T＝＝2πt(2)设行星的质量为M，半径为R，则有R＝＝s由牛顿第二定律得＝mω2R解得M＝.14、(1)1.25C4Ω(2)F＝(0.2t＋0.1)N(3)1.67J【解析】

(1)根据，I­t图象的面积等于电量，则由图像得：q＝1.25C又根据，得R＝4Ω.(2)由电流图象可知，感应电流随时间变化的规律：I＝0.1t(A)由感应电流，可得金属线框的速度随时间也是线性变化的，v＝＝0.2t(m/s)线框做匀加速直线运动，加速度a＝0.2m/s2线框在外力F和安培力FA作用下做匀加速直线运动，F-FA＝ma所以水平力F随时间变化的表达式为F＝(0.2t＋0.1)N.(3)当t＝5s时，线框从