统考版2025届高考物理二轮复习30分钟许提分练8+2实验三含解析

PAGE7-30分钟小卷提分练(8＋2试验)(三)一、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分．在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．14．以下几个原子核反应中，X代表α粒子的反应式是()A.eq\o\al(4,2)He＋eq\o\al(9,4)Be→eq\o\al(12,6)C＋XB.eq\o\al(234,90)Th→eq\o\al(234,91)Pa＋XC.eq\o\al(2,1)H＋eq\o\al(3,1)H→eq\o\al(1,0)n＋XD.eq\o\al(30,15)P→eq\o\al(30,14)Si＋X15.如图所示，圆a和椭圆b是位于地球赤道平面内的卫星轨道，其中圆a是地球同步轨道．现在有A、B两颗卫星分别在a、b轨道上运行，但运行方向与地球自转方向相反，已知A、B的运行周期分别为T1、T2，地球自转周期为T0，P为轨道b的近地点．则下列说法正确的是()A．卫星A是地球同步卫星B．卫星B在P点时动能最小C．T0＝T1D．T1<T216．如图甲所示，先后用不同的沟通电源给同一盏灯泡供电．第一次灯泡两端的电压随时间按正弦规律改变，如图乙所示；其次次灯泡两端的电压改变规律如图丙所示．若图乙、丙中的U0、T所表示的电压、周期值是相等的，则以下说法正确的是()甲A．第一次灯泡两端的电压有效值是U0B．其次次灯泡两端的电压有效值是eq\f(3,2)U0C．第一次和其次次灯泡的电功率之比是2：9D．第一次和其次次灯泡的电功率之比是1：517.如图所示，光滑斜面固定在水平面上，顶端O有一小球，小球从静止释放沿斜面运动究竟端B的时间是t1.若给小球不同的水平初速度，使小球分别落到斜面上的A点，经过的时间是t2；落到斜面底端B点，经过的时间是t3；落到水平面上的C点，经过的时间是t4，则(空气阻力不计)()A．t1<t2B．t4<t1C．t3<t4D．t3<t218.t＝0时，甲、乙两车同时同向行驶，其位移－时间图象分别为图中直线甲和曲线乙．已知乙车的加速度恒定，且大小为4m/s2，t＝3s时，直线甲和曲线乙刚好相切，且两车相遇，则t＝0时甲车和乙车的距离为()A．16mB．18mC．20mD．22m19.静止在粗糙水平面上的物块在水平向右的拉力作用下做直线运动，t＝4s时停下，其v­t图象如图所示，已知物块与水平面间的动摩擦因数到处相同，则下列推断正确的是()A．整个过程中拉力做的功等于物块克服摩擦力做的功B．整个过程中拉力做的功等于零C．t＝2s时刻拉力的瞬时功率在整个过程中最大D．t＝1s到t＝3s这段时间内拉力做正功20．如图甲所示，绝缘的水平桌面上放置一金属圆环，在圆环的正上方放置一个螺线管，在螺线管中通入如图乙所示的电流，规定电流从螺线管a端流入为正．以下说法正确的是()A．从上往下看，0～1s内圆环内的感应电流沿顺时针方向B．0～1s内圆环对桌面的压力小于圆环的重力C．0～1s内圆环面积有扩张的趋势D．1～2s内和2～3s内圆环中的感应电流方向相同21.如图所示，平行金属板A、B在真空中水平正对放置，两极板的间距为d，分别带等量异种电荷．质量为m、电荷量为q的带负电的油滴以速度v0从A极板的左边缘入电场，沿直线从B极板的右边缘射出，重力加速度为g.则()A．油滴的动量不变B．油滴的电势能削减了mgdC．两极板的电势差UAB＝eq\f(mgd,q)D．A板的电势低于B板的电势二、非选择题：第22～23题为必考题，共15分．每个试题考生都必需作答．22．(5分)如图甲所示，装有两个光电门的木板固定在水平桌面上，带有窄遮光片(宽度为d)的滑块被一端固定的弹簧经压缩后弹开，依次经过两光电门．每次试验中，滑块运动到光电门A前已脱离弹簧．光电门有两种计时功能，既可以记录遮光片到达两光电门的时间差t，又可以分别记录在两光电门处的遮光时间ΔtA和ΔtB.已知重力加速度为g.(1)试验中测出A、B两光电门间距为x，滑块通过两光电门时的挡光时间分别为ΔtA、ΔtB，则滑块与木板间的动摩擦因数的表达式为μ＝________(选用d、t、ΔtA或ΔtB及相关常量表示)．(2)将光电门A固定，调整光电门B的位置，每次都使物块将弹簧压到同一位置O后由静止释放，记录各次试验中的t值，并测量A、B的间距x，作出eq\f(x,t)­t图象如图乙所示．则滑块与木板间的动摩擦因数为μ＝________(重力加速度g取9.8m/s2，结果保留两位有效数字)．23．(10分)[2024·四川乐山一诊]某试验小组为了解决伏安法测电阻中电表带来的系统误差问题，设计了如图甲所示的电路．试验器材如下：A．直流电源(电动势为4V，内阻0.5Ω)；B．电流表A(量程0.6A，内阻未知)；C．电压表V(量程3V，内阻约2kΩ)；D．待测电阻Rx约10Ω；E．定值电阻R0＝5Ω；F．滑动变阻器R1(阻值范围为0～5Ω)；G．滑动变阻器R2(阻值范围为0～100Ω)；H．单刀单掷开关S1；J．单刀双掷开关S2；I．导线若干．(1)依据电路图连接实物图乙．乙(2)滑动变阻器应选________(选填器材前的字母序号)，闭合S1前，滑片P应当滑到________端(选填“左端”或“右端”)．(3)闭合S1，当S2接a时，电压表示数为U1，电流表示数为I1，当S2接b时，电压表示数为U2，电流表示数为I2，则待测电阻的精确值为Rx＝________(用本题中的物理符号表示).30分钟小卷提分练(8＋2试验)(三)14．答案：C解析：依据核反应前后质量数守恒和核电荷数守恒，C反应式中X的核电荷数为2，质量数为4，是α粒子，选项C正确；选项A是发觉中子的核反应方程，X为eq\o\al(1,0)n；选项B是eq\o\al(239,90)Th的衰变方程，X是eq\o\al(0,－1)e；选项D是eq\o\al(30,15)P的衰变方程，X是eq\o\al(0,1)e.15．答案：C解析：圆a是地球同步轨道，但卫星A的运行方向与地球自转方向相反，所以不是地球同步卫星，A项错误；卫星B在椭圆轨道上，在近地点P时速度最大，动能最大，B项错误；依据万有引力供应向心力，可得Geq\f(Mm,r2)＝meq\f(4π2,T2)r，得出周期T＝eq\r(\f(4π2r3,GM))，可知因卫星A与地球同步卫星距离地面高度相等，所以周期相同，C项正确；依据开普勒第三定律eq\f(a3,T2)＝k(常数)，卫星A的轨道半径大于卫星B的轨道半长轴，所以T1>T2，D项错误．16．答案：D解析：第一次所加正弦沟通电压的的有效值为U1＝eq\f(\r(2),2)U0，A项错误；设其次次所加沟通电压的有效值为U2，则依据有效值的含义有eq\f(U\o\al(2,2),R)T＝eq\f(2U02,R)·eq\f(T,2)＋eq\f(U\o\al(2,0),R)·eq\f(T,2)，解得U2＝eq\f(\r(10),2)U0，B项错误；依据电功率的定义式P＝eq\f(U2,R)可知，P1︰P2＝1︰5，C项错误、D项正确．17．答案：B解析：小球做平抛运动时，竖直方向有h＝eq\f(1,2)gt2，因此下落高度大的经过的时间长，所以有t4＝t3>t2，故C、D错误；小球沿斜面下滑时：l＝eq\f(1,2)at2，由于a<g，l>h，所以沿斜面下滑的时间是最长的，则t4<t1,故A错误，B正确．18．答案：B解析：由题图可知，甲车的速度为v1＝eq\f(Δx,Δt)＝eq\f(16－4,3)m/s＝4m/s，t＝3s时，直线甲和曲线乙刚好相切，即此时乙车的速度v2＝4m/s，由题图可知乙车做匀减速直线运动，即a＝－4m/s2，设乙车的初速度为v0，由v2＝v0＋at，得v0＝16m/s，由题图可知甲车的位移为x1＝12m，乙车的位移为x2＝eq\f(v0＋v2,2)t＝eq\f(16＋4,2)×3m＝30m，t＝3s时，甲车和乙车到达同一位置，则Δx＝x2－x1＝18m，故选B.19．答案：AD解析：对物块运动的全过程由动能定理可知：WF－Wf＝0即WF＝Wf，故A正确，B错误；由图象可知，物块在0～1s内做匀加速直线运动，拉力大于摩擦力，在1s末时刻，P＝Fv0>Ffv0,1～3s内做匀速运动，拉力等于摩擦力，P′＝Fv0＝Ffv0，P>P′，故C错误；在t＝1s到t＝3s这段时间内拉力的方向与位移的方向相同，拉力做正功，故D正确．20．答案：AD解析：0～1s内电流沿正方向增大，依据右手螺旋定则可知，磁通量向上且增加，依据楞次定律可知，从上往下看，圆环中的感应电流沿顺时针方向，选项A正确；0～1s内电流沿正方向增大，依据楞次定律，圆环与螺线管间的作用力为斥力，圆环对桌面的压力大于圆环的重力，圆环面积有缩小的趋势，选项B、C错误；1～2s内电流沿正方向减小，2～3s内电流沿反方向增大，依据楞次定律，1～2s内和2～3s内圆环中感应电流的磁场方向相同，感应电流方向相同，选项D正确．21．答案：AC解析：油滴在电场中受到重力和电场力，而做直线运动，电场力与重力必定平衡做匀速直线运动，油滴的速度不变，因为动量p＝mv，所以油滴的动量不变，故A正确；重力做功mgd，油滴的重力势能减小，动能不变，依据能量守恒定律得知，油滴的电势能增加了mgd，机械能减小了mgd，故B错误；由上可知油滴的电势能增加量ΔEp＝mgd，又ΔEp＝qU，得到两极板的电势差U＝eq\f(mgd,q)，故C正确；由题可推断出电场力方向竖直向上，油滴带负电，电场强度方向竖直向下，A板的电势高于B板的电势，故D错误．22．答案：(1)eq\f(\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(d,ΔtA)))2－\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(d,ΔtB)))2,2gx)或eq\f(d,gt)eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,ΔtA)－\f(1,ΔtB)))(3分)(2)0.41(2分)解析：(1)由于d很小，故vA＝eq\f(d,ΔtA)，vB＝eq\f(d,ΔtB)；由veq\o\al(2,A)－veq\o\al(2,B)＝2μgx得：μ＝eq\f(\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(d,ΔtA)))2－\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(d,ΔtB)))2,2gx)(2)由x＝vAt－eq\f(1,2)μgt2得：eq\f(x,t)＝vA－eq\f(1,2)μgt，故eq\f(x,t)­t图象中的直线的斜率k＝－eq\f(1,2)μg；由乙图知k＝－2.0，可得：μ＝－eq\f(2k,g)＝0.41.23．答案：(1)见解析图(6分)(2)F(1分)左端(1分)(3)eq\f(U1,I1)－eq\f(U2,I2)(2分)解析