2025届湖南省长沙市宁乡一中物理高二上期中教学质量检测模拟试题含解析

2025届湖南省长沙市宁乡一中物理高二上期中教学质量检测模拟试题请考生注意：1．请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0．5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、关于通电直导线周围磁场的磁感线分布，下列示意图中正确的是（）A． B． C． D．2、空间有p、q两个点电荷相距r且仅在相互间的库仑力作用下从静止开始运动，开始时p的加速度为4a，经过一段时间后，p的加速度为a，则这时p、q两个点电荷间距离的大小为A．4rB．r/4C．2rD．r/23、下列说法中错误的是：A．安培分子电流假说认为磁体的磁场是由运动电荷产生的B．电流元在空间中某处不受安培力作用，则此处一定无磁场C．安培力和洛仑兹力的方向一定与磁场方向垂直D．通电直导线与磁场方向间的夹角从300变至600过程中，安培力方向一直不变4、下列关于摩擦起电的原因，正确的说法是（）A．摩擦后产生了新的电荷B．电子和正电荷同时按相反方向转移C．电子从一个物体转移到另一个物体D．正电荷从一个物体转移到另一个物体5、下列物理量中哪些与试探电荷无关（）A．电场力做功B．电场强度C．电势能D．电场力6、探测器绕地球做匀速圆周运动，变轨后在周期较小的轨道上仍做匀速圆周运劫，则变轨后与变轨前相比A．轨道半径变大B．向心加速度变小C．线速度变小D．角速度变大二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、下面是某同学对一些公式的理解，其中正确的是()A．电源电动势可知，非静电力做功越多，电源电动势也就越大B．由可知，电场中某点的电场强度与场源电荷所带电荷量有关C．从可知，导体中的电流跟加在它两端的电压成正比，跟它的电阻成反比D．由可知，电容器的电容与其所带电荷量成正比，与两极板间的电压成反比8、一根粗细均匀的金属导线，在其两端加上电压U0时，通过导线的电流为I0，导线中自由电子定向移动的平均速率为v，若将导线均匀拉长，使它的横截面半径变为原来的12，再给它两端加上电压2U0，则(A．通过导线的电流为IB．通过导线的电流为IC．导线中自由电子定向移动的速率为vD．导线中自由电子定向移动的速率为v9、如图所示，在轴上有两个波源，分别位于和处，振幅均为A=2cm，由它们产生的两列简谐横波分别沿轴正方向和负方向传播，波速均为=0.4m/s，图示为时刻两列波的图象(传播方向如图所示)，此刻平衡位置处于和的P、Q两质点，刚开始振动，质点M的平衡位置处于处，关于各质点运动情况判断正确的是A．质点P、Q都首先沿轴负方向运动B．时刻，质点M相对平衡位置的位移为-2cmC．经过ls后，M点的振幅为4cmD．经过1.5s后，P点的振幅为4cm10、古时候有“守株待兔”的寓言．假设兔子的质量为2kg，以15m/s的速度奔跑，撞树后反弹的速度为1m/s，取兔子初速度方向为正方向，则A．兔子撞树前的动量大小为30kg·m/sB．兔子撞树过程中的动量变化量为28kg·m/sC．兔子撞树过程中的动量变化的方向与兔子撞树前的速度方向相同D．兔子受到撞击力的冲量大小为32N·s三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）测定电源的电动势和内电阻的实验电路和U-I图像如下:（1）闭合开关前为防止电表过载滑动变阻器的滑动头P应放在_____处（2）现备有以下器材：A.干电池1个B.滑动变阻器（0~50Ω）C.滑动变阻器（0~1750Ω）D.电压表（0~3V）E.电压表（0~15V）F.电流表（0~0.6A）G.电流表（0~3A）其中滑动变阻器应选_____，电流表应选____，电压表应选_____．(填字母代号)（3）由U-I图像．由此可知这个干电池的电动势E=_______V，内电阻r=______Ω．（4）由于电压表的分流作用使本实验电路存在系统误差，导致E测___E真，，r测____r真(填“>”“<”或“=”)12．（12分）在“测定金属的电阻率”的实验中，（1）某同学用螺旋测微器测金属丝直径时，测得结果如图1所示，则该金属丝的直径为mm．（2）用量程为3V的电压表和量程为0.6A的电流表测金属丝的电压和电流时读数如图2所示，则电压表的读数为V，电流表的读数为A．（3）用米尺测量金属丝的长度L=0.810m．利用以上测量数据，可得这种材料的电阻率为Ω•m（保留二位有效数字）．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，在与水平方向成60°的光滑金属导轨间连一电源,电源的电动势E=9V内阻为r=0.5Ω，在相距1m的平行导轨上放一重力为3N电阻值为2.5Ω的金属棒ab，金属棒ab与导轨垂直．磁场方向竖直向上，这时棒恰好静止．求：（1）匀强磁场的磁感应强度B；（2）ab棒对导轨的压力．14．（16分）如图所示，在半径为的圆形区域内有水平向里的匀强磁场，磁感应强度B，圆形区域右侧有一竖直感光板，从圆弧顶点P以速率的带正电粒子平行于纸面进入磁场，已知粒子的质量为m，电量为q，粒子重力不计．（1）若粒子对准圆心射入，求它在磁场中运动的时间；（2）若粒子对准圆心射入，且速率为，求它打到感光板上时速度的垂直分量.15．（12分）如图所示，一颗卫星在近地轨道1上绕地球做匀速圆周运动，轨道1的半径可近似等于地球半径，卫星运动到轨道1上A点时进行变轨，进入椭圆轨道2，其远地点B离地面的距离为地球半径的2倍，已知地球的密度为ρ，引力常量为G，求：（1）卫星在轨道1上做圆周运动的周期；（2）卫星在轨道2上从A点运动到B点所用的时间．

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】试题分析：通电导线周围的磁场方向，由右手螺旋定则来确定．解：A、伸开右手，大拇指方向为电流方向，则四指环绕方向为逆时针．故A正确；B、伸开右手，大拇指方向为电流方向，则四指环绕方向为逆时针．而图为顺时针，故B错误；C、直导线周围的磁感线应该是一系列的同心圆，故C错误；D、直导线周围的磁感线应该是一系列的同心圆，故D错误；故选A点评：右手螺旋定则也叫安培定则，当直导线时，右手大拇指方向为电流的方向，四指环绕方向为磁场方向；当环形导线时，四指环绕方向为电流方向，右手大拇指方向为环内的磁场方向．2、C【解析】

点电荷只受库仑力作用；刚开始kQ经过一段时间后kQ则解得：r'=2r，故C对；ABD故选C3、B【解析】试题分析：安培分子电流假说认为磁体的磁场是由运动电荷产生的，安培分子电流假说很好的解释了磁现象，故A正确；电流元在空间中某处不受安培力作用，则该位置的磁感应强度不一定为零，还与导体与磁场夹角有关，故B错误；安培力与洛伦兹力的方向均由左手定则来确定，它们都与磁场及电流或速度方向所构成的平面垂直，故C正确；安培力的方向均由左手定则来确定，与磁场及电流方向所构成的平面垂直，当电流与磁场方向间的夹角发生化时，安培力的方向不变，故D正确.本题选错误的，故选B.4、C【解析】

摩擦起电过程中，电子从一个物体转移到另一个物体，失去电子的物体带正电，得到电子的物体带负电，在摩擦起电过程中没有产生新电荷，只是电子发生转移；，故C正确，ABD错误．故选C．5、B【解析】电场强度是描述电场的性质的物理量，是由电场本身决定的，与试探电荷无关．故B正确；电场力的功W=UABq可知电场力的功与电场有关，又与试探电荷有关，故A错误；电荷的电势能为：EP=qφ，电势能既与电场有关，也与试探电荷的电量及电性有关．故C错误．电场力为F=qE，可知电场力既与电场有关，又与试探电荷有关，故D错误；故选B.点睛：对于电场强度和电势，关键要理解并掌握其物理意义，知道它们都是由电场本身决定的，与试探电荷无关．6、D【解析】根据万有引力提供向心力，所以，T变小，r变小，故A错误．根据万有引力提供向心力，得，r变小，a增大，故B错误．根据万有引力提供向心力，得，r变小，v增大，故C错误．根据万有引力提供向心力，得，r变小，ω增大，故D正确．故选D．点睛：本题要先根据万有引力提供向心力列式即可得到线速度、角速度、周期、向心加速度与轨道半径的关系；根据周期变小，先得到轨道半径的变化，再得出其它量的变化．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】

A．电源电动势可知，非静电力对单位正电荷做功越多，电源电动势也就越大，选项A错误；B．由可知，电场中某点的电场强度与场源电荷所带电荷量有关，选项B正确；C．从可知，导体中的电流跟加在它两端的电压成正比，跟它的电阻成反比，选项C正确；D．电容器的电容有电容器本身决定，与极板所带电荷量无关，与极板间电势差也无关。故D错误；8、AD【解析】

AB.将金属导线均匀拉长，因半径变为原来的一半，则横截面积变为原来的14，其长度变为原来的4倍，根据电阻定律R=ρLS分析可知，电阻变为原来的16倍，又电压变为2U0，根据欧姆定律I=UR可知，电流变为ICD.根据电流的微观表达式I=nevS，其中n、e不变，电流变为原来的18，横截面积变为原来的14，则自由电子定向移动的平均速率变为v2，C9、AC【解析】

由波的传播方向结合上下坡的方法可确定质点的振动方向质点P、Q均沿y轴负方向运动.故A正确；根据解得，根据波的传播可知时刻，两波的波谷恰好传到质点M,所以位移为-4cm，故B错误；由于M点到两个波源的距离相等，所以M点是个振动加强点，所以M点的振幅为4cm，故C正确，因为P点到两个波源的距离符合半个波长的奇数倍，所以P点是个减弱点，根据叠加原理可知此时P的振幅为0，故D错误；故选AC10、AD【解析】

兔子撞树前的动量大小：P=mv=2×15=30kg•m/s，故A正确；以撞树前兔子的速度方向为正方向，兔子撞树后的动量：P′=mv′=2×（-1）=-2kg•m/s，兔子撞树过程动量变化量：△P=P′-P=-2-30=-32kg•m/s，故B错误；兔子撞树过程中的动量变化的方向与兔子撞树前的速度方向相反，故C错误；由动量定理得：I=△P=-32N•s，则：兔子受到撞击力的冲量大小为32N•s，故D正确；故选AD。【点睛】本题考查动量定理的直接应用，同于表达式中有多个矢量，故应注意设定正方向，并明确各量的方向.三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、aBDF1.50.75<<【解析】

（1）[1]闭合开关之前滑动变阻器的滑动头P应放在最大值位置处，即a处．（2）[2]滑动变阻器起控制电流的作用，而电源电动势大约1.5V，电路中电流较小，故为了便用调节，滑动变阻器选取B．[3]电源电动势大约1.5V，因此电压表选择量程为3V的比较合适，故电压表选择D，[4]由图可知，电路中的电流较小，因此电流表选择F．（3）[5]在U-I图象中图象与纵坐标的交点等于电源的电动势，所以由图可以读出电源的电动势为1.5V；[6]图象中的斜率表示电源的内阻，则有：Ω（4）[7][8]由图所示电路图可知，相对于电源来说，电流表采用外接法，由于电压表分流，电流测量值小于真实值，当外电路短路时，电流测量值等于真实值，电源的U-I图象如图所示：电源的U-I图象与纵轴交点坐标值是电源电动势，图象斜率的绝对值是电源内阻，由图象可知，电源电动势的测量值小于真实值，电源内阻测量值小于真实值．12、（1）2.935；（2）2.60，0.52；（3）4.2×10﹣5Ω•m【解析】解：（1）螺旋测微器的读数为：d=2.5mm+43.5×0.01mm=2.935mm；（2）因电压表的每小格读数为0.1V，所以应估读到0.01V，所以电压表的读数为：U=2.60V；同理，电流表的每小格读数为0.02A，应估读到0.01A，所以电流表的读数为：I=0.52A．（3）根据R=得：带入数据得：ρ=4.2×10﹣5Ω•m故答案为：（1）2.935；（2）2.60，0.52；（3）4.2×10﹣5Ω•m【点评】考查电阻定律的应用，掌握螺旋测微器及电流表或电压表的读数方法．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）（2）6N【解析】先将原图改画为侧视图，对导体棒受力分析，如图所示，导体棒恰好能静止，应有Nx=F安，Ny=G因为tan60°=所以F安=tan60°，Ny=G又F安=BIL，所以B=N==牛三：，方向垂直斜面向下．点睛：本题是通电导体在磁场中平衡问题，关