福建省重点中学2025届物理高二第一学期期中复习检测试题含解析

福建省重点中学2025届物理高二第一学期期中复习检测试题请考生注意：1．请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0．5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、一根长为L，横截面积为S的金属棒，棒内单位体积自由电子数为n，电子的质量为m，电荷量为e。在棒两端加上恒定的电压时，棒内产生电流I，则自由电子定向运动的平均速率为A．neSLm B． C． D．2、一个不稳定的原子核质量为M，处于静止状态。放出一个质量为m的粒子后反冲，已知放出的粒子的动能为E0，则原子核反冲的动能为（）A．E0 B． C． D．3、关于点电荷、元电荷、检验电荷，下列说法正确的是()A．点电荷所带电荷量一定是元电荷电荷量的整数倍B．点电荷所带电荷量一定很小C．元电荷实际上是指电子和质子本身D．点电荷、元电荷、检验电荷是同一种物理模型4、如图所示，轻质弹簧一端固定在天花板上，另一端栓接条形磁铁，一个铜盘放在条形磁铁的正下方的绝缘水平桌面上，控制磁铁使弹簧处于原长，然后由静止释放磁铁，不计磁铁与弹簧之间的磁力作用，且磁铁运动过程中未与铜盘接触，下列说法中正确的是A．磁铁所受弹力与重力等大反向时，磁铁的加速度为零B．磁铁下降过程中，俯视铜盘，铜盘中产生顺时针方向的涡旋电流C．磁铁从静止释放到第一次运动到最低点的过程中，磁铁减少的重力势能等于弹簧弹性势能D．磁铁从静止释放到最终静止的过程中，磁铁减少的重力势能大于铜盘产生的焦耳热5、把一根柔软的螺旋形弹簧竖直悬挂起来，使它下端刚好跟杯中的水银面接触，并使它组成如图所示的电路，当开关接通后将看到的现象是（）A．弹簧向上收缩 B．弹簧被拉长C．弹簧上下跳动 D．弹簧仍静止不动6、如图1所示，M、N是某电场中的一条电场线，若M点放置一初速度为零的质子，质子仅在电场力的作用下，由M运动到N的过程中的v—t图象如图2，则关于M、N两点的电势和电场强度的判断中正确的是（）A．B．C．D．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，甲是某电场中的一条电场线，A、B是这条电场线上的两点，若将一负电荷从A点自由释放，负电荷沿电场线从A到B运动过程中的速度图线如图乙所示，比较A、B两点电势φ的高低和场强E的大小，可得()A．φA>φB B．φA<φB C．EA>EB D．EA＝EB8、如图所示，电源电动势E＝6V，小灯泡L的规格为“4V0.8W”，开关S接1，当滑动变阻器调到R＝8Ω时，小灯泡L正常发光，现将开关S接2，小灯泡L和电动机M均正常工作．则A．电源的输出功率为1.12WB．电动机的内阻为8ΩC．电动机正常工作电压为1.6VD．电源内阻为1Ω9、如图为一种服务型机器人，其额定功率为48W，额定工作电压为24V，机器人的锂电池容量为20A·h。则机器人()A．额定工作电流为20AB．充满电后最长工作时间为2hC．电池充满电后总电量为7.2×104CD．以额定电流工作时每秒消耗能量为48J10、如图所示，先后以速度v1和v2匀速把一矩形线圈拉出有界匀强磁场区域，v1＝2v2，在先后两种情况下()A．线圈中的感应电流之比I1∶I2＝2∶1B．线圈中的感应电流之比I1∶I2＝1∶2C．线圈中产生的焦耳热之比Q1∶Q2＝4∶1D．通过线圈某截面电荷量之比q1∶q2＝1∶1三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）在“测定金属的电阻率”的实验中，某实验小组得到一组电压表、电流表的读数，并由此读数算出被测属丝的电阻值，请问电压表的读数为__________V（量程3V），电流表的读数为________A（量程0.6A），被测属丝的电阻值为________Ω.12．（12分）读出下列仪器的示数：（1）游标卡尺的示数为___________cm，螺旋测微器的示数为________cm（2）用多用电表测电阻,使用倍率档为“×10”，表头刻度和指针位置如图所示，则被测电阻的阻值为_______Ω。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示的电路中，R1=2Ω，R2=6Ω，S闭合时，理想电压表V的示数为1．5V，理想电流表A的示数为2．15A，S断开时，理想电流表A的示数为1A，求：（1）电阻R3的值；（2）电源电动势E和内阻r的值．14．（16分）如图所示，M、N为中心开有小孔的平行板电容器的两极板，相距为D，其右侧有一边长为2a的正三角形区域，区域内有垂直纸面向里的匀强磁场，在极板M、N之间加上电压U后，M板电势高于N板电势．现有一带正电的粒子，质量为m、电荷量为q，其重力和初速度均忽略不计，粒子从极板M的中央小孔S1处射入电容器，穿过小孔S2后从距三角形A点a的P处垂直AB方向进入磁场，试求：（1）粒子到达小孔S2时的速度；（2）若粒子从P点进入磁场后经时间t从AP间离开磁场，求粒子的运动半径和磁感应强度的大小；（3）若粒子能从AC间离开磁场，磁感应强度应满足什么条件？15．（12分）如图所示是示波器的部分构造示意图，真空室中阴极K不断发出初速度可忽略的电子，电子经电压的电场加速后，由孔N沿长L=0.10m相距为d=0.02m的两平行金属板A、B间的中心轴线进入两板间，电子穿过A、B板后最终可打在中心为O的荧光屏CD上，光屏CD距A、B板右侧距离s=0.45m.若在A、B间加的电压．已知电子电荷最e=1.6×10-19C，质量m=9.1×10-31Kg.求:（1）电子通过孔N时的速度大小；(2)电子通过偏转电场的偏转位移y；（3）荧光屏CD上的发光点距中心O的距离.

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】

由电流的微观表达式可得，自由电子定向运动的平均速率为故C正确。2、C【解析】

放出质量为的粒子后，剩余质量为，该过程动量守恒，有放出的粒子的动能为原子核反冲的动能联立解得故ABD错误，C正确。故选C。3、A【解析】A、元电荷是指一个电子所带的电荷量，电子电荷量的大小是最小的，任何带电体所带电荷量都是元电荷电荷量的整数倍，故A正确；B、在条件满足情况下点电荷可以代替任何带电体，点电荷是一种理想化的物理模型，其带电荷量并不一定是很小的，故B错误；C、元电荷是指一个电子所带的电荷量，并不是指电子或质子本身，故C错误；D、点电荷是一种理想化的物理模型，元电荷又称“基本电量”，在各种带电微粒中，电子电荷量的大小是最小的，任何带电体所带电荷都是e的整数倍，检验电荷是用来检验电场是否存在的点电荷，所以点电荷、元电荷、检验电荷不是同一种物理模型，故D错误；故选A。【点睛】点电荷是一种理想化的物理模型，元电荷指的是最小的电量单位，数值上等于一个电子或一个质子所带的电量，任何带电体所带的电荷量只能是元电荷的整数倍，检验电荷是用来检验电场是否存在的点电荷。4、D【解析】

磁铁上下运动时，由于穿过铜盘的磁通量发生变化，则在铜盘中会产生感应电流，铜盘对磁铁有磁场力阻碍磁铁的运动，则当磁铁所受弹力与重力等大反向时，此时磁铁还应该受到下面铜盘的作用力，故此时磁铁的加速度不为零，选项A错误；根据楞次定律，磁铁下降过程中，俯视铜盘，铜盘中产生逆时针方向的涡旋电流，选项B错误；磁铁从静止释放到第一次运动到最低点的过程中，由于有电能产生，则磁铁减少的重力势能等于弹簧弹性势能与产生的电能之和，选项C错误；磁体最终静止时弹簧有弹性势能，则磁铁从静止释放到最终静止的过程中，磁铁减少的重力势能等于铜盘产生的焦耳热与弹簧弹性势能之和，选项D正确.5、C【解析】

当有电流通过弹簧时，构成弹簧的每一圈导线周围都产生了磁场，根据安培定则知，各圈导线之间都产生了相互的吸引作用，弹簧就缩短了，当弹簧的下端离开水银后，电路断开，弹簧中没有了电流，各圈导线之间失去了相互吸引力，弹簧又恢复原长，使得弹簧下端又与水银接触，弹簧中又有了电流，开始重复上述过程．故弹簧上下振动．A.弹簧向上收缩与分析不符，故A错误．B.弹簧被拉长与分析不符，故B错误．C.弹簧上下跳动与分析相符，故C正确．D.弹簧仍静止不动与分析不符，故D错误．6、A【解析】v-t图象的斜率等于加速度，由图可知，质子沿MN由M运动到N过程中，加速度不断增大，根据牛顿第二定律可知电子在N点所受电场力较大，由F=Eq可知，M点的场强要小于N点场强，即有：EM＜EN；质子从M到N的过程中，速度增大，动能增大，则可知电场力做正功，所以电场力方向与质子的运动方向相同，则电场线方向由M→N，则M点的电势要大于N点电势，即有，故BCD错误，A正确；故选A.二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】

AB.负电荷从A释放（初速为0）后，能加速运动到B，说明负电荷受到的电场力方向是从A指向B，那么电场方向就是由B指向A，由于沿电场线方向电势逐渐降低，所以AB两点的电势关系是φA＜φB；故A错误，B正确.CD.负电荷从A运动到B的过程中，它的加速度是逐渐减小的（乙图中的“斜率”表示加速度），由牛顿第二定律知，负电荷从A到B时，受到的电场力是逐渐减小的，由知，EA＞EB；故C正确，D错误.8、AC【解析】

小灯泡的额定电流为：I=PUL=0.84=0.2A，灯泡内阻为：RL=UI=40.2=20Ω，当开关接1时，根据闭合电路欧姆定律有：E=I（r+RL+R），代入数据解得：r=2Ω，故D错误；当接2时灯泡正常发光，则流过的电流为：I=0.2A，电源内阻分的电压为：Ur=Ir=0.2×2V=0.4V，故电动机分的电压为：U动=E-UL-Ur=6-4-0.4V=1.6V；因电动机消耗的电能转化为机械能和内能，则可知电阻R＜1.6V0.2A=8Ω【点睛】本题考查闭合电路欧姆定律以及功率的计算，要注意每个公式的使用的条件是不同的，掌握住公式的使用的条件，才能准确选择应用物理公式．9、CD【解析】

A.根据P=UI可知，额定电流应该为故A错误。B.机器人的锂电池容量为20A•h，即当额定电流2A下工作时，能够工作最长时间为10h，故B错误。C.电源充满电后的总电量为q=It=20×3600C=7.2×104C故C正确。D.在额定电流下，机器人功率48W，即每秒消耗48J电能，故D正确。10、AD【解析】

A．v1=2v2，根据E=BLv知感应电动势之比2：1，感应电流则感应电流之比为2：1，故A正确，B错误；C．v1=2v2，知时间比为1：2，根据Q=I2Rt知热量之比为2：1，故C错误；D．根据知通过某截面的电荷量之比为1：1，故D正确．故AD.三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、1.200.502.4【解析】电压表的读数为1.20V（量程3V），电流表的读数为0.50A（量程0.6A），被测属丝的电阻值为.12、1.0900.5700150【解析】

（1）游标卡尺的示数为：1cm+0.05mm×18=1.090cm；螺旋测微器的示数为：5.5mm+0.01mm×20.0=5.700mm=0.5700cm；（2）用多用电表测电阻,使用倍率档为“×10”，则被测电阻的阻值为：15×10Ω=150Ω。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）6Ω（2）E=9Vr=1Ω【解析】试题分析：（1）设当开关S1、S2均闭合时流经R1的电流为I1，流经R3的电流为I3．由题意得：U=IR2+I1R1…①IR2=I3R3…②I1=I+I3…③联立①②③式，代入数据解得：R3=6Ω（2）由题意及闭合电路欧姆定律得：E=U+I1r…④E=I'（R1+R2+r）…⑤联立①②③④⑤式，代入数据解得：E=9Vr=1Ω考点：闭合电路欧姆定律．【名师点睛】（1）已知电压表及电流表的示数，则由串并联电路的规律可求得电阻R3的值；（2）由闭合电路欧姆定律可求得电动势E和内阻r．本题考查串并联电路的电流及电压规律与闭合电路欧姆定律，在解答时要注意正确理解题意，并能准确把握电路图．14、(1)(2)，(3)【解析】（1）带电粒子在电场中运动时，由动能定理得，qU=mv2，解得粒子进入磁场时的速度大小为v=．（2）粒子的轨迹图如图所示，粒子从进入磁场到AP间离开，由牛顿第二定律可得，粒子在磁场中运动