山西省临汾市襄汾中学2025届物理高一上期末复习检测模拟试题含解析

山西省临汾市襄汾中学2025届物理高一上期末复习检测模拟试题注意事项1．考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回．2．答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0．5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置．3．请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符．4．作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案．作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效．5．如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗．一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）1、如图所示，两块较大金属板A、B平行水平放置并与一电源相连，S闭合后，两板间有一质量为m、带电量为q的油滴恰好在P点处于静止状态．则下列说法正确的是A.在S仍闭合的情况下，若将A板向下平移一小段位移，则油滴向下加速运动，G中有的电流，P点电势升高B.在S仍闭合的情况下，若将A板向右平移一小段位移，则油滴仍然静止，G中有的电流，P点电势不变C.若将S断开，且将A板向左平移一小段位移，则油滴向下加速运动，G中无电流，P点电势升高D.若将S断开，再将A板向下平移一小段位移，则油滴向上加速运动，G中无电流，P点电势降低2、如图所示，一个人站在水平地面上的长木板上用力F向右推箱子，长木板、人、箱子均处于静止状态，三者的质量均为m，重力加速度为g，则()A.箱子受到的摩擦力方向向右B.地面对长木板的摩擦力方向向左C.长木板对地面的压力大小为3mgD.若人用斜向下的力推箱子，则长木板对地面的压力会大于3mg3、带式传送机是在一定的线路上连续输送物料的搬运机械，又称连续输送机．如图所示，一条足够长的浅色水平传送带自左向右匀速运行．现将一个木炭包无初速度地放在传送带上，木炭包在传送带上将会留下一段黑色的径迹．下列说法正确的是：（）A.黑色的径迹将出现在木炭包的左侧B.木炭包的质量越大，径迹的长度越短C.木炭包与传送带间动摩擦因数越大，径迹长度越短D.传送带运动的速度越大，径迹的长度越短4、一质点沿某一条直线运动时的速度—时间图象如图所示，则以下说法中正确的是()A.第1s末质点的位移和速度都改变方向B.第2s末质点的位移改变方向C.第3s末质点的位移为零D.第3s末和第5s末质点的位置相同5、如图所示，一个人站在竖直向上加速的电梯中，以下说法中正确的是（）A.他所受的重力大于电梯对他的支持力B.他所受的重力与电梯对他的支持力大小相等C.他对电梯地板的压力大于电梯对他的支持力D.他所受的重力小于电梯对他的支持力6、如图所示，足够长的水平传送带以v0=4m/s的速度匀速运行，t=0时刻，在左端轻放一质量为m的小滑块，t=3s时刻传送带突然被制动而停止；已知滑块与传送带之间的动摩擦因数μ=0.2，则t=3.5s时滑块的速度为（）A.0m/s B.1m/sC.2m/s D.3m/s7、如图所示，一小铁球用轻弹簧和轻绳悬挂处于静止状态，弹簧与水平方向成角，轻绳与竖直方向成角，重力加速度为g，则A.弹簧和轻绳的拉力之比为1：2B.弹簧和轻绳的拉力之比为：1C.若剪断轻绳，则剪断瞬间小球的加速度为D.若剪断轻绳则剪断瞬间小球的加速度为8、某物体做初速度不为零的匀加速直线运动，已知第内的位移比第内的位移大，第内的位移为，则（）A.物体的加速度为 B.物体的初速度为C.前的位移为 D.末的速度为9、木块在弹簧测力计的拉力作用下在木板上匀速运动。下列说法正确的是（）A.拉力与木板对木块的摩擦力是一对作用力与反作用力B.拉力与木板对木块的摩擦力是一对平衡力C.木块对木板的压力与木板对木块的支持力是一对作用力与反作用力D.木块对木板的压力与木板对木块的支持力是一对平衡力10、高铁列车在启动阶段的运动可看作初速度为零的匀变速直线运动，在启动阶段，列车的（）A.位移与它经历的时间成正比 B.瞬时速度与它经历的时间成正比C.平均速度与它经历的时间成正比 D.加速度与它经历的时间成正比11、以20m/s的初速度竖直向上抛出一个物体，至速度大小变为10m/s时经历的时间可能是（）A.1秒 B.2秒C.3秒 D.4秒12、大小分别是F1=3N，F2=5N的两个力的合力可能是（）A.1N B.2NC.6N D.9N二．填空题(每小题6分，共18分)13、14、15、三．计算题(22分)16、（12分）一个静止在光滑水平面上的物体，其质量为7kg，在14N的水平恒力作用下做匀加速直线运动，求：（1）5s末物体的速度的大小？（2）5s内通过的位移是多少？17、（10分）我国拥有航空母舰后，舰载机的起飞与降落等问题受到了广泛关注.2012年11月23日，舰载机歼—15首降“辽宁舰”获得成功，随后舰载机又通过滑跃式起飞成功．某兴趣小组通过查阅资料对舰载机滑跃起飞过程进行了如下的简化模拟：假设起飞时“航母”静止，飞机质量视为不变并可看成质点．“航母”起飞跑道由如图所示的两段轨道组成(二者平滑连接，不计拐角处的长度)，其水平轨道长AB＝L，水平轨道与斜面轨道末端C的高度差为h.一架歼—15飞机的总质量为m，在C端的起飞速度至少为v.若某次起飞训练中，歼—15从A点由静止启动，飞机发动机的推力大小恒为0.6mg，方向与速度方向相同，飞机受到空气和轨道平均阻力的合力大小恒为0.1mg.重力加速度为g.求：(1)飞机在水平轨道AB上运动的时间；(2)在水平轨道末端B，发动机的推力功率；(3)要保证飞机正常起飞，斜面轨道的长度满足的条件．(结果用m、g、L、h、v表示)

参考答案一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）1、B【解析】A.开始时，重力和电场力平衡，故有：在S仍闭合的情况下，将板向下平移一小段位移，由可知电场强度变大，故油滴应向上加速运动，故A错误；B.在S仍闭合的情况下，若将板向右平移一小段位移，由

可知电场强度不变，油滴仍静止；根据和则有：故电容器的电量减小，放电，故中有的电流，因电势差不变，那么点的电势也不变，故B正确；C.若将S断开，不变，向左平移一小段距离，根据可知，电容减小，再根据

可知，增大；根据可知，增大；电场力增大，油滴向上运动；由于电量不变，故中无电流，由于电场强度变大，则电势差增大，而板接地，因此点电势降低，故C错误；D.若将S断开，不变，再将板向下平移一小段位移，根据，和可得：故电场强度不变，故电场力不变，故油滴静止，由于电量不变，故中无电流，由于电场强度变大，则电势差增大，而板接地，因此点电势也不变，故D错误2、C【解析】A．箱子水平方向受到人向右的推力和木板向左的摩擦力而处于静止状态，A错误；B．木板受到箱子向右的摩擦力和人给的向左的摩擦力，二力平衡，所以地面对木板没有摩擦力，B错误；CD．木板、人、箱子三者看做一个整体，竖直方向受到重力和地面的支持力，所以支持力等于三者的重力3mg，根据牛顿第三定律，木板对地面的压力大小为3mg，C正确、D错误3、C【解析】刚放上木炭包时，木炭包的速度慢，传送带的速度快，木炭包向后滑动，所以黑色的径迹将出现在木炭包的右侧，所以A错误．木炭包在传送带上运动靠的是与传送带之间的摩擦力，摩擦力作为它的合力产生加速度，所以由牛顿第二定律知，μmg=ma，所以a=μg，当达到共同速度时，不再有相对滑动，由v2=2ax得，木炭包位移，设相对滑动的时间为t，由v=at，得，此时传送带的位移为，所以滑动的位移是，由此可以知道，黑色的径迹与木炭包的质量无关，所以B错误，木炭包与传送带间动摩擦因数越大，径迹的长度越短，所以C正确．传送带运动的速度越大，径迹的长度越长，所以D错误．故选C【点睛】求黑色的轨迹的长度，就是求木炭包和传送带的相对滑动的位移，由牛顿第二定律和匀变速直线运动的规律很容易求得它们相对滑动的位移，在看相对滑动的位移的大小与哪些因素有关即可4、D【解析】v-t图象中，倾斜的直线表示匀变速直线运动，斜率表示加速度，图象与时间轴围成的面积等于物体在该段时间内通过的位移，速度的正负表示速度的方向，只要图象在时间轴同一侧物体运动的方向就没有改变【详解】A、2s末之前，速度为正，沿正方向运动，2s末之后，速度为负，沿负方向运动，则1s末速度方向不变，2s末质点的速度改变方向，故A错误；B、第2s末质点速度改变方向，但是位移方向没变，故B错误；C、由面积表示位移知第3s末位移不为零，第4s末位移为零，故C错误；D、由图象知，第3s末到第5s末的位移为零，故第3s末和5s末质点的位置相同，D正确；故选D【点睛】本题是速度--时间图象的应用，要明确斜率的含义，知道在速度--时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义，能根据图象读取有用信息，属于基础5、D【解析】由题意可知电梯竖直向上加速，即电梯里的人加速度和速度方向都是向上，对人受力分析可知，受向下的重力和电梯对他向上的支持力，由于加速度方向向上，所以电梯对他的支持力大于人的重力，所以D正确，ABC错误。故选D。6、D【解析】物块在传送带上的加速度为：达到传送带速度时的时间为：则物块匀速运动时间为：物块匀减速运动的加速度大小为：减速的时间为：时滑块的速度为：A.0m/s与分析不符，故A错误；B.1m/s与分析不符，故B错误；C.2m/s与分析不符，故C错误；D.3m/s与分析相符，故D正确7、BC【解析】装置静止时，以小球为研究对象，分析受力情况，由平衡条件求弹簧和轻绳的拉力之比．若剪断轻绳，弹簧的弹力来不及变化，根据牛顿第二定律求剪断瞬间小球的加速度【详解】装置静止时，以小球为研究对象，分析受力情况，小球受重力mg、轻绳的拉力T和弹簧的拉力F．由平衡条件知T与F的合力与mg等大反向，如图所示：则得，即弹簧和轻绳的拉力之比为：1，故A错误，B正确；由上得若剪断轻绳，弹簧的弹力来不及变化，F和mg的合力与原来的T等大反向，所以剪断瞬间小球的合力大小等于T，加速度为，故C正确，D错误．所以BC正确，AD错误【点睛】解决本题的关键要知道剪断轻绳的瞬间，弹簧的弹力不变，分析小球的合力，结合牛顿第二定律进行来求瞬时加速度8、AD【解析】A．已知第4s内的位移为10m，第3s内的位移比第2s内的位移大2m，则有则有A正确；BC．连续相等时间内位移差为2m，所以第3s内的位移为8m，第2s内的位移为6m，第1s内的位移为4m，所以前3s的位移为根据代入的时间为3s，求得BC错误；D．根据匀变速直线运动速度和时间关系式，有D正确。故选AD。9、BC【解析】AB．木块匀速运动过程中，水平方向上，受到木板给的摩擦力和拉力，故这两个力为一对平衡力，A错误B正确；CD．木块对木板的压力和木板对木块的支持力是木板与木块间的相互作用，故这两个力为一对相互作用力，C正确D错误。故选BC。10、BC【解析】列车作初速度为零的匀加速直线运动，结合运动学公式，列式分析各个量之间的关系【详解】由位移公式：可知位移与时间的二次方成正比，故A错误；由速度公式：x=at可知瞬时速度与时间成正比，故B正确；平均速度，则平均速度与时间成正比，故C正确；因为做匀变速直线运动，所以加速度不变，故D错误．所以BC正确，AD错误【点睛】解决本题的关键是掌握匀变速直线运动的位移时间公式和速度位移公式，通过列式进行分析11、AC【解析】取向上为正方向，如果末速度方向向上，则末速度为10m/s解得如果末速度方向向下，则末速度为-10m/s解得A.1秒与分析相符，故A正确B.2秒与分析不符，故B错误C.3秒与分析相符，故C正确D.4秒与分析不符，故D错误12、BC【解析】本题考查合力和分力的关系，先根据给出的分力，求出合力的取值范围，然后从范围中寻找可能的合力大小【详解】由题意可知，F1和F2两力的合力的取值范围是，故合力可能为6N，则AD错误，BC正确故本题选BC【点睛】掌握二力合成的规则和方法，并能求出合力的取值范围，是解决本题的关键二．填空题(每小