2025届湖南省郴州市苏仙区湘南中学物理高二第一学期期中学业水平测试模拟试题含解析

2025届湖南省郴州市苏仙区湘南中学物理高二第一学期期中学业水平测试模拟试题请考生注意：1．请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0．5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示电动势为2V的电源跟一个阻值R＝9Ω的电阻接成闭合电路，测得电源两端电压为1.8V,则电源的内电阻为（）A．1ΩB．0.2ΩC．1.8ΩD．0.1Ω2、如图所示，电荷量为Q1、Q2的两个正点电荷分别置于A点和B点，两点相距L。在以L为直径的光滑绝缘半圆环上，穿着一个带电荷量为+q的小球(视为点电荷)，在P点平衡。不计小球的重力，那么，PA与AB的夹角与Q1、Q2的关系应满足（）A． B．C． D．3、正电荷均匀分布在半球面上,它们在此半球的球心O处产生的电场强度大小为E0,现将一个通过O点且与半球底面成θ=60°的平面把半球面切分出一个“小瓣”球面,如图所示,所分出的“小瓣”球面上的电荷在O点处产生电场的电场强度大小为()A．B．C．D．E04、下面各图中A球系在绝缘细线的下端，B球固定在绝缘平面上，它们带电的种类以及位置已在图中标出，则A球能保持静止的是A．B．C．D．5、在街头的理发店门口，常可以看到一个转动的圆筒，如图所示，外表有螺旋斜条纹，人们感觉条纹在沿竖直方向运动，但实际上条纹在竖直方向并没有升降，这是由于圆筒的转动使眼睛产生的错觉．假设圆筒上的条纹是围绕圆筒的一条宽带，相邻两圈条纹在沿圆筒轴线方向的距离（即螺距）为d，如果观察到条纹以速度v向上运动，则从下往上看圆筒的转动情况是（）A．顺时针转速 B．顺时针转速C．逆时针转速 D．逆时针转速6、关于电场线，下列说法正确的是（）A．电场线方向一定是带电粒子在电场中受力的方向B．两条电场线在电场中可以相交C．电场线就是带电粒子在电场中的运动轨迹D．在同一幅电场分布图中电场越强的地方，电场线越密二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、在如图所示的电路中，电容器的上极板带正电．为了使该极板仍带正电且电量增大，下列办法中可采用的是：A．增大，其他电阻不变 B．增大，其他电阻不变C．增大，其他电阻不变 D．增大，其他电阻不变8、如图甲所示，光滑水平面上有一足够长的木板B，木板上表面放一质量为1kg的小物块A，在木板B右方水平面上有一竖直墙面。t=0时刻，A、B以相同的速度一起向右匀速运动，经过一段时间木板B和竖直墙面发生碰撞，忽略木板和墙面碰撞的时间，整个过程它们的速度v随时间t变化的关系图像如图乙所示，g=10m/s2。则以下说法正确的是A．木板B的质量为2kgB．物块与木板之间的动摩擦因数为0.2C．在0~8s时间内，A和B组成的系统动量守恒D．整个过程小物块A在木板B上的划痕长为20m9、下列说法中，正确的是()A．当两个正点电荷互相靠近时，它们之间的库仑力增大，它们的电势能也增大B．当两个负点电荷互相靠近时，它们之间的库仑力增大，它们的电势能也增大C．一个正电荷与一个负点电荷互相靠近时，它们之间的库仑力增大，它们的电势能也增大D．一个正点电荷与一个负点电荷互相靠近时，它们之间的库仑力减小，它们的电势能也减小10、如图水平面的上方有竖直向上的匀强电场，平面上静止着质量为M的绝缘物块，一质量是m的带正电弹性小球，以水平速度v与物块发生碰撞，并以原速率返回，弹回后仅在电场力和重力的作用下沿着虚线运动，则下列说法正确的是（）A．弹回后球的机械能守恒B．弹回后轨迹是抛物线C．弹回后机械能与电势能的总和守恒D．弹回后动能增加.三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）(1)读出图中游标卡尺与螺旋测微器的读数，游标卡尺读数为_____mm，螺旋测微器读数为________mm．(2)要测量某电压表V1的内阻RV，其量程为2V，内阻约2kΩ。实验室提供的器材有：电流表A，量程0.6A，内阻约为0.1Ω；电压表V2，量程5V，内阻约为5kΩ；定值电阻R1，阻值为30Ω；定值电阻R2，阻值为3kΩ；滑动变阻器R3，最大阻值10Ω，额定电流1.5A；电源E，电动势6V，内阻约0.5Ω；开关S一个，导线若干。①请从上述器材中选择必要的器材，设计一个测量电压表V1内阻RV的实验电路。要求测量尽量准确，试画出符合要求的实验电路图，并标出所选元件的相应字母代号。（_______）②写出电压表V1内阻RV的表达式________，式中各符号的物理意义是__________。12．（12分）在探究小灯泡的伏安特性实验中,所用器材有:灯泡L、量程恰当的电流表A和电压表V、直流电源E、滑动变阻器R、电键S等,要求灯泡两端电压从0开始变化；(1)实验中滑动变阻器应采用________接法(填“分压”或“限流”)．(2)某同学已连接如图所示的电路，在连接最后一根导线的c端到直流电源正极之前，请指出其中仅有的两个不当之处，并说明如何改正．A__________________________________；B___________________________________；四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图，两水平面（虚线）之间的距离为H，其间的区域存在方向水平向右的匀强电场．自该区域上方的A点将质量均为m、电荷量分别为q和－q（q>0）的带电小球M、N先后以相同的初速度沿平行于电场的方向射出．小球在重力作用下进入电场区域，并从该区域的下边界离开．已知N离开电场时的速度方向竖直向下；M在电场中做直线运动，不计空气阻力，重力加速度大小为g.问：（1）若从A点出发时两小球的初速度均为v0,则小球M出电场时的水平分速度多大？（2）A点距电场上边界的高度多少？（3）若两小球刚离开电场时，M的动能为N的动能的1.5倍．该电场的电场强度大小多大？14．（16分）如图，真空中xOy平面直角坐标系上的ABC三点构成等边三角形，边长L。若将电荷量均为＋q的两点电荷分别固定在A、B点，已知静电力常量k，求：(1)两点电荷间的库仑力大小；(2)C点的电场强度的大小和方向。15．（12分）如图所示为电动机提升重物的装置，电动机线圈电阻r=1Ω，电动机两端电压为8V，电路中的电流为2A，重物A重20N.不计摩擦力，求（1）电动机的输入功率和输出功率各是多少；（2）20s内，可以把重物A匀速提升多高；（3）这台电动机的机械效率是多少.

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】试题分析：根据闭合回路欧姆定律，可得，解得：考点：考查了闭合回路欧姆定律的应用2、A【解析】

对小球进行受力分析如图所示：

根据库仑定律有根据平衡条件，沿切向方向的分力有联立解得故A正确，BCD错误．故选A。3、B【解析】根据对称性，作出球面上的电荷在O点产生的电场分布，如图所示，由平行四边形定则得到“小瓣”球面上的电荷在O处的电场强度，故B正确，ACD错误。4、A【解析】A图中，对A球进行受力分析：根据力的合成，可知道任意两个力的合力的方向不可能与第三个力方向相反，故A错误．B图中，对A球进行受力分析：根据力的合成，可知道三个力合力可以为0.故B正确．C图中，对A球进行受力分析：根据力的合成，可知道任意两个力的合力的方向不可能与第三个力方向相反．故C错误．D图中，对A球进行受力分析：根据力的合成，可知道三个力合力不可以为0，故D错误．故选B.5、D【解析】

如果我们观察到条纹以速度v向上运动，则说明圆筒的转动从正面看是从右向左的，从上往下看应该是顺时针转动，那么从下往上看圆筒的逆时针转动．t时间内上升高度为，由题意可知：，解得：，故D正确，6、D【解析】

A．负电荷受到的电场力方向和电场方向相反，所以电场线方向不一定是带电粒子在电场中受力的方向，故A错误；B．电场线每一点，只有一个方向，若两条电场线相交，则交点有两个电场方向，与事实矛盾，故B错误；CD．电场线是用来描述电场性质的物理量，不是粒子的运动轨迹，在同一个电场中，电场线的疏密程度可以用来表示电场强度的大小，电场越密，电场强度越大，故C错误，D正确。故D正确。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】A项：增大1时，R1上的分压增大，而下极析上电势不变，故上极板电势增大，则电容器两端的电势差增大，极板上电荷量增大，故A正确；B项：若增大R2时，R2上的分压增大，则R1两端的电势差减小，上极板上电势降低，而下极板电势不变，故可能使下极板带正电，或电量减小，故B错误；C项：增大R3，则R3分压增大，故下极板的电势增大，会出现与B相同的结果，故C错误；D项：增大R4，则R4分压增大，R3两端的电势差减小，故下极板上电势降低，上下极板间电势差增大，故电量增大，故D正确．点晴：由图可知R1与R2串联后与R3、R4并联，开始时C的上极板带正电，说明上极板电势要高于下极板，要使电量增大应增大上极板的电势或减小下极板的电势．8、BD【解析】

A．取向右为正方向，由图像可知，与墙壁碰撞之后，物块A的速度；小车B的速度；当A和B共速时的速度；由动量守恒可知：解得mB=4kg选项A错误；B．在2-6s内物块A的加速度则由可得μ=0.2选项B正确；C．因t=2s时刻小车与墙壁碰撞，受向左的合外力，可知系统的动量不守恒，选项C错误；D．对系统，从2-6s时间内，由能量关系：解得L=20m选项D正确。9、AB【解析】当两个正点电荷互相靠近时，它们之间的库仑力增大，由于要克服斥力做负功，则它们的电势能增大；同理当两个负点电荷互相靠近时，它们之间的库仑力增大，它们的电势能也增大，选项AB正确；一个正电荷与一个负点电荷互相靠近时，它们之间的库仑力增大，由于库仑力做正功，则它们的电势能减小，选项CD错误；故选AB.10、BCD【解析】试题分析：弹回后，电场力做正功，所以球的机械能不守恒，A错误，弹回后，小球在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上在电场力和重力的作用下做加速运动，所以轨迹为一条抛物线，B正确，弹回后重力和电场力做功，没有外力做功，所以机械能与电势能的总和守恒,C正确，电场力做正功，且电场力大于重力，所以小球动能增大，D正确，考点：考查了小球在复合场中的运动点评：关键是对小球受力分析，根据力的运动的关系判断小球的运动情况，根据功能关系判断小球的能量变化三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、50.155.693(5.691—5.695)表示的电压，表示和串联的总电压；【解析】

(1)[1]游标卡尺的主尺读数为50mm，游标尺上第3个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为3×0.05mm=0.15mm，所以最终读数为：50mm+0.15mm=50.15mm[2]螺旋测微器的固定刻度为5.5mm，可动刻度为19.3×0.01mm=0.193mm，所以最终读数为：5.5mm+0.193mm=5.693mm由于需要估读，最后的结果可以在5.691～5.695mm之间；(2)①[3]2V的电压表的满偏电流：电流表的量程是0.6A，二者相差太大，所以不能使用电流表测量，要使用电压表，根据串联电阻的分压原理来测量；滑动变阻器的最大电阻是10Ω，在电路中不能分担太大的电压，所以滑动变阻器要采用分压式接法；所以选择的器材有电压表、定值电阻、滑动变阻器、电源，开关、导线，电路原理图如图：②[4][5]电压表与定值电阻上电压的和等于电压表的电压，根据串联电阻的分压关系得：解得：式中表示电压表的读数，表示和串联的总电压（或电压表的读数）。12、(1)因为灯泡两端的电压要从0开始调节，故只能采用分压电路．（2）在电路接好并检查是否正确连线之前，电键应处于断开状态，以免因接线错误而导致仪表损坏；接为分压电路时，滑动变阻器的有效电阻应从最小值开始调节，故滑片应先处于b端【解析】(1)要求灯泡两端电压从零开始变化，所以实验中滑动变阻器应采用分压接法；(2)在连接线路时必须将每个开关断开，而图中是闭合的这是第一个错误，故不当之处之一电键S不应闭合，应处于断开状态；连好线路后在闭合开关前，需要将分压滑动变阻器调到输出电压为0端，应在图中是b端，以保护电源和电表，故不当之处之二滑动变阻器滑动触头p位置，应将其置于b端．【点睛】小灯泡的伏安特性要求电压从零开始变化，所以滑动变阻器应采用分压接法，在连接线路时必须将每个开关断开，连好线路后在闭合开关前，需要将限流滑动变阻器调到阻值最大，将分压滑动变阻器调到输出为0端．四、计算题：本题共2小题，共26分