2024年高考物理模拟卷（湖南卷专用）含解析

【赢在高考・黄金8卷】备战2024年高考物理模拟卷（湖南卷专用）

黄金卷01

（考试时间：75分钟试卷满分：100分）

注意事项：

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在本试卷和答题卡上.

2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑.如需改

动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号.回答非选择题时，将答案写在答题卡上.写在本

试卷上无效.

3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回.

一、选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分.在每小题给出的四个选项中，只有一项

符合题目要求.

1.笊核：H和瓶核：H发生核聚变的反应式为；H+：Hf；He+X+17.6MeV。关于核聚变，下列说法中正确

的是（）

A.X粒子是电子

B.只要核聚变反应原料纯度足够高，聚变反应可以在常温常压下发生

17.6MeV

C.:H和汨发生一次核聚变的质量亏损为一3一，其中。为真空中的光速

D.现在我们国家的核电站都是通过核聚变获得核能

2.为了测一口枯井的深度，用一把玩具小手枪从井口竖直向下打出一颗弹珠，1.5s后听到弹珠撞击井底的

声音，然后再用玩具小手枪从井口竖直向上打出另一颗弹珠，2.5s后听到弹珠从井口落回井底撞击的声音,

假设弹珠从枪口射出速度大小不变，忽略声音传播时间，g取10m/s2,则（）

A.枯井的深度为18.25m

B.向下打出一颗弹珠，运动过程平均速度为12.5m/s

C.弹珠从枪口射出速度大小为10m/s

D.两种打出弹珠方式，弹珠到达井底的速度都为25m/s

3.如图所示，电荷量为夕的点电荷与均匀带电薄板相距24,点电荷到带电薄板的垂线通过板的几何中心。

若图中A点的电场强度为0,静电力常量为上则图中4点的电场强度大小为（)

kqlOkq

C.9/D.牙

4.2023年7月10H,经国际天文学联合会小行星命名委员会批准，中国科学院紫金山天文台发现的、国

际编号为381323号的小行星被命名为“樊锦诗星”。如图所示，“樊锦诗星”绕口运行的椭圆轨道面与地球圆

轨道面间的夹角为20.11度，轨道半长轴为3.18天文单位（日地距离为1天文单位），远日点到太阳中心距

离为4.86天文单位。若只考虑太阳对行星的引力，下列说法正确的是（）

A.“樊锦诗星”绕太阳一圈大约需要2.15年

B.“樊锦诗星”在远日点的速度大于地球的公转速度

C.“樊锦诗星”在远日点的加速度与地球的加速度大小之比为4.86，

4.86

D.“樊锦诗星”在远、近日点的速度大小之比为7M

5.如图所示，一足够长固定的粗糙倾斜绝缘管处于匀强磁场中，一带正电小球从静止开始沿管下滑，下列

关于小球的加速度〃随时间/（沿斜面向下为正方向），受到的典力"随时间/（垂直斜面向下为正方向），

以开始下落点为零重力势能参考点，小球的重力势能与随位移x，机械能E随位移x的关系图像可能正确

的是（）

•a

6.如图所示，两端分别固定有小球A、B(均视为质点)的轻杆竖直立在水平面上并靠在竖直墙面右侧处

于静止状态。由于轻微扰动，A球开始沿水平面向右滑动，B球随之下降，此过程中两球始终在同一竖直平

面内。已知轻杆的长度为/,两球的质量均为〃?，重力加速度大小为g,不计一切摩擦，下列说法正确的是

()

A.A球动能最大时对水平面的压力大小等于

B.竖直墙面对B球的冲量大小为9

23mgi

C.A球的最大动能为27

26mgi

D.B球的最大动能为方一

二、选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分.在每小题给出的四个选项中，有多项符

的变化为△/,则在滑动变阻器R滑片向右调节的过程中，下列说法正确的是（)

A.电压表的示数U不变

U_

B.电压表示数与电流表示数的比值/变大

C.电压表示数的变化与电流表示数的变化的比值不不变

D.变压器的输出功率先增大后减小

10.如图所示，小物块质量〃?=lkg,长木板质量M=3kg（假设木板足够长），小物块与长木板间的动摩擦

因数A=0.2,长木板与水平地面间的动摩擦因数〃2=0/，小物块以初速度%=6m/s向右滑上长木板，长

木板初始受力产=14N,初速度为0,尸维持1.5s后撤去，以初始状态为计时起点，g=l0m/s2,下列说法

正确的是（）

'〃〃〃〃〃〃〃〃〃〃〃〃〃〃〃〃〃〃〃〃〃〃〃〃〃/、

A.经过1s二者速度第一次大小相等B.速度第一次大小相等后二者一起加速，再一起减速

19

D.经过五,二者速度第二次大小相等

C.小物块相对长木板向右最远运动3m

三、非选择题：本题共5小题，共56分.

11.（7分）为了验证机械能守恒定律，物理实验小组设计了如下方案：

（1）A组同学利用自由落体运动验证机械能守恒定律，打点计时器固定在铁架台上，使重物带动纸带从静

止开始自由下落。

①本实验中，不同学生在实验操作过程中出现如图所示的四种情况，其中操作正确的是

②进行正确操作后，打出的纸带如图乙所示，在选定的纸带上依次取计数点，相邻计数点间的时间间隔为。

则纸带的(选填“左”或“右”)端与重物相连。设重物质量为加，根据测得的林松X3、刈,可

得在打点计时器打B点到。点的过程中，重物动能增加量的表达式为•

③换用两个质量分别为"〃、"2的重物产、。进行实验，多次实验记录下落高度〃和相应的速度大小V，作

出的自人图像如图丙所示。对比图像分析正确的是o

A.阻力可能为零B.阻力不可能为零C."〃可能等于/zD.〃〃一定小于也

(2)B组同学按照图丁组装实验器材，调整定滑轮位置，使连接滑块与托盘的轻绳与气垫导轨平行，接通

电源，由静止释放托盘与祛码，并测得遮光条宽度",遮光条到光目门的距离/，遮光条通过光电门的时间，/,

托盘与祛码质量〃小滑块与遮光条质量〃。.已知重力加速度大小为g，若表达式成立，即可验

证机械能守恒。

托盘和底码

T

12.（9分）国内广泛使用的电热丝的主要材料是铁铭铝、银铭电热合金两类，它们各具优点。某同学在测

定一根废旧电热丝的电阻实验中：

（1）首先用螺旋测微器测量该电热丝的直径，其中某一次测量结果如图甲所示，其读数应为mm。

（2）再用欧姆表粗测其电阻值，测得待测电阻值为川4。同时发现欧姆表有多个倍率，想探究其原理，查

资料发现有图乙、丙两种情形。

若图乙中欧姆表有xl和XI。两个挡位且开关接3时为xl档，则E：£=.

若图丙中欧姆表也有xl和xio两个挡位，则R=（用图丙表头电阻力表示）。

（3）然后用伏安法准确测量上面废旧电热丝电阻段，备选器材有：

电源E,电动势约为5.5V,内阻可忽略不计；

电压表Y,量程为0~0.5V,内阻4=1000%

电压表旷2,量程为06V,内阻4约为109；

电流表A,量程为00.6A,内阻4约为O.5Q；

定位电阻凡，®=50C

滑动变阻器〃，最大阻值为20C；

单刀单掷开关S一个，导线若干。

①测量中要求所用电表的读数都不小于其量程的3,并尽可能多测量多组数据-，请合理选择器材并在图所

示虚线框中画出测量电阻段的实验电路图（图中标明所选器材的符号）

②若电压表Vj电压表V2、电流表A示数分别用符号〃、加、/表示，则由实验电路图选月的两个电表

对应示数的符号和题中已知量的代表符号计算&的表达式为R，=0

13.（10分）如图所示，活塞将左侧导热汽缸分成容积均为V的A、B两部分，汽缸A部分通过带有阀门

V

的细管与容积为7、导热性良好的汽缸C相连。开始时阀门关闭，A、B两部分气体的压强分别为％和L5"。。

V

现将阀门打开，当活塞稳定时，B的体积变为,，然后再将阀门关闭。已知A、B、C内为同种理想气体,

细管及活塞的体积均可忽略，外界温度保持不变，活塞与汽缸之间的摩擦力不计。求：

（1）阀门打开后活塞稳定时，A部分气体的压强P八；

（2）活塞稳定后，C中剩余气体的质量“2与最初C中气体质量之比。

14.（14分）如图所示，一质量为叫=1kg的小物块。从半径为R=3.2m的光滑四分之一圆弧轨道的顶端人

点由静止开始下滑，4点和圆弧对应的圆心。点等高，小物块。在3点与静止的大小相同的小物块人发生弹

性碰撞，之后两物块先后水平抛出，都恰好能从。点沿方向滑上传送带。传送带以-=的速度沿逆

时针方向匀速转动。已知传送带氏乙=27.75m,倾角9等于37。，传送带与小物块之间的动摩擦因数为0.5

2

(sin370=0.6,cos37°=0.8,^=10nVsk求:

（1）小物块b的质量啊;

（2）B、0二点间的水平距离d：

（3）小物块匕在传送带上因摩擦而产生的热量Q.

15.（16分）如图，水平桌面上固定一光滑U型金属导轨，其平行部分的间距为乙导轨的最右端与桌子右

边缘对齐，导轨的电阻忽略不计。导轨所在区域有方向竖直向二的匀强磁场，磁感应强度大G为3。一质

量为机、电阻为A、长度也为/的金属棒。静止在导轨上。导轨上质量为3帆的绝缘棒。位于P的左侧，以

大小为%的速度向P运动并与。发生弹性碰撞，碰撞时间很短。碰撞一次后，。和。先后从导轨的最右端

滑出导轨，并落在地面上同一地点。户在导轨上运动时，两端与导轨接触良好，户与Q始终平行。不计空

气阻力。求

（1）金属棒P滑出导轨时的速度大小；

（2）金属棒P在导轨上运动过程中产生的热量；

（3）与P碰撞后，绝缘棒Q在导轨上运动的时间。

八B八

【赢在高考・黄金8卷】备战2024年高考物理模拟卷（湖南卷专用）

黄金卷01

（考试时间：75分钟试卷满分：10（）分）

注意事项：

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在本试卷和答题卡上.

2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑.如需改

动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号.回答非选择题时，将答案写在答题卡上.写在本

试卷上无效.

3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回.

一、选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分,在每小题给出的四个选项中，只有一项

符合题目要求.

1.笊核：H和炭核：H发生核聚变的反应式为：H+：Hf；Hc+X+17.6McV。关于核聚变，下列说法中正确

的是（）

A.X粒子是电子

B.只要核聚变反应原料纯度足够高，聚变反应可以在常温常压下发生

l7.6MeV

C.汨和：H发生一次核聚变的质量亏损为丁一，其中c为真空中的光速

D.现在我们国家的核电站都是通过核聚变获得核能

【答案】C

【解析】A.根据核反应质量数和电荷数守恒可知，X粒子核电荷数是0,质量数是1,所以X粒子是中子，

故A错误：

B.核聚变是热核反应，只有在超高温和高密度下才能发生核聚变反应，故B错误；

C.根据爱因斯坦质能方程

△E=A/nc2

可知上述反应过程发生的质量亏损为

17.6McV

=----；---

c2

其中。为真空中的光速，故C正确；

D.可控核聚变还处于实验阶段，现在的核电站都还是采用核裂变核反应，故D错误。

故选c。

2.为了测一口枯井的深度，用一把玩具小手枪从井口竖直向下打出一颗弹珠，1.5s后听到弹球撞击井底的

声音，然后再用玩具小手枪从井口竖直向上打出另一颗弹珠，2.5s后听到弹珠从井口落回井底撞击的声音,

假设弹珠从枪口射出速度大小不变，忽略声为•传播时间，g取lOm/s?,则（）

A.枯井的深度为18.25m

B.向下打出一颗弹珠，运动过程平均速度为12.5m/s

C.弹珠从枪口射出速度大小为10m/s

D.两种打出弹珠方式，弹珠到达井底的速度都为25m/s

【答案】B

【解析】AC.根据对称性，可知竖直向上打出的弹珠从井口到最高点的时间与最高点落回井口的时间相等，

均为“0.5s,根据

可得弹珠从枪口射出速度大小为5m/s；从井口向下到井底，根据

12

/fz=V/+—

可知，枯井的深度为

力=18.75m

故AC错误；

B.向下打出一颗弹珠运动过程平均速度

—h18.75ms_.

v.=—=----------=12.5in/s

1t1.5s

故B正确；

D.根据对称性，两次打出弹珠方式，子弹到达井底的速度一样，都为

v,==20m/s

故D错误。

故选Bo

3.如图所示，电荷量为q的点电荷与均匀带电薄板相距〃/，点电荷到带电薄板的垂线通过板的几何中心。

若图中A点的电场强度为0,静电力常量为X则图中8点的电场强度大小为（）

10kq

C.9/D.9F

【答案】D

【解析1图中A点的电场强度为0,表明薄板带负电，且薄板在A点的电场强度大小为

E=k-^—4

A(3d)29d2

根据对称性，薄板在4点的电场强度大小与薄板在4点的相等，方向相反，图中8点的电场强度大小为

故选D。

4.2023年7月10日，经国际天文学联合会小行星命名委员会批准，中国科学院紫金山天文台发现的、国

际编号为381323号的小行星被命名为“樊锦诗星”。如图所示，“樊锦诗星”绕日运行的椭圆轨道面与地球圆

轨道面间的夹角为20.11度,轨道半长轴为3.18天文单位（日地距离为1天文单位）,远日点到太阳中心距

离为4.86天文单位。若只考虑太阳对行星的引力，下列说法正确的是（）

B.“樊锦诗星”在远日点的速度大于地球的公转速度

C.“樊锦诗星”在远日点的加速度与地球的加速度大小之比为4*6

4.86

D.“樊锦诗星”在远、近日点的速度大小之比为L5

【答案】C

【解析】A.根据开普勒第三定律有

端二d

靠F

解得

%~5.67年

故A错误；

B.根据万有引力提供向心力可知

G丝j地或

则地球公转速度

“樊锦诗星”在远日点做向心运动

G警>〃%%

则“樊锦诗星''在远日点的速度

[GM

5M

由干分>%,所以“樊锦诗星”在远口点的速度小于地球的公转速度，故B错误;

C.根据牛顿第二定律可知

「Mm

G——=ma

“樊锦诗星”在远日点的加速度与地球的加速度大小之比为

组=员=I

%44.862

故C正确；

D,轨道半长轴为3.18天文单位，远日点到太阳中心距离，•声4.86天文单位，则近日点到太阳中心距离「近

-1.5天文单位，对于“樊锦诗星”在远日点和近日点附近很小一段时间4内的运动，根据开普勒第二定律有

解得

%=%=L5

也公4.86

故D错误。

故选C。

5.如图所示，一足够长固定的粗糙倾斜绝缘管处于匀强磁场中，一带正电小球从静止开始沿管下滑，下列

关于小球的加速度。随时间，（沿斜面向下为正方向），受到的弹力”随时间，（垂直斜面向下为正方向），

以开始下落点为零重力势能参考点，小球的重力势能昂随位移心机械能E随位移x的关系图像可能正确

的是（）

c.

【答案】D

【解析】AB.当〃次cosa>>8时，由牛顿第二定律得

mgsina-(mgcosa-qvB)=nui

则

△aoAv

——=/.jqB—=pqBa-----=qBD—=qBa

ArAr.Ar△/

可见图像的斜率越来越大，国7图像的斜率越来越大;

当〃?gCOS〃<G火时，由牛顿第二定律得

〃⑤sina-(qvB-mgcosa)二ma

则

—=-/jqB—=-piqBa^^-=(/B—=qBa

ArAr.A/Ar

可见4T的斜率越来越小，尸N-图像的斜率越来越小，故AB错误;

C.小球重力势能

综=一屿

可得厮7•图像为倾斜直线，故C错误;

D.因为摩擦力先减小再变大后不变，所以机械能石-工的关系图像斜率先减小再变大后不变，故D正确。

故选D。

6.如图所示，两端分别固定有小球A、B(均视为质点)的轻杆竖直立在水平面上并靠在竖直墙面右侧处

于静止状态。由于轻微扰动，A球开始沿水平面向右滑动，B球随之下降，此过程中两球始终在同一竖直平

面内。已知轻杆的长度为/,两球的质量均为〃?，重力加速度大小为g,不计一切摩擦，下列说法正确的是

()

B

处3

A.A球动能最大时对水平面的压力大小等于2,

B.竖直墙面对B球的冲量大小为9

23mgi

C.A球的最大动能为27

26mgi

D.B球的最大动能为27

【答案】D

【解析】AC.假设小球B能一直沿着墙面向下运动，设轻杆与水平方向的夹角为。时，两小球的速度大小

分别为人、%,根据关联速度知识，两小球沿杆方向速度相等，可得

vAcossin0

即

由根据机械能守恒，有

mgl(1-sin/?)=—niv1+—〃八彳=—mn；+—mVA

2222tan0

运用数学知识，整理得

v；=2^/(i-sin<9)sin2^<^

当

sin<9=-

3

取等号，说明小球A的动能先增大后减小，即杆中先存在挤压的内力，之后出现拉伸的内力，当杆中内力

为0时，A球的动能最大，最大动能为

F-'/J8gL4〃磔

此时对水平面的压力大小等于〃火，故AC错误：

B.当杆中存在挤压的内力，此时墙壁对B球有冲最，又由于在运动过程中B球水平方向速度始终为零，

所以竖直墙面对B球的冲量大小等于杆对B球在水平方向的冲量大小，进一步可知竖直墙面对B球的冲量

大小等于杆对A球在水平方向的冲量大小，该过程就是A球获得最大动量过程，由动量定理，可知

“B=%A=〃WAmax=——

y

故B错误：

D.分析可知B球着地时的动能最大，由于杆中先存在挤压的内力，之后出现拉伸的内力，当杆中内力为0

时，B球与竖直墙面分离，分离后两球在水平方向动量守恒，设B球着地时A球的速度人小为％’,则有

〃叫高环=2〃?以

解得

%=傍

整个过程根据能量守恒，可得B球的最大动能为

1/226〃侬

小3初灯-3叫=~27~

选项D正确。

故选Do

二、选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分.在每小题给出的四个选项中，有多项符

合题目要求.全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分.

7.一列简谐横波在均匀介质中沿x轴方向传播，戈二0处的波源从，二°时刻开始振动，，=5s时该波刚好传

到M点，形成的波形图如图所示，P、。是介质中的两个质点，下列说法正确的是（）

A.该简谐横波的波速大小为1.5m/s

B.该简谐横波的周期为4s

C.质点P在，=5S时的振动方向沿y轴负向

D.质点Q的平衡位置横坐标q=1°田

【答案】BD

【解析】AB.该波的传播速度为

A.V..

v=——=3m/s

A/

传播周期

T=—=4s

v

选项A错误、B正确；

C.根据同侧法，质点。在，=5s时的振动方向沿），轴正向，选项C错误；

D.根据波动方程

、（2乃Y、

y-2cos^—xj（cm）

解得

xQ-1Om

选项D正确。

故选BDo

8.等腰三棱镜48c的顶角为夕=30。，A3边的边长为心光线射到A4边的中点o,当入射角,=45。时,

光最后垂直AC边射出，已知光在真空中的传播速度为c,不考虑光的多次反射，则（）

A

A.三棱镜的折射率为行

及L

B.光在三棱镜中的传播时间为4c

C.换用频率更高的光仍以相同入射角照射到。点，则光在棱镜中的传播时间一定变长

D.换用频率更高的光仍以相同入射角照射到。点，则光在棱镜中的传播时间可能不变

【答案】BC

【解析】AB.作出光路图如图所示

A

根据几何关系有折射角

y-O

根据

sin/

-----=n

sin。

解得

n=5/2

光在棱镜镜中的传播距离为

s=­sin。

2

传播速度

而

s

t=-

V

解得

*

4c

故A错误，B正确；

CD.由于频率越大，折射率越大，若换用频率更高的光仍以相同入射角照射到。点，则可知折射角将减小,

根据几何关系可知光的传播距离变大，而根据

可知，同时传播速度变小，因此可知光在棱镜中的传播时间一定变长，故C正确，D错误。

故选RU

9.在如图所示的电路中，理想变压器原、副线圈匝数比为2:1,原线圈中串一定值电阻副线圈连接定

值电阻R和滑动变阻器R，4：&=4：1,电压表和电流表均为理想交流电表，〃、力两端接有效值恒为4

的正弦交流电源。电压表的示数用U表示，电流表的示数用/表示，电压表示数的变化为AU,电流表示数

的变化为A/,则在滑动变阻器R滑片向右调节的过程中，下列说法正确的是（）

U_

B.电压表示数与电流表示数的比值7变大

△u

c.电压表示数的变化与电流表示数的变化的比值不不变

D.变压器的输出功率先增大后减小

【答案】BC

【解析】A.设变压器原、副线圈的电压分别为5、%,电流分别为人、,2,正弦交流电源的输出电压

5=1禹+5

对理想变压器得

4_=上心=%

3n2,/2n}

根据欧姆定律可得

U2=I2(R2+R)

以上四式联立得

■/\2■

U°=La+丛(&+A)

\tl2)

电压”。恒定，滑片调节电阻火连入电路中的电阻增大，则副线圈电流‘2减小，从而原线圈电流L减小，则

电阻K上分压减小，正弦交流电源输出电压的有效值恒定，则原线圈电压q增大，副线圈电压也增大，即

电压表的示数U增大，故A错误；

B.电压表示数与电流表示数的比值为电阻用和滑动变阻器/?阻值之和,滑动变阻器电阻变大，则比值变大，

故B正确；

C.由A选项分析可得

u0=i禺+5=以八%+殳u,

/■%'

整理得

+

%=-上/?)/2~^0

AU

则△/为函数%—人的斜率，为VV,所以木不变，故C正确;

D.变压器的输出功率为

P=U1YR\=-RJ；+UJ

根据二次函数知识可知，当

一W丸

12a-2/?,2K

时，变压器的输出功率最大，与

'/\2-

U0=LR+3（&+R）

联立可得

当

上图"+R）

即

（\2.

R="R「R、'R「R、=O

4

时，变压器的输出功率最大，在滑动变阻器/，滑片向右调节的过程中，电阻a>°且一直增大，则电源的输

出功率一直减小，故D错误。

故选BCo

10.如图所示，小物块质量〃'=lkg,长木板质量”=3kg（假设木板足够长），小物块与长木校间的动摩擦

因数必=0.2,长木板与水平地面间的动摩擦因数外=01，小物块以初速度%=6m/s向右滑上长木板，长

木板初始受力尸=14N,初速度为0,尸维持1.5s后撤去，以初始状态为计时起点，g=1°m/s;下列说法

正确的是（）

m

■

"/〃/》/〃〃〃〃〃〃//〃〃//〃〃〃/〃/〃/〉〃〃〃

A.经过Is二者速度第一次大小相等B.速度第一次大小相等后二者一起加速，再一起减速

19

D.经过五,二者速度第二次大小相等

C.小物块相对长木板向右最远运动3m

【答案】ACD

【解析】A.对物块应用牛顿第二定律得物块加速度大小

4=W=〃由=2m/s2

m

对木板应用牛顿第二定律得

_F+一+M)g14+0.2x1x10-0.1x(1+3)x10通2_4mzs?

M3

则二者速度相等时，由

%一知=%八

即

6-24=4。

解得

tx=Is

故A正确；

B.第一次速度相等后，假设两者一起加速，则一起加速的加速度为

JF("M)gJ"0[x0+3)xl。-5曲

M+m1+3

物块此时所需的合外力即摩擦力为

f=ma0=1x2.5N>ig=0.2x1xlON=2N

所以假设不成立，即笫一次速度相等后二者不会一起加速，故B错误;

C.两者共速的速度为

V)=a2t1=4m/s

”作用过程中，速度第一次相等时，小物块的位移是

v+V,6+4,_

x=-0-t.=----xIm=5m

'212

木板的位移

v.4,_

x,=—t,=—xlm=2m

-212

这个过程中的位移差为3m,之后小物块相对于木板向左运动，则木板的加速度

_F一从mg—乂，m+M)g_14-().2xlxl()-().lx(l+3)xl()_8

33

再经过

12=1.5—/1=0.5s

小物块和木板的速度分别为

4匆=%-4%+“也=(6-2xl+2x0.5)ni/s=5nVs

依-4xl++”s若m/s

撤去尸后，木板开始减速，直到再次共速时，小物块速度都小于木板的速度，所以1s之后，小物块相对于

木板一直向左运动，故小物块相对长木板向右最远运动3m,故C正确;

D.撤去尸后，两物体再次共速前木板加速度大小

_+〃式〃?+M)g_0.2x1x10+0.1x(14-3)x10^2_2mzs?

M3

且

%+.也=|'板一七4

即

uc16r

5+2q=7-2/3

解得

所以

“1、19

t=(1.5+—)s——s

1212

故D正确。

故选ACDo

三、非选择题：本题共5小题，共56分.

11.（7分）为了验证机械能守恒定律，物理实验小组设计了如下方案:

（1）A组同学利用自由落体运动验证机械能守恒定律，打点计时器固定在铁架台上，使重物带动纸带从静

止开始自由下落。

①本实验中，小同学生在实验操作过程中出现如图所示的四种情况，其中操作止确的是

②进行正确操作后，打出的纸带如图乙所示，在选定的纸带上依次取计数点，相邻计数点间的时间间隔为一

则纸带的（选填“左”或“右”）端与重物相连。设重物质量为机，根据测得的X/、E、X3、X4,可

得在打点计时器打B点到D点的过程中，重物动能增加量的表达式为。

③换用两个质量分别为"〃、机2的重物产、。进行实验，多次实验记录下落高度力和相应的速度大小v,作

出的v2-/?图像如图丙所示。对比图像分析正确的是。

A.阻力可能为零B.阻力不可能为零C.〃〃可能等于〃22D.〃〃一定小于〃?2

（2）B组同学按照图丁组装实验器材，调整定滑轮位置，使连接滑块与托盘的轻绳与气垫导轨平行，接通

电源，由静止释放托盘与祛码，并测得遮光条宽度d,遮光条到光耳门的距离/,遮光条通过光电门的时间，

托盘与祛码质量〃滑块与遮光条质量小4.已知重力加速度大小为g，若表达式成立，即可验

证机械能守恒。

静…)

【答案】⑴①B；②左;:③BC；(2)

【解析】（1）①打点计时器应接交流电源，操作时应用手提住纸带的上端，让重物尽量靠近打点计时器。

故选Bo

②纸带上的点迹从左向右间距逐渐变大，则纸带的左端与重物相连。打点计时器打8点时的速度大小为

v--

1B12T

打D点时的速度大小为

在打B点到。点的过程中，重物动能增加量的表达式为

△耳=吟=器（凡一2%）

③AB.根据题意，设阻力大小为了,由动能定理有

（mg-f）h=—mv2

整理可得

v2=2\g-^]-h

ktn）

若阻力为零，则两次实验的--力图像斜率相等，由图可知，斜率不等，则阻力不为零，故A错误，B正确；

CD.虽然斜率不相等，但不知道两重物所受阻力的情况，则两重物的质量关系不确定，即〃?/可能等于〃?2,

故C正确，D错误。

故选RC.

（2）若机械能守恒成立，有

»/4仙+/）（£|

12.（9分）国内广泛使用的电热丝的主要材料是铁络铝、银格电热合金两类，它们各具优点。某同学在测

定一根废旧电热丝的电阻实验中：

（1）首先用螺旋测微器测量该电热丝的直径，其中某一次测量结果如图甲所示，其读数应为mm。

（2）再用欧姆表粗测其电阻值，则得待测电阻值为532。同时发现欧姆表有多个倍率，想探究其原理，查

资料发现有图乙、丙两种情形。

若图乙中欧姆表有X1和X10两个挡位且开关接3时为X1档，则££=。

若图丙中欧姆表也有xl和乂1°两个挡位，则女=（用图丙表头电阻凡表示）。

（3）然后用伏安法准确测量上面废旧电热丝电阻段，备选器材有：

电源E,电动势约为5.5V,内阻可忽略不计；

电压表Y,量程为0~0・5V,内限4=1°°0%

电压表V2,量程为06V,内阻弓约为I（）kn；

电流表A,量程为°0.6A,内阻々约为Q5C；

定值电阻凡，凡=50。；

滑动变阻器R,最大阻值为20C；

单刀单掷开关S一个，导线若干。

①测量中要求所用电表的读数都不小于其量程的3,并尽可能多测量多组数据，请合理选择器材并在图所

示虚线框中画出测量电阻尺的实验电路图（图中标明所选器材的符号）

②若电压表,、电压表丫2、电流表A示数分别用符号4、U2、/表示，则由实验电路图选月的两个电表

对应示数的符号和题中已知量的代表符号计算用的表达式为&=

1M-uj

一R“

【答案】（1）0.749~0.751；（2）上1°；9:(3)①②■(«)+')

【解析】（1）螺旋测微器可动尺精度为0.01mm,需要估读一位，则其读数为

D=0.5min+25.0xO.Olmni=0.750mm

（2）由公式

倍率为10倍关系，则电动势为10倍关系，故

E:EZ=1:1O

当开关“1”闭合，“2”断开，欧姆表指针指在表盘中间时有

电流表改装成有两个倍率的欧姆表("，"和”1()，，)，故当开关都闭合时，并联分流，欧姆表中值电

1

阻变为正，此时干路总电流扩大十倍，故并联的电阻大小

R=-R

91

(3)测量电阻&的实验，为尽可能的多测几组数据，故滑动变阻器选用分压式连接；待测电阻约为勿4,

电源电动势5-5V,则电路中最大电流小于电流表量程的3,故不选择电流表，而是选择两个电压表来测量

电阻R'的电阻，根据电压表量程与定值电阻的关系，用小量程电压表扩大量程后测量定值电阻的电流，综

上所述，电路设计如图

根据并联分流，串联分压和欧姆定律可得

二％-4二一uj

£L-a(g)

其中■为电压表V1的读数；•为电压表V?的读数；凡为定值电阻的阻值；"为电压表V］的内阻。

13.(10分)如图所示，活塞将左侧导热汽缸分成容积均为V的A、B两部分，汽缸A部分通过带有阀门

V

的细管与容积为了、导热性良好的汽缸C相连。开始时阀门关闭，A、B两部分气体的压强分别为〃。和L5〃。。

V

现将阀门打开，当活塞稳定时，B的体积变为,，然后再将阀门关闭。已知A、B、C内为同种理想气体,

细管及活塞的体积均可忽略，外界温度保持不变，活塞与汽缸之间的摩擦力不计。求:

（1）阀门打开后活塞稳定时，A部分气体的压强〃仆

（2）活塞稳定后，C中剩余气体的质量“2与最初C中气体质量之比。

【答案】（1）2.5〃。；Q）27

【解析】（1）初始时对活塞有

p0S+mg=\.5p0S

得到

，ng=0.5p（）S

打开阀门后，活塞稳定时，对B气体有

V

l.5p°-V=PB3

对活塞有

pAS+mg=pBS

所以得到

PA=2.5%

（2）设未打开阀门前，C气体的压强为Pco,

对A、C两气体整体有

%・V+"co•彳=必，（5+R

得到

27

〃以，=彳〃0

所以，C中剩余气体的质量M2与最初C中气体质量之比

M：二/0二5

Mpco27

14.(14分)如图所示，一质量为町的小物块”从半径为R=3.2m的光滑四分之一圆弧轨道的顶端A

点由静止开始下滑，八点和圆弧布应的圆心。点等高，小物块。在8点与静止的大小相同的小物块〃发生弹

性碰撞，之后两物块先后水平抛出，都恰好能从0点沿。。方向滑上传送带。传送带以-=i()ws的速度沿逆

时针方向匀速转动。已知传送带长L=27.75m,倾角8等于37。，传送带与小物块之间的动摩擦因数为0-5

2

(sin37°=0.6,cos37°=0.8,^=IOm/s)o求：

(D小物块力的质量啊;

(2)B、C二点间的水平距离d：

(3)小物块〃在传送带上因摩擦而产生的热量°。

【答案】⑴3kg；⑵L2m；⑶63J

【解析】(1)小物块”从A运动到碰小物块人前的过程有

T町y；_()=，〃话A

所以

%==8m/s

时两物块相碰的过程有

叫％=班匕+m2V2

3,叫叫岭

因为必两物块先后从C点进入斜面，得

联立上列方程得

v=4m/s/%=3kg

29

(2).平抛过程有

d-v2t

外=gi

—=tan

彩

v2

所以得到

Vc=5nVs,d=1.2m

(3)人进入传送带的第一阶段，受力分析有

m2gsin6+〃叫gcos0=m2a}

q=l()m/s2

设人经时间与传送带达到共速，则有

v=vc+卬।

/,=0.5s

b的位移

力与传送带间的相对位移

所以

xhl=3.75m』=1.25m

沙球与传送带共速后，受力分析有

sin0-〃"八gcos0=/n,«,

q=2m/s2

可知〃球将在传送带上继续加速向下到底部，有

,I2

L-=vt2+—42G

得

i2=2s

这一阶段的相对位移

S2=（Lf）-%=4m

所以小物块〃在传送带因摩擦而产生的热量

Q=〃"/2gcos，（S1+与）=63J

15.（16分）如图，水平桌面上固定一光滑U型金属导轨，其平行部分的间距为/,导轨的最右端与桌子右

边缘对齐，导轨的电阻忽略不计。导轨所在区域有方向竖直向二的匀强磁场，磁感应强度大小为3。一质

量为，〃、电阻为氏、长度也为/的金属棒夕静止在导轨上。导轨上质量为3，〃的绝缘棒Q位于P的左侧，以

大小为％的速度向。运动并与。发生弹性碰撞，碰撞时间很短。碰撞一次后，。和。先后从导轨的最右端

滑出导轨，并落在地面上同一地点。P在导轨上运动时，两端与导轨接触良好，P与。始终平行。不计空

气阻力。求

（1）金属棒尸滑出导轨时的速度大小：

（2）金属棒P在导轨上运动过程中产生的热量；

（3）与P碰撞后，绝缘棒。在导轨上运动的时间。

【解析】（1）由于绝缘棒Q与金属棒P发生弹性碰撞，根据动量守恒和机械能守恒可得

3"?%=3mvQ+niVp

gx3w；=gx3〃%+g所

联立解得

3I

%=5%%=*

由题知，碰撞一次后，P和Q先后从导轨的最右端滑出导轨，并落在地面上同一地点，则金属棒P滑出导

轨时的速度大小为

,1

VP=VQ=2VO

（2）根据能量守恒有

解得

Q=%

（3）P、Q碰撞后，对金属棒P分析，根据动量定理得

-B7/ZX/=mvp-mvp

又

_7=-=—=—

q=,一/一疝一疝

联立可得

丫_〃?%力

而

由于Q为绝缘棒，无电流通过，做匀速直线运动，故Q运动的时间为

x2mR

t=---=------

“B不

【赢在高考・黄金8卷】备战2024年高考物理模拟卷（湖南卷专用）

黄金卷01・参考答案

（考试时间：7