全国卷2024-2025学年高考化学精鸭点突破20烃的行生物含解析VIP

2024-2025年高考化学精选考点突破20烃的行生物1．《黄帝内经》有如下叙述：“五谷为养，五果为助，五畜为益，五菜为充”。以上食物中富含糖类、蛋白质、油脂等养分物质。下列说法正确的是A．葡萄糖和蔗糖均为还原性糖B．蛋白质水解的最终产物为氨基酸C．自然油脂具有固定的熔、沸点D．淀粉和纤维素互为同分异构体【答案】B【解析】A.葡萄糖含有醛基具有还原性，蔗糖由一分子葡萄糖的半缩醛羟基与一分子果糖的半缩醛羟基彼此缩合脱水而成，没有醛基，不具有还原性，故A错误；B.氨基酸通过脱水缩合反应生成肽链，肽链最终依据特定方式组合生成蛋白质，所以蛋白质水解最终产物是氨基酸，故B正确；C.油脂是油和脂肪的统称，从化学成分上来讲油脂都是高级脂肪酸与甘油形成的酯，自然界中的油脂是多种物质的混合物，混合物没有固定的熔沸点，故C错误；D.分子式相同、结构不同的有机物互称同分异构体，纤维素和淀粉分子式都为(C6H10O5)n中，n值不同导致其分子式不同，所以淀粉和纤维素不是同分异构体，故D错误；答案选B。2．2024年1月武汉爆发新冠肺炎，湖北省实行封城封镇的措施阻挡了冠状病毒扩散。新冠病毒主要传播方式是经飞沫传播、接触传播（包括手污染）以及不同大小的呼吸道气溶胶近距离传播。冠状病毒对热敏感，56℃30分钟、75%酒精、含氯消毒剂、过氧乙酸、乙醚和氯仿等脂溶剂均可有效灭活病毒。下列有关说法正确的是（）A．因为过氧乙酸能灭活病毒，所以在家每天进行醋熏能杀死家里的新冠肺炎病毒B．电解食盐水制取次氯酸钠喷洒房间能杀死新冠肺炎病毒C．在空气质量检测中的PM2.5，属于气溶胶D．含氯消毒剂、过氧乙酸、乙醚和氯仿等都属于有机物【答案】B【解析】A.过氧乙酸具有强氧化性，醋的主要成分为乙酸，均可灭活病毒，二者为不同物质，无因果关系，A错误；B.次氯酸钠具有强氧化性，使蛋白质变性，能杀死新冠肺炎病毒，B正确；C.胶体粒子的直径范围为1—100nm，PM2.5是指大气中直径小于或等于2.5微米的颗粒物，则粒子直径大于100nm，则不形成胶体，C错误；D.含氯消毒剂，如84消毒液(有效成分为次氯酸钠)、漂白粉(有效成分为次氯酸钙)，属于无机物，过氧乙酸、乙醚和氯仿等都属于有机物，D错误；答案选B。3．某有机化合物的结构简式为，Na、NaOH、NaHCO3分别与等物质的量的该物质反应时，则消耗Na、NaOH、NaHCO3的物质的量之比为（）A．3：3：3 B．3：2：1 C．1：1：1 D．3：2：2【答案】B【解析】有机化合物分子中有酚羟基、羧基和醇羟基等3种官能团。Na与3种官能团都能反应；NaOH只与酚羟基、羧基反应，NaHCO3只与羧基反应。所以，Na、NaOH、NaHCO3分别与等物质的量的该物质反应时，则消耗Na、NaOH、NaHCO3的物质的量之比为3∶2∶1，B正确，本题选B。4．下列有关生活中常见物质的说法正确的是A．涤纶衬衣、PC塑料、牛皮鞋均是由有机高分子化合物构成的B．豆浆煮沸后，蛋白质变成了氨基酸C．高锰酸钾溶液、酒精、双氧水能杀菌消毒，都利用了其强氧化性D．垃圾分类中，易拉罐、厕纸属于可回收垃圾，剩饭剩菜、果皮等属于厨余垃圾；荧光灯管、过期药品属于有害垃圾【答案】A【解析】A．涤纶、PC塑料属于有机合成材料，是由有机高分子构成的，牛皮鞋的构成材料为蛋白质，属于高分子化合物，故A正确；B．豆浆煮沸是蛋白质发生了变性，并没有水解成氨基酸，故B错误；C．酒精不具有强氧化性，渗入细胞中使蛋白质发生变性从而达到杀菌消毒的效果，高锰酸钾溶液、双氧水能杀菌消毒与强氧化性有关，故C错误；D．厕纸不属于可回收垃圾，故D错误；故答案为A。5．北京冬奥会将于2024年举办，节俭办赛是主要理念。在场馆建设中用到一种耐腐、耐高温的表面涂料是以某双环烯酯为原料制得，该双环烯酯的结构如图所示（）。下列说法正确的是A．该双环烯酯的水解产物都能使溴水褪色B．1mol该双环烯酯能与3molH2发生加成反应C．该双环烯酯分子中至少有12个原子共平面D．该双环烯酯完全加氢后的产物的一氯代物有7种【答案】A【解析】该双环烯酯水解产物中都含有碳碳双键，都能使溴水褪色，选项A正确；1mol该双环烯酯的两个碳碳双键能与2molH2发生加成反应，酯基中的碳氧双键不能加成，选项B不正确；分子中不存在苯环，共平面的原子从碳碳双键动身，至少是6个，分子中分别与两个碳碳双键共平面的原子不肯定共面，选项C不正确；分子加氢后，两边环分别有4种一氯代物，—CH2—上有1种，共有9种，选项D不正确。6．某饱和一元醇14.8g和足量的金属Na反应，生成标准状况下氢气为2.24L，该醇可氧化成醛，则其结构可能有几种()A．5种 B．4种 C．3种 D．2种【答案】D【解析】标准状况下氢气为2.24L即0.1mol，质量为0.2g，解得n=4能氧化生成醛的醇有CH3CH2CH2CH2OH、(CH3)2CHCH2OH两种，故选D。7．香草醛是一种广泛运用的可食用香料，可通过如图方法合成。下列说法正确的是A．CHCl3常温下为气态 B．香草醛分子中全部碳原子肯定共平面C．物质I苯环上的一氯代物有4种 D．物质I和II为同系物【答案】C【解析】A．CHCl3常温下为液体，A错误；B．如图：，“1”“2”“3”号原子形成“V”形结构，导致“3”号C原子可能不和苯环共面，即全部C原子不肯定共面，B错误；C．物质I苯环上有4种等效氢，故其苯环上的一氯代物有4种，C正确；D．物质II有一个醛基，物质I不含醛基，二者结构不相像，不互为同系物，D错误。答案选C。8．有机物X的结构简式如图所示。下列说法错误的是（）A．有机物X的分子式为C20H18O4B．1mol有机物X最多可以和8molH2加成C．1mol有机物X最多消耗2molNaOHD．苯环上的一氯取代产物有4种【答案】D【解析】A．有机物X含有20个C原子，又不饱和度为12，可求得H原子数为18，由图可知有机物X含有4个O原子，综上，有机物X的分子式为C20H18O4，A项正确；B．每个苯环可与3个氢气分子发生加成反应，每个碳碳双键可与1个氢气分子发生加成反应，每个羰基可与1个氢气分子发生加成反应，酯基不能和氢气发生加成反应，故1mol有机物X最多可以和8molH2加成，B项正确；C．有机物X中的酯基在碱性条件下水解得到一个羧基和一个酚羟基，羧基和酚羟基都可以和氢氧化钠反应，有机物X中的醇羟基不行以和氢氧化钠反应，故1mol有机物X最多消耗2molNaOH，C项正确；D．左边苯环不含有对称结构，一氣取代产物有4种，右边苯环含有对称结构，一氯取代产物有2种，故有机物X苯环上的一氯取代产物有6种，D项错误；故答案为D。9．下列关于有机化合物的结构、性质说法正确的是A．苯和乙烯都能使溴水层褪色，均与溴水发生加成反应B．蔗糖、麦芽糖、淀粉和纤维素都能水解，最终水解产物都为葡萄糖C．正丁烷和异丁烷的一氯取代物都只有两种，它们的密度也相同D．乙酸分子中禽有羧基，可与NBHCO3溶液反应生成CO2【答案】D【解析】A．乙烯和溴发生加成反应而使溴水褪色，苯能萃取溴水中的溴而使溴水褪色，所以褪色原理不同，故A错误；B．蔗糖的水解产物是葡萄糖和果糖，麦芽糖、淀粉和纤维素最终水解产物都为葡萄糖，故B错误；C．正丁烷和异丁烷的一氯取代物都只有两种，但正丁烷的一氯代物密度大于异丁烷的一氯代物密度，故C错误；D．乙酸中的羧基酸性大于碳酸氢根离子，所以乙酸能和碳酸氢钠反应制取二氧化碳，故D正确；答案选D。10．下列说法正确的是A．乙醇和乙酸能发生酯化反应，只要一种反应物过量酯化反应就能进行彻底B．把乙烯通入溴水中，溴水马上褪色，这是由于乙烯具有漂白性C．煤的气化和煤的干馏都发生了化学改变，而石油的分馏属于物理改变D．苯不能使酸性高锰酸钾溶液褪色，因此苯不能发生氧化反应【答案】C【解析】A.酯化反应是可逆反应，反应不能进行究竟，A项错误；B.乙烯含有不饱和碳碳键，能够和溴水发生加成反应，B项错误；C.煤的气化是将煤转化为可燃性气体的过程，煤的干馏是将煤隔绝空气加强热使其分解的过程，都是化学改变，而石油的分馏是对石油加热获得不同沸点的烃的过程，是物理改变，C项正确；D.物质与氧气发生的反应为氧化反应，苯的燃烧也是氧化反应，D项错误；故答案选C。【提升题】1．荧光素因显亮绿色的荧光常用作吸附指示剂。它是用邻苯二甲酸酐和间苯二酚，在无水氯化锌作用下合成的，下列说法正确的是()A．上述三种有机物均属于芳香烃B．邻苯二甲酸酐苯环上二氯代物共有3种C．1mol间苯二酚与足量的浓溴水反应，最多消耗6molBr2D．常温下1mol荧光素与足量NaOH溶液反应，最多消耗2molNaOH【答案】D【解析】A.烃只含有碳、氢元素，上述三种有机物因为含氧而均不属于芳香烃，故A错误；B.邻苯二甲酸酐苯环上有两种氢原子，所以其二氯代物共有2种，故B错误；C.酚羟基的邻、对位氢原子可与溴水反应，所以1mol间苯二酚与足量的浓溴水反应，最多消耗3molBr2，故C错误；D.荧光素分子含有一个酚羟基、一个羧基，所以常温下1mol荧光素与足量NaOH溶液反应，最多消耗2molNaOH，故D正确。故选D。2．可用来鉴别己烯、甲苯、乙酸乙酯和苯酚溶液的一组试剂是A．溴水、氯化铁溶液 B．溴水、酸性高锰酸钾溶液C．溴水、碳酸钠溶液 D．氯化铁溶液、酸性高锰酸钾溶液【答案】B【解析】A．先用溴水鉴别出己烯、苯酚，溴水褪色的为己烯、加入溴水生成白色沉淀的为苯酚，但溴水、FeCl3溶液都不能鉴别甲苯和乙酸乙酯，故A不符合题意；B．先用溴水鉴别出己烯、苯酚，溴水褪色的为己烯、加入溴水生成白色沉淀的为苯酚，剩余两种中能使酸性高锰酸钾溶液褪色的为甲苯，无明显现象的为乙酸乙酯，可鉴别，故B符合题意；C．先用溴水鉴别出己烯、苯酚，溴水褪色的为己烯、加入溴水生成白色沉淀的为苯酚，碳酸钠溶液、溴水都不能鉴别甲苯和乙酸乙酯，故C不符合题意；D．氯化铁溶液能鉴别出苯酚，加入氯化铁溶液后溶液变为紫色的为苯酚，己烯、甲苯都能使酸性高锰酸钾褪色，即不能鉴别己烯和甲苯，故D不符合题意；故答案选B。3．乙醇催化氧化制取乙醛(沸点为20.8℃，能与水混溶)的装置(夹持装置已略)如图所示：下列说法错误的是A．向圆底烧瓶中滴入H2O2溶液前需打开KB．试验起先时需先加热②，再通O2，然后加热③C．装置③中发生的反应为2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2OD．试验结束时需先将④中的导管移出。再停止加热【答案】B【解析】依据装置图，①中过氧化氢在二氧化锰催化条件下生成氧气，通入②中与乙醇形成混合蒸气，在③中加热条件下发生氧化还原反应生成乙醛，④用于收集乙醛以及未反应的乙醇。A．向圆底烧瓶中滴入H2O2溶液前需打开K，避开生成的氧气，使装置内压强过大，故A正确；B．试验时应先加热③，以起到预热的作用，使乙醇充分反应，故B错误；C．催化条件下，乙醇可被氧化生成乙醛，发生2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2O，故C正确；D．试验结束时需先将④中的导管移出，再停止加热，以避开发生倒吸，故D正确；故选B。4．下列关于有机物因果关系的叙述完全正确的一组是()选项缘由结论A乙烯和苯都能使溴水褪色苯和乙烯分子都含有碳碳双键B乙酸乙酯和乙烯肯定条件下都能与水反应两者属于同一类型的反应C乙酸和葡萄糖都能与新制的氢氧化铜反应两者所含的官能团相同D乙烯能使溴的四氯化碳溶液和酸性高锰酸钾溶液褪色两者褪色的本质不同A．A B．B C．C D．D【答案】D【解析】A．乙烯含有碳碳双键，乙烯能与溴发生加成反应，使溴水褪色，苯使溴水褪色是苯萃取溴水的溴，苯分子中不含碳碳双键，故A错误；B．乙酸乙酯与水的反应是水解反应，乙烯与水的反应属于加成反应，反应类型不同，故B错误；C．乙酸含有羧基，与新制氢氧化铜发生中和反应，葡萄糖含有醛基，被新制氢氧化铜氧化，乙酸与葡萄糖含有的官能团不同，故C错误；D．乙烯与溴发生加成反应使溴的四氯化碳溶液褪色，乙烯被酸性高锰酸钾氧化，使酸性高锰酸钾褪色，二者褪色的本质不同，故D正确；故选D。5．抗击新冠的疫情中，法匹拉韦和瑞德西韦领先突出重围。探讨表明两者是新冠肺炎潜在的有效药物，目前正在中国进行3期临床试验，下列关于法匹拉韦和瑞德西韦的描述不正确的是A．瑞德西韦含有酯基，可以水解；法匹拉韦不含酯基，不能水解B．法匹拉韦分子式为C5H4O2N3FC．瑞德西韦属于芳香族化合物D．1mol瑞德西韦与足量金属钠反应最多生成1molH2【答案】A【解析】A.瑞德西韦含有酯基，可以水解；法匹拉韦不含酯基，但含有肽键，也能水解，故A错误；B.依据法匹拉韦结构简式，其分子式为C5H4O2N3F，故B正确；C.瑞德西韦含有苯环，属于芳香族化合物，故C正确；D.1mol瑞德西韦中有2mol醇羟基与足量金属钠反应最多生成1molH2，故D正确；故选A。6．中成药连花清瘟胶囊在对抗H1N1病毒中发挥重大作用，其有效成分绿原酸的结构简式如图，下列有关说法错误的是A．绿原酸属于芳香族化合物B．分子中至少有7个碳原子共面C．1mol绿原酸最多可消耗5molNaOHD．与绿原酸苯环上取代基种类及个数均相同的有机物有5种【答案】C【解析】A.绿原酸含有苯环，属于芳香族化合物，选项A正确；B.依据苯分子12个原子在同一平面可知，绿原酸分子中至少有（红色圈里）7个碳原子共面，选项B正确；C.一分子绿原酸中含有两个酚羟基、一个羧基和一个酯基，1mol绿原酸最多可消耗4molNaOH，选项C错误；D.与绿原酸苯环上取代基种类及个数均相同的有机物，先以两个酚羟基为邻、间、对位，再将另一取代基定在苯环上分别有2种、3种、1种共有6种结构，减去本身则有5种，选项D正确。答案选C。7．萜类化合物广泛存在于动植物体内，下列关于萜类化合物的说法错误的是A．c和b互为同分异构体B．c的分子式是C10H16OC．a、b、c均能发生加成反应D．a、b、c中共有三种官能团，且都可以使酸性高锰酸钾溶液褪色【答案】A【解析】A.依据b的结构简式，b的分子式为C10H14O，依据c的结构简式，c的分子式为C10H16O，它们分子式不同，因此b和c不互为同分异构体，故A错误；B.依据c的结构简式，c的分子式为C10H16O，故B正确；C.a中含有碳碳双键，b中含有苯环，c中含有醛基，这些都能发生加成反应，故C正确；D.a中官能团是碳碳双键，能被酸性高锰酸钾溶液氧化，b中官能团是羟基，苯环上含有甲基，能被酸性高锰酸钾溶液氧化成羧基，c中含有醛基，能被酸性高锰酸钾溶液氧化，故D正确；答案：A。8．下列有关描述中，合理的是A．用新制氢氧化铜悬浊液能够区分葡萄糖溶液和乙醛溶液B．洗涤葡萄糖还原银氨溶液在试管内壁产生的银:先用氨水溶洗、再用水清洗C．裂化汽油和四氯化碳都难溶于水，都可用于从溴水中萃取溴D．为将氨基酸混合物分别开，可以通过调整混合溶液pH，从而析出晶体，进行分别。【答案】D【解析】A．葡萄糖和乙醛都含有醛基，加热时都可与氢氧化铜发生氧化还原反应，不能鉴别，故A错误；B．银不与氨水反应，不能用于洗涤试管内壁的银单质，银可溶于硝酸，可用硝酸洗涤，故B错误；C．裂化汽油成分中，含有碳碳双键的化合物，可与溴水发生加成反应，则不能用作萃取剂，故C错误；D．氨基酸含有羧基、氨基，具有两性，不同的氨基酸达到等电点的pH不同，可限制pH利用溶解度差异分别，故D正确。答案选D。9．下列除去杂质(括号内为杂质)的方法正确的是()①乙烷(乙烯)光照条件下通入Cl2,气液分别②乙酸乙酯(乙酸)用饱和碳酸氢钠溶液洗涤、分液③苯(乙酸)用氢氧化钠溶液洗涤、分液④乙醇(乙酸)加足量生石灰,蒸馏A．①②③ B．②③④ C．①③④ D．①②④【答案】B【解析】①光照条件下乙烷与Cl2发生取代反应生成多种氯代乙烷和HCl，不符合除杂原则，①错误；②乙酸与饱和碳酸氢钠反应生成溶于水的CH3COONa，乙酸乙酯难溶于饱和碳酸氢钠溶液，出现分层现象，分液分别出乙酸乙酯，②正确；③乙酸与氢氧化钠溶液反应生成溶于水的CH3COONa，苯难溶于氢氧化钠溶液，出现分层现象，分液分别出苯，③正确；④乙酸与生石灰反应生成离子化合物（CH3COO）2Ca，乙醇与（CH3COO）2Ca沸点相差较大，用蒸馏法分别出乙醇，④正确；正确的有②③④，答案选B。10．Y是合成香料、医药、农药及染料的重要中间体，可由X在肯定条件下合成：下列说法错误的是（）A．Y的分子式为C10H8O3B．由X制取Y过程中可得到乙醇C．肯定条件下，Y能发生加聚反应D．等物质的量的X、Y分别与NaOH溶液反应，最多消耗NaOH的物质的量之比为3：2【答案】D【解析】A.Y分子中含有10个C原子，3个O原子，不饱和度为：7，所以分子式为：C10H8O3，故A正确；B.依据质量守恒定律可知：由X制取Y的过程中可得到乙醇，故B正确；C.Y含有酚羟基和碳碳双键，碳碳双键可能发生加聚反应，酚可与甲醛发生缩聚反应，故C正确；D.X中酚羟基、酯基可与氢氧化钠溶液反应，1mol可与3molNaOH反应，Y中酚羟基、酯基可与氢氧化钠反应，且酯基可水解生成酚羟基和羧基，则1molY可与3molNaOH反应，最多消耗NaOH的物质的量之比为1:1，故D错误；故选：D。【挑战题】1．肉桂酸甲酯G是一种用于调制具有草莓、葡萄、樱桃、香子兰等香味的食用香精,它的分子式为C10H10O2，用芳香烃A为原料合成肉桂酸甲酯G的路途如下：已知：（1）B的官能团的名称________。（2）D→F的反应类型是________。（3）肉桂酸甲酯的结构简式为_________。（4）写出A的结构简式___________。（5）C与银氨溶液反应的化学方程式________。（6）D转化为E的化学方程式_________。（7）写出与足量氢氧化钠溶液反应的化学方程式________。（8）写出符合下列条件的D的同分异构体的结构简式_______。①苯环上有两个取代基且苯环上的一氯代物有两种；②遇FeCl3溶液显紫色③在NaOH溶液中反应最多能消耗3molNaOH。【答案】（1）羟基（2）消去反应（3）（4）（5）+2Ag(NH3)2OH+2Ag↓+H2O+3NH3（6）+(n-1)H2O（7）+nNaOH+nCH3OH（8）【解析】依据物质的性质逆推，可知G是，F是；D是或；C和HCN加成后水解生成的D分子中的羟基和羧基应当在同一个碳原子上，所以D是，C是，B是，A是。（1）B是，的官能团的名称是醇羟基；（2）D与浓硫酸混合加热发生消去反应产生F，所以D→F的反应类型是消去反应；（3）肉桂酸甲酯的结构简式为；（4）A的结构简式是；（5）C分子中含有醛基，可以与银氨溶液反应，反应的化学方程式是+2Ag(NH3)2OH+2Ag↓+H2O+3NH3；（6）D分子中含有两个官能团，在肯定条件下可以发生缩聚反应形成聚酯转化为E，反应的化学方程式是+(n-1)H2O；（7）是聚酯，与足量氢氧化钠溶液发生水解反应，化学方程式是+nNaOH+nCH3OH；（8）①苯环上有两个取代基且苯环上的一氯代物有两种，说明两个取代基在苯环相对位置；②遇FeCl3溶液显紫色，说明含有酚羟基；③在NaOH溶液中反应最多能消耗3molNaOH，说明含有一个酚羟基与羧基形成的酯基和一个酚酯基。则符合下列条件的D的同分异构体的结构简式是。2．苯基环丁烯酮(PCBO)是一种非常活泼的反应物，可利用它的开环反应合成一系列多官能团化合物。近期我国科学家报道用PCBO与醛或酮发生[4+2]环加成反应，合成了具有生物活性的多官能团化合物(E)，部分合成路途如下：已知如下信息：回答下列问题：(1)A的化学名称是___________。(2)B的结构简式为___________。(3)由C生成D所用的试别和反应条件为___________；该步反应中，若反应温度过高，C易发生脱羧反应，生成分子式为C8H8O2的副产物，该副产物的结构简式为________。(4)写出化合物E中含氧官能团的名称__________；E中手性碳(注：连有四个不同的原子或基团的碳)的个数为___________。(5)M为C的一种同分异构体。已知：1molM与饱和碳酸氢钠溶液充分反应能放出2mol二氧化碳；M与酸性高锰酸钾溶液反应生成对苯二甲酸。M的结构简式为__________。(6)对于，选用不同的取代基R'，在催化剂作用下与PCBO发生的[4+2]反应进行深化探讨，R'对产率的影响见下表：R'—CH3—C2H5—CH2CH2C6H5产率/%918063请找出规律，并说明缘由___________。【答案】(1)2−羟基苯甲醛(水杨醛)(2)(3)乙醇、浓硫酸/加热(4)羟基、酯基2(5)(6)随着R'体积增大，产率降低；缘由是R'体积增大，位阻增大【解析】依据合成路途分析可知，A()与CH3CHO在NaOH的水溶液中发生已知反应生成B，则B的结构简式为，B被KMnO4氧化后再酸化得到C()，C再与CH3CH2OH在浓硫酸加热的条件下发生酯化反应得到D()，D再反应得到E()。(1)A的结构简式为，其名称为2-羟基苯甲醛(或水杨醛)，故答案为：2-羟基苯甲醛(或水杨醛)；(2)依据上述分析可知，B的结构简式为，故答案为：；(3)C与CH3CH2OH在浓硫酸加热的条件下发生酯化反应得到D()，即所用试剂为乙醇、浓硫酸，反应条件为加热；在该步反应中，若反应温度过高，依据副产物的分子式可知，C发生脱羧反应生成，故答案为：乙醇、浓硫酸/加热；；(4)化合物E的结构简式为，分子中的含氧官能团为羟基和酯基，E中手性碳原子共有位置为的2个手性碳，故答案为：羟基、酯基；2；(5)M为C的一种同分异构体，1molM与饱和NaHCO3溶液反应能放出2mol二氧化碳，则M中含有两个羧基(—COOH)，又