2025年中考物理考前押题密卷（广州卷 ）（全解全析）

2025年中考考前押题密卷（广州卷）物理·全解全析一、选择题（本题共10小题，每小题3分，共30分。在每小题给出的四个选项中，只有一项最符合题目要求）1．一首木兰诗，描述了古代女英雄花木兰的故事。其中诗句“对镜贴花黄”涉及的光现象是（）A．光的直线传播 B．光的反射 C．光的折射 D．光的色散【答案】B【解答】解：“对镜贴花黄”，是花木兰在照镜子，属于平面镜成像，是光的反射现象，故B正确。故选：B。2．小华沿水平方向用力拉桌子，没有拉动。下列关于桌子未动原因的说法正确的是（）A．桌子受到的拉力小于桌子受到的重力 B．桌子受到的拉力等于桌子受到的摩擦力 C．桌子受到的拉力小于桌子受到的支持力 D．静止的桌子也有惯性，且桌子受到的惯性力较大【答案】B【解答】解：ABC．小华沿水平方向用力拉桌子，没有拉动，桌子处于静止状态，受力平衡；在水平方向上，桌子受到的拉力和摩擦力是一对平衡力，大小相等，故AC错误，B正确；D．桌子的质量不变，无论桌子静止还是运动，桌子的惯性大小都相同，故D错误。故选：B。3．小明是贵溪市某学校九年级的学生，为了在中考体育测试中取得较好成绩，他努力训练着。以下是对他各个项目的训练成果进行的估计，你认为最接近实际情况的是（）A．他的质量是500N B．他1s内跳绳次数是170次 C．他立定跳远的成绩是2.35×104mm D．他跑1000m用时3.5min【答案】D【解答】解：A、中学生的质量约为50kg，故A错误；B、中学生1s内跳绳次数是1次，故B错误；C、中学生的立定跳远的成绩是2.35m＝2.35×103mm，故C错误；D、中学生的跑1000m用时3.5min，故D正确。故选：D。4．如图所示为某次比赛中足球的运动轨迹，关于其能量转化下列说法正确的是（）A．足球上升过程中，重力势能转化为动能 B．足球下落过程中，动能转化为重力势能 C．足球上升过程中，动能减小但机械能增大 D．足球下落过程中，动能增大但机械能减小【答案】D【解答】解：AC、足球上升过程中，质量不变，速度变小，动能变小；高度变大，重力势能变大，动能转化为重力势能；由于有空气阻力，机械能总量减小，故AC错误；BD、足球下落过程中，高度减小，重力势能减小，动能增大，重力势能转化为动能，而由于有空气阻力，机械能总量减小，故B错误，D正确。故选：D。5．小聪用餐巾纸反复摩擦一根饮料吸管乙，然后把乙靠近另一根用支架支着能自由转动的吸管甲的一端，如图所示，发现甲、乙互相吸引。下列对实验现象的分析正确的是（）A．若摩擦后乙带负电荷，则甲一定带正电荷 B．若摩擦后乙带正电荷，则摩擦过程中乙得到了电子 C．摩擦起电时创造了电荷 D．若甲带正电荷，摩擦过程中乙得到了电子，将乙与甲的一端接触，产生的电流方向为由甲到乙【答案】D【解答】解：A．两个物体相互吸引有两种可能：异种电荷相互吸引、带电体能够吸引轻小的不带电物体。饮料吸管乙与餐巾纸摩擦过，会带上电荷。甲与乙靠近，相互吸引，则甲可能带与乙异种的电荷，也可能不带电，故A错误；B．若摩擦后乙带正电荷，则摩擦过程中乙失去了电子，故B错误；C．摩擦起电的实质是电荷的转移，而不是创造了电荷，故C错误；D．规定正电荷移动的方向为电流方向，若甲带正电荷，摩擦过程中乙得到了电子，将乙与甲的一端接触，电子移动方向由乙到甲，电流方向与自由电子移动方向相反，所以产生的电流方向为由甲到乙，故D正确。故选：D。6．如图所示，电源电压保持不变，闭合开关S后，将滑动变阻器的滑片P向右移动的过程中，下列说法正确的是（）A．电流表A1的示数减小 B．电压表V的示数变大 C．电流表A2的示数增大 D．电压表V的示数与电流表A1的示数比值不变【答案】D【解答】解：根据电路图可知，该电路是并联电路，电流表A1测量通过R2的电流，电流表A2测量干路的电流，电压表V测量电源电压；ABC、由于电源电压不变，所以电压表示数不变；因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，滑片移动时，通过R2的电流不变，电流表A1的示数不变；将滑动变阻器的滑片P向右移动，变阻器接入电路中的电阻变大，由I＝可知，通过R1支路的电流变小；因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流变小，即电流表A2的示数变小，故ABC错误；D、电压表V的示数不变，电流表A1的示数不变，则电压表V的示数与电流表A1的示数比值不变，故D正确。故选：D。7．下列有关物理知识描述正确的是（）A．图甲：增加线圈缠绕的匝数或将滑动变阻器的滑片向右移动，均能吸起更多的图钉 B．图乙：验电器是利用同种电荷相互排斥进行工作的 C．图丙：利用该原理可以制成电动机 D．图丁：利用该原理可以制成发电机【答案】B【解答】解：A．图甲：增加线圈缠绕的匝数，能增强电磁铁的磁性，能吸起更多的图钉，但将滑动变阻器的滑片向右移动，滑动变阻器接入电路中的电阻变大，电路中的电流变小，能吸起图钉数量变少，故A错误；B．验电器的原理：同种电荷相互排斥，故B正确；C．图丙中，没有电源，是发电机原理，故C错误；D．图丁中，有电源，通电导线在磁场中受到力的作用，是电动机原理，故D错误。故选：B。8．如图为龙舟比赛的场景，下列说法正确的是（）A．选手听到的鼓声是空气振动产生的 B．鼓手敲击鼓面力度越大，鼓声的音调越大 C．选手听到鼓声齐心划船，说明声音能传递信息 D．选手能从现场嘈杂声中分辨出鼓声，是通过响度来辨别的【答案】C【解答】解：A、发声体都在振动，鼓声是由于鼓面的振动产生的，故A错误；B、是鼓面振动幅度大，鼓声的响度大，故B错误；C、“选手听到鼓声齐心划船”这一现象说明声波能传递信息，故C正确；D、不同乐器的音色是不同的，选手能从现场各种声音中听出鼓声，主要是通过鼓声的音色来辨别的，故D错误。故选：C。9．将充入氦气（密度小于空气）的气球口用细绳扎紧，细绳另一端系一块橡皮，橡皮置于电子秤上，此时电子秤显示1.7g，如图所示。其它条件均不变，继续向气球内充入氦气，确保气球不破裂，电子秤的示数将（）A．变大 B．变小 C．不变 D．以上情况均有可能【答案】B【解答】解：其它条件均不变，继续向气球内充入氦气，确保气球不破裂，导致气球的体积变大，根据阿基米德原理可知，气球受到向上的浮力变大；橡皮受到竖直向下的重力，竖直向上的支持力以及浮力，三力平衡，即G＝FN+F浮，充气的过程中，浮力逐渐变大，所以支持力逐渐变小；又因为支持力和压力是一对相互作用力，压力变小，所以弹簧测力计的示数将会变小，所以ACD错误，B正确。故选：B。10．关于下列四幅图的说法正确的是（）A．甲图为某晶体的熔化图像，由图可知，该晶体的熔点是48℃，在熔化过程中，吸收热量温度不变，内能也不变 B．乙图为托里拆利实验，若将玻璃管向上提2cm，但玻璃管口仍在槽内水银面以下，则玻璃管内外水银面高度差变为780mm C．丙图为自制水气压计，把它从山脚移到山顶，气压计细玻璃管中的液面会上升 D．丁图为自制喷雾器，口含b管对a管上方吹气，a管水面上升是因为流速越大的位置压强越大【答案】C【解答】解：A、图中晶体在熔化过程中，吸收热量温度不变，内能增大，故A错误；B、乙图为托里拆利实验，若将玻璃管向上提2cm，但玻璃管口仍在槽内水银面以下，则玻璃管内外水银面高度差不变，故B错误；C、把画有刻度的细玻璃管通过橡皮塞插入瓶中，从细管上端吹气，使瓶内气压大于大气压，水沿细管上升到瓶口以上，即制成了简易气压计。将它从山脚移到山顶，瓶内气压不变而大气压变小，故细管内水面会上升，故C正确；D、丁图中，口含b管对a管上方吹气，a管上方气体流速加快，压强减小，因此a管水面将上升，故D错误。故选：C。二、非选择题（本题共9小题，共60分）11．（2分）图甲是小平在浑河岸边看见水鸟在水中漫步的情景，其简图如图乙所示。其中A点代表小平的眼睛，B点代表水鸟的头部。请在乙图中画出小平看到水鸟头部及头部像的光路图。【答案】【解答】解：水鸟头部反射外界的光，由于光的直线传播直接射到小平的眼睛A处，这样小平就看到了水鸟的头部，所以连接BA，即为看到水鸟头部的光路图；小平是通过水面看到水鸟头部的像（即平面镜成像）；根据物像连线与镜面垂直，由B向水面作垂线并延长；根据物像到平面镜的距离相等，找到B点的像B′点；连接眼睛A和像点B′，交水面于O点（即入射点），连接BO即入射光线，OA为反射光线。如图所示：12．（6分）（1）请画出凹透镜的两条特殊光线的折射或入射光线。（2）3D电影已经在各大影院普遍推出，当观众戴上立体眼镜观看时，有身临其境之感。3D电影利用人双眼的视角差，拍摄时，将两个摄像头按照人两眼间的距离放置。摄像机镜头相当于一个凸（填“凸”或“凹”）透镜，当被拍景物位于镜头二倍焦距之外时，在胶片上成一个倒立、缩小的实像，成像原理与照相机（填“投影仪”或“照相机”或“放大镜”）相同。放映时，光在银幕上发生的是漫（填“镜面”或“漫”）反射。【答案】（1）见解析；（2）凸；二倍焦距；照相机；漫【解答】解：（1）平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点。过光心的光线经凹透镜折射后传播方向不改变。如图所示：；（2）摄像机镜头是凸透镜，当被拍景物位于镜头二倍焦距之外时，在胶片上成一个倒立、缩小的实像，成像原理与照相机相同；放映时，银幕表面凹凸不平，光在银幕上发生的是漫反射。故答案为：（1）见解析；（2）凸；二倍焦距；照相机；漫。13．（4分）改革开放40余年，小汽车进入亿万家庭。如图甲。外形成流线型的轿车在高速公路上沿直线匀速奔驰。（1）在乙图中画出向右运动的轿车在水平方向上的受力示意图。（2）轿车奔驰时对水平地面的压力小于（选填“大于”“等于”或“小于”）它静止时对水平地面的压力，原因是：在流体中，流速越大的位置，压强越小。【答案】（1）见解答图；（2）小于；小。【解答】解：（1）轿车在高速公路上沿直线匀速奔驰时处于平衡状态，在水平方向上受到的牵引力和摩擦力是一对平衡力，从轿车的重心开始，分别沿水平向右和水平向左的方向画一条有向线段，并分别用F和f表示，即为其在水平方向上的受力示意图，如图所示：（2）静止时在水平地面上时，对水平地面的压力等于其自身重力；轿车奔驰时车体上方空气流速比下方大，空气对小车向下的压强小于向上的压强，汽车受到向上的压力差，则车地对地面的压力小于其重力，所以，轿车奔驰时对水平地面的压力小于静止时对水平地面的压力。故答案为：（1）见解答图；（2）小于；小。14．（6分）扫地机器人是智能家电的一种，是家庭地板清理的好帮手。（1）扫地机器人匀速前进时，由于主机内部的气压小于（选填“大于”或“小于”）大气压而产生吸力将灰尘和杂物吸入集尘盒，此过程中机器人的动能增大（选填“增大”或“不变”），机器人采用超声波定位来判断障碍物，是在利用声音传递能量（选填“能量”或“信息”）。（2）某款扫地机器人的额定功率为50W，工作电压为10V，该电压属于（选填“属于”或“不属于”）安全电压，正常工作时的电流为5A；当电池剩余电量减为电池容量的20%时，机器人会结束清扫工作主动寻找充电器充电，若该机器人电池的容量为5000mA•h，则充满一次电后该机器人能够持续工作0.8h。【答案】（1）小于；增大；能量；（2）属于；5；0.8。【解答】解：（1）由流体流速与压强的关系可知，流速越大的地方压强越小，机器人在工作时，主机内部产生了高速气流，所以主机内部的气压小于大气压；扫地机器人匀速前进，速度一定，将灰尘和杂物吸入集尘盒，质量增大，此过程中机器人的动能增大；机器人采用超声波定位来判断障碍物，是在利用声音传递能量；（2）安全电压为不高于36V的电压，扫地机器人的工作电压为10V，该电压属于安全电压；由P＝IU得，正常工作时的电流为：由P＝IU得，机器人正常工作时的电流：I＝＝5A；（3）该机器人充满一次电后能够持续工作的时间是：t＝＝0.8h。故答案为：（1）小于；增大；能量；（2）属于；5；0.8。15．（8分）（1）如图1所示，用薄玻璃板、两根相同蜡烛A和B、白纸、火柴、三角板等器材探究平面镜成像特点实验，为了便于观察蜡烛A的像，从环境亮度考虑，应在较暗的环境中进行实验；实验中玻璃板必须与水平桌面垂直；（2）如图2是探究“滑动摩擦力的大小与什么因素有关”的实验。将各个面粗糙程度都相同的长方体木块放在水平桌面上，用弹簧测力计水平向右拉木块，使其做匀速直线运动，此时木块受到的滑动摩擦力大小为2.2N。【答案】（1）暗；垂直；（2）匀速直线；2.2。【解答】解：（1）实验环境应选放在较暗的地方，这样增加烛焰、像与环境的对比度，使观察效果更明显；为了方便比较像与物的大小关系和距离关系，玻璃板必须与水平桌面垂直；（2）实验时应拉着木块沿水平方向做匀速直线运动，此时拉力与摩擦力平衡，大小相等；由图甲知，测力计的分度值为0.2N，示数为2.2N，因为木块做匀速直线运动，所以木块受到的摩擦力等于拉力等于2.2N。故答案为：（1）暗；垂直；（2）匀速直线；2.2。16．（4分）小琳同学连接了如图所示的电路，练习用滑动变阻器改变电路中的电流。（1）闭合开关后，无论怎么移动滑动变阻器的滑片，灯都不亮，电流表示数为零，这表明电路中出现断路（选填“短路”或“断路”）故障；（2）为确定故障位置，她将一个电压表并联在灯泡两端，若电路只是灯泡发生故障，则电压表有示数，电流表无示数（选填“有示数”或“无示数”）。【答案】（1）断路；（2）有示数；无示数【解答】解：（1）根据电路图可知，电路为串联电路，电流表示数为零，即电路中无电流，说明电路发生断路。（2）将一个电压表并联在灯泡两端，若电路只是灯泡发生故障，此时电压表测电源电压，所以电压表有示数，而电流表无示数。故答案为：（1）断路；（2）有示数；无示数。17．（10分）如图1所示是演示“流体压强和流速的关系”实验装置，U形管中装有水，直径相同的a、b两管中的水静止时液面相平。（1）如果在右端c处往装置里急吹气，导致b管上方气流速度小于a管上方的气流速度，b管与a管的水面上方形成气压差，U形管中a（选填“a”或“b”）管水面升高，如果升高端的液面比原来升高了2cm，则此时U形管底部d处左右两侧液体压强差为400Pa．（g＝10N/kg）（2）图2是某种喷雾器的工作原理示意图，当喷雾器未工作时，细管A内外气压相等，细管A内外液面相平，当喷雾器工作时，空气从细管B的右端快速喷出，导致细管A上方空气的流速突然增大，细管A内液面上方气压小于细管A外液面上方的气压，液体就沿细管A的管口流出，同时受到气流的冲击，形成雾状向右喷出，如果此时喷雾器停止工作，细管A中的液体将下降到与A管外液面相平。【答案】见试题解答内容【解答】解：（1）如果在右端c处往装置里急吹气，b处上方比a处上方粗，导致b管上方气流速度小于a管上方的气流速度，b管与a管的水面上方形成气压差，U形管中a管水面升高，如果升高端的液面比原来升高了2cm，则下降端比原来下降2cm，此时U形管两端的高度差为4cm，则此时U形管底部d处左右两侧液体压强差：p＝ρgh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.04m＝400Pa；（2）当喷雾器未工作时，细管A与烧杯构成连通器，装有同种液体，液体不流动时液面相平；当喷雾器工作时，空气从细管B的右端快速喷出，导致细管A上方空气的流速突然增大，气压突然减小，细管A内液面上方气压小于细管A外液面上方的气压故答案为：（1）小于；a；400；（2）相平；小于；下降到与A管外液面相平。18．（12分）如图1所示，小灯泡L的额定电压为3.8V。闭合开关，电压表读数2V，电流表A和A1读数分别是0.3A和0.2A。求：（1）此时R的电阻和灯L的实际功率；（2）通电20s，L和R消耗的总电能；（3）小灯泡L的U—I关系图像如图2。当该灯泡两端电压为3V时，通过灯泡的电流可能是0.25A（选填“0.25A”或“0.3A”），请通过分析说明选择的依据是什么？【答案】（1）此时R的电阻为20Ω，灯L的实际功率为0.4W；（2）通电20s，L和R消耗的总电能为12J；（3）0.25A；由图像可知，当该灯泡两端电压为3V时，通过灯泡的电流在0.2A到0.3A之间，因此通过灯泡的电流可能是0.25A。【解答】解：根据图1可知，开关闭合时，小灯泡L和定值电阻R并联，电压表测小灯泡两端的电压，电流表A1测通过小灯泡的电流，电流表A测干路电流。（1）由并联电路的电压特点可知，R两端的电压和电源电压：UR＝U＝UL＝2V，由并联电路的电流可知，通过R的电流：IR＝I﹣IL＝0.3A﹣0.2A＝0.1A，由欧姆定律可知，R的阻值为：R＝＝＝20Ω，灯L的实际功率为：