2020年浙教版八年级上科学三维一体巩固复习2020年浙教版八年级上科学三维一体巩固复习检测卷12（期中提优 2020年浙教版八年级上科学三维一体巩固复习检测卷C）解析版

2020年浙教版八年级上科学三维一体巩固复习检测卷检测卷12期中提优检测卷（C）目录TOC\o"1-2"\h\z\u 1 51.电解水实验：负极产生的是氢气，正极产生的是氧气，负极产生的气体与正极产生的气体的体积比为2:1，质量比为1:8；电解水的实验说明水是由氢和氧两种元素组成，每个水分子中由2个氢原子和1氧原子构成，水是纯净物。电极气体的量检验方法及现象结论正极气体体积是负极的1/2气体能是带火星的木条复燃正极产生的气体是氧气负极气体体积是正极极的2倍气体能在空气中燃烧,产生淡蓝色火焰负极产生的气体是氢气2.阿基米德原理：浮力的大小等于物体排开的液体受到的重力。公式：F浮=G排液=ρ排gv排注意：（1）浮力只跟物体排开的液体受到的重力有关，（2）浮力与液体的深度、物体的密度，形状无关；（3）对于完全浸没在液体中的物体，浮力还与液体的密度，物体的体积有关；（4）计算时，单位要统一（ρ排取千克/米3，v排取米3）3.物体的浮沉条件：浸在液体中的物体的浮沉取决于：物体的重力G和浮力F浮的大小。①F浮<G下沉（ρ物>ρ液）②F浮>G上浮（ρ物<ρ液）③F浮=G悬浮此时V排=V物（ρ物=ρ液）④F浮=G漂浮此时V排<V物（ρ物<ρ液）注意：①上浮和下沉都是不稳定状态，是动态过程，上浮的物体最终会浮出液面，而处于漂浮状态；下沉的物体最终则会沉到液底处于静止状态。②漂浮和悬浮时，物体都是受到两个力而处于平衡状态，F浮=G（沉到水底时：F浮＋F支持力=G）4.物质的溶解（1）溶液：由溶质溶解于溶剂后形成的均一的、稳定的混合物。（2）饱和溶液:在一定温度下，在一定量的溶剂里，不能继续溶解某种溶质的溶液，称为这种溶质的饱和溶液。注意：①条件：一定温度和一定量的溶剂，否则饱和不饱和溶液就没有确定的意义。②饱和溶液是对一定的溶质而言的。如某温度下的蔗糖饱和溶液是对蔗糖饱和的，不能再溶解蔗糖，若加入其他溶质如食盐，仍可溶解。饱和溶液和不饱和溶液的相互转化（大多数物质适用）A．加溶剂B.升温饱和溶液转换方法不饱和溶液A.蒸发溶剂B.降温C.加溶质浓溶液和稀溶液：溶有较多溶质――浓溶液；溶有较少溶质――稀溶液注意：饱和溶液不一定是浓溶液，不饱和溶液也不一定是稀溶液。（3）溶解度溶解度公式：溶解度=m溶质/m溶剂×100g溶解度概念：在一定温度下，某物质在100克溶剂中达到饱和状态时所溶解的溶质质量为该物质在这种溶剂里的溶解度。注意：1）四个关键词:一定的温度，100克溶剂、达到饱和、溶质的质量2）溶解度就是一定温度下，100g溶剂中能溶解的溶质的最大质量3）溶解度单位为克（g）溶解度曲线：以温度为横坐标，溶解度为纵坐标形象地看出物质的溶解度随温度变化情况。1）大多数物质的溶解度随着温度的升高而增大①影响很大，如硝酸钾，表现为曲线陡②影响不大，如氯化钠（食盐），表现为曲线平缓2）极少数物质的溶解度随着温度的升高而减小，如氢氧化钙（4）溶质的质量分数1）计算公式溶液的质量=溶质的质量＋溶剂的质量溶液中溶质的质量分数＝m溶质/m溶液×100%溶液中溶质的质量分数＝S/S+100×100%2）溶液中：溶质的质量＝溶液的体积×溶液的密度×溶质的质量分数3）溶液的稀释或计算时，要点：混合后溶质的质量不变4）配制一定溶质质量分数的溶液步骤：A、计算（溶剂和溶质的质量或体积）B、称量(固体：用天平称取；液体：用量筒量取)C、溶解（后装瓶，并贴上标签）（5）结晶――从饱和溶液中析出固态溶质的过程获得晶体的两种方法：①蒸发溶剂：一般用于溶解度受温度影响不大的物质，如氯化钠②冷却热饱和溶液：适用于溶解度受温度影响大的物质，如硝酸钾【思考】比较两种物质的溶解度要注意哪些因素比较物质溶解性强弱时，除了算出溶解度，还能用什么来比较（饱和溶液的溶质质量分数）5.大气层（1）大气的分层：根据大气温度垂直分布的特点及大气的密度、物质组成，可以把大气分为5层——对流层、平流层、中间层、暖层、外层。层序高度温度分布特点对流层平流层中间层暖层外层0至17千米17至50千米50至80千米80至500千米500千米之外随高度升高而降低随高度升高而升高随高度升高而降低随高度升高而升高是地球大气与宇宙的过渡层1000千米以上，大气变得十分稀薄，密度很小。5000千米以外，大气已接近真空。（2）对流层：是大气的底层，是与人类的生活和生产关系最密切的一层。对流层集中了地球3/4的大气质量和几乎全部的水汽、固体杂质。*重点记忆：A、对流层最显著的特点——有强烈的对流运动。（对流的形成：热的地方空气的垂直运动呈上升，而冷的地方空气的垂直运动呈下降，形成了空气的对流）B、各种复杂的天气现象（如云、雨、雪、雷电等）都发生在对流层。【思考】想一想对流层的温度特点，对形成对流有利吗？【回答】对流层的温度特点是气温随高度的增加而降低，有利于对流的形成。所以，显著的对流运动和充足的水汽，使对流层的天气现象复杂多变，云、雨、雪和雷电等主要的天气现象都发生在这一层。对流层的各种天气变化影响着生物的生存和行为，对流层是大气层中与人们生活和生产关系最密切的一层。【思考】制冷空调应该怎样装？冷藏室的冷凝管为什么要安装在冷藏室的上部？【回答】形成对流，达到制冷效果。还有空调、北方的暖气管。6.气温（1）天气是指短时间内近地面的大气温度、湿度、气压等要素的综合状况。（2）天气是由许多要素组成的，其中主要的是气温、气压、风、湿度、降水等。（3）气温——即空气的温度A、气温是构成天气的基本要素；B、测量气温的工具：温度计；C、常用的气温度量单位：℃； D、在气象观测中，把温度计放在百叶箱里观察；E、一天中最高气温通常出现在：午后2时左右；一天中最低气温通常出现在：日出前后。F、人体最感舒适的气温是：22℃。【思考】下列词语中哪些是描述天气的？阴转多云冬暖夏凉晴空万里秋高气爽和风细雨终年高温冬雨夏干雷电交加【回答】阴转多云、晴空万里、秋高气爽、和风细雨、雷电交加，这些指短时间内大气状况的为天气，冬暖夏凉、终年高温、冬雨夏干指的是某地长期的大气特征，为气候。【思考】为什么气象预测中要把温度计放在百叶箱里？【回答】防止太阳辐射对观测值的影响，有良好的通风条件才能准确测出气温。7.大气的压强（1）大气压强的存在：大气会向各个方向对处于其中的物体产生压强。马德堡半球实验：证明了大气压强的存在及大气压强是很大的。【思考】挂钩为什么会吸在墙上？【回答】是利用大气压强存在的原理，外界大气压强>内部大气压强，导致大气……（答题模式）【思考】用吊瓶向静脉注射药物时，医生为什么要在药水瓶的橡皮塞上再插进一个针头？【回答】药液滴出后，里面的空气压强会变小，压强太小，在大气压强的作用下，药液就不能继续滴出，插进针头后，可以及时给瓶内补充空气，使瓶内空气的压强大致等于外界压强，保证药液持续滴出。（2）大气压强的大小：A、标准大气压P=1.01×105帕（在海平面的大气压）即760毫米水银柱B、大气压的大小常用空盒气压计或水银气压计进行测量C、大气压的大小跟大气的密度直接相关，所以，离地面越高的地方，大气压就越小；（3）流速与压强的关系气体（液体）的压强会随流速的增大而减少【思考】解释在火车站的站台上，人为什么要与行驶的列车保持适当距离？【回答】行驶的火车和人之间的气流速度大，压强变小。人外侧的大气压大于火车和人之间的气压。这种情况下，会使人被大气压挤到火车前，这样非常危险。应用：=1\*GB3①飞机机翼上升实验：飞机飞行时，其机翼上侧的气流速度比下侧快，所以机翼上侧的气压比下侧小。=2\*GB3②有的跑车在车的尾部设计安装了一种“气流偏导器”，它的上表面平直，底部呈弧形凸起，相当于一个倒置的翅膀，这主要是为了让跑车高速行驶时，车轮能更好地抓紧地面。（4）大气压对天气的影响A、在同一高度，不同区域的大气压不一定相同；在同一高度，同一区域，不同时间的大气压不一定相同；B、在相同高度上，气压高的区域叫高压区，气压低的区域叫低压区。高压区：晴燥天气；低压区：多阴雨天气。（5）大气压对液体沸点的影响气压增大时，液体沸点升高；气压减小时，液体沸点降低具体事例：高压锅的使用原理8.常见的天气系统与天气的关系：A、高压系统：天气晴好B、低压系统：阴雨天气C、冷、暖锋：锋面上天气变化比较复杂，锋是影响天气的重要天气系统。冷锋：冷空气向暖空气一侧移动的锋，常带来降雨，大风、降温天气；暖锋：暖空气向冷空气一侧移动的锋，常带来降雨，升温天气特殊的天气系统：台风——实际上是属于强低压系统(时间120分钟，满分160分)一、选择题(每小题3分，共60分)1．（2019•凉山州中考）下面四幅图中能够证明大气压强存在的是（）A．B．C．D．【答案】B【解析】大气压强是由于空气具有重力和流动性而产生的，例如吸盘、瓶吞鸡蛋、马德堡半球实验等。解：覆杯实验，水排出了杯子内的空气，在大气压的作用下纸片掉不下来，说明了大气压强的存在，符合题意；故B正确；ACD错误。【点评】大气压在现实生活中的存在和应用特别广泛，生活中要注意观察，此题属于生活常识。2．（2019德州期末）取一只空牙膏袋，一次将它挤瘪，另一次将它撑开，两次都拧紧盖后先后放入同一杯水中，牙膏袋静止时在水中的位置如图所示，则下列说法正确的是（）A．两次牙膏袋的质量m甲和m乙的大小关系是m甲＜m乙B．两次排开水体积的大小关系是V甲＝V乙C．两次所受的浮力F甲和F乙的大小关系是F甲＜F乙D．两次杯底对桌面的压强P甲和P乙的大小关系P甲＜P乙【答案】C【解析】（1）质量是物体本身的一种性质，与形状、位置、温度、状态无关；（2）根据浮力与重力的关系判断出浮力的大小，然后根据浮力公式判断出V排的大小；（3）两次杯底对桌面的压力都等于杯子、杯内水和牙膏袋的重力之和，从而根据压强公式判断出压强的大小关系。解：A、牙膏袋的形状发生变化，但物质多少没有变化，所以质量不变，即m甲＝m乙．故A错误；BC、甲下沉，F浮＜G，乙漂浮，F浮＝G，所以F甲＜F乙；由F浮＝ρ水gV排可得，V甲＜V乙；故B错误，C正确；D、两次杯底对桌面的压力都等于杯子、杯内水和牙膏袋的重力之和，同一支杯子和牙膏袋，水的质量相等，重力相等，所以两次杯底对桌面的压力相等，【点评】本题通过一个简单的生活现象，考查了质量、浮力、物体浮沉条件、压强的有关知识应用，关键能够判断出两种情况下浮力的大小关系。3．（泸州中考）泸州沱江二桥复线桥施工时，要向江中沉放大量的施工构件，如图甲所示，一密度为3×103kg/m3的密闭正方体构件被钢绳缓慢竖直吊入江水中，在匀速沉入江水的过程中，构件下表面到江面的距离h逐渐增大，正方体构件所受浮力F随h的变化如图乙所示，下列判断正确的是（取g＝10N/kg，江水的密度ρ水＝1.0×103kg/m3）（）A．当h＝1m时，构件恰好浸没在江水中B．当h＝2m时，构件所受的浮力大小为2.4×105NC．当h＝3m时，构件底部受到江水的压强大小为2.0×104PaD．当h＝4m时，构件受到钢绳的拉力大小为1.6×105N【答案】D【解析】（1）构件下沉过程中，排开水的体积变大，因此构件受到的浮力变大，当构件排开水的体积不变时，构件受到的浮力也不再改变据此即可判断构件在江水中的位置；（2）根据构件恰好浸没时得出正方体构件的边长，求出排开水的体积，利用F浮＝ρ水gV排求出构件所受的浮力；（3）利用p＝ρ水gh即可求出底部受到江水的压强；（4）利用G＝ρ物gV求出重力，则钢丝绳的拉力等于构件的重力减去浮力。解：A、在浸没前，物体下降过程中排开水的体积变大，所以浮力逐渐变大；当物体浸没后排开水的体积不变，根据F浮＝ρ液gV排可知浮力不变；由图可知当h＝2m时浮力不变，所以构件此时恰好浸没在江水中；故A错误；B、当h＝2m时，构件恰好浸没在江水中，则正方体构件的边长为2m，则排开水的体积V排＝V＝（2m）3＝8m3，构件所受的浮力：F浮＝ρ水gV排＝1×103kg/m3×10N/kg×8m3＝8×104N，故B错误；C、当h＝3m时，构件底部所处的深度为3m，则受到江水的压强：p＝ρ水gh＝1×103kg/m3×10N/kg×3m＝3×104Pa，故C错误；D、当h＝4m时，由于构件已经浸没在江水中，构件受到钢绳的拉力：F拉＝G﹣F浮＝ρ物gV﹣F浮＝3×103kg/m3×10N/kg×8m3﹣8×104N＝1.6×105N，故D正确。【点评】本题考查学生理解图象的能力，浮力、压强、密度大小的计算，综合性较强，本题具有一定的难度需要学生灵活的运用相应的知识；能够看懂图象是解题的关键。4．（江干区期末）碳酸饮料（汽水）类产品是指在一定条件下充入二氧化碳气体的饮料，如图是一瓶喝剩下的汽水，瓶壁上还附有许多气泡，振荡一下，一些气泡就会离开瓶壁，上浮，最后露出水面消失。下列说法中有科学道理的是（）A．打开瓶盖时，有大量气泡冒出是由于温度升高气体溶解度减小引起的B．振荡前该饮料是二氧化碳的不饱和溶液C．瓶壁上气泡一定受到浮力的作用，且气泡受到的浮力等于气泡的重力，所以没有上浮D．气泡在上升的过程中，气泡逐渐变大，所受的浮力也逐渐变大【答案】D【解析】A、打开瓶盖时，瓶中压强变小，打开汽水瓶盖有大量气泡冒出，说明气体物质的溶解度随着压强的减小而减小，故A错误；B、振荡前瓶壁上还附有许多气泡，说明该饮料是二氧化碳的饱和溶液，故B错误；C、瓶壁上气泡一定受到浮力的作用，且气泡受到的浮力等于气泡的重力与瓶壁的摩擦力，所以没有上浮，故C错误；D、根据浮力公式F浮＝ρ液gV排，气泡在上升的过程中，气泡逐渐变大，所受的浮力也逐渐变大，故D正确；故选：D。【点评】本题主要考查气体溶解度与压强的关系，饱和溶液，浮力公式等知识点，是一道理化综合题，解答此题要求学生应具备一定的学科综合能力。5．（2018春•武昌区期中）如图是活塞式抽水机工作的示意图，下列说法错误的是（）A．抽水机是利用大气压来工作的B．在图甲中，当用力在Q处向下压手柄PQ时，手柄上的P点受到的作用力竖直向上C．在图乙中，在Q点向上抬手柄PQ时，阀门B由于受液体压力而关闭，水被阻不能向下流动D．这样的抽水机提升水的最大高度约为10m【答案】B【解析】A、抽水机是先将筒内的空气排出，使其内部压强较小，水在外界大气压的作用下被压到高处，所以抽水机是利用大气压工作的，故A正确；B、在图甲中，当用力在Q处向下压手柄PQ时，手柄上的P点对活塞一个向上的力，由于物体间力的作用是相互的，活塞对P的作用力是向下的，故B错误；C、在图乙中，在Q点向上抬手柄PQ时，阀门B由于受液体压力而关闭，形成一个闭合的空间，所以水被阻不能向下流动，故C正确；D、抽水机是利用大气压来工作的，一标准气压能支持10m高的水柱，故抽水机提升水的最大高度约为10m，故D正确。故选：B。【点评】本题考查大气压的应用，了解抽水机的构造并牢记大气压的应用是解决该题的关键。6．（萧山区校级期中）下列有关气温的叙述中，错误的是（）A．人体最感舒适的气温是22℃B．一天中最高气温通常出现在午后2时左右C．气温在25℃以下，知了就停止鸣叫，说明动物行为与气温有关D．百叶箱内温度计读数与百叶箱外阳光直接照射下的温度计读数相比平均值要低，数值变化大【答案】D【解析】①人体正常体温在37℃左右，感觉舒适的温度在23℃左右；②气温的日变化规律为：一天中气温最高值出现在14时左右，一天中气温最低值出现在日出前后；③环境中影响生物生活的各种因素叫环境因素，分为非生物因素和生物因素。非生物因素包括：光、温度、水、空气、土壤等；④百叶箱是一种安装温、湿度仪器用的防护设备，作用是防止太阳对仪器的直接辐射和地面对仪器的反射辐射，保护仪器免受强风、雨、雪等的影响，并使仪器感应部分有适当的通风，能真实地感应外界空气温度和湿度的变化。解：A、人体正常体温在37℃左右，感觉舒适的温度在23℃左右，22℃接近23℃．此选项正确；B、一天中气温最高值出现在14时即午后2时左右。此选项正确；C、夏天正午温度较高蝉鸣叫得最厉害，而温度降低到24℃以下时，就停止鸣叫。这一现象说明对动物行为有影响的环境因素主要是气温。此选项正确；D、百叶箱中温度计读数与百叶箱外阳光直接照射下的温度计读数相比平均值要低，数值变化小，能更客观的反应气温的变化。此选项错误。故选：D。【点评】此题考查了温度的估测、气温的变化和测量及动物行为与温度的关系，是一道学科综合题，难度不大，容易解答。7．（2019秋•衢州期中）小明暑假乘飞机旅行。飞机起飞时，天下着蒙蒙细雨，一段时间后，突然发现窗外阳光明媚，白云尽在脚下。小明对此过程中出现的情境作出了如下分析，正确的是（）A．“下着蒙蒙细雨”描述的是当时的气候B．飞机受到空气给它的浮力，此浮力就是空气的升力C．“窗外阳光明媚，白云尽在脚下”，说明飞机进入了大气层的平流层D．飞机上升过程中，小明感到耳朵有点疼，说明随着高度的升高，气压增大【答案】C【解析】A、“下着蒙蒙细雨”描述的是当时的天气，故A错误；B、飞机是利用流体压强与流速的关系来获得升力的，不是利用浮力大于重力而加速上升的，故B错误；C、“窗外阳光明媚，白云尽在脚下”，说明飞机进入了云层的上方，是大气层的平流层，故C正确；D、海拔越高、气压越低。在飞机起飞或降落时，在短时间内，飞机的高度发生巨大的变化。外界气压也随着高度的增加而降低，人体内气压大于外部气压，会向外压迫耳膜，故耳朵感到疼，故D错误。故选：C。【点评】此题考查了飞机的升力、天气与气候、气压与高度的关系等知识，是一道中等题，难度不大。8．（2020春•海淀区校级期末）如下图所示，盛有水的杯子静止在水平桌面上。杯子重1N，高9cm，底面积30cm2；杯内水重2N，水深6cm，水的密度为1.0×103kg/m3，g取10N/kg。下列选项中错误确的是（）A．水对杯底的压强为600PaB．水对杯底的压力为1.8NC．水杯对桌面的压强为1000PaD．水杯对桌面的压力为2.8N【答案】D【解析】（1）知道杯内水深和水的密度，利用液体压强公式求水对杯底的压强；又知道杯底的底面积，利用压强定义式求水对杯底的压力；（2）求出杯和水的总重，因为在水平桌面上，也就知道了杯对桌面的压力，又知道杯的底面积，利用压强定义式求p=F解：（1）杯内水的深度：h＝6cm＝0.06m，水对杯底的压强：p＝ρgh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.06m＝600Pa，根据p=Fs可得，水对杯底的压力：F＝pS＝600Pa×30×10﹣4m（2）已知G水＝2N，G杯＝1N，在水平桌面上，杯对桌面的压力：F′＝G水+G杯＝2N+1N＝3N，杯对桌面的压强：p′=F'【点评】本题考查了学生对压强定义式和液体压强公式的掌握和运用，对于不规则的容器，对容器底的压力和压强，要先计算液体对容器底的压强p＝ρgh、再计算液体对容器底的压力F＝pS；容器对桌面的压力和压强，先计算容器对桌面的压力F＝G、再计算容器对桌面的压强p=F9．（2019•兰州中考）下列有关溶液的叙述正确的是（）A．食盐水倒出一半后浓度降低B．果粒橙属于溶液C．升温会降低二氧化碳在水中的溶解度D．蔗糖可以无限溶解在一定量的水中【答案】C【解析】根据溶液的特点考虑；利用气体的溶解度随温度的升高而减小，随着压强的增大而增大，进行分析解答。常温下，在一定量的水中可以无限量地溶解的物质，应能与水以任意比互溶，进行分析判断。解：A、由于溶液是均一的，各部分性质相同，食盐水溶液倒出一部分后，剩余溶液溶质的质量分数不变，故错误；B、果粒橙不均一、不稳定，属于悬浊液，故错误；C、气体的溶解度随温度的升高而减小，随着压强的增大而增大，故降低二氧化碳在水中的溶解度，可以采用升高温度、减小压强的方法，故正确；D、室温下，蔗糖易溶于水，但不能在一定量的水中无限量地溶解，故错误。【点评】此题主要考查溶液的特点及溶液的溶质质量分数，属基础性题型，需学生熟练掌握。10．（河南模拟）在25˚C时，向100g硝酸钾饱和溶液中加入1g氯化钠固体，下列叙述中正确的是（）A．氯化钠固体不能溶解B．硝酸钾在溶液中所占的质量分数增大C．氯化钠固体能溶解D．硝酸钾在溶液中所占的质量分数不变【答案】C【解析】25˚C时，硝酸钾饱和溶液是指在该温度下该溶液不能继续溶解硝酸钾的溶液，但不影响其它溶质如氯化钠等的溶解；因此，在25˚C时，向100g硝酸钾饱和溶液中加入1g氯化钠固体，氯化钠继续溶解．解：A、硝酸钾的饱和溶液中不能继续溶解硝酸钾，但可以继续溶解氯化钠；故A不正确；B、溶质硝酸钾的质量不变，而因继续溶解了1g氯化钠固体溶液的质量变大，所以，所得溶液中硝酸钾所占的质量分数减小；故B不正确；C、硝酸钾的饱和溶液中不能继续溶解硝酸钾，但可以继续溶解氯化钠；故C正确；D、溶质硝酸钾的质量不变，而因继续溶解了1g氯化钠固体溶液的质量变大，所以，所得溶液中硝酸钾所占的质量分数减小；故D不正确；故选：C。【点评】一定条件下的某溶质的饱和溶液是指不能继续溶解该溶质的溶液，但还可以继续溶解其它溶质．11．（2018秋•丽水月考）如图是恒温下模拟海水晒盐过程的示意图，下列说法正确的是（）A．甲烧杯中食盐的溶解度最大B．丙和丁烧杯中析出晶体的原因是食盐的溶解度变小了C．乙烧杯中溶液的溶质质量分数可能与丙烧杯中溶液的溶质质量分数相等D．丁烧杯中溶液的溶质质量分数与丙烧杯中溶液的溶质质量分数不相等【答案】C【解析】A、恒温下模拟海水晒盐过程，温度不变，食盐的溶解度不变，故选项说法错误。B、实验过程中水分不断蒸发，丙和丁烧杯中析出晶体的原因是溶剂减少，有晶体析出，故选项说法错误。C、乙烧杯中的溶液可能是恰好饱和的溶液，也可能是不饱和溶液，若是恰好饱和的溶液，则与丙烧杯中溶液的溶质质量分数相等，故选项说法正确。D、丙丁烧杯中的溶液均为该温度下的饱和溶液，丁烧杯中溶液的溶质质量分数与丙烧杯中溶液的溶质质量分数相等，故选项说法错误。故选：C。【点评】本题难度不大，明确海水晒盐的原理（蒸发结晶）、溶解度的影响因素等是正确解答本题的关键。12．（衢州中考）如图为配制50g溶质质量分数为10%的氯化钠溶液的操作过程，下列有关操作与目的分析均正确的是（）选项操作目的A用剩的食盐放回原试剂瓶避免浪费B天平调平后在左、右托盘中各垫一张相同的纸保证称取的食盐质量更准确C用50mL量筒代替天平量取所需的水更加简便D溶解时用玻璃棒搅拌增加食盐的溶解能力A．AB．BC．CD．D【答案】C【解析】A、对化学实验中的剩余药品，不能放回原瓶，以免污染试剂，故选项说法错误。B、天平调平后在左、右托盘中各垫一张相同的纸，并不是为了保证称取的食盐质量更准确，而是因为避免污染天平，故选项说法错误。C、用量筒替代天平量取所需的水，更加简便，故选项说法正确。D、溶解时用玻璃棒搅拌，是为了加速食盐的溶解速率，而不是食盐的溶解能力，故选项说法错误。故选：C。【点评】本题难度不大，掌握配制溶质质量分数一定的溶液的步骤与注意事项、常见化学实验基本操作等是正确解答本题的关键。13．（2018•北京中考）电解水实验如图。下列说法正确的是（）A．试管2中得到H2B．产生H2与O2的体积比约为1：2C．该实验说明水是由H2和O2组成D．可用带火星的木条检验生成的O2【答案】D【解析】由正氧负氢，氢二氧一可知电解水时正极产生氧气，负极产生氢气，氢气和氧气的体积比为2：1的相关知识解决。解：A、试管2中的气体体积小是氧气，故此选项错误；B、试管2中的气体体积小是氧气，试管1中的气体体积大是氢气，氢气和氧气两者的体积比是2：1，故此选项错误；C、水是纯净物不可能由两种气体组成，故此选项错误。D、氧气具有助燃性，能使带火星的木条，可用带火星的木条检验生成的O2，故此选项正确；故选：D。【点评】要熟悉电解水的实验现象和结论，熟记正氧负氢，氢二氧一的内涵。14．（2019•深圳中考）现有t2℃时的溶液Ⅰ、Ⅱ各100g，溶液I中含物质甲50g，溶液Ⅱ是物质乙的饱和溶液。物质甲、乙（均不含结晶水）的溶解度曲线如图所示。下列说法正确的是（）A．t2℃时，溶液Ⅰ是甲的饱和溶液B．t2℃时，溶液Ⅰ中甲的质量分数为50%C．t2℃时，溶液Ⅱ中含乙37gD．从t2℃降温至t1℃时，乙不会从溶液Ⅱ中析出【答案】B【解析】根据固体的溶解度曲线可以：①查出某物质在一定温度下的溶解度，从而确定物质的溶解性，②比较不同物质在同一温度下的溶解度大小，从而判断饱和溶液中溶质的质量分数的大小，③判断物质的溶解度随温度变化的变化情况，从而判断通过降温结晶还是蒸发结晶的方法达到提纯物质的目的。解：A、t2℃时，甲物质的溶解度是137g，所以50g的水中会溶解68.5g，所以I是甲的不饱和溶液，故A错误；B、t2℃时，甲物质的溶解度是137g，溶液I100g中含物质甲50g，所以溶液I中甲的质量分数为50g100g×100%＝50%，故B正确；C、t2℃时，乙物质的溶解度是137g，所以溶液II100g中含乙57.8g，故C错误；D、t1℃时，乙物质的溶解度是80g，100g溶液II中含物质乙57.8g，从t2℃降温至t【点评】本题难度不是很大，主要考查了固体的溶解度曲线所表示的意义，及根据固体的溶解度曲线来解决相关的问题，从而培养分析问题、解决问题的能力。【点评】本题主要考查了有关水的基础知识，难度不大，根据已有的知识分析判断即可。15．（2018•德阳中考）下列图示的实验操作中，正确的是（）A．点燃酒精灯B．过滤C．量5.5mL液体D．称量10.05g固体【答案】B【解析】A、使用酒精灯时要注意“两查、两禁、一不可”，禁止用一酒精灯去引燃另一酒精灯，图中所示操作错误。B、过滤液体时，要注意“一贴、二低、三靠”的原则，图中缺少玻璃棒引流、漏斗下端没有紧靠在烧杯内壁上，图中所示操作正确。C、量筒量程选择的依据有两点：一是保证量取一次，二是量程与液体的取用量最接近，量取5.5mL的液体，10mL量筒能保证量取一次，且量程与液体的取用量最接近，误差最小；不能使用50mL的量筒，图中所示操作错误。D、托盘天平用于粗略称量药品的质量，能准确到0.1g，不能精确到0.01g，故不能用托盘天平称取10.05g固体，图中所示操作错误。故选：B。【点评】本题难度不大，熟悉各种仪器的用途及使用注意事项、常见化学实验基本操作的注意事项是解答此类试题的关键。16．（2019秋•余杭区期中）如图几种大气运动形式中，气流运动方向表示不正确的是（）A.B.C.D.【答案】B【解析】热力环流的概念：由地面冷热不均而形成的空气环流，称为热力环流。热力环流形成的根本原因：太阳辐射能的纬度分布不均，造成地面的冷热不均。气压分布大小的判断：（1）同一水平面上，气温高的地方气压低，这主要取决于空气的密度大小。气温高的地方空气膨胀上升，该处空气密度小、气压低；气温低的地方正好相反。（2）垂直方向上，随着海拔升高，气压降低。在同一水平面上，空气总是由高气压流向低压气。但在垂直方向上，则不然。空气的垂直运动主要是由冷却收缩，受热膨胀等因素引起的，并非取决于气压的高低。解：A、在同一水平面上，空气总是由高气压流向低压气。但在垂直方向上，却不是这样。空气的垂直运动主要是由冷却收缩，受热膨胀等因素引起的，并非取决于气压的高低，A不符合题意；B、白天，陆地升温快，气流上升，海洋升温慢，气流下沉，B符合题意；C、根据热力环流的原理，受热处气流上升，遇冷处气流下沉，C不符合题意；D、城市温度高，气流上升，郊区温度低，气流下沉，D不符合题意。【点评】本题考查了学生读图用图的能力，解题的关键是掌握大气的受热过程及特点．解题时应注意对课本知识的把握．17．（2018•娄底模拟）读图，表达正确的一组是（）A．①地形雨②对流雨③锋面雨B．①对流雨②锋面雨③地形雨C．①锋面雨②地形雨③对流雨D．①对流雨②地形雨③锋面雨【答案】D【解析】根据空气上升运动的原因和形式，把降水分成三种主要类型：对流雨、地形雨、锋面雨．对流雨是空气受热膨胀上升，一般在气温较高，比较炎热的赤道地区，容易形成对流雨；地形雨是湿润气流受到山地的阻挡，被迫“爬升”，在迎风坡形成地形雨，地形雨多发生在山地迎风坡；锋面雨是冷暖空气相遇，暖空气比较轻，被冷空气“抬升”，形成降水．我国东部大部分地区的降水是锋面雨．台风雨是热带海洋上的风暴带来的降雨，这种风暴是由异常强大的海洋湿热气团组成的，台风经过之处暴雨狂泻，一次可达数百毫米，有时可达1000mm以上，极易造成灾害．解：①图表示湿润空气受热膨胀上升变冷凝结形成降水，属对流雨；②湿润空气遇山地被迫抬升、降温，水汽凝结致雨，属地形雨；③冷暖空气相遇，暖空气被抬升、遇冷凝结致雨，属锋面雨。【点评】本题考查降水的类型及其形成过程，理解解答即可．18．（2018秋•玉溪期末）今年放寒假的时候，小明去了哈尔滨滑雪，小刘则去了海南岛领略海岛风情，下面是他们拍摄的两幅照片，你认为造成两地气候差异的最主要因素是（）A．地形的影响B．纬度位置C．海陆位置D．地势的影响【答案】B【解析】气候现象的能量主要来自于太阳辐射。地球的形状、地球的运动、海陆的分布、地表的起伏等都影响着太阳辐射的强弱和变化，因而，对气候的形成产生非常大的影响。解：读图可知，两地的气候差异大。影响气候的因素有纬度、海陆及地形，海南岛位于我国南端，哈尔滨位于我国北端，两地纬度位置不同，造成了气候的差异。故选项B符合题意。【点评】考查纬度因素对气候的影响，要理解记忆。19．（2019秋•新疆期中）我关季风区和非季风区的叙述，正确的是（）A．季风区降水较少，非季风区降水较多B．受夏季风影响明显的地区叫季风区C．不受夏季风影响明显的地区叫非季风区D．受冬季风影响明显的地区叫非季风区【答案】B【解析】影响我国的夏季风主要来自东部太平洋的东南季风和来自南部印度洋的西南季风．东南季风主要影响我国东部地区．来自印度洋的西南季风主要影响我国西南和华南地区．受夏季风影响明显的地区称为季风区，夏季风到来时，我国季风区内降水量较多，非季风区降水稀少．解：我国季风区降水较多，非季风区降水较少；受夏季风影响明显的地区叫季风区；受夏季风影响不明显的地区叫非季风区。根据题意。故选：B。【点评】本题考查影响我国的季风，分析后理解解答即可．20．2019年5月上旬，我国南方多省市遭连日暴雨袭击，如图示意我国南方部分地区遭受灾害相关信息。关于我国特殊天气的说法，错误的是（）A．台风过境时常出现狂风暴雨天气B．梅雨天气的主要特征是长时间的连续降雨C．我国沙尘暴的发源地主要是黄土高原D．寒潮经过时产生急剧降温、霜冻、大风，甚至雨雪天气【答案】C【解析】中国是气象灾害严重的国家，主要气象灾害有洪涝、干旱、寒潮、梅雨、台风、沙尘暴等。解：A、台风过境时常出现狂风暴雨天气，故A正确；B、梅雨是准静止锋，其天气的主要特征是长时间的连续降雨，故B正确；C、我国沙尘暴的发源地不是黄土高原，而是甘肃河西走廊及内蒙古阿拉善盟，新疆塔克拉玛干沙漠周边地区，内蒙古阴山北坡及浑善达克沙地毗邻地区，蒙陕宁长城沿线，故C错误；D、寒潮经过时产生急剧降温、霜冻、大风，甚至雨雪天气，故D正确。故选：C。【点评】考查气象灾害对我国的影响，要理解记忆。二、填空题(每空1分，共39分)21．（衢州期末）如图甲所示是一把阴阳壶，中间被隔为互相独立的两半，壶把上开有两孔，可同时盛装两种液体，图乙为该壶的结构示意图，使用时，若捂住甲孔，则倒出来的是________液体，另一液体倒不出来的原因是由于________________的作用。【答案】乙；大气压。【解析】一定质量的气体，压强随体积的增大而减小，壶中水倒掉一部分后，空间增大，气体压强减小，当茶壶内外的压强差大到一定程度的时候，壶中的水将倒不出来，因而在壶盖上打一小孔，与空气相通。解：使用时，阴阳壶倾斜，两种液体都向下运动（如下图所示），若捂住甲孔，则左侧壶内气体压强随体积的增大而减小，左侧壶内气体压强小于外界大气压，所以甲液体在大气压的作用下不能倒出；而乙孔使得右侧壶内与外界空气相通，则右侧壶内外的气体压强相同，乙液体在重力作用下就可流出来。22．（2018春•亳州期末）如图所示是喷雾器工作时的示意图。当推动活塞时，管口的空气速度增大，管口处的压强________（选填“增大”“减小”或“不变”）；瓶中的液体就在________________的作用下被压上去。随流动的空气而喷成雾状。用如图所示的喷壶喷洒药液时，先要用设置在喷壶上的打气筒向内打气，然后打开阀门，药液就会喷出。向壶内打气，目的是使壶内液面上方空气的压强________（选填“大于”、“小于”或“等于”）大气压强。【答案】减小；瓶内压强；大于。【解析】（1）当推动活塞时，管口的空气速度增大，管口处的压强减小，此处压强小于容器内液面上方气体压强。水就在容器内液面上方气体的这个较大压强的作用下，沿着细管上升到上端开口处，受气流的冲击，被喷成雾状。（2）向壶内打气，壶内液面上方空气增多，压强增大，大于外界大气压，壶内液体便会压入管中。【点评】本题考查流体压强和流速的关系，重点考查学生运用所学物理知识解决实际问题的能力，明确此题所涉及的物理过程：细管上端空气流速大压强小；液面上方气体流速小压强大是关键。23．分析处理图表中的信息是学习化学的一种重要方法。（1）下表是KNO3、NaCl在不同温度下的溶解度（单位：g/100g水）温度（℃）0102030405060708090100KNO313.320.93245.86485.5110138169202246NaCl35.735.83636.336.63737.337.838.43939.8Ⅰ.20℃时，NaCl的溶解度是________g。Ⅱ.30℃时，KNO3溶液的最大浓度（溶质质量分数）为________________（只列计算式，不需要计算结果）。Ⅲ．KNO3中含少量氯化钠时，提纯硝酸钾的一般方法是________________。Ⅳ．根据表内数据可知，KNO3和NaCl在某一温度时具有相同的溶解度X，则X的取值范围是________________。（2）如图是对20℃一定质量的甲的溶液进行恒温蒸发结晶的实验过程，请回答。Ⅰ．蒸发前原溶液是________（填“饱和”或“不饱和”）溶液。n的数值是________。Ⅱ．依据上述实验，你认为甲的溶解度随温度变化的趋势是________（填字母）。A．随温度升高而增大B．随温度升高而减小C．无法判断。【答案】（1）36；II、110g110g+100g（2）I、不饱和，11；II、C。【解析】（1）I、根据溶解度曲线可知某温度下物质的溶解度进行分析；II、根据该温度下饱和溶液的溶质质量分数最大进行分析；III、根据硝酸钾的溶解度受温度变化影响较大，而氯化钠的溶解度受温度变化影响较小进行分析；Ⅳ、根据硝酸钾和氯化钠溶解度相同的温度，即是判断该段中溶解度的数值是否存在相等的可能；（2）根据20℃一定质量甲的溶液，蒸发前的烧杯底部没有固体，第一次蒸发10g水，析出1g晶体，所得溶液为该温度下的饱和溶液；第二次蒸发10g水析出6g﹣1g＝5g晶体，两次析出的晶体质量不相同；溶解度是在一定温度下，某固体溶质在100g溶剂里达到饱和状态所溶解的溶质质量进行分析。解：（1）I、通过分析溶解度表中的数据可知，20℃时，NaCl的溶解度是36g；II、60℃时，KNO3的溶解度为110g，所以60℃时，KNO3溶液的最大浓度（溶质质量分数）为：110g110g+100gⅢ、从图中可知硝酸钾的溶解度受温度变化影响较大，而氯化钠的溶解度受温度变化影响较小，所以若KNO3溶液中含有少量NaCl时，可通过降温结晶的方法提纯KNO3；Ⅳ、硝酸钾和氯化钠溶解度相同的温度既是判断该段中溶解度的数值是否存在相等的可能，经分析知在20～30℃时这两种物质存在溶解度相同的可能，故选：B；（2）I、20℃一定质量甲的溶液，蒸发前的烧杯底部没有固体，第一次蒸发10g水，析出1g晶体，所得溶液为该温度下的饱和溶液；第二次蒸发10g水析出6g﹣1g＝5g晶体，则蒸发前原溶液是不饱和溶液，第二次蒸发溶液是饱和溶液，故第三次蒸发10g水会析出5g晶体，共析出6g+5g＝11g晶体，所以n的数值是11；II、上述实验，是蒸发水分析出晶体，过程中温度不变，无法确定甲的溶解度随温度变化的趋势，故选：C。【点评】本题是对固体溶解度知识的考查，解题时借助图表的信息对题目的要求进行分析探讨即可，熟记常见物质的溶解度受温度的影响。24．（吉林期中）水是人及一切生物所必需的，为了人类和社会经济的可持续发展，我们应该了解有关水的一些知识，请你回答：（1）用图1装置进行电解水的实验，正负极所产生的气体体积比的理论值是________．该实验说明水是由________________组成的，写出该实验反应的文字表达式________________．（2）硬水给生产生活带来很多麻烦，生活中可用________区分硬水和软水，可采用________的方法来降低水的硬度．（3）自来水厂净化水的主要步骤如图2所示，有关说法错误的是________（填字母）．A、步骤①②可除去难溶性杂质B、X试剂可以是明矾C、步骤④发生的主要是化学变化D、净化后的水是纯净物．【答案】（1）1：2，氢元素和氧元素，2H2O通电¯2H2↑+O2【解析】（1）由电解水的实验可知，正负极所的气体体积比的理论值是1：2．该实验说明水是由氢元素和氧元素组成的．该实验的化学方程式是：2H2O通电¯2H2↑+O2（2）生活中可用肥皂水区分硬水和软水，遇肥皂水产生的泡沫少的是硬水，遇肥皂水产生的泡沫多的是软水，可采用煮沸的方法降低水的硬度．（3）A．步骤①②可除去难溶性杂质，该选项说法正确；B．由于明矾溶于水生成的胶状物具有吸附性，X试剂可以是明矾，该选项说法正确；C．步骤④是杀菌消毒，发生的是化学变化，该选项说法正确；D．净化后的水常含有可溶性的杂质，是纯混合物，该选项说不法正确．【点评】化学来源于生产生活，也必须服务于生产生活，所以与人类生产生活相关的化学知识也是重要的中考热点之一．25．（滕州市校级期末）某校园气象站招聘气象员，小明想应聘，他怎样以下回答才能过关．①读图一：判断甲、乙、丙三人哪个人读图正确．答：________。②读图二：甲、乙两气温曲线图，哪个更符合“早穿皮袄午穿纱”的说法．答：________．【答案】①乙；②甲．【解析】西北地区深居内陆，气温冷热变化剧烈，年降水量由东向西逐渐减少．由于西北地区昼夜温差大，所以才会出现“早穿皮袄午穿纱，围着火炉吃西瓜”的现象．解：读图分析可知：①从图一可以看出，甲、乙、丙三人读图正确的是乙，乙误差最小．②从图二可以看出，甲、乙两气温曲线图，更符合“早穿皮袄午穿纱”说法的是甲，甲图昼夜温差大．【点评】本题主要考查世界气温的正确读数方法及气温曲线图的判读，读图理解解答即可．26．（2018秋•西湖区校级月考）读气温的垂直分布图，完成下列问题。（1）在①②③三层中，①为中间层，有利于高空飞行的是________________；（填序号）（2）下列关于对流层描述正确的是________________（填序号）。①对流层内随高度的增加气温升高②不同地表的对流层高度是一样的③对流层最显著的特点是空气有强烈的水平运动④对流层集中了34⑤对流层的天气现象复杂多变【答案】（1）②；（2）③④⑤。【解析】对流层：集中了大气质量的四分之三和几乎全部的水汽、杂质，厚度随纬度变化而变化。低纬厚度约17～18千米；中纬厚度约10～12千米；高纬厚度约8～9千米。特点：气温随高度的增加而递减，空气对流运动显著，天气现象复杂多变。平流层：有大量吸收紫外线的臭氧层，高度为自对流层顶至50～55千米。特点：气温随高度的增加而上升，大气以平流运动为主，天气晴朗，有利于高空飞行。高层大气：有自平流层顶至2000～3000千米高空。特点：空气密度很小，气压很低，高空有电离层，有利于无线电通讯。（1）②平流层的气流运动以水平运动为主，天气晴朗，故该层适合飞机高空飞行；（2）对流层温度随着高度升高，温度降低；不同地区的对流层高度是不一样的，赤道地区的对流层厚度是最大的，自低纬向高纬，对流层厚度减少；对流层的显著特点，气温随高度升高而递减，在垂直方向上形成强烈的对流，对流层也正是因此而得名；对流层集中了大气质量的四分之三和几乎全部的水汽、杂质；对流层气温随高度的增加而递减，空气对流运动显著，天气现象复杂多变，故③④⑤正确。【点评】该题主要掌握大气圈各层的特点，尤其是与人类的联系。27．（江山市期末）随着人民生活水平的提高，汽车已经进入千家万户。通过观察，小敏联想到许多科学知识在小轿车上的应用。请你结合所学科学知识回答下列问题：（1）如图1所示的是轿车车顶上的外掀式天窗。在轿车行驶时，将天窗的前面关闭，后面微微向上打开，车顶形成一个凸面，这样可以________（选填“加大”或“减小”）天窗口空气的流速，使天窗口处的气压________（选填“大于”或“小于”）车内的气压，这有利于保持车内空气清新。（2）有些轿车的尾部安装了导流板（如图3用主要是在轿车高速行驶时，增大对地面的压力，提高车轮的抓地性能。则导流板横截面的形状是图2中的________（选填序号）。【答案】（1）加大；小于；（2）C。【解析】（1）依据流体压强与流速的关系来分析解答：流体流速越大的位置，其压强越小；（2）要产生向下的压力，导流板横截面的形状就应跟客机机翼的形状相反﹣﹣上平下凸，使上方的空气流速小压强大。解：（1）天窗前面闭合后面打开，在车顶形成一个凸面，加大了空气的流速，使天窗开口处的气压小于车内的气压，则在压力差的作用下车内污浊的空气被自动“抽出”，从而保持车内空气清新。（2）要增加轿车对地面的压力，提高车轮的抓地性能，就要使轿车高速行驶时，导流板上方的空气流速小压强大，下方的空气流速大压强小，即上方平直下方凸起，产生一个向下的压强差。所以则导流板横截面的形状应是图中的C。【点评】解答此题的关键是明确流体压强与流速的关系，从原理的角度出发，便不难做出解释。28．有一种家庭使用的不用电也不用燃气的淋浴器，设备很简单，设计却很巧妙，如图所示淋浴器有两个进水口，一个是冷水口，一个是热水口，冷水口直接与自来水管连接，热水口的管道很细，插在热水壶或热水瓶里。使用的时候，拧开自来水龙头，热水会自动向上流，冷水和热水混合以后，从喷头里喷出了适宜淋浴的温水。其工作原理如图所示，冷水和热水是通过混合阀（如图）混合后变成温水的。混合阀像个三通管，冷水管比较粗，在汇合点附近突然变细。由于出水口狭窄使水流速度________（填“加快”或“减慢”），出水口处压强________（填“增大”或“减小”），水壶里的热水在________________的作用下上升到三通管中，与冷水混合后，从喷头喷出。【答案】加快；变小；大气压。【解析】流体的流速和压强的关系是：流速大的地方压强小，流速小的地方压强大。解：混合阀是一个三通管，冷水管比较粗，但在汇合点附近突然变细，而热水管进水口正位于最细部，当打开冷水管水龙头时，冷水经过混合器最细部分时，由于管子突然变细，水流速度加快，细部分压强变的很小，热水壶中的热水在大气压的作用下被压上，进入混合阀和冷水混合，变成温度适宜的温水，从而从淋浴器的喷头处流出。【点评】认清楚此题所涉及的物理过程：细管上端空气流速大压强小；液面上方气体流速小压强大是关键。29．如图1所示，弹簧秤下悬挂着一重物（不与溶液反应），若将30°C的饱和硝酸钾溶液降温到5°C，弹簧秤的示数将________（变大或变小或不变），原因是________________________；如图2所示，弹簧秤下悬挂着一重物（不与氢氧化钡溶液反应），若向该溶液中逐滴加入稀硫酸至恰好完全反应，弹簧秤的示数将________（变大或变小或不变）．如图3所示，在室温下的饱和食盐水中放一个塑料小球，现加入少量的食盐晶体，充分搅拌后静置、在温度不变时，小球沉浮情况有什么变化？________________，原因是___________________________________________________________________________；若要在不用外力情况下使小球略上浮，你准备采取的具体方法是_______________________________________________．【答案】浮沉不变；因为温度不变的饱和氯化钠溶液里不能继续溶解氯化钠，溶液的密度不变．①添加KNO3晶体，②加入硝酸银溶液，③升高温度，加入氯化钠．【解析】利用溶液的溶质质量分数变大溶液的密度会变大，反之则变小；悬浮和漂浮时，浮力等于物体的重力，根据浮力的公式可知想让小球上浮，在增大液体密度时，小球排开水的体积就应减小，则小球上浮．解：【图一】由于硝酸钾的溶解度随温度减低而减小，降温时溶液会析出溶质溶液的溶质质量分数会减小，密度也随之减小，则重物所收浮力也减小．故答案为：变大，因为降温后析出硝酸钾晶体，溶液密度变小，重物所受浮力减小【图二】因为Ba（OH）2+H2SO4═BaSO4+H2O，溶液密度变小，重物受浮力减小．故答案为：变大【图三】因为原溶液是饱和的再加入食盐食盐不会继续溶解，溶液的溶质质量分数不会变化，因而其密度也不会改变，由于小球所受的浮力不变，排开水的体积也不会变化，则小球浮沉情况会相同，如要使小球上浮一些就得减小小球排开溶液的体积，也就是增大溶液的溶质质量分数使其密度变大，因此加入其他的溶质或升温加氯化钠的方式均可完成小球上浮的要求．【点评】此题是对溶液想干知识的考查，解题的关键是能利用溶质的质量分数与密度的关系对重物所受浮力作出判断，属基础性溶液知识判断题．30．（南京中考）水和溶液在生产、生活中起着十分重要的作用，请回答下列问题．（1）硬水是指含有较多________________的水，在生活中常采用________的方法降低水的硬度．（2）氯化钠（NaCl）、硝酸钾（KNO3）两种物质的溶解度曲线如图所示．在20℃时，KNO3的溶解度与NaCl的溶解度相比，前者与后者的关系是________（填字母），在50℃时，KNO3溶液的溶质质量分数与NaCl溶液的溶质质量分数相比，前者与后者的关系是________（填字母）．A．大于B．小于C．等于D．无法确定（3）不同温度下，氧气的溶解度随压强的变化如图所示，图中t1对应的温度为40℃，则t2对应的温度________（填字母）A．大于40℃B．小于40℃C．无法确定（4）若用溶质质量分数为16%的NaCl溶液和蒸馏水配制100g溶质质量分数为10%的NaCl溶液，则所需16%的NaCl溶液与蒸馏水的质量比为________．【答案】（1）可溶性钙镁化合物，煮沸；（2）B，D；（3）A；（4）5：3．【解析】根据固体的溶解度曲线可以：①查出某物质在一定温度下的溶解度，从而确定物质的溶解性，②比较不同物质在同一温度下的溶解度大小，从而判断饱和溶液中溶质的质量分数的大小，③判断物质的溶解度随温度变化的变化情况，从而判断通过降温结晶还是蒸发结晶的方法达到提纯物质的目的．解：（1）硬水是指含有较多可溶性钙镁化合物的水，在生活中常采用煮沸的方法降低水的硬度；（2）在20℃时，KNO3的溶解度小于NaCl的溶解度，所以前者与后者的关系是B，在50℃时，溶液的状态不能确定，所以KNO3溶液的溶质质量分数与NaCl溶液的溶质质量分数相比，前者与后者的关系是D；（3）气体的溶解度随温度的升高而减小，不同温度下，氧气的溶解度随压强的变化如图所示，图中t1对应的温度为40℃，则t2对应的温度大于40℃，故选A；（4）若用溶质质量分数为16%的NaCl溶液和蒸馏水配制100g溶质质量分数为10%的NaCl溶液，需要所需16%的NaCl溶液质量为：100g×10%16%三、实验探究题（每空2分，共46分）30．（南阳一模）阿基米德原理告诉我们：“浸入液体里的物体受到向上的浮力，浮力的大小等于它排开的液体受到的重力”。小明同学在学习了该原理后思考：物体受到浮力的大小难道只跟物体排开液体的重力大小有关吗？于是他猜想：物体受到的浮力大小可能还跟物体的密度和浸入液体中的深度有关。为了验证猜想，他选取了两块体积和形状都相同的实心铜块和铁块进行了如图所示的实验。（1）如果要验证物体所受的浮力大小是否与物体的密度有关，小明同学应该选取图中的________等步骤进行对比。小明已经知道铜的密度大于铁的密度，那么根据他所选择的几个图中弹簧测力计的示数可以知道铜块所受到的浮力________（选填“大于”、“等于”或“小于”）铁块所受到的浮力。由此得出物体所受的浮力大小与物体的密度________（选填“有关”或“无关”）。（2）小明根据图中B、C、D三步进行对比分析，发现随着物体浸入液体中深度的增加，物体所受到的浮力在变大，于是他就得出了物体所受浮力的大小跟浸入液体中的深度有关的结论。你认为小明同学的结论是________的（选填“正确”、“错误”），原因是：________________________________。【答案】（1）A、B、D、E；等于；无关；（2）错误；没有控制排开液体的体积相同。【解析】（1）验证物体所受的浮力大小是否与物体的密度有关时，应控制其它因素不变，只改变物体的密度大小；利用称重法分别求出铁块与铜块所受浮力的大小，然后判断浮力的大小与物体密度的关系；（2）研究物体所受浮力大小与深度的关系时，一定要控制排开液体的体积和密度不变；解：（1）要验证物体所受的浮力大小是否与物体的密度有关，就必须控制除密度以外其他物理量相同，只改变物体密度大小，小明同学应该选取图中的A、B、D、E步骤进行对比；由称重法得，F浮铁＝G1﹣F1＝4.0N﹣3.5N＝0.5N，F浮铜＝G﹣F2＝4.4N﹣3.9N＝0.5N；浮力相同，说明浮力大小与物体密度无关；（2）而在B、C、D三步的对比分析中，小刚得出的结论是不对的，物体没有浸没时，深度变化的同时，排开液体的体积也在变化，没有控制排开液体的体积相同。【点评】本题目考查了学生对影响浮力大小因素的理解及控制变量法的应用。31．（滨江区期末）小华同学在“探究浮力的大小跟哪些因素有关”的实验中，在弹簧测力计下悬挂一底面积是100cm2的圆柱体物块，烧杯中水面深度8cm，当圆柱体物块下表面与水面刚好相平时，开始缓慢下降，直到与烧杯底刚好接触为止，如图甲所示：（1）由图可知，圆柱体物块受到的重力G＝________N；圆柱体物块浸没在水中时所受浮力F浮＝________N。（2）由a、b、c、d图可得出结论是：浸在同种液体中的物体所受浮力大小________________________________________有关。（3）探究圆柱体浸入水中所受浮力与深度是否有关？应选________两图进行探究。结论是________________________________________。（4）小华完成图甲所示的实验后，把水换成另一种液体重复上述实验，当浸没在该液体中时，圆柱体受到的浮力是4N，综合分析上述实验可知，圆柱体的体积是________cm3；所用的另一种液体的密度是________________kg/m3；并根据实验数据在图乙中绘制出弹簧测力计拉力F随物体浸入深度h变化的图象。【答案】（1）6；5；（2）与物体排开液体的体积有关；（3）CD；浸入水中物体所受浮力与深度无关；（4）500；0.8×103；见图。【解析】（1）由a知，G＝6N；由c知，圆柱体浸没在水中后所受浮力F浮＝G﹣F＝6N﹣1N＝5N；（2）由a、b、c、d图，液体的密度相同，排开液体的体积不同，测力计的示数不同，可知浸在同一种液体中的物体受到浮力的大小跟物体浸入液体的体积（物体排开液体的体积）有关；（3）c、d两图，圆柱体完全浸没，下沉过程中，测力计的示数不变，即所受浮力不变，由此可知，浸入水中物体所受浮力与深度无关；（4）已知F浮′＝4N；由实验知，浸在液体里的物体受到的浮力大小还根据液体的密度有关；由F浮＝ρ液gV排得，V排=F浮ρ解得：ρ液＝0.8×103kg/m3。则V＝V排=F浮ρ液g=4N由实验数据可知，弹簧测力计拉力F随物体浸入深度h变化的图象如下图所示：【点评】此题是探究影响浮力大小的因素实验，考查了学生分析图象和数据的能力，注意分析问题过程中控制变量法的应用，同时要熟练掌握密度公式及阿基米德原理公式，做到灵活应用。33．（莱阳市期末）下面是某小组进行的“哪些因素影响固体物质在水中的溶解度”的实验探究，请你完成探究报告．【探究实验】哪些因素影响固体物质在水中的溶解度（1）溶质种类的影响在实验中要改变的因素是：溶质的种类；要保持不变的因素是：________________________．【实验步骤】30℃时，用量筒各取5mL蒸馏水分别加入①、②两支试管中，再分别加入KNO3、Ca（OH）2各2g振荡，观察各物质溶解情况．【实验现象】试管①中KNO3全部溶解，试管②中有较多Ca（OH）2未溶．【实验结论】在________保持不变的情况下，不同种类的物质在水中的溶解度________________．（2）温度的影响（以KNO3为例）在实验中要改变的因素是________；要保持不变的因素是________________________．【实验步骤】用量筒各取5mL蒸馏水，分别加入①、②二支试管中，再加入5gKNO3晶体，将试管①保持在常温下，将试管②加热并保持在60%，振荡，观察各试管中KNO3的溶解情况．【实验现象】试管①中有多量KNO3未溶，试管②中KNO3全部溶解．【实验结论】在不同________下，同种固体物质在水中的溶解度不相等．【答案】（1）温度，溶剂的质量、溶质的质量；实验结论：温度，不同；（2）温度，溶质的质量和溶剂的质量；实验结论：温度．【解析】理解影响固体溶解度的因素，既有内因也有外因，理解科学探究的基本方法，控制好实验条件．（1）要探究物质的种类对溶解度的影响，所以温度必须保持不变；根据两种物质的溶解现象判断溶解度；（2）因要判断温度对溶解度的影响，所以要改变的因素是温度；通过实验的现象判别不同温度下硝酸钾的溶解度．解：（1）探究溶质的种类对溶解度的影响，即除了溶质的种类不同外，温度和溶剂的质量都必须相同，这样才能得出正确的结论；由30℃时，5mL蒸馏水中溶解的KNO3、Ca（OH）2质量不同，则说明在温度相同、溶剂的量相同、溶质质量的情况下，不同的固体物质的溶解度不同；（2）而当探究温度对溶解度的影响时，除了温度不同之外，溶质和溶剂的质量必须相同．由试管①中有多量KNO3未溶，试管②中KNO3全部溶解，可知在不同温度下，同种固体物质在水中的溶解度不相等．【点评】本题主要考查了探究实验中变量的控制，同学们要从实验目的和实验条件入手，在完成对比实验时能有效的控制变量．34.（2019湖州校级月考）如图是配制50g质量分数为10%的氯化钠溶液的操作过程．试回答：（1）B操作中应称量氯化钠的质量是________，放好砝码和游码后，向托盘中加入氯化钠时，若指针偏向分度盘的左边，应进行的操作是________________________．（2）D操作应选用________的量筒（从10mL、50mL、100mL中选择），量水时，量筒必须平放，视线要跟量筒________________________保持平衡．（3）E操作的作用是________________________________．【答案】（1）5g，取出些许氯化钠至天平平衡；（2）50mL，凹液面最低处；（3）搅拌，加快氯化钠的溶解速度．【解析】运用溶质质量＝溶液质量×溶质质量分数、放好砝码和游码后，向托盘上加氯化钠时，若指针偏向分度盘的左边说明取用的氯化钠多解答．运用量筒的正确读数方法解答．根据玻璃棒的作用分析解答．（1）B操作为称取固体氯化钠的质量，根据公式可计算需要氯化钠的质量为50g×10%＝5g，称量时氯化钠放在左盘，指针偏向分度盘的左边说明氯化钠加多了，应适量减少药品的量；（2）经计算所需水的质量为：50g﹣5g＝45g，水的体积为5mL，所以应该选择50mL量筒来量取，使用量筒读数时，要平视液体凹液面的最低处；（3））配制过程中用到三种玻璃仪器漏斗、玻璃棒、烧杯．【点评】本题考查了溶液的