2024年人民版高三物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年人民版高三物理下册阶段测试试卷694考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、关于万有引力定律的发现和引力常量的测定，下列说法正确的是（）A.万有引力定律是由开普勒发现的，而万有引力常量是由伽利略测定的B.万有引力定律是由开普勒发现的，而引力常量是由卡文迪许测定的C.万有引力定律是由牛顿发现的，而引力常量是由卡文迪许测定的D.万有引力定律是由牛顿发现的，而引力常量是由胡克测定的2、一名宇航员在某星球上完成自由落体运动实验，让一个质量为2kg的小球从一定的高度自由下落，测得在第5s内的位移是18m，则（）A.物体在2s末的速度是20m/sB.物体在第5s内的平均速度是3.6m/sC.物体在第2s内的位移是20mD.物体在5s内的位移是50m3、如图所示；一随自动扶梯匀速斜向上运动的物体，其所受摩擦力的情况是（）

A.物体一定不受摩擦力B.物体可能不受摩擦力C.物体可能受静摩擦力D.物体可能受滑动摩擦力4、李明驾车到车站接人后返回原处，往返过程中一共行驶了5.8km，李明在此过程中的路程和位移大小分别是（）A.5.8km，0B.0，5.8kmC.0，0D.5.8km，5.8km5、下列叙述正确的是（）A.重心、合力和交变电流的有效值等概念的建立都体现了等效替代的思想B.库仑提出了用电场线描述电场的方法C.伽利略猜想自由落体的运动速度与下落时间成正比，并直接用实验进行了验证D.用比值法定义的物理概念在物理学中占有相当大的比例，例如场强，电容，加速度都是采用比值法定义的6、电磁打点计时器使用的电源应该是（）A.交流电源，电压为220VB.交流电源，电压为10V以下C.直流电源，电压为220VD.直流电源，电压为10V以下评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)7、与两个物体接触面的滑动摩擦力有关的因素是（）A.两个物体之间的相对速度B.两个物体之间的接触面积C.两个物体接触面的材料D.两个物体之间的垂直接触面的弹力8、体沿一直线运动；其v-t图象如图4所示，下列描述中正确的是（）

A.第1s内和第2s内物体的速度方向相反B.第1s内和第2s内物体的加速度方向相反C.第2s末物体的速度和加速度都为零D.第3s内物体的速度方向和加速度方向相同9、倾角为37°的斜面，底端固定一轻弹簧，当弹簧处于自然长度时，另一端在O点，O点上方斜面粗糙，下方斜面光滑，质量为m的物块A，从斜面上的P点，由静止释放，OP两点间的距离为x，物块沿斜面向下运动，压缩弹簧后恰能返回到OP中点，弹簧始终处于弹性限度内（g=10m/s2）（A.斜面与物块间动摩擦因数为0.25B.物块运动到O点时动能最大C.如果物块A的质量为2m，物块刚好能返回到P点D.如果在P点给物块沿斜面向下的初速度，则物块能够刚好返回P点10、如图所示是一列简谐横波在某一时刻的波形图象．已知该波沿x轴正方向传播，波速为10m/s，则下列说法正确的是（）A.从该时刻起经过0.2s，Q质点通过的路程是0.2mB.从该时刻起经过0.2s，Q质点相对平衡位置的位移为0.2mC.P质点从该时刻起第一次到达正的最大位移处所用的时间等于0.35sD.P质点从该时刻起每经过（0.2n+0.05）s（n=0，1，2，3）回到平衡位置11、物体做匀变速直线运动，某时刻速度的大小为4m/s，1s后的速度大小变为10m/s，在这1s内该物体的（）A.位移大小可能等于4mB.位移大小可能等于7mC.加速度大小可能等于4m/s2D.加速度大小可能等于14m/s2评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)12、如图；用静电计测量已经充电的平行板电容器两极板间的电势差U．

（1）保持极板上的电荷量Q不变，两极板间的距离d也不变，将一个极板上移，从而改变两极板的正对面积S，则静电计的示数将____（填“增大”；“减小”或“不变”）．

（2）保持极板上的电荷量Q不变，两极板的正对面积S也不变，增大两极板间的距离d，则静电计的示数将____（填“增大”；“减小”或“不变”）．

（3）保持Q、S、d都不变，在两极板间插入电介质（有机玻璃板），则静电计的示数将____（填“增大”；“减小”或“不变”）．

（4）保持Q、S、d都不变，在两极板间插入一块金属板，则静电计的示数将____（填“增大”、“减小”或“不变”）．13、（2015秋•焦作校级月考）用控制变量法可以研究影响平行板电容器电容的因素（如图）．设两极板正对面积为S；极板间的距离为d，静电计指针偏角为θ．实验中极板所带电荷量不变，则。

（1）保持S不变，增大d，则θ____

（2）保持d不变，错开两个极板，则θ____

（3）保持d、S不变，极板间插入陶瓷，则θ____．14、（2014春•金川区校级期中）在图中，线圈的电阻不计，试比较下述情况下，A、B两点电势的高低．（用UA、UB表示A；B两点的电势；填写“＞”、“＜”或“=”号）

（1）开关S未闭合时UA____UB；

（2）开关S闭合瞬间UA____UB；

（3）开关S闭合之后UA____UB；

（4）开关S断开瞬间UA____UB．15、如图所示的电子元件名称叫____，它在额定电压下所带的电量为____C；

16、（2011秋•通榆县校级月考）多用电表是实验室和生产实际中常用的仪器．如图是一个多用电表的简化内部电路图，其中测电流和测电压时各有两个量程，还有两个档位用来测电阻．电流的量程分别是2.5mA和10mA，电压表的量程分别是10V和50V．在进行电阻测量时，应将S拨到____或____位置，在进行选用量程是2.5mA电流表测量时，应将S拨到____位置，在进行选用量程是50V电流表测量时，应将S拨到____位置．17、动能定理的表达式：____；物理意义：____的功是物体动能变化的量度．18、（2014•滕州市校级二模）如图所示，长度为L=6m、倾角θ=30°的斜面AB，在斜面顶端B向左水平抛出小球1、同时在底端A正上方某高度处水平向右抛出小球2，小球2垂直撞在斜面上的位置P，小球1也同时落在P点，则两球平抛下落的高度为____，下落的时间为____．（v1、v2为未知量）19、（2009秋•东湖区校级月考）如图所示，ab、cd是竖直面内两根固定的光滑细杆，ab、cd两端位于相切的两个竖直圆周上，每根杆上都套着一个小滑环（图中未画出），两个滑环分别从a、c处释放（初速为0），用t1、t2依次表示滑环从a到b和从c到d所用的时间，则t1____t2．（填“大于、等于或小于”）评卷人得分四、判断题(共2题，共18分)20、一定质量的理想气体，当压强不变而温度由100℃上升到200℃时，其体积增加为原来的2倍．____．（判断对错）21、一定质量的理想气体内能的大小只与温度有关____（判断对错）评卷人得分五、识图作答题(共2题，共18分)22、为探究低温对植物光合作用的影响，某研究小组将15℃生长的某品种植物置于10℃下低温处理，其他培养条件相同．一周后，测得叶肉细胞叶绿体内载体蛋白X（位于类囊体上，运载H+从高浓度到低浓度一侧并同时催化ATP的合成）含量下降，固定CO2的酶Y含量下降；测得植物低温处理前后光合作用强度变化如图所示．请回答：

（1）H+通过类囊体膜的方式是________，酶Y位于叶绿体________．（2）由图可知在低温下利用________（填“弱光”或“强光”）的能力更强．（3）综合题中信息及所学知识，植物最大光合速率下降的原因可能是低温处理降低了________，从而影响了光合作用的________阶段．（4）某同学选择该植株上受光面积相近的20片叶，设计了如下的实验方案：操作1：将其中的10片叶剪下，从每片中间部分切下1×1cm2小叶片（A组），烘干称重，做好记录．操作2：相同时间里对另10片叶进行半叶遮光（每一片叶的一半正反面用不透光纸包住，另一半不作处理）．适宜光照两小时后，剪下叶片，在各半叶中与操作1相似部位切下1×0.5cm2的小叶片（遮光为B组，正常为C组），烘干称重（mg），做好记录．

通过实验可知，在该条件下，棉花植株的呼吸速率为________mg/cm2•h，净光合速率为mg/cm2•h．乙同学认为棉花的实际净光合速率（填“相等”、“大于”或“小于”）上述计算值，所以他建议在操作2中用5%的三氯乙酸点涂叶柄一圈，将叶柄的筛管细胞杀死，你认为，乙同学补充该处理的目的是．23、人体调节心血管活动的中枢广泛分布于从脊髓到大脑皮层的各个部位，构成复杂的网络，并通过多种神经递质共同调节心血管的活动，其中血压调节的中枢位于延髓。下图表示人体调节血压升高的部分结构，请据图回答下列问题：（1）据图一可知，人体调节血压的方式是________。（2）图示表明，第三脑室前侧腹区与穹窿下器之间存在着神经联系，图二中神经元①和神经元②之间的a处为________（结构），在该处兴奋的传递方向应为________（填“向上”或“向下”），原因是________。（3）血压的调节过程离不开信息传递，图中的信号分子包括________。评卷人得分六、画图题(共2题，共20分)24、图所示为一列向左传播的简谐波在某一时刻的波形图，若波速是0.5m/s，试在图上画出经7s时的波形图。（提示：若用平移法，由于∴λ=2m故只需平移=1.5m）25、在图示中，物体A处于静止状态，请画出各图中A物体所受的弹力．参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、C【分析】【分析】万有引力定律是由牛顿发现的，而万有引力恒量是由卡文迪许测定的．【解析】【解答】解：万有引力定律是由牛顿发现的；不是开普勒发现的．

万有引力恒量是由卡文迪许测定的；不是伽利略；胡克测定的．

故选：C2、D【分析】【分析】第5s内的位移等于5s内的位移减去4s内的位移，根据自由落体运动的位移时间公式求出星球上的重力加速度．再根据速度时间公式v=gt，位移时间公式h=gt2求出速度和位移．【解析】【解答】解：A、第5s内的位移是18m，有：gt12-gt22=18m，t1=5s，t2=4s，解得：g=4m/s2．所以2s末的速度：v=gt=8m/s．故A错误．

B、第5s内的平均速度：==m/s=18m/s．故B错误．

C、t=2s，t′=1s，物体在第2s内的位移：x=gt2-gt′2=8-2m=6m．故C错误．

D、物体在5s内的位移：x=gt2=×4×25m=50m．故D正确．

故选D．3、A【分析】【分析】首先分析物体受到的重力，再分析弹力和摩擦力．物体在扶梯上，扶梯对物体有支持力，根据平衡条件判断扶梯对物体有无静摩擦力．【解析】【解答】解：以物体为研究对象；物体受到重力和扶梯的支持力．由于物体随扶梯一起匀速运动，合力为零，若扶梯对物体有摩擦力，摩擦力一定沿水平方向，则物体受到三个力，合力不为零，物体将不做匀速运动，与题设条件矛盾，则物体不受摩擦力．所以物体受到重力和支持力两个力，故A正确，BCD错误．

故选：A．4、A【分析】【分析】位移为初末位置之间的有向线段，路程为路径长度．【解析】【解答】解：李明返回原处；所以位移的大小为零，路程为路径长度，为5.8km，所以A正确；

故选：A5、A【分析】【分析】物理学中用到大量的科学方法；建立“合力与分力”；“平均速度”、“总电阻”采用等效替代的方法．

要了解伽利略对自由落体运动的研究的内容、方法、原理以及物理意义，伽利略斜面实验的卓越之处不是实验本身，而是实验所使用的独特的方法在实验的基础上，进行理想化推理．（也称作理想化实验）它标志着物理学的真正开端．在实验的基础上进行科学推理是研究物理问题的一种方法，通常称之为理想实验法或科学推理法．【解析】【解答】解：A；重心、合力和交变电流的有效值等概念的建立都利用的等效替代的方法．故A正确．

B；法拉第提出了用电场线描述电场的方法；故B错误．

C；伽利略猜想自由落体的运动速度与下落时间成正比；他实验和推论的方法进行认证的，故C错误．

D、场强，电容，加速度都是采用比值法定义的，是加速度的决定式；故D错误．

故选：A．6、B【分析】【分析】打点计时器有电磁打点计时器和电火花打点计时器两种，它们的打点的周期是有交流电的频率决定的，电磁打点计时器用的是低压交流电，电火花打点计时器用的220V的交流电源．【解析】【解答】解：打点计时器必须使用交流电源；其中电磁打点计时器用的是低压交流电，电压为10V以下，电火花打点计时器用的220V的交流电源．

故选：B．二、多选题(共5题，共10分)7、CD【分析】【分析】滑动摩擦力大小的影响因素：压力大小和接触面的粗糙程度．压力越大，接触面越粗糙，摩擦力越大．【解析】【解答】解：滑动摩擦力跟压力大小和接触面的材料粗糙程度有关．

当压力一定时；接触面越粗糙摩擦力越大；

当接触面粗糙程度一定时；压力越大，滑动摩擦力越大．

故选：CD8、BD【分析】【分析】由速度-时间中，速度的正负表示速度的方向，图线的斜率等于加速度，斜率的正负表示加速度方向．【解析】【解答】解：

A；速度的正负表示速度的方向；则知第1s内和第2s内物体的速度方向相同，均沿正方向．故A错误．

B；速度图线的斜率等于加速度；斜率的正负表示加速度方向．所以第1s内和第2s内物体的加速度方向相反．故B正确．

C；第2s末物体的速度都为零；而加速度等于1-3内图线的斜率，不等于零．故C错误．

D；第3s内物体的速度方向为负；加速度方向也为负，方向相同．故D正确．

故选BD9、AD【分析】【分析】根据弹簧的做正功，导致弹簧的弹性势能减小；重力做正功，导致重力势能减小；而摩擦力做负功却导致系统的机械能减小．同时由对物体的受力分析来确定物体处于什么样的运动状态．【解析】【解答】解：A；物块在斜面上运动过程中要克服摩擦力做功；机械能减少，压缩弹簧后恰能返回到OP中点，OP之间的距离是x，该过程中：

解得：μ=0.25；故A正确；

B；物块下滑过程中；当所受合力为零时，速度最大，物块第一次下滑合力为零的位置在A点下方，速度最大的位置在A点下方，故B错误；

C；滑块在运动过程中克服摩擦力做功转化为内能；物体的机械能减小，所以物块A的质量为2m，物块仍然不能返回到P点，故C错误；

D、如果在P点给物块沿斜面向下的初速度，若物块能够刚好返回P点，则：μmgcos37°•2x=0.25m×10×0.8×2x=4mx=；

解得：．故D正确．

故选：AD10、AC【分析】【分析】由图读出波长，求出周期．根据时间与周期的关系，求解质点P、Q在0.2s内通过的路程、分析质点P的运动情况．【解析】【解答】解：A、由图读出波长为λ=4m，则该波的周期为：T=s=0.4s；则从该时刻起经过0.2s，Q质点通过的路程是：S=2A=20cm=0.2m．故A正确．

B；从该时刻起经过0.2s；Q质点到达波谷，相对平衡位置的位移为-0.1m．故B错误．

C、此时刻P质点与左侧最近的波峰平衡位置相距x=3.5m，当此波峰传到P点时，P点从该时刻起第一次到达正的最大位移处，则所用的时间为：t=s=0.35s．故C正确．

D、t=0.05s=．该波沿x轴正方向传播；P质点的坐标为4.5m，根据波形的平移法得到从该时刻起经过0.05s波形向右平移0.5m，则质点P回到平衡位置．由于周期为0.4s，所以从该时刻起每经过（0.4n+0.05）s（n=0，1，2，3）回到平衡位置，故D错误．

故选：AC11、BD【分析】【分析】物体作匀变速直线运动，取初速度方向为正方向，1s后末速度方向可能与初速度方向相同，为+10m/s，也可能与初速度方向相反，为-10m/s，根据加速度的定义式a=求出加速度可能值，根据位移公式x=t求出位移可能的值．矢量的大小是其绝对值．【解析】【解答】解：当末速度与初速度方向相同时，v0=4m/s；v=10m/s，t=1s；

位移：x=t=×1=7m，则加速度a===6m/s2；

当末速度与初速度方向相反时，v0=4m/s；v=-10m/s，t=1s；

位移：x=t=×1=-3m，加速度a==-14m/s2，加速度的大小为14m/s2；

故选：BD．三、填空题(共8题，共16分)12、增大增大减小减小【分析】【分析】根据电容的决定式C=，分析电容如何变化，由电容的定义式C=分析板间电压的变化，再判断静电计指针偏角的变化．【解析】【解答】解：（1）保持极板上的电荷量Q不变，两极板间的距离d也不变，将一个极板上移，从而减小两极板的正对面积S，由电容的决定式C=，可知，电容变小．电荷量Q一定，由电容的定义式C=分析可知；板间电压变大，则静电计指针偏角增大；

（2）保持极板上的电荷量Q不变，两极板的正对面积S也不变，增大两板间距离d，由电容的决定式C=，可知，电容变小．电荷量Q一定，由电容的定义式C=分析可知；板间电压变大，则静电计指针偏角增大．

（3）保持Q、S、d都不变，在两极板间插入电介质（有机玻璃板），由电容的决定式C=，可知，电容变大．电荷量Q一定，由电容的定义式C=分析可知；板间电压变小，则静电计指针偏角减小．

（4）保持Q、S、d都不变，在两极板间插入一块金属板，相当于极板间距减小，由电容的决定式C=，可知，电容变大．电荷量Q一定，由电容的定义式C=分析可知；板间电压变小，则静电计指针偏角减小；

故答案为：（1）增大，（2）增大，（3）减小，（4）减小．13、变大变大变大【分析】【分析】静电计测定电容器极板间的电势差，电势差越大，指针的偏角越大．根据电容的决定式C=分析极板间距离、正对面积变化时电容的变化情况，由于极板所带电荷量不变，再由电容的定义式C=分析板间电势差的变化，即可再确定静电计指针的偏角变化情况．【解析】【解答】解：（1）根据电容的决定式C=得知，电容与极板间距离成反比，当保持S不变，增大d时，电容减小，电容器的电量Q不变，由电容的定义式C=分析可知板间电势差增大，则静电计指针的偏角θ变大；（2）根据电容的决定式C=得知，电容与极板的正对面积成正比，当保持d不变，减小S时，电容减小，电容器极板所带的电荷量Q不变，则由电容的定义式C=分析可知板间电势差增大；静电计指针的偏角θ变大；

（3）根据电容的决定式C=得知，电容与电介质成正比，当保持d、S不变，插入陶瓷时，电容减小，电容器极板所带的电荷量Q不变，则由电容的定义式C=分析可知板间电势差增大；静电计指针的偏角θ变大．

故答案为：变大，变大，变大．14、=＞=＜【分析】【分析】电路中有线圈，当通过线圈的电流发生变化时会产生感应电动势去阻碍线圈中电流变化，但不能阻止．【解析】【解答】解：（1）开关S未闭合时，电路中没有电流，也没有电流的变化，所以UA=UB；

（2）开关S闭合瞬间由于线圈对电流的增大有阻碍作用，通过电阻R的电流的方向从A向B，所以UA＞UB；

（3）开关S闭合之后到达稳定时，由于线圈的电阻不计，所以没有电流通过电阻，所以AB之间的电势差是0，即UA=UB；

（4）开关S断开瞬间，由于线圈对电流的减小有阻碍作用，所以仍然有电流自上而下通过线圈，通过电阻R的电流的方向从B向A，所以UA＜UB．

故答案为：（1）=（2）＞（3）=（4）＜15、电容器1.1×10-2【分析】【分析】电容的单位有：法（F）、微法（μF）、皮法（pF），根据单位的符号判断元件的名称．由Q=UC求出额定电压下的电量．【解析】【解答】解：该电子元件上有“50V；220μF”，知该元件为电容器，参数为：额定电压为50V，电容为220μF．

则由Q=UC可知，电量Q=220μF×50V=1.1×10-2C

故答案为：电容器，1.1×10-216、3426【分析】【分析】欧姆档的电路要连接电池，则为3，4；电压档要串联电阻分压，不接电池，故为5，6．电流表要并联电阻起分流作用，不接电池，故为1、2．【解析】【解答】解：在进行测量电阻时；因为欧姆档的电路与电池连接，则将多掷开关S拨到3或4位置．

电流的量程分别是2.5mA和10mA；测量时选择2.5mA量程应选择并联较大电阻的电流档故开关S拨到2位置。

电压档要串联电阻分压；不接电池，当多掷开关S拨到5；6时，可以测量电压，串联的电阻越大，电压表的量程越大，则选择50V量程时，应将开关S拨到6位置．

故答案为：3、4、2、617、W=EK2-EK1合外力【分析】【分析】动能定理的内容为：合外力所做的功等于动能的改变量．【解析】【解答】解：动能定理的物理意义为：合外力的功是物体动能变化的量度；

其表达式为：W=EK2-EK1；

故答案为：W=EK2-EK1；合外力．18、1.8m0.6s【分析】【分析】两个小球同时做平抛运动，又同时落在P点，说明运动时间相同，即BC在同一水平面上，小球2垂直撞在斜面上的位置P上说方向与斜面明小球2的末速度垂直，可以根据几何关系求出相应的物理量．【解析】【解答】解：小球2做平抛运动；根据分位移公式，有：

x=v2t①

②

③

根据几何关系；有：

h=y+xtan30°④

联立①②③④解得：

y=1.8m

t=0.6s

故答案为：1.8m，0.6s．19、等于【分析】【分析】对物体受力分析可知，小球在两条斜槽上的运动规律是一样的，只是加速度的大小和位移的大小不一样，由牛顿第二定律和匀变速直线运动的规律可以求得它们各自的运动时间．【解析】【解答】解：设轨道与竖直方向的倾角为θ，根据几何关系得，轨道的长度L=（2R1+2R2）cosθ，加速度a==gcosθ，根据L=得，t=，与倾角无关，则t1=t2．

故答案为：等于．四、判断题(共2题，共18分)20、×【分析】【分析】一定质量的气体，保持体积不变，温度升高时，发生等容变化，根据查理定律分析压强的变化【解析】【解答】解：根据理想气体的状态方程，一定质量的气体，保持压强不变，温度升高时气体的体积跟它的热力学温度成正比，即：；

初状态：T0=100℃=373K，末状态：T1=200℃=473K；所以温度从100℃升高到200℃时，它的体积改变为原来的倍．

故答案为：×21、√【分析】【分析】一定质量的理想气体的内能只与温度有关，温度越高，内能越大．【解析】【解答】解：物态的内能与物体的物质的量；温度、体积以及物态有关．对一定质量的理想气体；物质的量一定，物态一定，而气体分子之间的作用力可以忽略不计，所以一定质量的理想气体内能的大小只与温度有关．

故答案为：√五、识图作答题(共2题，共18分)22、（1）协助扩散基质（2）弱光（3）酶的活性和含量（及载体蛋白X含量）光反应和暗反应（4）0.510.645大于阻止实验组叶片的光合作用产物输出【分析】【分析】本题考查光合作用相关知识，意在考查考生理解所学知识要点，并运用所学知识分析图表、解决问题的能力和把握知识间内在联系的能力。【解答】（1）根据题干"载体蛋白X（位于类囊体上，运载H+从高浓度到低浓度一侧并同时催化ATP的合成）”，可知H+通过类囊体膜是从高浓度到低浓度运输，并需要载体蛋白X协助，不消耗ATP，因此跨膜运输的方式是协助扩散。酶Y在暗反应固定CO2时发挥作用，因此酶Y位于叶绿体基质中。（2）由曲线图分析可知，10℃时光饱和点显著低于15℃时，说明其在低温下利用弱光的能力更强。（3）综合题中信息及所学知识，可能是低温处理降低了酶的活性和含量（及载体蛋白X含量），从而影响了光合作用的光反应和暗反应阶段，导致植物最大光合速率下降。（4）通过实验可知