2024年沪教新版高三物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年沪教新版高三物理上册月考试卷661考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、在物理学的重大发现中，科学家总结出了许多物理学方法，如理想实验法、控制变量法、极限思想法、类比法、假说法和建立物理模型法等，以下关于物理学研究方法的叙述不正确的是（）A.在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫假设法B.根据速度的定义式v=，当△t非常小时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义运用了极限思想法C.在探究加速度、力和质量三者之间的关系时，先保持质量不变研究加速度与力的关系，再保持力不变研究加速度与质量的关系，该探究运用了控制变量法D.在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程等分成很多小段，每一小段近似看做匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里运用了微元法2、物理学是一门以实验为基础的科学，任何理论和学说的建立都离不开实验．下面有关物理实验与物理理论或学说关系的说法中正确的是（）A.双缝干涉现象的发现表明光是电磁波B.光电效应实验证实了光是横波C.天然放射现象的发现证实了玻尔原子理论D.α粒子散射实验表明了原子具有核式结构3、下列说法中不正确的是（）A.利用放大1000倍的高倍光学显微镜，可以观察到分子的无规则运动．B.有些物质在适当溶剂中溶解时在一定浓度范围内具有液晶态C.对于煤炭、石油等化石能源要节约使用，提高其利用率，并避免使用过程中对环境造成影响．D.一定质量的理想气体气体温度升高，体积增大，压强不变，则气体分子在单位时间撞击容器壁单位面积的次数一定减少．4、关于惯性，下列说法正确的是（）A.在宇宙飞船内的物体不存在惯性B.乒乓球可快速抽杀，是因为乒乓球的惯性比较小的缘故C.静止的火车启动时速度变化缓慢，是因为物体静止时惯性大D.惯性是指原来静止的物体一定总保持静止，原来运动的物体总保持匀速直线运动5、一质量为0.6kg的篮球，以8m/s的速度水平撞击篮板，被篮板反弹后以6m/s的速度水平反向弹回，在空中飞行0.5s后以7m/s的速度被运动员接住，取g=10m/s2，不计空气阻力，则下列说法正确的是（）A.与篮板碰撞前后篮球的动量变化大小为8.4kg•m/sB.被篮板弹回到被运动员接住的过程中篮球的动量变化大小为0.6kg•m/sC.篮板对篮球的作用力大小约为15.6ND.被篮板弹回到被运动员接住的过程中篮球的重力产生的冲量大小为7N•s6、如图所示，水平面上固定着直角支架ABC，支架所在平面与水平面垂直，在AC和BC杆上分别套有质量为m1和m2的光滑的圆环，且两圆环用轻质的细线相连．已知AC与水平面的夹角为θ，则两圆环平衡后细线上的拉力为（）A.B.C.D.m1gsinθ+m2gcosθ7、下列说法中错误的是（）A.普朗克在对黑体辐射的研究中提出了能量子的观点B.爱因斯坦在对光电效应的解释中提出光具有粒子性C.康普顿在研究石墨对X射线的散射中发现光具有波动性D.铝箔对电子束的衍射实验证实了德布罗意的物质波假设评卷人得分二、填空题(共8题，共16分)8、（2013•宝应县模拟）如图所示，矩形线圈abcd绕OO′轴在磁感应强度为0.2T的匀强磁场中匀速转动．已知线圈面积为0.1m2，线圈共有100匝．如果从图示位置开始计时，经0.5s线圈转动90°，则穿过线圈磁通量的变化量△ϕ=____Wb，线圈中产生的平均感应电动势E=____V．9、物理学的科学研究方法较多；请将研究的对象与所采用的方法进行正确配对，填在相应的横线上．（填A；B、C、D）

研究对象：

①伽利略理想实验。

②探究加速度与力的关系。

③研究共点力的合成。

部分研究方法：

A．比值定义法B．科学的类比推理法C．控制变量法D．等效替代法。

问：①对应____，②对应____，③对应____．10、试探负电荷q放在电场中的A点时，试探电荷受到的电场力为F，电场力方向竖直向下，A点的电场强度为E，在A点改放另一电荷量为2q的试探电荷后，A点的电场强度为____（E或2E），A点的电场强度方向为____（竖直向上或竖直向下）11、（2014•长宁区一模）如图所示，电阻R1为8Ω，电阻R2为3Ω，电源内阻r为1Ω，电键S闭合后，电源的总功率为20W，电源的输出功率为16W，则灯泡消耗的电功率为____W；若灯泡的电阻不变，当电键S断开时，灯泡两端的电压为____V．12、下列现象中，利用做功改变物体内能的是：____，其余是通过____方式改变物体的内能．

（1）冬天；人们用双手反复摩擦取暖．

（2）在古代；人类钻木取火．

（3）冬天；人们用嘴对着双手“呵气”取暖。

（4）把烧红的铁块放到冷水中；冷水变热。

（5）晒太阳时会感到很热。

（6）用锤子反复打击一块铁片；它的温度会升高。

（7）多次弯折一根铁丝，弯折处会发烫．13、【题文】如图a所示的电路，电源电压保持不变。闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P从a端滑到b端的过程中，两电压表的示数随电路中电流变化的图线如图b所示，根据图线的信息可知：____（选填“甲”或“乙”）是电压表V2示数变化的图线，电源电压为____V，滑动变阻器的最大阻值为____Ω。14、一质点沿直线ox做匀加速运动，它离开o点的距离x随时间t的变化关系为x=t+4t2（m），则该质点在t=0到t=3s间的平均速度v=____m/s，质点在t=3s末的瞬时速度v3=____m/s．15、（2014春•狮子山区校级月考）如图所示，在光滑水平面上方，有两个磁感应强度大小均为B、方向相反的水平匀强磁场，如图所示，PQ为两个磁场的边界，磁场范围足够大．一个边长为a，质量为m，电阻为R的正方形金属线框垂直磁场方向，以速度v从图示位置向右运动，当线框中心线AB运动到与PQ重合时，线框的速度为0.5v，此时线框中的电功率为____，此过程回路产生的焦耳热为____．评卷人得分三、判断题(共6题，共12分)16、热力学系统的平衡态是一种动态平衡，分子仍做无规则运动．____．（判断对错）17、一定质量的理想气体，当压强不变而温度由100℃上升到200℃时，其体积增加为原来的2倍．____．（判断对错）18、原先没有磁性的铁，在长期受到磁铁的吸引会产生磁性____．（判断对错）19、在磁场中任一点，小磁针北极的受力方向为该点的磁场方向．____．（判断对错）20、封闭在汽缸内一定质量的气体，如果保持气体体积不变，当温度升高时，每秒撞击单位面积器壁的分子数增多．____．（判断对错）21、在磁场中任一点，小磁针北极的受力方向为该点的磁场方向．____．（判断对错）评卷人得分四、简答题(共3题，共30分)22、东晋rm{隆露}华阳国志南中志rm{隆路}卷四中已有关于白铜的记载，云南镍白铜rm{(}铜镍合金rm{)}曾主要用于造币和制作仿银饰品。回答下列问题：rm{(1)}基态rm{Cu}原子的价电子轨道表达式________。rm{(2)}已知元素铜与镍的第二电离能分别为：rm{I_{Cu}=1958kJ隆陇mol^{-1}}rm{I_{Ni}=1753kJ隆陇mol^{-1}}铜与镍的第二电离能rm{I_{Cu}>I_{Ni}}的原因是_______________。rm{(3)}写出rm{Ni(CO)_{4}}中rm{CO}互为等电子体的中性分子、带一个单位负电荷的阴离子各一个：________、________。rm{(4)}配合物rm{垄脵}该配合物中碳原子的杂化类型是________，存在的化学键有________rm{(}填序号rm{)}A.共价键B.离子键C.配位键D.金属键E.氢键rm{垄脷}该配合物中与rm{Ni2+}配位的rm{N}原子有________个，rm{N}所在的第二周期的第一电离能大小介于rm{B}rm{F}的元素有________种。rm{(5)}金属rm{Cu}rm{K}晶体的晶胞结构如下图rm{(}请先判断对应的图rm{)}rm{Cu}rm{K}两种晶体晶胞中金属原子的配位数之比为________。金属rm{K}的晶胞中，若设该晶胞的密度为rm{ag/cm^{3}}阿伏加德罗常数的值为rm{N_{A}}rm{K}原子的摩尔质量为rm{Mg/mol}则表示rm{K}原子半径的计算式为________rm{pm}rm{(}不必化简rm{)}23、雾霾天气频繁出现，严重影响人们的生活和健康。其中首要污染物为可吸入颗粒物rm{PM2.5}其主要来源为燃煤、机动车尾气等。因此，对rm{PM2.5}rm{SO_{2}}rm{NO_{x}}等进行研究具有重要意义。请回答下列问题：rm{(1)}将rm{PM2.5}样本用蒸馏水处理制成待测试样。若测得该试样所含水溶性无机离子的化学组分及其平均浓度如下表：。离子rm{K^{+}}rm{Na^{+}}rm{NH_{4}^{+}}rm{SO_{4}^{2-}}rm{NO_{3}^{-}}rm{Cl^{-}}浓度rm{mol/L}rm{4隆脕10^{-6}}rm{6隆脕10^{-6}}rm{2隆脕10^{-5}}rm{4隆脕10^{-5}}rm{3隆脕10^{-5}}rm{2隆脕10^{-5}}根据表中数据判断试样的rm{pH=}____。rm{(2)}汽车尾气中rm{NO_{x}}和rm{CO}的生成：rm{垄脵}已知汽缸中生成rm{NO}的反应为：rm{N_{2}(g)+O_{2}(g)overset{?}{}2NO(g)triangleH>0}恒温，恒容密闭容器中，下列说法中能说明该反应达到化学平衡状态的是____A.混合气体的密度不再变化rm{N_{2}(g)+O_{2}(g)overset{?}{}

2NO(g)triangleH>0}混合气体的平均分子量不再变化C.rm{B.}rm{N_{2}}rm{O_{2}}的物质的量之比为rm{NO}rm{1隆脙1隆脙2}氧气的百分含量不再变化rm{D.}汽车燃油不完全燃烧时产生rm{垄脷}有人设想按下列反应除去rm{CO}rm{CO}已知该反应的rm{2CO(g)=2C(s)+O_{2}(g)}则该设想能否实现______________rm{triangleH>0}填“能”或“不能”rm{(}rm{)}为减少rm{(3)}的排放，常采取的措施有：rm{SO_{2}}将煤转化为清洁气体燃料。已知：rm{H_{2}(g)+1/2O_{2}(g)=H_{2}O(g)triangleH=-241.8kJ隆陇mol^{-1}}rm{C(s)+1/2O_{2}(g)=CO(g)triangleH=-110.5kJ隆陇mol^{-1}}写出焦炭与水蒸气反应的热化学方程式：____。rm{垄脵}洗涤含rm{H_{2}(g)+1/2O_{2}(g)

=H_{2}O(g)triangleH=-241.8kJ隆陇mol^{-1}}的烟气。

rm{C(s)+1/2O_{2}(g)=CO(g)triangleH

=-110.5kJ隆陇mol^{-1}}电化学催化净化rm{垄脷}是一种最新脱硝方法。原理示意图如下，固体电解质起到传导rm{SO_{2}}的作用。rm{(4)}为外接电源为____极rm{NO}填“正”、“负”rm{O^{2隆陋}}通入rm{A}的电极反应式为________

rm{(}已知：rm{)}的电离常数rm{NO}rm{(5)}rm{HCN}的电离常数rm{K}rm{=4.9隆脕10^{-10}}rm{H_{2}S}rm{K}向rm{{,!}_{1}=1.3隆脕10^{-7}}溶液中通入少量的rm{K}气体，反应的离子方程式为____。在废水处理领域中常用rm{{,!}_{2}=7.0隆脕10^{-15}}将rm{NaCN}转化为rm{H_{2}S}除去，向含有rm{H_{2}S}废水中通入一定量的rm{Mn^{2+}}气体，调节溶液的rm{MnS}当rm{0.020mol隆陇L^{-1}Mn^{2+}}浓度为rm{H_{2}S}时，rm{pH=a}开始沉淀，则rm{HS^{-}}____。rm{1.0隆脕10^{-4}mol隆陇L^{-1}}已知：rm{Mn^{2+}}rm{a=}rm{[}24、（2015秋•天津期末）如图所示，在水平光滑的平面上，停着一辆平板小车，小车的质量为M=10kg．在小车的A处，放有质量为m=5kg的小物块，现给物块一个I=30N•s的瞬时冲量，物块便在平板车上滑行．与固定在平板车的水平弹簧作用后又弹回，最后刚好回到A点与车保持相对静止，物块与平板间动摩擦因数μ=0.4．（g=10m/s2）求：

（1）物块最后回到A处的瞬时速度v1；

（2）弹簧在压缩过程中所具有的最大弹性势能EP；

（3）物块相对于车所通过的总路程x：评卷人得分五、实验探究题(共3题，共30分)25、利用如图所示的装置可测量滑块在斜面上运动的加速度和通过某一确定位置时的速度．一斜面上安装有两个光电门；其中光电门甲固定在斜面上一确定点位置处，光电门乙在甲的下方可移动的位置上．当一带有遮光片的滑块自斜面顶端由静止滑下时，与两个光电门都相连的计时器可以显示出遮光片从光电门甲至乙所用的时间t．改变光电门乙的位置进行多次测量，每次都使滑块从同一点由静止开始下滑，并用米尺测量甲；乙之间的距离s，记下相应的t值；所得数据如下表所示．

。s（m）0.3000.5500.6901.0001.170t（s）0.150.250.300.400.45s/t（m/s）2.002.202.302.502.60（1）在所给出的坐标纸上作出s/t-t图线；

（2）由图象2确定：滑块经过光电门甲的速度是______m/s，滑块在斜面上滑行的加速度的大小为______m/s2．

26、某同学通过实验测量一种合金的电阻率．(1)

用螺旋测微器测量合金丝的直径.

为防止读数时测微螺杆发生转动，读数前应先旋紧如图甲所示的部件________(

选填“A

”“B

”“C

”或“D

”).

从图中的示数可读出合金丝的直径为________mm

．

甲(2)

如图乙所示是测量合金丝电阻的电路，相关器材的规格已在图中标出.

合上开关，将滑动变阻器的滑片移到最左端的过程中，发现电压表和电流表的指针只在图示位置发生很小的变化.

由此可以推断：电路中________(

选填图中表示接线柱的数字)

之间出现了________(

选填“短路”或“断路”)

．

乙(3)

在电路故障被排除后，调节滑动变阻器，读出电压表和电流表的示数分别为2.23V

和38mA

由此，该同学算出接入电路部分的合金丝的阻值为58.7娄赂.

为了更准确地测出合金丝的阻值，在不更换实验器材的条件下，对实验应作怎样的改进？请写出两条建议：垄脵

________________________________________________________________________；垄脷

________________________________________________________________________．27、在“利用单摆测重力加速度”的实验中。

垄脵

测得摆线长l0

小球直径D

小球完成n

次全振动的时间t

则实验测得的重力加速度的表达式g=

______；

垄脷

实验中如果重力加速度的测量值偏大；其可能的原因是______．

A.把摆线的长度lo

当成了摆长。

B.摆线上端未牢固地固定于O

点；振动中出现松动，使摆线变长。

C.测量周期时；误将摆球(n鈭�1)

次全振动的时间t

记成了n

次全振动的时间。

D.摆球的质量过大。

垄脹

为了减少实验误差，可采用图象法处理数据，通过多次改变摆长，测得多组摆长L

和对应的周期T

并作出T2鈭�L

图象，如图所示.

若图线的斜率为k

则用k

表示重力加速度的测量值g=

______．评卷人得分六、计算题(共4题，共40分)28、【题文】要描绘某电学元件（最大电流不超过６mＡ；最大电压不超过７Ｖ）的伏安特性曲线，设计电路如图，图中定值电阻Ｒ为１ＫΩ，用于限流；电流表量程为１０mＡ，内阻约为５Ω；电压表（未画出）量程为１０Ｖ，内阻约为１０ＫΩ；电源电动势Ｅ为１２Ｖ，内阻不计。

（１）实验时有两个滑动变阻器可供选择：

a、阻值０到２００Ω，额定电流

b、阻值０到２０Ω，额定电流

本实验应选的滑动变阻器是____（填“a”或“b”）

（２）正确接线后；测得数据如下表。

。

１

２

３

４

５

６

７

８

９

１０

Ｕ（Ｖ）

０.00

3.00

6.00

6.16

6.28

6.32

6.36

6.38

6.39

6.40

Ｉ（mＡ）

0.00

0.00

0.00

0.06

0.50

1.00

2.00

3.00

4.00

5.50

a）根据以上数据，电压表是并联在Ｍ与____之间的（填“Ｏ”或“Ｐ”）

b）画出待测元件两端电压ＵＭＯ随ＭＮ间电压ＵＭＮ变化的示意图为（无需数值）29、某同学设计了如下一个用“油膜法测分子大小”的实验．他配制的油酸酒精溶液的浓度为103mL溶液中有纯油酸1mL，用注射器量得1mL上述油酸酒精溶液中有液滴50滴，将其中的1滴滴入水面撒有痱子粉的浅盘里，待稳定后，形成了清晰的油膜轮廓．他然后将一有机玻璃板放在浅盘上，并在玻璃板上描下了油膜的形状．但他没有坐标纸，就先用游标卡尺测量了该玻璃板的厚度如甲图所示，然后用剪刀剪出了面积量等于油膜形状的有机玻璃板，如乙图所示，并用天平称出了其质量为0.3kg，已知该有机玻璃板的密度为ρ=3×103kg/m3；请根据以上数据估测：

（1）油酸膜的实际面积；

（2）油酸分子的直径．30、如图所示，电容器固定在一个绝缘座上，绝缘座放在光滑水平面上，平行板电容器板间距离为d

右极板有一小孔，通过孔有一绝缘杆，左端固定在左极板上，电容器极板连同底座、绝缘杆总质量为M.

给电容器充电后，有一质量为m

的带正电环恰套在杆上以某一初速度V0

对准小孔向左运动，设带电环不影响电容器板间电场的分布.

带电环进入电容器后距左板的最小距离为d2

试求带电环与左极板相距最近时的速度v

并求出此过程中电容器移动的距离．31、如图所示，两竖直放置的圆柱形玻璃管用一水平的导管连接，其中左侧玻璃管的半径为右侧玻璃管半径的2倍，左侧玻璃管的上端封闭．现用一段水银柱封闭一定质量的气体，气柱的长度l=26cm，气体的温度T1=280K；且右侧的水银面比左侧玻璃管中的水银面低h=36cm．现对左侧玻璃管中的气体加热，使气柱的长度变为l′=30cm．

求此状态下气体的温度（已知大气压强P0=76cmHg）参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、A【分析】【分析】质点是实际物体在一定条件下的科学抽象；是采用了建立理想化的物理模型的方法；

当时间非常小时；我们认为此时的平均速度可看作某一时刻的速度即称之为瞬时速度，采用的是极限思维法；

在探究加速度、力和质量三者之间的关系时，可运用控制变量法．【解析】【解答】解：A；在不需要考虑物体本身的大小和形状时；用质点来代替物体的方法叫建立物理模型法，故A错误；

B、根据速度定义式v=，当△t非常非常小时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度；该定义应用了极限思想法，故B正确；

C；在探究加速度、力和质量三者之间的关系时；先保持质量不变研究加速度与力的关系，再保持力不变研究加速度与质量的关系，该探究运用了控制变量法，故C正确．

D；在推导匀变速直线运动位移公式时；把整个运动过程划分成很多小段，每一段近似看成匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里运用了微元法，故D正确．

本题选不正确的，故选：A．2、D【分析】【分析】光具有波粒二象性，双缝干涉的方向表明了光具有波动性；光电效应实验证实了光具有粒子性；α粒子散射实验表明了原子具有核式结构；天然放射现象证实了原子核内部有复杂结构．【解析】【解答】解：A；双缝干涉现象的发现表明光具有波动性．故A错误；

B；光具有波粒二象性；光电效应证实了光具有粒子性．故B错误；

C；天然放射现象证实了原子核内部有复杂结构．故C错误；

D；α粒子散射实验表明了原子具有核式结构．故D正确．

故选：D．3、A【分析】【分析】利用分子直径的数量级、从环境污染和压强的微观解释即可求解．【解析】【解答】解：A、分子直径的数量级分子直径的数量级是10-10m；利用放大1000倍的高倍光学显微镜是看不到的，故A错误；

B；当有些物质溶解达到饱和度时；会达到溶解平衡，所以有些物质在适当溶剂中溶解时在一定浓度范围内具有液晶态，故B正确；

C；煤炭、石油在利用时；会产生二氧化碳、灰尘等有害物质，为避免对环境的危害，必须提高利用率，故C正确；

D；气体压强的微观解释可知；压强取决于单位时间撞击容器壁单位面积的次数（体积）和分子的无规则运动程度即分子的平均动能（温度），所以体积增大，压强不变时，气体分子在单位时间撞击容器壁单位面积的次数一定减少，故D正确．

本题是下列说法不正确的是，故选：A．4、B【分析】【分析】惯性是物体的固有属性，它指的是物体能够保持原来的运动状态的一种性质，惯性大小与物体的质量有关，质量越大，惯性越大．【解析】【解答】解：A；任何物体在任何状态下都具有惯性；故A错误

B；乒乓球可快速抽杀；是因为乒乓球的惯性比较小的缘故，故B正确

C；静止的火车启动时速度变化缓慢；是因为物体惯性大，惯性大小与物体的质量有关，与运动状态无关，故C错误

D；惯性是能够保持原来的运动状态的一种性质；故D错误

故选B．5、A【分析】解：A、以被篮板反弹后的速度方向为正方向，与篮板碰撞前后篮球的动量变化大小为：△p1=mv2-（-mv1）=m（v2+v1）=0.6×（8+6）kg•m/s=8.4kg•m/s；故A正确；

B、据动量定理，被篮板弹回到被运动员接住的过程中篮球的动量变化大小为：△p2=mgt=0.6×10×0.5kg•m/s=3kg•m/s；故B错误；

C、根据动量定理：F△t=△p1；因作用时间△t未知，则无法确定篮板对篮球的作用力大小，故C错误；

D、被篮板弹回到被运动员接住的过程中篮球的重力产生的冲量大小为IG=△p2=3kg•m/s=3N•s；故D错误。

故选：A。

根据动量的定义分析动量的变化；根据冲量的定义求出重力的冲量。

考查冲量与动量定理，对于矢量的运算要确定好方向。【解析】A6、A【分析】【分析】设绳子与水平方向的夹角为α，m1和m2平衡后，受力平衡，对m1和m2受力分析，根据沿着斜面方向合力为零列式求解即可．【解析】【解答】解：设绳子与水平方向的夹角为α，设绳子拉力为T，m1和m2平衡后；受力平衡；

对m1，沿着斜面方向有：m1gsinθ=Tcosα①

对m2，沿着斜面方向有：m2gcosθ=Tsinα②

把①和2平方后相加得：

两圆环平衡后细线上的拉力为T=．

故选：A．7、C【分析】【分析】对黑体辐射的研究中，普朗克提出了能量子的观点；对光电效应的解释中，爱因斯坦提出光具有粒子性；在研究石墨对X射线的散射中，康普顿发现光具有粒子性；电子束的衍射实验证实了粒子具有波动性，从而即可求解．【解析】【解答】解：A；普朗克在对黑体辐射的研究中；提出了能量子的观点，故A正确；

B；爱因斯坦在对光电效应的解释中；提出光具有粒子性，故B正确；

C；康普顿在研究石墨对X射线的散射中；发现光具有粒子性，而不是波动性，故C错误；

D；铝箔对电子束的衍射实验；说明粒子具有波动性，证实了德布罗意的物质波假设，故D正确；

本题选择错误的，故选：C．二、填空题(共8题，共16分)8、0.024【分析】【分析】（1）当磁场与面平行时；穿过面的磁通量为零，当磁场与面垂直时，穿过面的磁通量Φ=BS；根据题意求出磁通量的变化；

（2）由法拉第电磁感应定律求出感应电动势．【解析】【解答】解：（1）由图示可知；图示时刻，磁场与面平行，穿过面的磁通量为零，转过90°后，穿过面的磁通量为BS，在此过程中穿过线圈的磁通量增大；

穿过线圈的磁通量的变化量为：

△Φ=Φ2-Φ1=BS-0=0.2×0.1=0.02Wb；

（2）由法拉第电阻感应定律可得：

感应电动势：E=n=100×=4V；

故答案为：0.02；4．9、BCD【分析】【分析】正确理解比值定义法、理想化方法、控制变量法、科学的类比推理法、极限法、等效替代法等各种方法的物理愿意以及应用即可正确解答．【解析】【解答】解：①伽利略理想实验；是通过推论和将斜面实验进行外推得出的；

故选：B．

②在探究加速度与力；质量三者关系的实验中；应用了控制变量法；

故选：C．

③研究共点力的合成的实验中；要求两次拉橡皮筋到同一点，因此采用的是“等效替代法”．

故选：D．

故答案为：B；C；D．10、E竖直向下【分析】【分析】电场强度是描述电场本身性质的物理量，是由电场本身决定的，与试探电荷的电量以及试探电荷受到的电场力无关．【解析】【解答】解：电场强度是由电场本身决定的；与试探电荷的电量以及试探电荷受到的电场力无关，所以在A点改放另一电荷量为2q的试探电荷后，A点的电场强度保持不变，仍然是E，方向仍然是竖直向下．

故答案为：E；竖直向下．11、5【分析】【分析】电键S闭合后，电源的总功率为20W，电源的输出功率为16W，先根据能量守恒定律得到电源的内电阻消耗的功率，求解出电流和路端电压，然后结合串并联电路的电压、电流关系求解灯泡L的电功率情况；当电键S断开时，先根据闭合电路欧姆定律求解干路电流，然后根据欧姆定律求解灯泡的电压．【解析】【解答】解：电键S闭合后；电源的总功率为20W，电源的输出功率为16W，故电源的内电阻消耗的功率为4W；

根据P=I2r，干路电流为：I=；

电源电动势为：E=

外电压为：U=E-Ir=10-2×1=8V

通过电阻R1的电流为：I1==1A

故通过电阻R2支路的电流为：I2=I-I1=2-1=1A

灯泡的电压为：UL=U-I2R2=8-1×3=5V

故灯泡消耗的电功率为：PL=ULIL=5×1=5W

灯泡的电阻为：

当电键S断开时；根据闭合电路欧姆定律，干路电流为：

I′===A

灯泡两端的电压为：

故答案为：5，．12、（1）（2）（6）（7）热传递【分析】【分析】依据做功和热传递两种改变内能的方式，可判定本题各个选项．【解析】【解答】解：（1）冬天；人们用双手反复摩擦取暖，是以做功方式改变内能．

（2）在古代；人类钻木取火，是以做功方式改变内能．

（3）冬天；人们用嘴对着双手“呵气”取暖，是热量的传递．

（4）把烧红的铁块放到冷水中；冷水变热，是热量的传递．

（5）晒太阳时会感到很热均是通过热传递方式改变物体的内能；是热量的传递．

（6）用锤子反复打击一块铁片；它的温度会升高，是以做功方式改变内能．

（7）多次弯折一根铁丝；弯折处会发烫．均是利用做功改变物体内能，是以做功方式改变内能．

故答案为：（1）（2）（6）（7），热传递．13、略

【分析】【解析】

试题分析：如图所示，定值电阻和滑动变阻器是串联，电压表V1是测量电阻R1两端的电压，电压表V2是测量电阻R2两端的电压；当当滑动变阻器的滑片P从a端滑到b端的过程中，滑动变阻器的电阻变大，总电阻变大，电源电压不变，所以电路中的电流变小，根据定值电阻两端的电压变小；根据串联电路电压特点。所以滑动变阻器两端电压变大，所以乙是滑动变阻器两端的电压，甲是定值电阻两端的电压；电源电压是两电阻电压之和，所以是4V+2V=6V;当电路中电流最小时，滑动变阻器的电阻最大，所以滑动变阻器的最大阻值是

考点：动态电路分析；欧姆定律。

点评：解决本题的关键是熟练应用欧姆定律解决问题，会用图像进行分析。【解析】【答案】乙62014、1325【分析】【分析】由于该物体做的是匀变速直线运动，可根据物体的位移与时间的关系公式与题目中的位移时间关系对比，从物理量的系数中能够求得物体的初速度和加速度，从而求出质点在t=3s末的瞬时速度，分别求出t=0、t=2s时的坐标，从而求出这段时间内的位移，根据=求出平均速度【解析】【解答】解：质点离开O点的距离随时间t的变化关系为x=t+4t2m；

则t=0s时，坐标x0=0，t=3s时，坐标x2=39m；

质点在t=0到t=3s间的位移△x=x2-x0=39m-0=39m；

平均速度===13m/s

根据匀变速直线运动位移与时间的关系公式x=v0t+at2与x=t+4t2对比可得：

v0=1m/sa=8m/s2

根据公式v=v0+at得v3=1+3×8=25m/s

故答案为：132515、0.375mv2【分析】【分析】当线框中心线AB运动到与PQ重合时，左右两边都切割磁感线产生感应电动势，两个电动势方向相同串联．根据感应电动势公式和欧姆定律求出感应电流，再求线框中的电功率．求出左右两边所受安培力大小，由牛顿第二定律求出加速度．由推论求出电量．根据功能关系求解回路产生的电能．【解析】【解答】解：回路中产生感应电动势为E=2Ba=Bav，感应电流为I=，此时线框中的电功率P=I2R=．

根据能量守恒定律得到，此过程回路产生的电能为．

故答案为：；0.375mv2三、判断题(共6题，共12分)16、√【分析】【分析】首先知道平衡态和热平衡的定义，知道影响的因素是不同；知道温度是判断系统热平衡的依据．【解析】【解答】解：热平衡是两个系统相互影响的最终结果；根据热平衡的定义可知，热力学系统的平衡态是一种动态平衡，分子仍做无规则运动．所以该说法是正确的．

故答案为：√17、×【分析】【分析】一定质量的气体，保持体积不变，温度升高时，发生等容变化，根据查理定律分析压强的变化【解析】【解答】解：根据理想气体的状态方程，一定质量的气体，保持压强不变，温度升高时气体的体积跟它的热力学温度成正比，即：；

初状态：T0=100℃=373K，末状态：T1=200℃=473K；所以温度从100℃升高到200℃时，它的体积改变为原来的倍．

故答案为：×18、√【分析】【分析】在铁棒未被磁化前，铁棒内的分子电流的排布是杂乱无章的，故分子电流产生的磁场相互抵消，对外不显磁性，但当铁棒靠近磁铁时分子电流由于受到磁场的作用而使磁畴的取向大致相同从而被磁化对外表现出磁性；对磁铁加热或敲打时会使磁铁内的分子电流的排布变的杂乱无章，从而使磁铁的磁性减弱．【解析】【解答】解：在铁棒未被磁化前；铁棒内的分子电流的排布是杂乱无章的，故分子电流产生的磁场相互抵消，对外不显磁性，但当铁棒靠近磁铁时分子电流由于受到磁场的作用而使磁畴的取向大致相同从而被磁化对外表现出磁性．所以该说法是正确的．

故答案为：√19、√【分析】【分析】磁场虽然是看不见、摸不着的，但它会对放入它中的磁体产生力的作用，小磁针N极在磁场中所受的磁力方向跟该点的磁场方向相同．【解析】【解答】解：磁体的周围存在磁场；电流周围也存在磁场，磁场的基本性质是对放在其中的磁体存在力的作用．

磁场方向与放在该点的小磁针的N极静止时的方向一致；或小磁针北极的受力方向为该点的磁场方向．所以该说法是正确的．

故答案为：√20、√【分析】【分析】温度是气体分子平均动能变化的标志．气体压强是气体分子撞击器壁而产生的．【解析】【解答】解：如果保持气体体积不变；当温度升高时，分子的运动变得更加激烈，分子的运动加快，所以每秒撞击单位面积器壁的分子数增多，气体的压强增大．故该说法正确．

故答案为：√21、√【分析】【分析】磁场虽然是看不见、摸不着的，但它会对放入它中的磁体产生力的作用，小磁针N极在磁场中所受的磁力方向跟该点的磁场方向相同．【解析】【解答】解：磁体的周围存在磁场；电流周围也存在磁场，磁场的基本性质是对放在其中的磁体存在力的作用．

磁场方向与放在该点的小磁针的N极静止时的方向一致；或小磁针北极的受力方向为该点的磁场方向．所以该说法是正确的．

故答案为：√四、简答题(共3题，共30分)22、（1）

（2）镍失去的是4s1电子，铜失去的是全充满的3d10电子

（3）N2、CN-

（4）①sp2杂化、sp3杂化AC

②44

（5）3：2【分析】【分析】本题是对物质结构与性质的考查，涉及核外电子排布、空间构型与杂化方式判断、配位键、氢键、电离能、晶胞计算等，是对物质结构主干知识的综合考查，需要学生具备扎实的基础。【解答】rm{(1)}rm{Cu}是rm{29}号元素，原子核外电子数为rm{29}铜的基态原子价电子是rm{Cu}号元素，原子核外电子数为rm{29}铜的基态原子价电子电子排布式为rm{29}rm{3d}rm{3d}rm{{,!}^{10}}rm{4s}故答案为：rm{4s}rm{{,!}^{1}}，价电子轨道表达式为rm{(2)}rm{Cu}rm{Cu}rm{{,!}^{+}}的外围电子排布为rm{3d}rm{3d}rm{{,!}^{10}}，rm{Ni}rm{Ni}rm{{,!}^{+}}的外围电子排布为rm{3d}，故答案为：镍失去的是rm{3d}电子，铜失去的是全充满的rm{{,!}^{8}}电子；rm{4s}rm{4s}含有rm{{,!}^{1}}个原子，rm{Cu}个电子，所以rm{Cu}互为等电子体的中性分子、带一个单位负电荷阴离子分别为：rm{{,!}^{+}}的核外电子排布更稳定，失去第二个电子更难，元素铜的第二电离能高于镍的rm{4s^{1}}rm{3d^{10}}rm{(3)}故答案为：rm{CO}含有rm{2}个原子rm{14}个电子，所以rm{CO}互为等电子体的中性分子、带一个单位负电荷阴离子分别为：rm{N}rm{CO}rm{2}rm{14}rm{CO}杂化，双键碳原子的杂化类型是rm{N}杂化；rm{{,!}_{2}}中、原子和rm{CN}中氢原子形成氢键，该配合物分子中配位键、氢键为rm{CN}，故答案为：rm{{,!}^{-}}杂化、rm{N_{2}}杂化；rm{CN^{-}}rm{(4)垄脵}该配合物中甲基碳原子的杂化类型是含有空轨道、rm{sp^{3}}原子含有孤电子对，所以配位键由rm{sp^{2}}原子指向该配合物中rm{N-O}中rm{O}原子和rm{-OH}中氢原子形成氢键，该配合物分子中配位键、氢键为原子，有rm{N-O}个配位键；rm{O}所在的第二周期的第一电离能大小介于rm{-OH}，除此之外还含有共价键，但氢键不属于化学键的元素有rm{sp^{2}}rm{sp^{3}}rm{AC}rm{垄脷}共rm{Ni}含有空轨道、rm{N}原子含有孤电子对，所以配位键由rm{N}原子指向rm{Ni}原子，有rm{4}个配位键；rm{N}所在的第二周期的第一电离能大小介于rm{B}rm{F}的元素有rm{Be}rm{C}rm{N}rm{O}共rm{4}种种，故答案为：rm{Ni}rm{N}rm{N}rm{Ni}晶体为体心立方堆积，晶胞中rm{4}原子配位数为rm{N}金属rm{B}晶体为面心立方最密堆积，以顶点rm{F}原子研究与之最近的原子位于面心，每个顶点rm{Be}原子为rm{C}个面共用，晶胞中rm{N}原子配位数为rm{O}rm{4}rm{4}两种晶体晶胞中金属原子的配位数之比为rm{4}rm{(5)}金属rm{K}晶体为体心立方堆积，晶胞中rm{K}原子配位数为rm{8}金属rm{Cu}晶体为面心立方最密堆积，以顶点rm{Cu}原子研究与之最近的原子位于面心，每个顶点rm{Cu}原子为rm{12}个面共用，晶胞中rm{Cu}原子配位数为rm{12}rm{Cu}rm{K}两种晶体晶胞中金属原子的配位数之比为rm{12}rm{8=3}rm{2}

rm{K}的晶胞中，rm{K}原子数目rm{8}rm{Cu}若rm{Cu}原子的摩尔质量为rm{Cu}阿伏加得罗常数为rm{12}则晶胞质量rm{=dfrac{;2隆脕M;}{{N}_{A}}g}设该晶胞的密度为rm{Cu}rm{12}则晶胞体积rm{=dfrac{;dfrac{2M}{;{N}_{A;}}g;}{ag/c{m}^{3}}=dfrac{;2M}{;a{N}_{A};}c{m}^{3}}晶胞棱长rm{=sqrt[3]{dfrac{2M;}{a{N}_{A}}};cm}设rm{Cu}原子半径为rm{K}则晶胞体对角线长度rm{12}故rm{3(sqrt[3]{dfrac{2M;}{aNA}};cm{)}^{2}=(4r{)}^{2}}故rm{r=dfrac{sqrt{3}}{4}sqrt[3]{dfrac{2M}{a{N}_{A}}}cm=dfrac{sqrt{3}}{4}sqrt[3]{dfrac{2M}{a{N}_{A}}}隆脕{10}^{10}pm}故答案为：rm{8=3}rm{2}；rm{dfrac{sqrt{3}}{4}sqrt[3]{dfrac{2M}{a{N}_{A}}}隆脕{10}^{10}}。金属rm{K}的晶胞中，rm{K}原子数目rm{=1+8隆脕1/8}【解析】rm{(1)}rm{(1)}镍失去的是rm{(2)}电子，铜失去的是全充满的rm{(2)}电子rm{4s^{1}}rm{3d^{10}}rm{(3)}rm{(3)}rm{N_{2}}杂化、rm{CN^{-}}杂化rm{(4)}rm{(4)}rm{垄脵sp^{2}}rm{sp^{3}}rm{AC}rm{垄脷4}rm{dfrac{sqrt{3}}{4}sqrt[3]{dfrac{2M}{a{N}_{A}}}隆脕{10}^{10}}rm{4}23、（1）4（2）①D②不能（3）①C(s)+H2O(g)=CO(g)+H2(g)△H=+131.3kJ•mol-1（4）负2NO+4e-=N2+2O2-（5）CN－+H2S=HCN+HS－5【分析】【分析】本题考查化学反应中能量的变化以及化学平衡的相关知识，还涉及rm{pH}的计算，涉及内容虽然较广但题型考查基础能很好的反应学习基础知识点的落实情况，难度不大。【解答】rm{(1)}根据电荷守恒可知rm{c(H^{+})=(}rm{4}rm{4}rm{隆脕}rm{10^{-5}}rm{10^{-5}}rm{隆脕}rm{2+3}rm{2+3}rm{隆脕}rm{10^{-5}}rm{+2}rm{10^{-5}}rm{+2}rm{隆脕}rm{10^{-5}}rm{-4}rm{10^{-5}}rm{-4}rm{隆脕}rm{10^{-6}}rm{-6}rm{10^{-6}}rm{-6}rm{隆脕}rm{10^{-6}}rm{-2}rm{10^{-6}}rm{-2}所以rm{隆脕}rm{10^{-5}}rm{10^{-5}}rm{)}该反应为气体体积不变的反应，混合气体的质量与体积均不变，混合气体的密度为一定值，所以不能根据混合气体密度不再变化判断是否达到平衡，故A错误；B.该反应中混合气体的质量与物质的量均不变，即混合气体的平均分子量为一定值，所以不能根据混合气体的平均分子量不再变化判断反应是否达到平衡，故B错误；C.物质的物质的量为化学计量数之比与反应是否达到平衡没有必然联系，不能判断反应是否达到平衡，故C错误；D.组分的百分比含量一定说明化学反应达到平衡，故D正确。故选D，故答案为：rm{mol/L=1}rm{mol/L=1}该反应是一个熵减焓增的反应，该反应一定不能自发进行，所以该设想不能实现，故答案为：不能；rm{隆脕}令rm{H_{2}(g)+1/2O_{2}(g)=H_{2}O(g)triangleH=-241.8kJ隆陇mol^{-1}}为rm{10^{-4}}rm{mol/L}所以rm{pH=4}rm{10^{-4}}rm{mol/L}rm{(g)=CO(g)triangleH=-110.5kJ隆陇mol^{-1}}为rm{pH=4}焦炭与水蒸气反应的可以由故答案为：rm{4}得到，整理可得对应的热化学方程式为：rm{4}rm{(2)}故答案为：rm{(2)}rm{triangleH=+131.3kJ?mol^{-1}}rm{垄脵A.}由图所示rm{D}氮元素化合价降低，被还原，是阴极的反应，故A应接电源的负极，电极反应式为rm{垄脷}rm{(3)垄脵}rm{H_{2}(g)+1/2O_{2}(g)=H_{2}O(g)

triangleH=-241.8kJ隆陇mol^{-1}}rm{垄脵}；rm{C(s)+1/2O}rm{2}溶液中通入少量的rm{2}rm{(g)=CO(g)triangle

H=-110.5kJ隆陇mol^{-1}}rm{垄脷}rm{垄脷-垄脵}rm{C(s)+H_{2}O(g)=CO(g)+H_{2}(g)}rm{triangleH=+131.3kJ/mol}rm{C(s)+H_{2}O(g)=CO(g)+H_{2}(g)}rm{triangle

H=+131.3kJ?mol^{-1}}rm{(4)}开始沉淀，则rm{c(S^{2-})=dfrac{1.4隆脕{10}^{-15}}{0.02}=7隆脕{10}^{-14}mol/L}rm{Ka_{2}=dfrac{c({H}^{+})隆脕c({S}^{2-})}{c(H{S}^{-})}=dfrac{c({H}^{+})隆脕7隆脕10{隆脕}^{-14}}{{10}^{-4}}=7隆脕{10}^{-15}}解得rm{NO隆煤N_{2}}rm{2NO+4e^{-}=N}rm{2}【解析】rm{(1)4}rm{(2)垄脵D}rm{垄脷}不能rm{(3)垄脵C(s)+H_{2}O(g)=CO(g)+H_{2}(g)triangleH=+131.3kJ?mol^{-1}}rm{(3)垄脵C(s)+H_{2}O(g)=CO(g)+H_{2}(g)triangleH=

+131.3kJ?mol^{-1}}负rm{2NO+4e^{-}=N_{2}+2O^{_{2}-;}}rm{(4)}rm{2NO+4e^{-}=

N_{2}+2O^{_{2}-;}}rm{(5)CN^{-}+H_{2}S=HCN+HS^{-}}24、略

【分析】【分析】（1）给小物体一个I=30N•S的瞬时冲量；先根据动量定理求出物体获得的速度．物体在小车运动的过程中，系统的动量守恒，当两者相对静止时速度相同，由动量守恒定律求出共同速度；

（2）弹簧压缩量最大时弹性势能最大，此时物体与小车的速度相同，由动量守恒可求得此时的共同速度，对于物体在小车开始运动到弹簧压缩到最短的过程，运用能量守恒列式，即可求得弹簧最大弹性势能EP；

（3）块相对于车所通过的总路程为小车长度的2倍．【解析】【解答】解：（1）对小物块，由动量定理得：I=mv0；

解得：v0=；

对于物体、小车及弹簧组成的系统，全过程动量守恒，设物体刚好回到A点时的速度为v1；以初速度方向为正，则有。

mv0=（M+m）v1

代入数据解得：v1=2m/s

（2）设小车的长度为L，当弹簧具有最大弹性势能时物体与小车的速度相等，也是v1；

全过程能量守恒，则有：μmg（2L）=mv02-（M+m）v12；

到弹簧有最大势能时：Ep+μmgL=mv02-（M+m）v12

解得：Ep=30J；L=1.5m

（3）相对总路程：x=2L=3m

答：（1）物块最后回到A处的瞬时速度v1为2m/s；

（2）弹簧在压缩过程中所具有的最大弹性势能EP为30J；

（3）物块相对于车所通过的总路程x为3m．五、实验探究题(共3题，共30分)25、略

【分析】解：（1）根据表中给出的数据，在图2给出的坐标纸上画出-t图线；

（2）根据匀变速运动位移时间公式得s=v0t+at2

所以=v0+at

根据-t图线得图t=0时=v0=1.7m/s；

所以滑块经过光电门甲的速度是1.7m/s；

由表达式可知，加速度等于斜率大小的两倍，根据图象得：k=2=a，因此a=4m/s2．

故答案为：（1）如图。

（2）1.7；4

可以把光电门甲至乙的运动看成匀加速运动；写出测量值s和t四个物理量之间所满足的关系式．

由位移时间关系式整理得到-t图线的表达式；并找出图线的斜率和加速度关系．

题目的难度在于：物体加速下滑时，我们研究了-t图线，并且要整理图象所要求的表达式，根据图象结合物理规律求解．【解析】1.7；426、(1)B0.410(2)7、9断路(3)电流表改为内接；测量多组电流和电压值，计算出电阻的平均值(或测量多组电流和电压值，用图象法求电阻值)【分析】(1)

螺旋测微器读数时应先将锁紧装置锁紧，即旋紧B

.

螺旋测微器的示数为(0+41.0隆脕0.01)mm=0.410mm

．(2)

电压表的示数不为零，电流表的示数几乎为零，说明连接两电表的电路是导通的.

而滑动变阻器几乎不起作用，说明线路电阻很大，故可判断789

间断路．(3)

由题意知RARx隆脰0.005<RxRV隆脰0.02

说明电流表的分压作用不显著，故可将电流表改为内接，并测出多组U

、I

值，求出Rx

后，再取平均值作为实验结果．【解析】(1)

B

0.410(2)79

断路(3)

电流表改为内接；测量多组电流和电压值，计算出电阻的平均值(

或测量多组电流和电压值，用图象法求电阻值)

27、略

【分析】解：垄脵

单摆的摆长：l=l0+D2

周期为：T=tn

由单摆周期公式T=2娄脨lg

解得：

g=4娄脨2(lo+D2)n2t2

．

垄脷

由单摆周期公式T=2娄脨lg

解得：g=4娄脨2lT2

由此可知：

A；把摆线的长度lo

当成了摆长；导致摆长偏小，g

值偏小，故A错误．

B；摆线上端未牢固地固定于O

点；振动中出现松动，使摆线实际值偏大，带入进行计算的数