2025年湘教版高三物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年湘教版高三物理下册月考试卷103考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、A、B、C三质点同时同地沿一直线运动，其x-t图象如图所示，则在0～t0这段时间内，下列说法中正确的是（）A.质点A的位移最大B.质点C的平均速度最小C.质点A在t0时刻的瞬时速度最大D.三质点平均速度相等2、在物理学的探索和发现过程中，科学家们运用了许多研究方法．以下关于物理学研究方法的叙述中正确的是（）A.在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法是微元法B.根据速度定义式v=，当△t→0时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义运用了极限法C.在研究玻璃瓶在压力作用下的微小形变时采用了微元法D.在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，再把各小段位移相加，这里运用了理想模型法3、物体在竖直向上的拉力F作用下竖直向上运动，运动的v-t图象如图所示．在0-2s、2-3s、3-5s三段时间内F做功依次为W1、W2和W3，则它们的大小关系正确的是（）A.W1＞W2＞W3B.W1=W2=W3C.W3＞W2＞W1D.W1＞W3＞W24、放在磁场中的闭合线圈，当满足一定条件时会有电流流过，这种现象叫做()A.静电现象B.电流的磁效应C.电磁感应D.电流的热效应5、在变电站里，经常要用交流电表去监测电网上的高电压，所用的器材叫电压互感器.

如下所示的四个图中，能正确反应其工作原理的是(

)

A.B.C.D.6、人站在h高处的平台上，水平抛出一个质量为m的物体，物体落地时的水平速度为v，以地面为重力势能的零点，不计空气阻力，则下列说法中不正确的是（）A.人对小球做的功是mv2B.物体下落的过程中的动能的改变量为mghC.小球落地时的机械能是mv2+mghD.小球重力势能的改变量是mv2-mgh7、下列说法正确的是（）A.原子核U衰变为原子核Pa，经1次α衰变、1次β衰变B.热核反应就是重核的裂变C.入射光的波长大于金属的极限波长才能发生光电效应D.光电效应中发射出的光电子是同时吸收了多个光子的能量后逃离金属表面的A8、如图所示，匀强磁场垂直弹性圆形导线圈abcd指向纸内，现让线圈仍处在原先所在平面内且面积增大，则在线圈发生形变的过程中（）A.线圈中将产生abcda方向的感应电流B.线圈中将产生adcba方向的感应电流C.线圈中感应电流方向无法判断D.线圈中无感应电流9、在做“碰撞中的动量守恒”实验中，以下操作正确的是（）A.在安装斜槽轨道时，必须使斜槽末端的切线保持水平B.入射小球沿斜槽下滑过程中，受到与斜槽的摩擦力会影响实验C.白纸铺到地面上后，实验时整个过程都不能移动，但复写纸不必固定在白纸上D.复写纸必须要将整张白纸覆盖评卷人得分二、双选题(共8题，共16分)10、【题文】水平桌面上有甲；乙、丙三个完全相同的容器；装有不同的液体，将三个长方体A、B、C分别放入容器的液体中，静止时的位置如图所示，三个容器的液面相平。已知三个长方体的质量和体积都相同。则下列判断正确的是。

A．物体受到的浮力F浮A＞F浮B＞F浮C

B．容器对桌面的压力F甲＜F乙＜F丙

C．液体对容器底的压强p甲＝p乙＝p丙

D．物体下表面受到液体的压力F′A＞F′B＝F′C11、短周期元素rm{W}rm{X}rm{Y}rm{Z}的原子序数之和为rm{45}四种元素均位于不同主族。rm{W}的最高正价和最低负价代数和等于rm{0}rm{X}单质可作半导体材料；rm{Z}的气态氢化物与其最高价含氧酸都是强酸。下列说法中正确的是A.原子半径：rm{X<Y}B.最简单氢化物的稳定性：rm{Z>X}C.rm{Y}的简单离子与rm{Z}的简单离子具有相同的电子层结构D.化合物rm{XWZ_{3}}中存在离子键和极性键12、三位分别来自法国、美国、荷兰的科学家因研究“分子机器的设计与合成”而获得rm{2016}年诺贝尔化学奖。纳米分子机器日益受到关注，机器的“车轮”常用组件如下，下列说法正确的是()rm{垄脵(}三碟烯rm{)}rm{垄脷(}扭曲烷rm{)}rm{垄脹(}富勒烯rm{)}rm{垄脺(}金刚烷rm{)}A.rm{垄脵垄脷垄脹垄脺}均属于烃B.rm{垄脵垄脹}均能发生加成反应C.rm{垄脵垄脺}互为同分异构体D.rm{垄脵垄脷垄脹垄脺}的一氯代物均只有一种13、常温下，用rm{0.1000mol/L}的盐酸滴定rm{20.00mL}未知浓度的rm{Na_{2}CO_{3}}溶液，溶液的rm{pH}与所加盐酸的体积关系如图所示。下列有关叙述正确的是A.rm{a}点溶液呈碱性的原因用离子方程式表示为：rm{CO{}^{^{2-}}_{_{3}}+2H_{2}Ooverset{?}{}H_{2}CO_{3}+2OH^{-}}B.rm{CO{}^{^{2-}}_{_{3}}+2H_{2}O

overset{?}{}H_{2}CO_{3}+2OH^{-}}点处的溶液中rm{c}rm{c}rm{(Na^{+})-}rm{c}rm{(Cl^{-})=}rm{c}rm{(HCO{}^{^{-}}_{_{3}})+2}rm{c}C.滴定过程中使用甲基橙作为指示剂比酚酞更准确D.rm{(CO{}^{^{2-}}_{_{3}})}点处溶液中水电离出的rm{d}rm{c}大于rm{(H^{+})}点处rm{b}14、rm{X}rm{Y}rm{Z}rm{T}四种原子序数递增的短周期元素，其部分性质或结构如下：。元素元素性质或原子结构rm{X}形成的简单阳离子核外无电子rm{Y}元素的气态氢化物的水溶液显碱性rm{Z}元素在周期表中的周期序数是族序数的rm{3}倍rm{T}同周期元素中形成的简单离子半径最小下列说法不正确的是rm{(}rm{)}A.原子半径大小顺序：rm{Z>T>Y>X}B.rm{X}与rm{Y}可形成既含极性键又含非极性键的化合物C.rm{X}rm{Y}rm{Z}的三种元素形成的化合物只可能含有共价键，不可能含有离子键D.由rm{X}rm{Y}和rm{T}三种元素的简单离子，均能破坏水的电离平衡15、某课题组以纳米rm{Fe_{2}O_{3}}作为电极材料制备锂离子电池rm{(}另一极为金属锂和石墨的复合材料rm{)}通过在室温条件下对锂离子电池进行循环充放电，成功地实现了对磁性的可逆调控rm{(}如图rm{)}以下说法正确的是A.放电时，正极的电极反应式为rm{Fe_{2}O_{3}+6Li^{+}+6e^{-}=2Fe+3Li_{2}O}B.该电池可以用水溶液做电解质溶液C.放电时，rm{Fe}作电池的负极，rm{Fe_{2}O_{3}}作电池的正极D.充电时，电池被磁铁吸引评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)16、（2015•闸北区一模）如图，用跨过光滑定滑轮的缆绳将海面上一艘小船直线拖向岸边．已知拖动缆绳的电动机功率恒为P，小船的质量为m，小船所受到水的阻力大小恒为f，经过A点时的速度大小为v，小船从A点沿直线运动到B点经历时间为t，此时缆绳与水平面夹角为θ，A、B两点间水平距离为d，缆绳质量忽略不计．则小船经过B点时的速度大小为____，小船经过B点时的加速度大小为____．17、（2010秋•北海期中）如图所示，QA=2×10-8C，QB=-2×10-8C，A、B相距3cm．在水平方向的外电场作用下，A、B保持静止，悬线都沿竖直方向．则此电场的场强大小为____N/C，方向是____．A、B之间中点处的合电场强度大小是____N/C，方向是____．18、如图所示，一定质量的理想气体可由状态1经等容过程到状态2，再经等压过程到状态3，也可先经等压过程到状态4，再经等容过程到状态3．已知状态1的温度和状态3的温度相同，状态2的温度为T2，状态4的温度为T4，则状态1和状态3的温度T1=T3=____．

19、如图所示为电源的路端电压U

与电力I

管线的图象，由图可知，该电源的电动势为______V

内阻为______娄赂.

20、铝在土壤中常以铝酸盐的形式存在，可造成土壤酸化而影响植物生长。铝能抑制植物根尖细胞的分裂，抑制根生长，破坏根组织。部分植物能通过根部细胞膜上的苹果酸通道蛋白（ALMT）将苹果酸转运到细胞外来缓解铝毒。可将ALMT基因导入植物细胞，来培育转基因耐铝植物，请回答下列问题：（1）可以从基因文库中获得ALMT基因，则合成cDNA的过程中，反应体系内加入的物质除mRNA和ATP外，还包括_________、___________、____。（2）可将ALMT基因插入农杆菌Ti质粒的______________片段中，以便目的基因进入植物细胞。利用该方法导入的目的基因的遗传一般遵循孟德尔遗传定律，原因是_________________________。（3）启动子是_________________特异性识别并结合的位点，能调控目的基因的表达。ALMT基因的启动子有两种类型，其中α启动子能使ALMT基因在酸性土壤的诱导下表达，β启动子能使ALMT基因高效表达而无需酸性诱导。则在获得转ALMT基因耐铝植物时应使用α启动子，不使用另外一种启动子的原因是___________________________________________________________________________________________________________________________。21、（2010秋•安平县校级月考）A．B．C三个物体叠放在桌面上，在A的上面加一个作用力F，则物体A受____个力；物体B受____个力．22、（2012春•上城区校级期中）位于x=0处的声源从t=0时刻开始振动；振动图象如图所示，已知波在空气中传播的速度为340m/s，则：

（1）该声源振动的位移随时间变化的表达式为____mm．

（2）从声源振动开始经过____s；位于x=68m的观测者开始听到声音．

（3）如果在声源和观测者之间设置一堵长为30m，高为2m，吸音效果良好的墙，观测者能否听到声音，为什么？____．评卷人得分四、判断题(共1题，共4分)23、直线电流磁场的方向的判断可以用安培定则：____．评卷人得分五、实验探究题(共3题，共30分)24、小明在研究由某种新材料制成的圆柱体电学元件(

图甲所示)

的过程中，进行了如下操作：(1)

用20

分度的游标卡尺测量其长度如图乙所示；由图可知其长度为____mm

用螺旋测微器测量其直径如图丙所示，其直径为____mm.

(2)

小明为研究通过该电学元件的电流I

随两端电压U

变化的关系；设计了图示实验电路.

为使该电学元件两端电压能从零开始调起，请你用笔画线代替导线帮他将电路实物图连接完整．

(3)

小明利用(2)

中实验电路测得相关数据如下表所示，请你在坐标纸上绘出I鈭�U

图象．。U/V

0

0.40

0.60

0.80

1.00

1.20

1.32

1.50

I/A

0

0.20

0.45

0.80

1.25

1.80

2.20

2.81

(4)

小明用一节电动势为1.5V

内阻为0.75娄赂

的干电池仅对该元件供电.

则该元件消耗的电功率为____W.(

结果保留两位有效数字)

25、利用气垫导轨验证机械能守恒定律，实验装置如图所示.

水平桌面上固定一倾斜的气垫导轨；导轨上A

点处有一带长方形遮光片的滑块，其总质量为M

左端由跨过轻质光滑定滑轮的细绳与一质量为m

的小球相连；遮光片两条长边与导轨垂直；导轨上B

点有一光电门，可以测量遮光片经过光电门时的挡光时间，用d

表示A

点到光电门B

处的距离，b

表示遮光片的宽度，将遮光片通过光电门的平均速度看作滑块通过B

点时的瞬时速度.

实验时滑块在A

处由静止开始运动，测得遮光片经过光电门时的挡光时间t

．(1)

滑块通过点B

的瞬时速度可表示为vB=

________(

用题中字母表示)

(2)

某次实验测得倾角娄脠=30鈭�

滑块从A

处到达B

处时，m

和M

组成的系统动能增加量可表示为娄陇E=

________，滑块从A

处到达B

处的过程中，系统的重力势能减少量可表示为娄陇Ep=

________，在误差允许的范围内，若娄陇Ek=娄陇Ep

则可认为系统的机械能守恒；重力加速度用g

表示(

用题中字母表示)

．(3)

在(2)

描述的实验中，某同学改变AB

间的距离，作出的v2鈭�d

图象如图所示，并测得M=m

则重力加速度g=

________m/s2

．26、某同学设计了如下实验来测量物块和地面间的动摩擦因数，同时测量弹簧的劲度系数。如图甲所示，用n根相同的轻弹簧（图中未画出）彼此平行地沿水平方向拉放在水平地面上质量为m的物块。改变弹簧的根数进行多次实验，保证每根弹簧的伸长量均为x（在弹性限度内），利用加速度传感器测出物块的加速度a，通过描点连线得到a与弹簧根数n的关系如图乙所示。图线在横轴上的截距为n1，在纵轴上的截距为-b．当地的重力加速度大小为g

（1）物块与地面之间的动摩擦因数为______。

（2）弹簧的劲度系数为______。评卷人得分六、计算题(共4题，共28分)27、在竖直向下的匀强电场中；带正电的小球用两根绝缘细线悬挂于O点和A点，线长均为L，AB线水平，BO线与竖直方向夹角为θ，小球的质量为m，电荷量为q，电场强度大小为E，如图，现剪断水平细线，小球将向下摆动到最低点．求：

（1）剪断AB线以前；BO悬挂的拉力；

（2）当小球运动到最低点时，小球的速度．28、（13分）如图所示，一质量m=0.4kg的小物块，以v0=2m/s的初速度，在与斜面成某一夹角的拉力F作用下，沿斜面向上做匀加速运动，经t=2s的时间物块由A点运动到B点，A、B之间的距离L=10m。已知斜面倾角θ=30o，物块与斜面之间的动摩擦因数（重力加速度g取10m/s2）（1）求物块加速度的大小及到达B点时速度的大小。（2）拉力F与斜面的夹角多大时，拉力F最小？拉力F的最小值是多少？29、如图所示，粒子源能放出初速度为0

比荷均为qm=1.6隆脕104C/kg

的带负电粒子，进入水平方向的加速电场中，加速后的粒子正好能沿圆心方向垂直进入一个半径为r=0.1m

的圆形磁场区域，磁感应强度随时间变化的关系为B=0.5sin娄脴t(T)

在圆形磁场区域右边有一屏，屏的高度为h=0.63m

屏距磁场右侧距离为L=0.2m

且屏中心与圆形磁场圆心位于同一水平线上.

现要使进入磁场中的带电粒子能全部打在屏上，试求加速电压的最小值．30、如图所示，质量m1=3kg的滑块C（可视为质点）放置于光滑的平台上，与一处于自然长度的弹簧接触但不相连，弹簧另一端固定在竖直墙壁上。平台右侧的水平地面上紧靠平台依次排放着两块木板A、B．已知木板A、B的长度均为L=5m，质量均为m2=1.5kg，木板A、B上表面与平台相平，木板A与平台和木板B均接触但不粘连。滑块C与木板A、B间的动摩擦因数为μ1=0.3，木板A、B与地面间的动摩擦因数μ2=0.1．现用一水平向左的力作用于滑块C上，将弹簧从原长开始缓慢地压缩一段距离，然后将滑块C由静止释放，当滑块C刚滑上木板A时，滑块C的速度为7m/s．设最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等，取g=10m/s2．求：

（1）弹簧的最大弹性势能；

（2）滑块C刚滑上木板A时；木板A；B及滑块C的加速度；

（3）从滑块C滑上木板A到整个系统停止运动所需的时间。参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、D【分析】【分析】由位移与时间的图象纵坐标的变化量读出位移关系，再根据平均速度公式判断平均速度的大小．瞬时速度由图象的斜率分析．【解析】【解答】解：ABD、根据位移等于x的变化量，由图象可知，A、B、C三质点在0～t0这段时间内的位移相等；所用的时间也相等，所以三个质点的平均速度相等，故A；B错误，D正确；

C、x-t图的斜率表示瞬时速度，由图可知质点C在t0时刻的瞬时速度最大；故C错误；

故选：D2、B【分析】【分析】质点是实际物体在一定条件下的科学抽象，是采用了建立理想化的物理模型的方法；当时间非常小时，我们认为此时的平均速度可看作某一时刻的速度即称之为瞬时速度，采用的是极限思维法；在研究曲线运动或者加速运动时，常常采用微元法，将曲线运动变成直线运动，或将变化的速度变成不变的速度．【解析】【解答】解：A；用质点代替物体；采用的科学方法是建立理想化的物理模型的方法，故A错误；

B；以时间趋向无穷小时的平均速度作为瞬时速度；采用了极限思维法，故B正确；

C；在研究玻璃瓶在压力作用下的微小形变时采用了放大法；故C错误；

D；在推导匀变速运动的位移公式时；采用微元法将变速运动等效近似为很多小段的匀速运动，故D错误．

故选：B．3、A【分析】【分析】根据位移时间图象中图象与时间轴所围图形的面积表示物体的位移可知，三个时间段里物体的位移大小相等，再根据功的表达式W=FS可知，比较功的大小就是比较力的大小．因为物体在力F和重力两个力作用下运动，根据物体运动的状态确定力F与重力的大小从而比较力的大小即可．【解析】【解答】解：由v-t图象可知；物体在三段时间内的位移大小相等均为S，比较力F做功的大小就是比较三段时间作用在物体上的力F的大小即可．

如图可知，物体在0-2s内向上做我加速直线运动故F1＞mg；物体在2-3s内做匀速直线运动，故F2=mg，物体在3-5s内向上做匀减速直线运动故有F3＜mg；

由于位移S相同，故三段时间内力F做功满足W1＞W2＞W3故A选项正确；BCD错误．

故选A4、C【分析】解：放在磁场中的闭合线圈；当穿过线圈的磁通量发生改变时，线圈中产生感应电流，这种现象叫电磁感应．故C正确．

故选C【解析】【答案】C5、B【分析】解：由理想变压器的原副线圈的电压之比可知；电压与匝数成正比.

则电压互感器应并联接入匝数较多的线圈上.

故B正确；

故选：B

电压互感器要并联在线路中；且原线圈匝数比副线圈的多．

电压互感器的接线应遵守并联原则；按被测电压大小，选择合适的匝数比．【解析】B

6、D【分析】【分析】人对小球做的功等于小球获得的初动能，根据对抛出到落地的过程运用动能定理即可求得初动能；小球落地的机械能等于落地时的动能加重力势能，以地面为重力势能的零点，所以小球落地的机械能等于落地时的动能．【解析】【解答】解：A、人对小球做的功等于小球获得的初动能，而物体平抛运动的初速度等于v，根据动能定理得：人对小球做的功是W=mv2．故A正确．

B、对抛出到落地的过程，运用动能定理得：动能的改变量为△Ek=mgh；故B正确．

C、小球的机械能守恒，其落地时的机械能等于刚被抛出时的机械能，为mv2+mgh．故C正确．

D；小球重力势能的改变量等于重力做功的负值；为-mgh，故D错误．

本题选不正确的，故选：D7、A【分析】【分析】α衰变的过程中电荷数少2，质量数少4，β衰变的过程中电荷数多1，质量数不变．根据衰变的实质确定衰变的次数．发生光电效应的条件是v＞v0或hv＞W0，光电效应中电子一次只能是吸收了一个光子的能量．【解析】【解答】解：A；设经过了n次α衰变；m次β衰变．有：4n=238-234=4，所以n=1；2n-m=92-91=1，解得m=1．故A正确；

B；热核反应就是轻核的聚变．故B错误；

C、根据光电效应方程EKm=h-h．入射光的波长必须小于极限波长；才能发生光电效应．故C错误；

D；光电效应中发射出的光电子是吸收了一个光子的能量后逃离金属表面的；不可能同时吸收了多个光子的能量．故D错误．

故选：A8、B【分析】【分析】根据面积增大，导致穿过线圈的磁通量增大．再由楞次定律，即可求解．【解析】【解答】解：由题意可知，磁通量在增大，根据楞次定律知在线圈中将产生adcba方向的感应电流．

故选：B．9、A【分析】【分析】在研究碰撞中的动量守恒的实验中，入射小球应始终保持在同一高度释放，使获得的速度一定，两球要发生正碰，采用最小圆的方法确定小球落点的平均值．根据实验的要求和操作方法进行分析．【解析】【解答】解：A；为使小球做平抛运动；在安装斜槽轨道时，必须使斜槽末端的切线保持水平，故A正确；

B；入射小球沿斜槽下滑过程中；受到与斜槽的摩擦力不会影响实验，故B错误；

C；白纸铺到地面上后；实验时整个过程都不能移动，但复写纸不必固定在白纸上，故C正确；

D；只在小球落地附近放上复习纸即可；复写纸不必要将整张白纸覆盖，故D错误；

故选：AC．二、双选题(共8题，共16分)10、B|D【分析】【解析】

试题分析：三个长方体的质量相同，它们在三种液体中都只受重力和浮力，由二力平衡，它们受到的浮力大小相等，A选项错误。由三个长方体在液体中所处的深度不同，得到容器底所处的深度相同，液体对容器底的压强C选项错误。容器是相同的，所以容器对桌面的压力B选项正确。浮力是物体上下表面所受的压力差，A物体上下表面都受到液体的压力，B/、C只有下表面受到压力，所以它们下表面所受到的压力F′A＞F′B＝F′C；D选项正确。

考点：压力压强【解析】【答案】B、D11、AB【分析】【分析】本题考查了位置、结构与性质的关系，题目难度中等，推断元素为解答关键，注意熟练掌握原子结构与元素周期律、元素周期表的关系。【解答】rm{X}单质可作半导体材料，则rm{X}为rm{Si}元素；rm{W}的最高正价和最低负价代数和等于rm{0}四种元素均位于不同主族，则rm{W}为rm{H}元素；rm{Z}的气态氢化物与其最高价含氧酸都是强酸，则rm{Z}为rm{Cl}元素；短周期元素rm{W}rm{X}rm{Y}rm{Z}的原子序数之和为rm{45}则rm{Y}的原子序数为rm{45-1-14-17=13}则rm{Y}为rm{Al}元素。单质可作半导体材料，则rm{X}为rm{X}元素；rm{Si}的最高正价和最低负价代数和等于rm{W}四种元素均位于不同主族，则rm{0}为rm{W}元素；rm{H}的气态氢化物与其最高价含氧酸都是强酸，则rm{Z}为rm{Z}元素；短周期元素rm{Cl}rm{W}rm{X}rm{Y}的原子序数之和为rm{Z}则rm{45}的原子序数为rm{Y}则rm{45-1-14-17=13}为rm{Y}元素。rm{Al}和A.rm{Si}和rm{Al}为第三周期元素，同周期从左到右原子半径逐渐减小，则原子半径：rm{Al>Si}故A正确；为第三周期元素，同周期从左到右原子半径逐渐减小，则原子半径：rm{Si}故A正确；rm{Al}则氢化物稳定性：rm{Al>Si}故B正确；B.由于非金属性rm{Cl>Si}则氢化物稳定性：rm{HCl>SiH_{4}}故B正确；个电子，氯离子有rm{Cl>Si}个电子，故C错误；rm{HCl>SiH_{4}}中只含有极性键，无离子键，故D错误。C.铝离子有rm{10}个电子，氯离子有rm{18}个电子，故C错误；

rm{10}【解析】rm{AB}12、AB【分析】【分析】本题考查有机物的结构与性质，为高频考点，注意把握官能团与性质的关系，侧重苯、烷烃性质的考查。【解答】A.只含有碳氢两种元素的有机物为烃，rm{垄脵垄脷垄脹垄脺}均属于烃，故A正确；B.三碟烯和富勒烯中均含有不饱和键，能发生加成反应，故B正确；C.三碟烯的分子式为rm{C_{20}H_{14}}金刚烷的分子式为rm{C_{10}H_{16}}二者不是同分异构体，故C错误；D.三碟烯的一氯代物有rm{4}种，金刚烷的一氯代物有rm{3}种，故D错误。故选AB。【解析】rm{AB}13、rm{BC}【分析】【分析】本题考查了酸碱中和滴定的应用，题目难度中等，明确溶液酸碱性与溶液rm{pH}的关系为解答关键，注意掌握中和滴定侧重方法，试题培养了学生的分析能力及化学实验能力。【解答】A.rm{a}点为rm{Na_{2}CO_{3}}溶液，碳酸根离子部分水解，溶液呈碱性，碳酸根离子的水解一第一步为主，正确的离子方程式为：rm{CO_{3}^{2-}+H_{2}O?HCO_{3}^{-}+OH^{-}}故A错误；

B.rm{c}点的rm{pH=7}溶液呈中性，则rm{c(H^{+})=c(OH^{-})}根据电荷守恒rm{c(Na^{+})+c(H^{+})=c(Cl^{-})+c(HCO_{3}^{-})+2c(CO_{3}^{2-})+c(OH^{-})}可知：rm{c(Na^{+})-c(Cl^{-})=c(HCO_{3}^{-})+2c(CO_{3}^{2-})}故B正确；

C.碳酸氢钠溶液的rm{pH}接近rm{8.2}与酚酞变色的rm{pH}接近，变色时的rm{pH}和反应终点的rm{pH}不好判断；而使用甲基橙容易判断终点，且反应产生的二氧化碳不能全部逸出使溶液偏酸性，因此使用甲基橙的误差小rm{(}使用甲基橙易判断滴定终点，误差小rm{)}故C正确；

D.rm{b}点碳酸氢根离子水解，促进了水的电离，而rm{d}点溶液呈酸性，抑制了水的电离，则rm{d}点处溶液中水电离出的rm{c(H^{+})}小于rm{b}点处；故D错误；

故选BC。

【解析】rm{BC}14、AC【分析】【分析】本题考查元素的结构与元素的性质，题目难度中等，注意正确推断元素的种类为解答该题的关键。【解答】rm{X}形成的简单阳离子核外无电子，应为rm{H}元素；rm{Y}元素的气态氢化物和它的最高价氧化物对应的水化物能发生化合反应，形成的物质为铵盐，应为rm{N}元素；rm{Z}元素在周期表的族序数等于周期序数的rm{3}倍，即最外层电子数为电子层数的rm{3}倍，应为rm{O}元素；rm{T}同周期元素中形成的简单离子半径最小，应为rm{Al}元素；

即rm{X}为rm{H}元素，rm{Y}为rm{N}元素，rm{Z}为rm{O}元素，rm{T}为rm{Al}元素；则。

A.根据同周期元素从左到右原子半径逐渐减小，原子的核外电子层数越多，半径越大可知，原子半径顺序为rm{T>Y>Z>X}故A错误；

B.rm{X}分别与rm{Y}形成rm{N_{2}H_{4}}等化合物；既含极性键又含非极性键，故B正确；

C.rm{X}rm{Y}rm{Z}的三种元素形成的rm{NH_{4}NO_{3}}中只含有共价键也含有离子键rm{X}rm{Y}的三种元素形成的rm{Z}中只含有共价键也含有离子键；故C错误；

D.rm{NH_{4}NO_{3}}由rm{X}rm{Y}和rm{T}三种元素的简单离子，均能和rm{X}三种元素的简单离子，均能促进水的电离；故D正确。

故选AC。

rm{Y}【解析】rm{AC}15、AD【分析】【分析】本题综合考查原电池和电解池知识，为高频考点，侧重于学生的分析能力和计算能力的考查，注意把握原电池、电解池的工作原理以及电极方程式的书写，难度中等。【解答】A.正极发生还原反应，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}rm{{,!}}，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}，rm{F}得电子被还原rm{F}所以放电时电池正极的电极反应式为rm{e}rm{2}rm{e}，故rm{e}正确；B.锂和水发生反应，所以不可以用rm{e}溶液为电解质溶液，故rm{2}错误；C.rm{2}作电池的负极，rm{O}rm{3}rm{O}rm{O}rm{O}rm{3}rm{3}，故rm{{,!}}错误；D.充电时，，，作为阳极，电池被磁铁吸引，故，。故选AD。，【解析】rm{AD}三、填空题(共7题，共14分)16、【分析】【分析】（1）根据功的表达式求出阻力所做的功；根据动能定理求出小船经过B点时的速度．

（2）设小船经过B点时绳的拉力大小为F，绳与水平方向夹角为θ，绳的速度大小为u，根据牛顿第二定律、功率P=Fu，以及小船速度与绳子收缩速度的关系求出B点的加速度．【解析】【解答】解：（1）小船从A点运动到B点克服阻力做功Wf=fd①

小船从A点运动到B点；电动机牵引绳对小船做功W=Pt②

由动能定理有W-Wf=m-mv2③

由①②③式解得v1=④

（2）设小船经过B点时绳的拉力大小为F；绳与水平方向夹角为θ，绳的速度大小为u；

P=Fu⑤

u=v1cosθ⑥

牛顿第二定律Fcosθ-f=ma⑦

由④⑤⑥⑦得a=

故答案为：；．17、2×105由B指向A1.4×106由中点处指向B【分析】【分析】对B球分析，根据水平方向平衡，得出外电场的场强大小和方向．根据场强的叠加求出AB中点处的场强大小和方向．【解析】【解答】解：对B球受力分析，由平衡条件有：k=QBE．

解得：E=k=9×109×N/C=2×105N/C．

因为B球受A球的库仑力方向水平向左；则外电场给B球的电场力水平向右，所以电场强度的方向由B指向A．

A、B两电荷在中点产生的合场强大小为：E1=2==8×2×105N/C=1.6×106N/C；方向水平向右．

则AB中点处的总场强为：E′=E1-E=1.4×106N/C．方向水平向右即由中点处指向B．

故答案为：2×105，由B指向A，1.4×106，由中点处指向B．18、略

【分析】

理想气体状态方程得：

p1V1=nRT1①

p2V2=nRT2②

p3V3=nRT3③

p4V4=nRT4④

由题意知，p1=p4，p2=p3，V1=V2，V3=V4，T1=T3则。

由②得p2V1=nRT2⑤

由③得p2V3=nRT1⑥

由④得p1V3=nRT4⑦

由①×⑥得：p1p2V1V3=n2R2

由⑤×⑦得：p1p2V1V3=n2R2T2T4

可得，=T2T4，得

由题T1=T3，则得

故答案为：

【解析】【答案】根据理想气体状态方程对四个状态分别列式，再结合p1=p4，p2=p3，V1=V2，V3=V4进行解答即可．

19、略

【分析】解：由图示电源U鈭�I

图象可知；图象与纵轴交点坐标值是3V

则电源电动势为：E=3V

电源内阻为：

r=鈻�U鈻�I=36=0.5娄赂

．

故答案为：30.5

．

电源U鈭�I

图象与纵轴交点坐标值是电源的电动势；图象斜率的绝对值是电源内阻．

本题考查了求电源电动势与内阻，电源U鈭�I

图象与纵轴交点坐标值是电源的电动势，图象斜率的绝对值是电源内阻．【解析】30.5

20、（1）四种脱氧核苷酸、逆转录酶和DNA聚合酶（2）T-DNAT-DNA可携带目的基因，整合并转移到宿主细胞的染色体的DNA上（3）RNA聚合酶β启动子可使植物根细胞持续转运有机酸，导致土壤酸化，并影响植物自身的生长【分析】【分析】本题考查目的基因的获取以及基因工程的操作程序等知识，意在考查考生理解所学知识要点，把握知识间内在联系的能力。【解答】（1）cDNA是以mRNA为模板通过逆转录过程合成的，因此合成cDNA的过程中，反应体系内加入的物质除mRNA和ATP外，还应包括四种脱氧核苷酸、逆转录酶和DNA聚合酶。

（2）将目的基因导入植物细胞常用农杆菌转化法，农杆菌转化法的原理：农杆菌中的Ti质粒上的T-DNA可转移至受体细胞，并且整合到受体细胞染色体的DNA上。根据农杆菌的这一特点，如果将目的基因插入到Ti质粒的T-DNA上，通过农杆菌的转化作用，就可以把目的基因整合到植物细胞中染色体的DNA上。由于T-DNA可携带目的基因，整合并转移到宿主细胞染色体的DNA上，所以利用该方法导入的目的基因的遗传一般遵循孟德尔遗传定律。

（3）启动子是RNA聚合酶特异性识别并结合的位点，能调控目的基因的表达。ALMT基因的启动子有两种类型。其中α启动子能使ALMT基因在酸性土壤的诱导下表达，β启动子能使ALMT基因高效表达而无需酸性诱导。因为β启动子可使植物细胞持续转运有机酸，导致正常土壤酸化，并影响植物自身的生长，因此在获得转ALMT基因耐铝植物时应使用α启动子，不使用另外一种启动子。【解析】（1）四种脱氧核苷酸、逆转录酶和DNA聚合酶（2）T-DNAT-DNA可携带目的基因，整合并转移到宿主细胞的染色体的DNA上（3）RNA聚合酶β启动子可使植物根细胞持续转运有机酸，导致土壤酸化，并影响植物自身的生长21、33【分析】【分析】分析A、B物体所受到的力，关键找突破口，先对谁分析．本题可以从A物体入手，进行受力分析．【解析】【解答】解：对A物体；在竖直方向上受重力；B对A的支持力和作用力F，水平方向上因为没有相对运动或相对运动的趋势，所以不受摩擦力．故A受3个力．

对B物体；在竖直方向上受重力；C对B的支持力和A对B的压力，水平方向上不受力．故物体B受3个力．

故答案为：3，3．22、y=4sin250πt0.2能．因为声波的波长与障碍物的高度差不多，可以发生明显的衍射现象，所以，观察者能够听到声音【分析】【分析】（1）从图象上读出振幅；周期；求出圆频率，根据振动方程写出振动的表达式．

（2）根据波速；波传播的距离求出经历的时间．

（3）当波长与障碍物的尺寸相当，或比障碍物的尺寸大，会发生明显的衍射．【解析】【解答】解：（1）质点振动的振幅A=4mm，周期T=0.008s，则圆频率ω=．因为质点初始时刻向上振动；所以振动方程为y=4sin250πt（mm）

（2）根据t=；知经过0.2s，位于x=68m的观测者开始听到声音．

（3）因为波长与障碍物的高度差不多；可以发生明显的衍射现象，所以，观察者能够听到声音．

故答案为：（1）y=4sin250πt；（2）0.2；

（3）能．因为声波的波长与障碍物的高度差不多，可以发生明显的衍射现象，所以，观察者能够听到声音．四、判断题(共1题，共4分)23、√【分析】【分析】安培定则：右手握住导线，让大拇指所指的方向跟电流方向一致，弯曲的四指所指的方向就是磁感线的环绕方向．【解析】【解答】解：根据安培定则的内容判定线电流的磁感线的方法是：右手握住导线；让大拇指所指的方向跟电流方向一致，弯曲的四指所指的方向就是磁感线的环绕方向．故该说法是正确的．

故答案为：√五、实验探究题(共3题，共30分)24、(1)50.454.700

(2)

(3)

(4)0.72

．【分析】【分析】(1)

游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读.

螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读.

(2)

根据实验要求可明确滑动变阻器接法，从而得出对应的实物图；(3)

根据表中数据利用描点法可得出对应的图象；(4)

在I鈭�U

图象中做出电源的伏安特性曲线，两图的交点表示该元件的工作点，则由P=UI

可求得电功率.

本题考查了长度测量仪器的读数方法、实验器材的选择、设计实验电路图，确定滑动变阻器与电流表接法是正确设计实验电路的前提与关键，当电压与电流从零开始变化时，滑动变阻器采用分压接法，求元件实际功率时要注意图象法的应用，要掌握应用图象法处理实验数据的方法．【解答】(1)

游标卡尺的主尺读数为50mm

游标读数为0.05隆脕9mm=0.45mm

所以最终读数为50.45mm

螺旋测微器固定刻度为4.5mm

可动刻度为0.01隆脕20.5=0.200mm

所以最终读数为4.700mm.

(2)

由于要求电压从零开始调节，故应采用滑动变阻器分压接法，同时由于待测电阻阻值偏小，故应采用电流表外接法，连接实物图如图所示；(3)

根据表中数据，利用描点法得出对应的图象如图所示；(4)

在上图中作出电源的伏安特性曲线，如图所示，两图的交点表示该元件的工作点，则由图可知，电压为0.85V

电流I=0.85A

则功率P=UI=0.85隆脕0.85=0.72W

故答案为：(1)50.454.700(2)

如图所示；(3)

如图所示；(4)0.72

【解析】(1)50.454.700

(2)

(3)

(4)0.72

．25、略

【分析】【分析】(1)

由于光电门的宽度d

很小；所以我们用很短时间内的平均速度代替瞬时速度；

(2)

根据重力做功和重力势能之间的关系可以求出重力势能的减小量；根据起末点的速度可以求出动能的增加量；根据功能关系得重力做功的数值等于重力势能减小量；

(3)

根据图象的物理意义可知；图象的斜率大小等于物体的重力加速度大小。

了解光电门测量瞬时速度的原理；实验中我们要清楚研究对象和研究过程，对于系统我们要考虑全面，掌握系统机械能守恒处理方法，注意图象的斜率的含义。【解答】(1)

由于光电门的宽度b

很小，所以我们用很短时间内的平均速度代替瞬时速度，滑块通过光电门B

速度为：vB=bt

(2)

滑块从A

处到达B

处时m

和M

组成的系统动能增加量为：?E=12(M+m)(bt)2=(M+m)b22t2

系统的重力势能减少量可表示为：?EP=mgd鈭�Mgdsin30o=(m鈭�M2)gd

比较鈻�Ep

和鈻�Ek

若在实验误差允许的范围内相等，即可认为机械能是守恒的。

(3)

根据系统机械能守恒有：12(M+m)v2=(m鈭�M2)gd

则v2=2隆脕m鈭�M2M+mgd

若v2鈭�d

图象，则图线的斜率：k=2隆脕m鈭�M2M+mg

由图象可知，k=2.40.5

则有：g=M+mm鈭�M2隆脕k2

代入数据得：g=9.6m/s2

故答案为：(1)bt

(2)(M+m)b22t2(m鈭�M2)gd

(3)9.6

【解析】(1)bt

(2)(M+m)b22t2(m鈭�M2)gd

(3)9.6

26、【分析】解：（1）物块在橡皮条拉力作用下加速运动过程中；由牛顿第二定律：

nkx-μmg=ma，故a=

即直线的斜率由决定；在n轴上的截距由μg决定。

则由：μg=b得μ=

（2）由=得k=

故答案为：（1）（2）

对物体进行受力分析；根据牛顿第二定律求出加速度a与所用橡皮条的数目n的关系表达式，找出影响直线与水平轴线间的夹角和直线在n轴上的截距的因数，再根据题目求解。

对该实验要明确实验原理，能够把物理规律和数学知识结合起来，知道斜率与截距的物理意义。【解析】六、计算题(共4题，共28分)27、略

【分析】【分析】（1）剪断AB线以前；小球静止，受力平衡，分析其受力，由平衡条件求BO细线的拉力．

（2）球向下运动到最低点的过程中，由动能定理求小球运动到最低点时的速度．【解析】【解答】解：（1）剪断AB线以前；小球受到重力mg；竖直向下的电场力qE、AB线的拉力和BO线的拉力．设BO悬线的拉力大小为T．

根据平衡条件得竖直方向有：Tcosθ=mg+qE

可得：T=

（2）小球向下摆动的过程中；由动能定理得：

（mg+qE）L（1-cosθ）=

可得；小球运动到最低点时的速度为：

v=

答：（1）剪断AB线以前，BO悬线的拉力是；

（2）当小球运动到最低点时，小球的速度是．28、略

【分析】试题分析：（1）设物块加速度的大小为a，到达B点时速度的大小为v，由运动学公式得：（2分）（2分）联立以上两式，代入数据解得：（2分）（2）设物块所受支持力为FN，所受摩擦力为Ff，拉力与斜面之间的夹角为α。受力分析如图所示，由牛顿第二定律得：（1分）（1分）又（1分）联立解得：（1分）由数学知识得：（1分）由上式可知对应的F最小值的夹角α=300（1分）代入数据得F的最小值为：（1分）考点：本题考查了牛顿第二定律的应用。【解析】【答案】（1）3m/s28m/s（2）30029、略

【分析】

根据粒子做匀速圆周运动的半径公式；确定出对应的最大偏转角的速度，然后由带电粒子在电场中电场力做功，由动能定理即可求出加速电压．

本题考查粒子在磁场中做匀速圆周运动与带电粒子在电场中的加速，掌握处理的方法，理解牛顿第二定律和动能定理的应用，注意已知长度与运动轨道半径的正确关系．【解析】解：粒子运动轨迹如图所示：

根据洛伦兹力公式F=qvB

可知；磁感应强度一定时，粒子进入磁场的速度越大，在磁场中偏转量越小．

故当磁感应强度取最大值时；若粒子恰好不飞离屏，则加速电压有最小值．

设此时粒子刚好打在屏的最下端B

点；根据带电粒子在磁场中运动特点可知；

粒子偏离方向的夹角正切值为tan娄脠=h2r+L

解得：tan娄脠=3

粒子偏离方向的夹角：娄脠=60鈭�

由几何关系可知，此时粒子在磁场中对应的回旋半径为：R=rtan娄脨鈭�娄脠2=0.13m垄脵

带电粒子在电场中加速，由动能定理得：qU=12mv2垄脷

带电粒子在磁场中偏转时；洛伦兹力提供向心力；