2025年岳麓版高三物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年岳麓版高三物理上册月考试卷808考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、两个等量异种电荷的连线的垂直平分线上有a、b；c三点；如图所示，下列说法正确的是（）

A.a、b两点的场强方向相同，b点场强比a点大B.a点电势比b点高C.a、b、c三点电势和无限远处不相等D.一个电子在a点无初速释放，则它将在c点两侧往复振动2、如图所示，一个带正电的粒子在垂直于匀强磁场的平面内做圆周运动，当磁感应强度均匀增大时，此粒子的动能将（）A.增大B.减少C.不变D.以上情况都有可能3、室内有几种用电器：1.5kW的电饭煲、200W的电灯、750W的取暖器、250W的电视机和2kW的空调器．如果进线处只有13A的保险丝，供电电压为220V，为用电安全，下列情况下不能同时使用的是（）A.电饭煲和电灯B.取暖器和空调嚣C.电饭煲和空调器D.电灯、电视机和空调器4、远距离关电输送的电功率为P，输送电压为U，输电导线的电阻率为ρ，导线横截面各为S，导线总长为L，输电线损失的电功率为P1，用户得到电功率为P2，则（）A.P1=B.P1=P-C.P2=D.P2=P-5、关于角速度和线速度，下列说法正确的是[]A.半径一定，角速度与线速度成反比B.半径一定，角速度与线速度成正比C.线速度一定，角速度与半径成正比D.角速度一定，线速度与半径成反比6、【题文】在通电螺线管内部中纵轴线上有一点A,通过A点的磁感线方向一定是（）A.从螺线管的N极指向S极B.放在该点的小磁针北极受力的方向C.从螺线管的S极指向N极D.放在该点的小磁针的南极受力的方向7、如图所示，物体受到了三个共点力F1、F2和F3的作用，图中F1和F2是一平行四边形的边，而F3是平行四边形的对角线，由图示可知（）A.F2、F3的合力等于F1B.F1、F3的合力等于F2C.F1、F2的作用效果与F3的作用效果相同D.这三个力的合力大小等于3F38、如图所示，一小球用两根轻绳挂于天花板上，球静止，绳1倾斜，绳2恰竖直．则小球所受的作用力有（）A.1个B.2个C.3个D.4个评卷人得分二、填空题(共8题，共16分)9、（2014秋•龙子湖区校级月考）如图，a、b、c、d是匀强电场中的四个点，它们正好是一个梯形的四个顶点，电场线与梯形所在的平面平行．ab平行cd，且cd边长为ab边长的三倍，己知a点的电势是2V，b点的电势是6V，c点的电势是20V．由此可知，d点的电势为____．10、有一种游标卡尺，它的主尺的最小分度为1mm，游标尺上有20个等分刻度，则此游标尺的精度为____mm，测量某物体宽度时，游标的零刻度线在20mm到21mm之间，游标尺的第11条刻度线与主尺上____mm刻度线对齐，此物体的宽度为____mm．11、（2012秋•文登市校级期中）如图所示，将烧瓶内水沸腾时所产生的水蒸气通入试管A中，试管A放在装冷水的容器B内，过一段时间，观察到试管A中产生的现象是____，同时看到温度计C的示数升高，这个实验说明了____．12、（2005•枣庄一模）在做“研究平抛物体的运动”的实验时，让小球多次沿同一轨道运动，通过描点法画小球做平抛运动的轨迹．有人记录到如右图所示的轨迹点A、B、C、D．如果每一正方形小格的边长均为L=1.25cm，则小球做平抛运动的初速度v0=____（用L、g表示）；其值是____（g取9.8m/s2）．13、（2012•全南县校级模拟）（1）（3-4）一列简谐横波沿绳子传播，振幅为0.2m，传播速度为1m/s，频率为0.5Hz，在t0时刻，质点a正好经过平衡位置，沿着波的传播方向，则____

A．在t0时刻；距a点2m处的质点，离开其平衡位置的距离为0.2m

B．在（t0+1s）时刻；距a点1.5m处的质点离开其平衡位置的距离为0.2m

C．在（t0+2s）时刻；距a点1m处的质点离开其平衡位置的距离为0.2m

D．在（t0+3s）时刻；距a点1.5m处的质点离开其平衡位置的距离为0.2m

（2）为从军事工事内部观察外面的目标，在工事壁上开一长方形孔．设工事壁厚d=34.64cm，孔的宽度L=20cm，孔内嵌入折射率n=的玻璃砖如图所示；试问：

（1）嵌入玻璃后；工事内部人员观察到外界的视野的最大张角为多少？

（2）要想外界180°范围内景物全被观察到，应嵌入多大折射率的玻璃砖？14、（2013春•福清市校级期中）如图所示为某正弦交变电流的图象，其最大值为____A，周期为____S，线圈转动的角速度为____rad/s．15、安培力、电流、磁感应强度这三者的方向关系可以用____判断．其内容如下：伸开左手，使拇指与其余四个手指____，并且都与手掌在____，让四指指向____方向，让磁感线____．16、在没有自然下雪的天气里，为了营造完美的滑雪体验，采用人工制造雪，造雪机销售厂家了解到，1t水可以造2m3雪．由此可知，人工造出“雪”的密度约为____Kg/m3．评卷人得分三、判断题(共8题，共16分)17、在磁场中，粒子的比荷之比与轨道半径之比成反比____（判断对错）18、太阳发出的能量来自内部发生的化学反应释放的化学能．____．（判断对错）19、布朗运动是微观粒子的运动，其运动规律不遵循牛顿第二定律．____．（判断对错）20、穿过闭合导体回路所包围面积的磁通量为零时，回路中感应电流就一定为零．____（判断对错）21、在磁场中任一点，小磁针北极的受力方向为该点的磁场方向．____．（判断对错）22、不论用什么方法，只要穿过闭合电路的磁通量发生变化，闭合电路中就有电流产生．____（判断对错）23、如果通电的金属棒在磁场中不受力的作用，则该处的磁感应强度一定为零．____．（判断对错）24、公式E=和对于任何静电场都是适用的．____．（判断对错）评卷人得分四、画图题(共2题，共10分)25、图所示为一列向左传播的简谐波在某一时刻的波形图，若波速是0.5m/s，试在图上画出经7s时的波形图。（提示：若用平移法，由于∴λ=2m故只需平移=1.5m）26、在图示中，物体A处于静止状态，请画出各图中A物体所受的弹力．评卷人得分五、解答题(共4题，共24分)27、某物体的位移图象如图所示，若规定向东为正方向，试求物体在OA、AB、BC、CD、DE各阶段的速度．28、如图所示，两同心圆半径分别为r1=R和r2=（+1）R．环形区域内存在垂直于圆面的匀强磁场．一质量为m；电荷量为q的带电粒子从圆心处以速率v出发沿圆面运动而恰好不能穿越大圆所包围的区域；不计重力．则。

（1）环形区域内匀强磁场的磁感应强度是多大？

（2）该粒子的运动周期是多大？29、某公园内有一水池，在水面下m深处有一点光源．已知水的折射率为，求点光源照亮的水面面积．30、如图所示；一长为L的丝线上端固定，下端拴一质量为m的带电小球，将它置于一水平向右的匀强电场E中，当细线偏角为θ时，小球处于平衡状态，试问：

（1）小球的电荷量q多大？电性如何？

（2）若细线的偏角从θ增加到φ，然后由静止释放小球，φ为多大时才能使细线到达竖直位置时小球速度恰好为零？（已知tan=）

（3）若由静止释放小球时，细线的偏角为φ，则小球摆动过程中的最大速度是多少？评卷人得分六、识图作答题(共4题，共20分)31、某植物是一种雌雄同株的二倍体（2n＝20）植物，花的颜色与细胞中的色素有关，当细胞中含有甲物质时呈紫色，含有乙物质时呈红色，无甲和乙时呈白色。与这些色素合成有关的部分酶和基因情况如下表所示（注：显性基因对隐性基因完全显性，生长发育过程中不发生基因突变且在形成配子过程中不发生交叉互换），请回答下列问题：。色素丁→丙→乙→甲酶1酶2酶3酶控制酶合成的基因ABD相应的等位基因abd基因所在的染色体9号10号10号（1）现有纯合红花植株，请在下图框中画出三对基因在染色体上可能的位置关系。（注：方框内只要画出与上述基因相关的染色体，用竖线表示染色体，黑点表示基因的位点，并标上相应的基因）。。（2）若要验证基因分离定律，应选用基因型为________的植株与上述纯合红花植株杂交。（3）若某一基因型为AaBbDd的植株自交，子代所开花的性状及分离比为________或________。（4）已知A基因位于9号染色体的中部，①若利用限制酶将A基因从一个DNA分子中剪切出来，则剪切之后形成的所有DNA片段较原DNA多出现________个游离的磷酸基团。②若该基因一条单链中（G＋T）／（A＋C）＝2／3，则其互补链中（G＋T）／（A＋C）＝________。32、已知豌豆的高茎（D）对矮茎（d）为显性，子叶黄色（Y）对绿色（y）为显性，种子圆粒（R）对皱粒（r）为显性。下图为几个品种相关基因在染色体上位置示意图（不同基因存在同一染色体上的现象称为基因连锁）。请分析回答下列问题。

（1）在自然状态下，即使多种性状混种的情况下，每个植株也都是纯合子，为是因为豌豆是__________________的植物。已知在基因r中插入一小段特定DNA序列则形成了基因R，这种变异属于_________。（2）请写出选用甲和乙两品种杂交验证自由组合定律的基本思路。甲和乙杂交得F1，_______________________________________________________。（3）在不考虑交叉互换的情况下，利用丙和丁两个品种，通常不能通过杂交育种的方法获得纯合高茎、黄色、圆粒植株，请分析原因。33、【生物——选修3：现代生物科技专题】以下是生产抗破伤风杆菌单克隆抗体的过程示意图。据图回答：（1）先给小鼠注射特定的抗原，一段时间后，若小鼠脾脏中抗破伤风杆菌的___________检测呈阳性，说明小鼠已经通过__________免疫形成了相应的B淋巴细胞。在②过程诱导B淋巴细胞与__________细胞融合时，不同于诱导植物原生质体融合的方法是___________。③过程需要用特定的___________培养基进行筛选，未融合的亲本细胞和融合的具有同种核的细胞都会死亡，只有融合的杂种细胞才能生长。（2）在⑥过程对杂交瘤细胞体外培养时，需要满足的条件有_______________的环境、温度和PH、营养和气体环境，其中，CO2的主要作用是________________。（3）通过上述方法得到的单克隆抗体可准确地诊断破伤风，其原因是该抗体具有__________________________________________________等特性。34、某雌雄同株植株花的颜色由两对基因（A和a，B和b）控制，A基因控制色素的合成（AA和Aa的效应相同），B为修饰基因，淡化颜色的深度（BB和Bb的效应不同）。其基因型与表现型的对应关系见下表，请回答下列问题：

（1）A基因和a基因中的碱基的数目____（填一定或不一定）相等，在遗传时遵循基因的____定律。（2）为探究两对基因（A和a，B和b）是在同一对同源染色体上，还是在两对同源染色体上，某研究小组选用基因型为AaBb的粉色植株进行自交实验。①实验假设：这两对基因在染色体上的位置存在三种类型，请你补充画出下表中其他两种类型（用竖线表示染色体，黑点表示基因在染色体上的位点）。②实验方法：粉色植株自交。③实验步骤：第一步：该粉色植株自交。第二步：____。④实验结果分析（不考虑交叉互换）：若子代植物的花色及比例为____，则符合丙类型。参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、A【分析】【分析】两个等量异种电荷连线的垂直平分线是一条等势线．电场强度方向与等势面方向垂直，而且指向电势低的方向．根据电子的受力情况，分析电子的运动情况．【解析】【解答】解：A、两个等量异种电荷的电场中，垂直平分线上所有的点的电场的方向都是平行的，所以三点的场强方向相同；由于中垂线上中点的场强为零，无限远处场强为零，所以场强从c点到b点场强逐渐增大，增大到最大值，再逐渐减小，所以b点的场强比a点的场强大；故A正确．

BC、两个等量异种电荷的电场中，在它们连线的垂直平分线上的点的电势都是零，所以a、b；c三点的电势都相等为零；所以BC错误．

D；一个电子在a点受到的电场方向垂直于垂直平分线向左；无初速释放后，将向左下方运动，不可能到达c点．故D错误．

故选：A．2、A【分析】【分析】磁场均匀增大的时候，会产生感生电场，感生电场是一个个闭合的圈，感生电场的方向和粒子的运动方向相同，所以正粒子动能会增大，负粒子动能减小．【解析】【解答】解：根据麦克斯韦电磁场理论；当磁感应强度均匀增大时，将产生环形电场，根据楞次定律，电场方向垂直于磁场逆时针方向，由于是正电荷也是逆时针运动，故受到的电场力与电场强度方向及运动方向相同，即电场力做正功，故此粒子的动能将增大，故A正确；BCD错误．

故选：A．3、C【分析】【分析】家庭电路中，各用电器之间都是并联的，先算出保险丝达到最大电流时电路中的总功率，再逐项分析即可求解．【解析】【解答】解：当保险丝达到最大电流时电路中的总功率P=UI=220×13W=2860W

A；电饭煲和电灯同时使用的功率为：P=1500+200W=1700W＜2860W；可以同时使用，故A正确；

B；取暖器和空调器同时使用的功率为：P=750+2000W=2750W＜2860W；可以同时使用，故B正确；

C；电饭煲和空调器同时使用的功率为：P=1500+2000W=3500W＞2860W；不可以同时使用，故C正错误；

D；电灯、电视机和空调器同时使用的功率为：P=200+250+2000W=2450W＜2860W；可以同时使用，故D正确；

本题选不符合的，故选：C．4、D【分析】【分析】由远距离输电中输电线的损耗功率=I2R=P-P用，先根据输电功率和电压求输电电流．【解析】【解答】解：输电线电阻R=，输出电流I=，故输电线上损失的电功率为P1=I2R=

用户得到的电功率为：P2=P-P1=P（1-）

故选：D．5、B【分析】【解析】A、根据ω=知，半径一定，角速度与线速度成正比．故A错误，B正确．C、根据ω=知，线速度一定，角速度与半径成反比．故C错误．D、根据v=rω知，角速度一定，线速度与半径成正比．故D错误．思路分析：根据v=rω判断线速度、角速度、半径的关系试题【解析】【答案】B6、B|C【分析】【解析】

试题分析：通电螺线管内部的磁场是磁体内部的磁场由S极指向N极；A错；所以A点的磁感线方向一定是从螺线管的S极指向N极，C对；由磁场方向的规定知小磁针北极的受力方向就是该点的磁感线方向，B对；放在该点的小磁针的南极受力的方向与磁感线的方向相反，D错。

考点：本题考查磁场方向的规定。

点评：本题学生明确磁感线是闭合曲线，在磁体内部由S极指向N极，磁体外部由N极指向S极。【解析】【答案】BC7、C【分析】【分析】根据力的平行四边形定则，结合题意，即可求解．【解析】【解答】解：根据题意，依据力的平行四边形定则，可知，F1、F2的合力等于F3，因此F1、F2的作用效果与F3的作用效果相同，且三个力的合力大小等于2F3；故C正确；ABD错误；

故选：C．8、B【分析】【分析】根据物体处于平衡，通过假设法判断绳子是否有拉力，从而确定小球受到几个力作用．【解析】【解答】解：物体受重力和绳2的拉力；两个力作用在同一条直线上，因为物体处于平衡状态，合力为零，若绳1有拉力，则小球不可能平衡，所以绳1没有拉力，知小球受到2个力作用．故B正确，A；C、D错误．

故选：B．二、填空题(共8题，共16分)9、8V【分析】【分析】因为在匀强电场中，在同一方向上，相等距离内的电势差相等，结合该规律求出d点的电势．【解析】【解答】解：将cd分为三等份，因为ba间的电势差为4V，由于cd的距离是ab的三倍，则cd间的电势差是ba的电势差的三倍，即Ucd=12V；因为c点的电势为20V，则d点的电势为8V．

故答案为：8V．10、0.053220.55【分析】【分析】新式游标卡尺的测量原理和传统的游标卡尺相同，新式游标卡尺其游标尺上20个分度只有19mm，比主尺上的20个分度短1mm，游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读．【解析】【解答】解：有一种游标卡尺；主尺的最小分度是1mm，游标尺上有20个等分刻度，此游标尺的20等分刻度的总长度为19mm，用这种游标尺测量长度可以准确到0.05mm；

游标卡尺的主尺读数为20mm；游标尺上第11个刻度和主尺上的32mm刻度对齐，所以游标读数为11×0.05mm=0.55mm，所以最终读数为：20mm+0.55mm=20.55mm．

故答案为：0.05，32，20.5511、产生水珠液化放热【分析】【分析】沸腾是一种剧烈的汽化现象，可以产生大量的水蒸气，水蒸气受冷就会液化，形成小水珠；水蒸气受冷液化时要放热．【解析】【解答】解：烧瓶中水沸腾时产生的大量水蒸气进入容器A中；容器A放在装有冷水的容器B中，容器A的温度也比较低，通入容器A中的水蒸气受冷就会液化，形成小水珠，附着在试管壁上；水蒸气液化时要放出热量；

故答案为：产生水珠、液化放热12、1.05m/s【分析】【分析】平抛运动的水平分运动是匀速直线运动，竖直分运动是自由落体运动；根据竖直方向运动特点△h=gT2，求出物体运动时间，然后利用水平方向运动特点即可求出平抛的初速度．【解析】【解答】解：平抛运动的水平分运动是匀速直线运动；竖直分运动是自由落体运动；

由图可以看出，AB段、BC段、CD段水平方向分位移相等，竖直方向差值恒定，为L，根据公式△h=gT2，时间间隔为：T=；

故初速度为：=3；

故答案为：，1.05m/s．13、BD【分析】【分析】（1）由波速公式v=λf求出波长；根据时间与周期的关系，分析质点的位置，确定其离开平衡位置的位移．

（2）（1）当外界的光线经过玻璃砖的折射进入玻璃砖的对角时；画出光路图如图，观察到外界的视野的张角最大，根据几何知识求出折射角，由折射定律求出入射角，最大张角等于入射角的2倍．

（2）要想外界180°范围内景物全被观察到，入射角为90°，由折射定律求解折射率．【解析】【解答】解：（1）由v=v=λf得，波长λ==，周期为T==2s．

A、在t0时刻，距a点2m处的质点，与a点相距一个波长，则t0时刻；质点a正好经过平衡位置，则此质点也在平衡位置．故A错误．

B、时间t=1s=0.5T，质点a位于平衡位置，距a点1.5m=处的质点；由波形得到，此质点到达最大位移处，此质点离开其平衡位置的距离为0.2m．故B正确．

C、在（t0+2s）时刻；质点a位于平衡位置，距a点1m=0.5λ处的质点也在平衡位置．故C错误．

D、在（t0+3s）时刻，质点a位于平衡位置，a点1.5m=处的质点；由波形得到，此质点到达最大位移处，此质点离开其平衡位置的距离为0.2m．故D正确．

故选BD

（2）（1）画出光路图如图；此时工事内部人员观察到外界的视野的张角最大，由几何知识得

tanβ===；β=30°；

由折射定律得

n=

解得；i=60°，则最大张角为2i=120°．

（2）要想外界180°范围内景物全被观察到；入射角为90°，由折射定律得

解得；n′=2

答：（1）BD；

（2）（1）嵌入玻璃后，工事内部人员观察到外界的视野的最大张角为120°；（2）要想外界180°范围内景物全被观察到，应嵌入折射率为2的玻璃砖．14、200.02314【分析】【分析】根据图象来确定电流的瞬时表达式，再将某时刻，及对应的电流代入表达式，从而求解．【解析】【解答】解：由图可知，周期为T=0.02s，根据：ω==314rad/s；

根据图象可知，电流的瞬时表达式为i=Imsinωt；

将t=0.0025s，i=14.1A，代入上式，则有：Im==20A；

故答案为：20，0.02，314．15、左手定则垂直同一个平面内电流磁感线从掌心进入【分析】【分析】左手定则的内容：伸开左手，使拇指与其余四指垂直，并且与手掌在同一个平面内；让磁感线从掌心进入，并使四指指向电流的方向，这时拇指所指的方向就是安培力的方向．【解析】【解答】解：安培力；电流、磁感应强度这三者的方向关系可以用左手定则判断．其内容如下：伸开左手；使拇指与其余四个手指垂直，并且都与手掌在同一个平面内，让四指指向电流方向，让磁感线从掌心进入，并使四指指向电流的方向，这时拇指所指的方向就是安培力的方向．

故答案为：左手定则，垂直，同一个平面内，电流，磁感线从掌心进入16、500【分析】【分析】已知人工造出的“雪”的体积和质量，根据密度公式求出其密度．【解析】【解答】解：人工造出的“雪”的质量为m=1t=1000kg；

人工造出的“雪”的密度约为ρ===500kg/m3．

故答案为：500三、判断题(共8题，共16分)17、√【分析】【分析】粒子在磁场中，由洛伦兹力提供向心力，故在磁场中做匀速圆周运动，写出牛顿第二定律的方程，导出粒子的半径公式即可做出判定．【解析】【解答】解：粒子在磁场中，由洛伦兹力提供向心力，故在磁场中做匀速圆周运动；由洛伦兹力提供向心力，有qvB=m，解得r=；粒子的比荷之比与轨道半径之比成反比．

故答案为：√18、×【分析】【分析】太阳辐射的能量主要来自太阳内部的聚变反应，由此分析即可．【解析】【解答】解：根据目前的认识；太阳辐射的能量主要来自太阳内部的聚变反应．所以以上的说法是错误的．

故答案为：×19、×【分析】【分析】布朗运动是由于分子的无规则运动而使花粉小颗粒受到撞击而振动；布朗运动的实质是大量分子做无规则热运动的结果．【解析】【解答】解：布朗运动是固体小颗粒的运动；是宏观物体，故符合牛顿第二定律；

故答案为：×20、×【分析】【分析】结合产生感应电流的条件：闭合回路的磁通量发生变化即可正确判定．【解析】【解答】解：产生感应电流的条件是闭合回路的磁通量发生变化；题目中穿过闭合导体回路所包围面积的磁通量为零时，没有说明磁通量是否变化，所以不能判断出没有感应电流产生．所以以上说法是错误的．

故答案为：×21、√【分析】【分析】磁场虽然是看不见、摸不着的，但它会对放入它中的磁体产生力的作用，小磁针N极在磁场中所受的磁力方向跟该点的磁场方向相同．【解析】【解答】解：磁体的周围存在磁场；电流周围也存在磁场，磁场的基本性质是对放在其中的磁体存在力的作用．

磁场方向与放在该点的小磁针的N极静止时的方向一致；或小磁针北极的受力方向为该点的磁场方向．所以该说法是正确的．

故答案为：√22、√【分析】【分析】感应电流产生的条件是穿过闭合电路磁通量发生变化．1、电路要闭合；2、穿过的磁通量要发生变化．【解析】【解答】解：感应电流产生的条件是穿过闭合电路磁通量发生变化；只要穿过闭合电路的磁通量发生变化，闭合电路中就有电流产生．该说法是正确的．

故答案为：√23、×【分析】【分析】B⊥L，根据安培力的公式F=BIL，求磁感应强度B，注意公式是采用比值法定义的，磁场中某点磁感应强度的大小与F，Il等因素无关，是由磁场本身决定的．【解析】【解答】解：根据磁感应强度的定义式，有：；由此可知的磁感应强度与导线的放置；长短、电流大小等因素无关，即该处的磁感应强度有磁场本身决定．

所以如果通电的金属棒在磁场中不受力的作用；该处的磁感应强度不一定为零．故以上说法是错误的．

故答案为：×24、×【分析】【分析】场强定义式E=适应任何电场，E=只适用于真空中点电荷；场强取决于电场本身，与检验电荷无关．【解析】【解答】解：场强定义式E=适应任何电场，E=只适用于真空中点电荷；故错误．

故答案为：×．四、画图题(共2题，共10分)25、略

【分析】【解析】试题分析：由图读出波长，由波速公式求出周期．根据简谐运动在一个周期内通过的路程，求出位移．采用波形平移的方法画出7s时的波形图．由图直接可得波长根据得：7秒内波传播的位移为：根据平移法，把波形沿传播方向平移3.5米，如下图实线：考点：画波形图【解析】【答案】图形向左平移1.5m26、略

【分析】弹力的方向总是与物体接触面的切面垂直，然后指向受力物体，据此可得思路分析：弹力的方向总是与物体接触面的切面垂直，然后指向受力物体试题【解析】【答案】【解析】弹力的方向总是与物体接触面的切面垂直，然后指向受力物体，据此可得思路分析：弹力的方向总是与物体接触面的切面垂直，然后指向受力物体试题五、解答题(共4题，共24分)27、略

【分析】【分析】s-t图象的纵坐标表示物体某时刻的位移，s-t图象的斜率等于物体运动的速度．【解析】【解答】解：物体在t=0开始从离原点4m的西侧出发向东做匀速直线运动；历时2s，接着的第3s-5s内静止；第6s内继续向东做匀速直线运动；第7s-8s匀速反向行驶，至第8s末回到出发点；在第9s-12s内从原点西行做匀速直线运动；由s-t图象得各阶段的速度如下：

OA段：v1==2m/s方向向东；

AB段：v2=0静止；

BC段：=4m/s方向向东；

CD段：v4==-4m/s方向向西；

DE段：v5=；方向向西；

答：物体在OA、AB、BC、CD、DE各阶段的速度分别为2m/s，0，4m/s，-4m/s，-1m/s．28、略

【分析】【分析】（1）粒子在小圆内做匀速直线运动；进入磁场后做匀速圆周运动，不能穿越大圆，即运动轨迹应和大圆相切，确定轨迹求出半径即可求解．

（2）找到圆周运动轨迹的圆心角，结合周期计算时间，再加上匀速直线运动时间．【解析】【解答】解：（1）如图所示；粒子从圆心出发后先在小圆内做匀速直线运动，射入磁场做匀速圆周运动后再次射入小圆做匀速直线运动，据对称性可知，粒子必然会再次回到小圆的圆心处．运动轨迹如图所示．

设粒子在磁场中做匀速圆周运动的半径为r；

环形区域内匀强磁场的磁感应强度是B，据牛顿第二定律有①

由几何关系知

解得：r=R②

由①②联立可解得③

（2）粒子在磁场中做匀速圆周运动的周期为④

由②④联立得⑤

图中θ角满足=1⑥

由②⑥联立得θ=45°⑦

则可知粒子将沿图示运动轨迹从出发到第四次回到小圆圆心时完成一个运动周期；

因而粒子的运动周期为⑧

将④代入⑧得⑨．

答：（1）环形区域内匀强磁场的磁感应强度是

（2）该粒子的运动周期是29、略

【分析】【分析】点光源照亮的水面边缘光线刚好发生全反射，作出光路图，由折射率求出临界角，由几何知识即可求出点光源照亮的水面的半径，求出面积．【解析】【解答】解：作出光路图，如图．由sinC=

又由题意知；点光源照亮的水面边缘光线刚好发生全反射，由几何知识得。

sinC=

点光源照亮的水面面积为S=πR2

联立解得，S=28.3m2

答：点光源照亮的水面面积为28.3m2．30、略

【分析】【分析】（1）当小球静止时；有共点力平衡求的电荷量，根据受力即可判断出电性。

（2）从释放到最低点由动能定理即可求得角度。

（3）当小球从静止释放到达偏角为θ时速度最大，由动能定理即可求得【解析】【解答】解：（1）小球处于平衡状态；有共点力平衡得：

mgtanθ=qE

得：q=；

由受力可知小球带正电。

（2）从释放到最低点由动能定理可知：

mgL（1-cosφ）-qELsinφ=0-0

得：

故有：φ=2θ

（3）当小球从静止释放到达偏角为θ时由动能定理得：

mgL（cosθ-cosφ）-qElL（sinφ-sinθ）=

解得：v=

答：（1）小球的电荷量q为；电性带正电。

（2）若细线的偏角从θ增加到φ；然后由静止释放小球，φ=2θ大时才能使细线到达竖直位置时小球速度恰好为零。

（3）若由静止释放小球时，细线的偏角为φ，则小球摆动过程中的最大速度是六、识图作答题(共4题，共20分)31、（1）

（2）AABBDd

（3）紫色：红色：白色=6：3：7紫色：白色=9：7

（4）①4

②3/2【分析】【分析】本题主要考查DNA的结构以及遗传定律的应用的有关知识，解答本题关键是掌握DNA的结构特点、基因与染色体的关系以及自由组合定律的实质和应用。【解答】（1）由表可知，A、a在9号染色体上，B、b和D、d都在10号染色体上，所以三对基因在染色体上的位置关系最可能如图所示：

（2）因为亲本中一方是基因型为AABBdd的红花纯合植株，验证基因分离定律时，亲本中的另一方应该选其相对性状的紫花植株进行杂交，紫花植株的基因型因为AABBDd。（3）基因型为AaBbDd的植株自交时，亲本中有可能B、D连锁和b、d连锁或者B、d连锁和b、D连锁两种情况，当B、D连锁和b、d连锁时，后代中紫花的基因型为A_B_D，其比例为白花的基因型为aa____和A_bbdd，占的比例为所以紫花：白花=9：7；当B、d连锁和b、D连锁时，后代中紫花的的基因型A_BbDd，占的比例为A_BBdd，占的比例为白花的基因型为aa____和A_bbDD，占的比例为所以，紫花：红花：白花=6：3：7。（4）①若利用限制酶将A基因从一个DNA分子中剪切出来，由于DNA是双链，切割之后会产生三个DNA片段，共有共有12个末端，有6个末端是游离的磷酸基团，6个末端是脱氧核糖，原来的DNA有4个末端，2个末端是游离的磷酸基团，2个末端是脱氧核糖，所以剪切之后形成的所有DNA片段较原DNA多出现4个游离的磷酸基团。

②若该基因一条单链中（G＋T）/（A＋C）＝2/3，在其互补链中G＋T）／（A＋C）=3/2。【解析】（1）

（2）AABBDd（3）紫色：红色：白色=6：3：7紫色：白色=9：7（4）①4

②3/232、（1）自花传粉且闭花受粉基因突变

（2）选择F1中高茎圆粒或黄色圆粒自交（与矮茎皱粒或绿色皱粒）得F2（3分），统计F2的性状表现及数量比

（3）Y和d基因连锁如图丙，D和y基因连锁如图丁，因此子代高茎、黄色一定是杂合子（DdYy）【分析】【分析】本题主要考查基因突变及自由组合定律的有关知识，构建知识网络，提高综合运用能力。【解答】

（1）在自然状态下，即使多种性状混种的情况下，每个植株也都是纯合子，为是因为豌豆是自花传粉且闭花受粉的植物。已知在基因r中插入一小段特定DNA序列则形成了基因R，这种变异属于基因突变。

（2）甲和乙杂交得F1，选择F1中高茎圆粒或黄色