2025年鲁人版高二物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年鲁人版高二物理下册阶段测试试卷146考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、由下列哪些现象可以说明光是横波（）A.光的偏振现象B.光的色散现象C.光的全反射现象D.光的干涉和衍射现象2、下列说法中正确的是()A.物体所受合外力越大，其动量变化一定越大B.物体所受合外力越大，其动量变化一定越快C.物体所受合外力的冲量越大，其动量变化一定越小D.物体所受合外力的冲量越大，其动量一定变化得越快3、一定质量的理想气体由状态A变化到状态B，气体的压强随热力学温度的变化如图所示，则此过程中（）A.气体的密度增大B.气体对外界做功C.气体从外界吸收了热量D.气体分子的平均动能增大4、图1是α、β、γ三种射线穿透能力的示意图，图2是工业上利用射线的穿透性来检查金属内部伤痕的示意图，则图2的检查中所利用的射线是（）A.α射线B.β射线C.γ射线D.三种射线都可以5、两电荷量分别为+Q

和鈭�Q

的点电荷ab

相距为r

在它们连线的中点O

处放置另一带电荷量为q

的点电荷c

则点电荷c

所受的电场力的大小为(

)

A.kQq8r2

B.kQq4r2

C.kQqr2

D.8kQqr2

6、如图所示的电路中，电源电动势为E

内阻不计，R1

和R3

均为定值电阻，R2

为滑动变阻器。当R2

的滑动触点在a

端时合上开关S

此时三个电表A1A2

和V

的示数分别为I1I2

和U

现将R2

的滑动触点向b

端移动，则三个电表示数的变化情况是()

A.I1

增大，I2

不变，U

增大B.I1

减小，I2

增大，U

减小C.I1

增大，I2

减小，U

增大D.I1

减小，I2

增大，U

不变7、伽利略曾通过做“铜球沿斜面运动的实验”来研究自由落体运动.

关于该实验的相关描述正确的是(

)

A.质量大的铜球沿斜面向下运动的加速度比质量小的铜球大B.铜球沿斜面向下做匀加速运动，加速度与斜面倾角有关，而与铜球的质量无关C.铜球在斜面上的运动与自由落体运动完全相同D.通过做“铜球沿斜面运动的实验”不可能了解到自由落体运动的特点8、全国中学生足球赛在足球广场揭幕.

比赛时，一学生用100N

的力将质量为0.5kg

的足球以8m/s

的初速度沿水平方向踢出20m

远，则该学生对足球做的功至少为(

)

A.200J

B.16J

C.1000J

D.2000J

9、下列关于电磁波的说法，不正确的是．（）A.电磁波在真空中的速度为c=3.00×108m/sB.无线电波、红外线、可见光、紫外线、X射线、γ射线均属于电磁波C.手机既可接收电磁波，又可发射电磁波D.电磁波不能传播能量评卷人得分二、填空题(共5题，共10分)10、在“探究小车速度随时间变化规律”的实验中：

（1）根据打点计时器打出的纸带，可以从纸带上直接测量得到的物理量是____．

A．位移B．速度C．加速度D．平均速度。

（2）下列操作中正确的有____．（填选项代号）

A．在释放小车前；小车要靠近打点计时器。

B．打点计时器应放在长木板的有滑轮一端。

C．应先接通电源；后释放小车。

D．电火花计时器应使用低压交流电源。

（3）小车拖着穿过打点计时器的纸带做匀变速运动，下图是经打点计时器打出纸带的一段，打点顺序是A、B、C、D、E，已知交流电频率为50Hz，纸带上每相邻两个计数点间还有一个点，则小车运动的加速度大小是____m/s2，D点的速度是____m/s，AE间的平均速度是____m/s．（结果保留3位有效数字）

11、把“龟兔赛跑”的过程简化后，用如图所示的s—t图表示，那么乌龟做匀速直线运动的速度v=____m／s。比赛的前50m，乌龟的运动速度____兔子的运动速度(填“大于”、“等于”或“小于”），第500S末乌龟与兔子的距离为____m。12、石岩同学利用单摆测重力加速度，他用分度值为毫米的直尺测得摆线长为89.40cm，用游标卡尺测得摆球直径如图（甲）所示，读数为______cm．则该单摆的摆长为______cm．用停表记录单摆做30次全振动所用的时间如图（乙）所示，则停表读数为______s．如果测得的g值偏大，不正确的操作可能是______（填选项前字母）．

A．计算摆长时用的是摆线长加摆球的直径。

B．开始计时时；停表晚按下。

C．摆线上端未牢固系于悬点；振动中出现松动，使摆线长度增加。

D．实验中误将30次全振动记为31次。

该同学改进测量方法后，得到的部分测量数据见表．根据表中数据可以初步判断单摆周期随______的增大而增大，与摆球的质量______（填有关或无关）．

。数据组摆长摆球周期编号/mm质量/g/s1999.332.22.02999.316.52.03799.232.21.84799.216.51.85501.132.21.413、25.

在“探究加速度与力、质量的关系”实验中：(1)

为了探究加速度与力的关系，应保持____不变；为了直观地判断加速度与力的数量关系，应作出____图象(

选填“”或“”)

．(2)

为了探究加速度与质量的关系，应保持____不变；为了直观地判断加速度与质量的数量关系，应作____图象(

选填“”或“”)

．14、自然界中只存在两种电荷，即正电荷和负电荷．用毛皮摩擦过的橡胶棒所带的电荷是____，用丝绸摩擦过的玻璃棒所带的电荷是____．评卷人得分三、判断题(共6题，共12分)15、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）16、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）17、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

18、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）19、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）20、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

评卷人得分四、识图作答题(共3题，共18分)21、图1表示植物的某个叶肉细胞中的两种膜结构以及在这两种膜上发生的生化反应；图2为某种细胞器的模式图。请回答下列问题。

(1)图1中膜结构________(填“甲”或“乙”)中的反应会发生在图2中，发生的场所是图2中的________(填标号)，图1中膜结构___(填“甲”或“乙”)中的反应昼夜不停。(2)该叶肉细胞中，除了图1所示的两种膜结构所属的细胞器外，还有________具有双层膜结构；除了图2所示结构中含有色素外，还有________也含有色素。(3)若图1中膜结构甲释放的O2的量与膜结构乙需要的O2的量相等，表明此时叶肉细胞的光合作用速率________(填“<”“=”或“>”)呼吸速率。(4)图2中②处含有与光合作用________反应有关的酶，当光照强度减弱时，②处________(填“C3”或“C5”)含量会减少。22、某研究小组为探究不同波长的光和CO2浓度对大豆幼苗光合作用的影响，用三个40W的白色灯管作光源，通过简单遮光(如外罩透光良好的红色、黄色塑料薄膜)让其中两个分别只发出红光和黄光。设置不同CO2浓度处理试管苗。培养一段时间后，测定试管苗的净光合速率，结果如下图所示。请回答下列问题：（1）大豆幼苗光合作用中，催化三碳化合物还原的酶存在于________________。实验结果表明，在大棚中种植大豆时，应选用______________色塑料薄膜搭建顶棚。（2）a点的净光合速率大于c点，从光合作用的角度分析，原因是____________________。（3）研究小组发现沙尘天气影响大豆生长，分析认为：首先，沙尘天气直接影响叶绿体中的________(产物)产生；其次，沙尘堵塞大豆叶气孔，进而影响光合作用的________阶段。23、假设某果蝇种群中雌雄个体数目相等；且对于A和a这对等位基因来说只有Aa一种基因型。回答下列问题：

(1)若不考虑基因突变和染色体变异；则该果蝇种群中基因频率A∶a为________。理论上，该果蝇种群随机交配产生的第一代中AA；Aa和aa的数量比为________，A的基因频率为________。

(2)若该果蝇种群随机交配的实验结果是第一代中只有Aa和aa两种基因型，且比例为2∶1，则对该结果最合理的解释是____________________。根据这一解释，第一代再随机交配，第二代中Aa和aa基因型个体数量的比例应为_________。评卷人得分五、推断题(共4题，共32分)24、rm{D}的某种同系物分子式为rm{C_{5}H_{10}O_{2}}该种同系物的结构有_______种。25、根据下面的反应路线及所给信息；回答下列问题：

rm{(1)11.2L(}标准状况rm{)}的烃rm{A}在氧气中充分燃烧可以产生rm{88gCO_{2}}和rm{45gH_{2}O}rm{A}的分子式是___________________rm{(2)A}有支链，rm{B}和rm{C}均为一氯化烃，它们的结构简式分别为____________，_____________rm{(3)D}的系统命名法名称__________________________rm{(4)垄脵}rm{垄脹}的反应类型依次是___________________，__________________rm{(5)}写出rm{垄脷}rm{垄脹}的反应化学方程式______________________________________rm{(6)}rm{A}的同分异构体的一种二氯代物rm{G}其核磁共振氢谱图上有两组峰，且峰面积之比为rm{1:1}rm{G}在足量的rm{NaOH}的醇溶液中加热，充分反应后生成rm{H}rm{H}的结构简式为_________________请写出rm{H}发生加聚反应的化学方程式__________________26、下表为元素周期表的一部分，针对表中rm{垄脵-垄脼}元素，回答下列问题。rm{(1)}元素rm{垄脷}的原子结构示意图是_________________。rm{(2)垄脺}和rm{垄脻}两种元素中原子半径较大的是_______________rm{(}填元素符号rm{)}rm{垄脹}和rm{垄脺}两种元素的最高价氧化物对应的水化物碱性较强的是__________rm{(}填化学式rm{)}填化学式rm{(}rm{)}写出rm{(3)}的单质在rm{垄脵}的单质中燃烧的化学方程式：_______________________。rm{垄脼}27、氨气是一种重要的化工产品及工业原料。I．某温度下，合成氨反应的平衡常数K=3.0×103(mol／L)-1，（1）写出其对应的化学方程式________________________________________。（2）某温度下，如果在体积恒定为10L的密闭容器中充入：0.1molN2、0.1molH2和2molNH3则反应____（填“正向进行”或“逆向进行”或“达到平衡”）。（3）该温度下，在体积恒定为10L的四个密闭容器中分别充入下列物质，反应达到平衡后，N2的转化率最大的是________。a．10molN2、30molH2和20molNH3b．10molN2和30molH2c．20molN2和60molH2d．10molN2和28molH2II．氨气极易溶于水，氨水是氨气溶于水而形成的溶液，回答下列问题：（4）在氨水溶液中加水稀释的过程，NH3·H2O的电离程度___________（填“增大”“减小”或“不变”），___________（填“增大”“减小”或“不变”）。（5）室温下，amol/L的(NH4)2SO4水溶液的pH=5，原因是溶液中存在平衡__________________（用离子方程式表示）。并计算该平衡的平衡常数表达式为________________________（用含代数a的较为精确的数学表达式表示，不必化简，不做近似运算）。评卷人得分六、综合题(共3题，共18分)28、如图所示，两平行金属板AB

板长L=8cm

两板间距离d=8cmA

板比B

板电势高300V

一带正电的粒子电量q=10鈭�10C

质量m=10鈭�20kg

沿电场中心线RO

垂直电场线飞入电场，初速度v0=2隆脕106m/s

粒子飞出平行板电场后经过界面MNPS

间的无电场区域后，进入固定在O

点的点电荷Q

形成的电场区域，(

设界面PS

右边点电荷的电场分布不受界面的影响)

已知两界面MNPS

相距为12cmO

点在中心线上距离界面PS

为9cm

粒子穿过界面PS

最后垂直打在放置于中心线上的荧光屏bc

上.(

静电力常数k=9隆脕109Nm2/C2)

(1)

求粒子穿过界面MN

时偏离中心线OR

的距离多远？

(2)

试在图上粗略画出粒子运动的轨迹；

(3)

确定点电荷Q

的电性并求其电量的大小．29、(1)

一列简谐横波沿x

轴正方向传播，在t=0

和t=0.20s

时的波形分别如图中实线和虚线所示。己知该波的周期T>0.20s

下列说法正确的是______。(

填正确答案标号。)

A.波速为0.40m/s

B.波长为0.08m

C.x=0.08m

的质点在t=0.70s

时位于波谷D.x=0.08m

的质点在t=0.12s

时位于波谷E.若此波传入另一介质中其波速变为0.80m/s

则它在该介质中的波长为0.32m

(2)

如图，某同学在一张水平放置的白纸上画了一个小标记“隆陇

”(

图中O

点)

然后用横截面为等边三角形ABC

的三棱镜压在这个标记上，小标记位于AC

边上。D

位于AB

边上，过D

点做AC

边的垂线交AC

于F

该同学在D

点正上方向下顺着直线DF

的方向观察。恰好可以看到小标记的像；过O

点做AB

边的垂线交直线DF

于EDE=2cmEF=1cm

求三棱镜的折射率。(

不考虑光线在三棱镜中的反射)

30、【物理—选修3-3】略参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、A【分析】解：横波的振动方向与传播方向垂直；纵波的振动方向与波的传播方向在同一条直线上，因此只有当横波时，穿过偏振片时，出现时而阻碍时而通过，而干涉与衍射说明光是一种波，对于光的色散与全反射，是光的折射现象，故A正确，BCD错误．

故选：A．

波分为横波和纵波两类；传播方向与振动方向垂直是横波，偏振现象与横波有关，从而即可求解．

本题关键能区别横波与纵波，并理解偏振原理，及偏振与横波有关，基础题．【解析】【答案】A2、B【分析】【分析】动量和速度为矢量；根据方向性分析二者的关系；再由动量定理可知，物体动量变化取决于合外力的冲量。

本题考查动量定理，要注意明确动量、冲量及动量定理中的矢量性，在定量计算时要注意设定正方向。【解答】A.物体受到的合外力大，但其冲量不一定大，故动量的变化不一定大，故A错误；

B.物体所受合外力越大，则由动量定理F?t=?P可知，动量的变化率F=?P?tF=dfrac{?P}{?t}一定越大，故B正确；

CD.CD.物体所受合外力的冲量越大，根据动量定理可知，其动量变化量一定越大，而动量的变化率不一定越大，即不一定变化得越快，故CD错误。

故选B。

【解析】B

3、A【分析】【解答】由图线可知，在从A到B的过程中，气体温度不变，压强变大，由玻意耳定律可知，气体体积变小，VB＜VA；A；气体质量不变；体积变小，由密度公式可知气体密度变大，故A正确；

B；气体体积变小；外界对气体做功，故B错误；

C、气体温度不变，内能不变，△U=0，外界对气体做功，W＞0，由热力学第一定律△U=Q+W可知：Q＜0；气体要放出热量，故C错误；

D；气体温度不变；分子平均动能不变，故D错误；

故选：A．

【分析】由图象可知，由A到B过程，气体温度不变，压强变大，由玻意耳定律可以判断出气体体积如何变化；气体体积变大，气体对外做功，体积减小，外界对气体做功；温度是分子平均动能的标志，理想气体内能由温度决定．4、C【分析】解：工业探伤要求射线能够穿过钢板的表面探测钢板内部有无伤痕；而α射线连一张纸都不能穿过，故一定不能用α射线．β射线不能穿过铝板，故一定不能用β射线工业探伤．γ射线用混凝土才能挡住，故工业探伤要用γ射线．故选C．

工业探伤的射线一定能穿过钢板才行；而α射线不能穿过一张纸，而铝板能挡住β射线，钢板的强度大于铝板，故只能用γ射线．

本题属于信息迁移题，即从所给的信息中提取对解题有用的信息．方法是仔细读题，努力提取有用信息．【解析】【答案】C5、D【分析】解：+Q

对q

的静电力大小为F1=kQq(r2)2

方向水平向右；

鈭�Q

对q

的静电力对q

的静电力大小为F2=kQq(r2)2

方向水平向右；

所以q

所受的电场力的大小为：F=F1+F2=8kQqr2

故D正确，ABC错误．

故选：D

．

q

所受的电场力是点电荷+Q

和鈭�Q

对q

的静电力的合成；根据库仑定律求解q

所受电场力的大小．

本题中要根据同种电荷相互排斥、异种电荷相互吸引确定两点电荷对q

的静电力方向，再进行力的合成.

若两个静电力不同一直线上，要根据平行四边形定则进行合成．【解析】D

6、B【分析】略【解析】B

7、B【分析】解：AB

伽利略曾通过做“铜球沿斜面运动的实验”发现铜球沿斜面向下做匀加速运动；加速度与斜面倾角有关，而与铜球的质量无关.

故A错误，B正确．

C；D

伽利略分析斜面上的小球都做匀加速直线运动；加速度与斜面倾角有关，与自由落体运动的规律是相似的，所以他得出的结论是：自由落体运动也是匀加速直线运动.

故C错误，D错误．

故选：B

伽利略对运动和力的关系研究；其科学思想方法的核心是把把实验和逻辑推理和谐结合起来.

对小球进行受力分析，利用运动公式求的下滑的时间，然后分析小球的加速度．

本题考查了伽利略对自由落体运动的研究，了解其研究过程“冲淡”重力的方法．【解析】B

8、B【分析】学生对足球做的功，增加了足球的动能，根据知B正确．【解析】B

9、D【分析】解：A、根据电磁理论以及目前的测量可知，电磁波在真空中的速度为c=3.00×108m/s。故A正确；

B；根据电磁波谱的知识可知；无线电波、红外线、可见光、紫外线、X射线、γ射线均属于电磁波。故B正确；

C；手机既可接收信号；又可发射信号；既可接收电磁波，又可发射电磁波。故C正确；

D；电磁振荡在空间中传播；就形成电磁波，所以电磁波向外传播能量。故D不正确。

本题选择不正确的；故选：D

电磁波在真空中的速度为c=3.00×108m/s；电磁波是由变化电磁场产生的；电磁波有：无线电波；红外线、可见光、紫外线、伦琴射线、γ射线．它们的波长越来越短，频率越来越高．

电磁波是横波，是由变化的电场与变化磁场，且相互垂直．电磁波是由同相振荡且互相垂直的电场与磁场在空间中以波的形式移动，其传播方向垂直于电场与磁场构成的平面，有效的传递能量．电磁波在真空传播速度与光速一样，电磁波与光均是一种物质，所以不依赖于介质传播．【解析】D二、填空题(共5题，共10分)10、略

【分析】

（1）速度；加速度、平均速度等物理量需要根据纸带提供的位移、时间等信息进行间接计算；而时间、位移可以从纸带上直接求出或者测量出来，故BCD错误，A正确．

故选A．

（2）A；为了提高纸带的利用率；在释放小车前，小车要靠近打点计时器，这样可以尽量在纸带上多打点，故A正确；

B；为了使小车在轨道上运动；打点计时器应放在长木板的没有滑轮一端，故B错误；

C；为了提高纸带的利用率；同时为了使打点更稳定，使所打点尽量在一条直线上，应该先接通电源，后释放小车，故C正确；

D；电火花计时器使用的是220V交流电源；故D错误．

故选AC．

（3）由题意可知：s1=10.26cm，s2=19.87-10.26=9.61cm

s3=28.82-19.87=8.95cm，s4=37.15-28.82=8.33cm

根据逐差法可知小车的加速度为：

T=0.04s

带入数据解得：a=4.05m/s2．

D点的速度为：

AE间的平均速度为：

故答案为：4.05；2.16，2.32．

【解析】【答案】正确解答本题需要掌握：明确纸带提供的信息，根据所提供信息分析小车运动情况；熟练该实验的操作步骤，尤其是明确接通电源和释放小车的先后顺序；正确利用匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小；根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，求某点小车的瞬时速度大小．

11、略

【分析】【解析】试题分析：位移时间图像中，图线的斜率表示速度大小，由此可知乌龟做匀速直线运动的速度0.4m/s，比赛的前50m，乌龟的运动图像的斜率较小，速度较小，图像纵坐标的截距表示位移大小，由此可知第500S末乌龟与兔子的距离为50m考点：考查位移时间图像【解析】【答案】0.4；小于；5012、略

【分析】解：摆球的直径d=20mm+0.05×10mm=20.50mm=2.050cm．

摆长l=cm=90.425cm．

秒表的读数t=57.0s．

根据T=得，g=

A；计算摆长时用的是摆线长加摆球的直径；则摆长的测量值偏大，重力加速度测量值偏大，故A正确．

B．开始计时时；停表晚按下，则周期的测量值偏小，重力加速度的测量值偏大，故B正确．

C．摆线上端未牢固系于悬点；振动中出现松动，使摆线长度增加，则摆长的测量值偏小，重力加速度测量值偏小，故C错误．

D．实验中误将30次全振动记为31次；则周期的测量值偏小，重力加速度测量值偏大，故D正确．

本题选不正确的；故选：C．

从表中数据可以初步判断单摆周期随摆长的增大而增大．与摆球的质量无关．

故答案为：2.050；90.425，57.0，C

摆长；无关．

游标卡尺的读数等于主尺读数加上游标读数；不需估读．摆长等于摆线的长度与摆球的半径之和．秒表的读数等于小盘读数加上大盘读数．

根据单摆的周期公式；得出重力加速度的表达式，结合周期和摆长的测量误差确定重力加速度的测量误差．

解决本题的关键掌握游标卡尺的读数方法和秒表的读数方法，掌握单摆的周期公式，会通过周期和摆长的测量误差分析重力加速度的误差．【解析】2.050；90.425；57.0；C；摆长；无关．13、（1）质量a-F（2）力【分析】【分析】探究加速度与力、质量的关系，实验的原理F=ma

利用的是控制变量法，为了探究加速度与力的关系，应保持质量不变；为了探究加速度与质量的关系，应保持力不变。本题主要考查了探究加速度与力、质量的关系，利用控制变量法使其中一个物理量不变，研究另外两个物理量之间的关系。

【解答】

(1)

为了探究加速度与力的关系，应保持质量不变；为了直观地判断加速度a

与力F

的数量关系，应作出a鈭�F

图像。(2)

为了探究加速度与质量的关系，应保持力不变；为了直观地判断加速度a

与质量m

的数量关系，a=Fm

应作a鈭�1m

的图像。故填：(1)

质量a鈭�F(2)

力a鈭�1m

【解析】(1)

质量a鈭�F(2)

力a鈭�1m

14、略

【分析】

自然界中只存在两种电荷；用丝绸摩擦玻璃棒时，玻璃棒带正电荷，丝绸带负电荷，用毛皮摩擦橡胶棒时，橡胶棒带负电荷，毛皮带正电荷．

故答案为：负电；正电．

【解析】【答案】当用丝绸摩擦玻璃棒时；玻璃棒带正电荷，丝绸带负电荷；当用毛皮摩擦橡胶棒时，橡胶棒带负电荷，毛皮带正电荷．

三、判断题(共6题，共12分)15、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．16、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．17、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．18、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．19、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．20、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．四、识图作答题(共3题，共18分)21、（1）甲③乙（2）细胞核液泡（3）=（4）暗C5【分析】【分析】本题考查光合作用和呼吸作用以及叶绿体和线粒体的结构和功能相关知识，意在考查考生对知识点的识记、理解和掌握程度，要求考生具有扎实的基础知识和一定的判断能力，能构建一定的知识网络。由图可知，图1甲有色素分子，为叶绿体类囊体薄膜，乙为线粒体内膜，图2为叶绿体的结构模式图。其中叶绿体在光照下进行光合作用，线粒体进行呼吸作用。图2中①为叶绿体膜，②为叶绿体基质含光合作用的暗反应阶段的酶，③为类囊体薄膜含有光反应阶段的酶；当光照减弱后，光反应减弱，ATP和NADPH的合成减慢，则暗反应还原C3的速度减慢，含量增加，相应C5减少；据此解答。

【解答】（1）由图1中膜结构甲中含色素分子且能发生水的分解反应可以确定，膜结构甲为叶绿体的类囊体薄膜（同图2中的③）；细胞呼吸昼夜不停，光合作用只能发生在光下，所以图1中膜结构乙线粒体内膜中的反应昼夜不停。（2）叶肉细胞中具有双层膜的结构有线粒体、叶绿体和细胞核；含有色素的结构有叶绿体和液泡。（3）叶肉细胞中光合速率等于细胞呼吸速率时，叶绿体产生的氧气的量正好与线粒体消耗的氧气的量相等。（4）图2中②是叶绿体基质，即发生暗反应的场所，含有与光合作用暗反应有关的酶；光照强度会影响光合作用的光反应，光强减弱，光反应减弱，ATP、[H]的产量减少，C3的还原速率下降，C5的含量减少。【解析】（1）甲③乙（2）细胞核液泡（3）=（4）暗C522、(1)叶绿体基质无

(2)叶绿体中的色素吸收利用红光多于黄光，a点光合速率更高

(3)ATP和[H]暗反应【分析】【分析】本题考查了光合作用原理以及应用，准确识记相关知识点是解题的关键。【解答】（1）大豆幼苗光合作用中，催化三碳化合物还原的酶存在于叶绿体基质。实验结果表明，在大棚中种植大豆时，应选用无色透明塑料薄膜搭建顶棚。（2）a点的净光合速率大于c点，从光合作用的角度分析，原因是叶绿体中的色素吸收利用红光多于黄光，a点光合速率更高。（3）研究小组发现沙尘天气影响大豆生长，分析认为：首先，沙尘天气直接影响叶绿体中的ATP和[H]产生；其次，沙尘堵塞大豆叶气孔，进而影响光合作用的暗反应阶段。【解析】(1)叶绿体基质无(2)叶绿体中的色素吸收利用红光多于黄光，a点光合速率更高(3)ATP和[H]暗反应23、（1）1∶1AA∶Aa∶aa=1∶2∶10.5

（2）基因A纯合致死1∶1【分析】【分析】本题综合考查了基因频率、基因型频率与基因分离规律的辩证关系，意在考查学生能理解所学知识的要点，把握知识间的内在联系，形成知识网络结构的能力。【解答】（1）在不考虑基因突变和染色体变异的情况下，对于只有一种基因型Aa且雌雄个体数目相等的果蝇群体而言，A基因频率:a基因频率=1:1。从理论上分析，Aa随机交配相当于Aa自交，故产生的第一代中AA、Aa、aa的数量比应为1:2:1，A基因频率为0.5。（2）依据上述分析，若产生第一代中不是1AA:2Aa:1aa，而是2Aa:1aa，则可推知，该群体存在显性纯合子(AA)致死现象。由第一代的基因型及比例可计算A、a所占比例为:A=1/3，a=2/3，故第二代中Aa和aa基因型个体数量的比例为：【解析】（1）1∶1AA∶Aa∶aa=1∶2∶10.5

（2）基因A纯合致死1∶1五、推断题(共4题，共32分)24、（1）

（2）羟基羧基加成反应

（3）2CH3CH2OH＋O22CH3CHO＋2H2O

（4）CH3COOH＋CH3CH2OHCH3COOC2H5＋H2O加入浓硫酸作催化剂并加热以加快反应速率【分析】【分析】本题考查常见有机物之间的转化和有机推断、同分异构体的书写，难度一般。抓住突破口“rm{A}的产量可以用来衡量一个国家的石油化工水平”推出rm{A}为乙烯，结合题给信息和转化关系进行作答。【解答】rm{A}的产量可以用来衡量一个国家的石油化工水平，则rm{A}应为rm{CH}的产量可以用来衡量一个国家的石油化工水平，则rm{A}应为rm{A}rm{CH}rm{{,!}_{2}}rm{=CH}rm{=CH}为rm{{,!}_{2}}，乙烯与水在一定条件下发生加成反应生成的rm{B}为rm{CH}rm{B}rm{CH}rm{{,!}_{3}}乙醇催化氧化生成的rm{CH}为rm{CH}乙酸催化氧化生成的rm{{,!}_{2}}为rm{OH}乙醇催化氧化生成的rm{C}为rm{CH_{3}CHO}乙酸催化氧化生成的rm{D}为rm{CH}rm{OH}rm{C}rm{CH_{3}CHO}rm{D}rm{CH}rm{{,!}_{3}}rm{COOH}rm{CH}和rm{COOH}rm{CH}rm{{,!}_{3}}在浓硫酸作用下反应生成的rm{CH}为rm{CH}rm{{,!}_{2}}rm{OH}和rm{CH}rm{OH}rm{CH}rm{{,!}_{3}}rm{COOH}在浓硫酸作用下反应生成的rm{E}为rm{CH}

rm{COOH}丁烷的两种同分异构体为rm{E}rm{CH}rm{{,!}_{3}}rm{COOCH}rm{COOCH}rm{{,!}_{2}}rm{CH}rm{CH}rm{{,!}_{3}}分子中；

rm{(1)}丁烷的两种同分异构体为rm{CH}rm{(1)}

rm{CH}为rm{{,!}_{3}}rm{CH}rm{CH}rm{{,!}_{2}}rm{CH}官能团为羟基，rm{CH}为rm{{,!}_{2}}rm{CH}rm{CH}官能团为羧基；rm{{,!}_{3}}是、含有三个甲基的结构简式为故答案为：；rm{(2)B}为rm{CH}rm{(2)B}rm{CH}rm{{,!}_{3}}rm{CH}rm{CH}rm{{,!}_{2}}为乙醇在铜做催化剂、加热的条件下与氧气反应生成乙醛和水，化学方程式为rm{OH}官能团为羟基，rm{D}为rm{CH}rm{OH}rm{D}rm{CH}rm{{,!}_{3}}rm{COOH}官能团为羧基；rm{A隆煤B}是rm{CH}rm{COOH}rm{A隆煤B}rm{CH}rm{{,!}_{2}}rm{=CH}rm{=CH}rm{{,!}_{2}}与水在一定条件下发生加成反应生成rm{CH}；rm{CH}与rm{{,!}_{3}}反应生成rm{CH}的反应为乙醇和乙酸在浓硫酸、加热的条件下发生酯化反应生成乙酸乙酯和水，化学方程式为rm{CH}rm{{,!}_{2}}rm{OH}rm{OH}故答案为：羟基羧基加成反应；rm{(3)B隆煤C}rm{2CH}rm{2CH}rm{{,!}_{3}}rm{CH}rm{CH}rm{{,!}_{2}}rm{OH+O}rm{OH+O}rm{{,!}_{2}}rm{2CH}该反应的速率比较缓慢，为提高该反应的速率，通常采取的措施有rm{2CH}rm{{,!}_{3}}rm{CHO+2H}rm{CHO+2H}rm{{,!}_{2}}rm{O}rm{O}故答案为：rm{2CH_{3}CH_{2}OH+O_{2}}rm{2CH_{3}CHO+2H_{2}O}rm{(4)B}rm{D}rm{E}rm{CH}rm{CH}rm{{,!}_{3}}rm{COOH+CH}加入浓硫酸作催化剂并加热以加快反应速率。

rm{COOH+CH}本题考查常见有机物之间的转化和有机推断、同分异构体的书写，难度一般。抓住突破口“rm{{,!}_{3}}的产量可以用来衡量一个国家的石油化工水平”推出rm{CH}为乙烯，结合题给信息和转化关系进行作答。rm{CH}rm{{,!}_{2}}的产量可以用来衡量一个国家的石油化工水平，则rm{OH}应为rm{OH}rm{CH}rm{CH}rm{{,!}_{3}}rm{COOC}为rm{COOC}rm{{,!}_{2}}rm{H}rm{H}rm{{,!}_{5}}乙醇催化氧化生成的rm{+H}为rm{+H}rm{{,!}_{2}}rm{O}乙醛催化氧化生成的rm{O}为加入浓硫酸作催化剂并加热以加快反应速率；故答案为：rm{CH}rm{CH}rm{{,!}_{3}}rm{COOH+CH}rm{COOH+CH}rm{{,!}_{3}}rm{CH}和rm{CH}rm{{,!}_{2}}rm{OH}在浓硫酸作用下反应生成的rm{OH}为rm{CH}rm{CH}rm{{,!}_{3}}rm{COOC}rm{COOC}rm{{,!}_{2}}rm{H}为rm{H}rm{{,!}_{5}}rm{+H}其某种同系物分子式为rm{+H}rm{{,!}_{2}}rm{O}加入浓硫酸作催化剂并加热以加快反应速率。rm{O}【分析】rm{A}的产量可以用来衡量一个国家的石油化工水平”推出rm{A}为乙烯，结合题给信息和转化rm{A}rm{A}有【解答】种结构，故该同系物的结构有rm{A}的产量可以用来衡量一个国家的石油化工水平，则rm{A}应为rm{CH}种；rm{A}rm{A}【解析】【小题rm{1}】rm{(1)}rm{(2)}羟基羧基加成反应rm{(3)2CH_{3}CH_{2}OH+O_{2}}rm{(3)2CH_{3}CH_{2}OH+

O_{2}}rm{2CH_{3}CHO+2H_{2}O}rm{(4)CH_{3}COOH+CH_{3}CH_{2}OH}rm{CH_{3}COOC_{2}H_{5}}加入浓硫酸作催化剂并加热以加快反应速率【小题rm{+H_{2}O}】rm{2}rm{4}25、（1）C4H10

（2）

（3）2-甲基-1-丙烯

（4）消去反应，水解反应（取代反应）

（5）

（6）CH2=CH-CH=CH2

【分析】【分析】本题考查有机化合物的推断和有机反应类型的判断，同分异构体等，题目难度中等。【解答】rm{(1)}rm{11.2L(}标准状况rm{)}的烃rm{A}物质的量为rm{0.5mol}在氧气中充分燃烧可以产生rm{88gCO}标准状况rm{11.2L(}的烃rm{)}物质的量为rm{A}在氧气中充分燃烧可以产生rm{0.5mol}rm{88gCO}rm{{,!}_{2}(2mol)}和rm{45gH}rm{45gH}rm{{,!}_{2}}则证明rm{O}当中含有rm{O}个碳原子，rm{(2.5mol)}个氢原子，则rm{A}是rm{4}故答案为：rm{10}rm{A}rm{C_{4}H_{10}}有支链，则rm{C_{4}H_{10}}是异丁烷，在光照下和氯气反应生成的一氯代烃rm{(2)}和rm{A}有支链，则rm{A}是异丁烷，在光照下和氯气反应生成的一氯代烃rm{B}和rm{C}分别是：分别是：和故答案为：和rm{A}rm{A}分别和氢氧化钠醇溶液发生消去反应生成烯烃rm{B}rm{C}的系统命名名称是：rm{(3)B}甲基rm{C}丙烯，故答案为：rm{CH_{2}=C(CH_{3})_{2}}甲基rm{D}丙烯；rm{2-}反应rm{-1-}是氯代烃的消去反应；反应rm{2-}是氯代烃的水解反应，故答案为：消去反应，水解反应rm{-1-}取代反应rm{(4)}rm{1}反应rm{3}是rm{(}与溴的四氯化碳溶液发生加成反应，反应方程式为：反应rm{)}是反应rm{(5)}的产物rm{垄脷}是与氢氧化钠水溶液发生的取代反应生成醇类，反应方程式为：故答案为：rm{垄脷}根据rm{CH_{2}=C(CH_{3})_{2}}的分子式及结构简式可知，其同分异构体为正丁烷，正丁烷的二氯代物rm{垄脹}有两种等效氢，且峰面积之比为rm{垄脷}的结构为：rm{E}rm{(6)}在足量的rm{A}的醇溶液中加热，充分反应后生成rm{G}发生的是消去反应，rm{1:1}为：rm{CH_{2}ClCH_{2}CH_{2}CH_{2}Cl}rm{G}在足量的rm{NaOH}的醇溶液中加热，充分反应后生成rm{H}发生的是消去反应，rm{H}为：中含双键，可以发生加聚反应的化学方程式：rm{G}rm{NaOH}故答案为：rm{H}；

rm{H}【解析】rm{(1)C_{4}H_{10}}rm{(2)}rm{(3)2-}甲基rm{-1-}丙烯rm{(4)}消去反应，水解反应rm{(}取代反应rm{)}rm{(5)}rm{(6)CH_{2}=CH-CH=CH_{2;;;;;;;;;;}}rm{{,!}}rm{{,!}}26、（1）

（2）AlNaOH

（3）H2+Cl22HCl

【分析】【分析】本题考查了元素周期律和元素周期表的应用。掌握元素周期律：同周期元素从左至右原子半径逐渐减小，金属性逐渐减弱，最高价氧化物对应水化物的碱性逐渐减弱；同主族元素从上至下原子半径逐渐增大是解答本题的关键。该题是高考常见题型，试题难易适中，侧重对学生基础知识的巩固和训练，有利于提高学生的逻辑推理能力和应试能力。【解答】根据元素周期表的结构可知rm{垄脵}为rm{H}rm{垄脷}为rm{N}rm{垄脹}为rm{Na}rm{垄脺}为rm{Al}rm{垄脻}为rm{S}rm{垄脼}为rm{Cl}rm{(1)}元素rm{垄脷}的原子结构示意图是元素rm{(1)}的原子结构示意图是故答案为：rm{垄脷}rm{(2)}为rm{(2)}rm{垄脺}为rm{Al}rm{垄脻}和rm{S}位于同一周期，随原子序数增大原子半径逐渐减小，所以原子半径较大的为rm{Al}和rm{S}位于同一周期，随原子序数增大原子半径逐渐减小，所以原子半径较大的为rm{Al}rm{Al}和rm{S}的最高价氧化物对应的水化物分别为氢氧化钠和氢氧化铝，同周期元素从左至右原子半径逐渐减小，金属性逐渐减弱，最高价氧化物对应水化物的碱性逐渐减弱，rm{Al}的金属性比rm{Na}强，所以碱性较强的为rm{Al}故答案为：rm{Na}rm{Al}rm{NaOH}rm{Al}的单质在rm{NaOH}的单质中燃烧的化学方程式为：rm{(3)}rm{(3)}rm{垄脵}的单质在rm{垄脼}的单质中燃烧的化学方程式为：rm{垄脵}rm{垄脼}rm{H_{2}+Cl_{2}}rm{2HCl}【解析】rm{(1)}rm{(2)Al}rm{NaOH}rm{(3)H_{2}+Cl_{2}}rm{2HCl}

27、略

【分析】【分析】本题考查较为综合，涉及化学平衡状态的判断、盐类水解、水的电离、盐类水解平衡常数的计算等知识，为高考常见题型，难度中等，注意把握相关基本理论的理解和应用。【解答】（1）工业上一般用氮气和氢气在催化作用下合成氨，其对应的化学方程式为N2+3H22NH3故答案为：N2+3H22NH3；（2）合成氨反应浓度积所以平衡向逆反应方向移动，故答案为：逆向进行；

（3）a与b相比，a中含有大量的氨气，因此b中氮气的转化率大于a中；b与d相比，b中氢气浓度大，故b中氮气的转化率高；由于正反应是体积减小的可逆反应，所以增大压强平衡向正反应方向进行，c与b相比，相当于是在b的基础上增大压强；氮气转化率增大，故答案为：c；

（4）在氨水溶液中加水稀释的过程，NH3·H2O的电离程度将增大；因为K和Kw的变化只与温度有关，所以不变。故答案为：增大；不变；

（5）NH4+水解导致硫酸铵溶液显酸性，水解方程式为NH4++H2O⇌NH3•H2O+H+，依据电荷守恒和物料守恒c(NH4+)+c(H+)=2c(SO42-)+c(OH-),c(NH4+)+c(NH3·H2O)=2amol/L，已知pH=5，则c(H+)=10-5mol/L，c(OH-)=10-9mol/L，c(SO42-)=amol/L，代入守恒公式可求出c(NH4+)和c(NH3·H2O)，利用水解平衡常数的计算式可得故答案为：NH4++H2O⇌NH3•H2O+H+；【解析】（1）N2+3H22NH3（2）逆向进行（3）c（4）增大不变（5）NH4++H2ONH3•H2O+H+六、综合题(共3题，共18分)28、解：(1)

侧向位移