2025年外研版2024高二物理上册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年外研版2024高二物理上册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、从下列哪一组数据可以算出阿伏伽德罗常数A.水的密度和水的摩尔质量B.水的摩尔质量和水分子的体积C.水分子的体积和水分子的质量D.水分子的质量和水的摩尔质量2、如图所示，在x轴相距为L的两点固定两个等量异种点电荷+Q、-Q，虚线是以+Q所在点为圆心、L/2为半径的圆，a、b、c、d是圆上的四个点，其中a、c两点在x轴上，b、d两点关于x轴对称。下列判断正确的是（）A.b、d两点处的电势相同B.四点中c点处的电势最低C.b、d两点处的电场强度相同D.将一试探电荷+q沿圆周由a点移至c点，+q的电势能减小3、在下列四图中，标有磁场B

的方向，通电直导线中电流I

的方向，以及通电直导线所受安培力F

的方向，其中正确的是()A.B.C.D.4、由法拉第电磁感应定律公式E=鈻�?鈻�t

可知(

)

A.穿过线圈的磁通量娄脮

越大，感应电动势E

一定越大B.穿过线圈的磁通量改变量鈻�娄脮

越大，感应电动势E

一定越大C.穿过线圈的磁通量变化率鈻�?鈻�t

越大，感应电动势E

一定越大D.穿过线圈的磁通量发生变化的时间鈻�t

越小，感应电动势E

一定越大5、两个等量同种电荷固定于光滑水平面上；其连线中垂线上有ABC

三点，如图甲所示，一个电荷量为2C

质量为1kg

的小物块从C

点静止释放，其运动的V鈭�t

图象如图乙所示，其中B

点处为整条图线切线斜率最大的位置(

图中标出了该切线).

则下列说法正确的是()

A.

A.B

点为中垂线上电场强度最大的点；场强E=1V/m

B.由C

到A

的过程中物块的电势能先减小后变大。

C.由C

点到A

点电势逐渐升高。

D.B

两点间的电势差UAB=5V

6、如图是一个正弦式电流的图象；下列说法正确是的是(

)

A.周期是0.2s

电流的峰值是10A

B.周期是0.15s

电流的峰值是10A

C.频率是5HZ

电流的有效值是10A

D.频率是0.2HZ

电流的有效值是7.07A

7、如图所示，O为竖直平面内圆周的最高点，A、B、C、D为圆周上的四点，现让小物块沿OA、OB、OC、OD由静止下滑，下滑到A、B、C、D四点所用的时间分别为tA、tB、tC、tD．不计摩擦；则（）

A.tD＞tC＞tB＞tA

B.tA=tB=tC=tD

C.tA＞tB＞tC＞tD

D.无法确定。

8、下列物品中用到磁性材料的是（）A.DVD碟片B.计算机上的磁盘C.电话卡D.喝水用的搪瓷杯子9、在物体运动过程中，下列说法正确的是（）A.一定质量的物体，动能不变，动量一定不变B.平抛物体在落地前，任意相等时间内动量变化量的大小相等，方向不同C.如果在任何相等时间内物体所受合外力的冲量相等（不为零），那么该物体一定做匀变速运动D.若某一个力对物体做功为零，则这个力对该物体的冲量也一定为零评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)10、关于液体下列说法正确的是（）A.布朗运动的发现主要说明了液体分子间有相互作用B.液体分子的移动比固体分子的移动容易，故相同温度下液体扩散速度比固体要快一些C.由于液体表面层分子间距离大于液体内部分子间距离，液体表面存在张力D.液晶可以用来做显示屏，是因为液晶在一定条件下可以发光11、一交流电压为u=100sin100πt（V），由此表达式可知（）A.该交流电压的周期为0.02sB.用交流电压表测该电压，其示数为100VC.将该电压加在100Ω的电阻两端，电阻消耗的电功率为200WD.t=s时，该交流电压的瞬时值为100V12、如图所示的装置中，在曲轴AB上悬挂一个弹簧振子，若不转动把手C，让其上下振动，周期为T1，若使把手以周期T2（T2＞T1）匀速转动，当运动都稳定后，则（）A.弹簧振子的振动周期为T1B.弹簧振子的振动周期为T2C.要使弹簧振子的振幅增大，可让把手转速减小D.要使弹簧振子的振幅增大，可让把手转速增大13、如图所示，用小灯泡模仿光控电路，AY之间为斯密特触发器，RG为光敏电阻，R1为可变电阻；J为继电器的线圈，Ja为它的常开触点。下列说法正确的是（）A.天色变暗时，A端输入高电平，继电器吸引Ja，路灯点亮B.要想在天色更暗时路灯才会点亮，应把R1的阻值调大些C.要想在天色更暗时路灯才会点亮，应把R1的阻值调小些D.二极管的作用是继电器释放Ja时提供自感电流的通路，防止损坏集成电路14、忽略温度对电阻的影响，下列说法中错误的是（）A.根据R=知，当通过导体的电流不变，加在电阻两端的电压为原来的两倍时，导体的电阻也变为原来的两倍B.根据R=知，虽然加在电阻两端的电压为原来的两倍，但导体的电阻不变C.根据R=知，导体的电阻与导体的电阻率和横截面积成正比，与导体的长度L成反比D.导体的电阻率与导体的电阻R，横截面积S，与导体的长度L皆无关15、速度相同的一束粒子由左端射入质谱仪后的运动轨迹如图所示；则下列相关说法中正确的是（）

A.该束粒子带正电B.速度选择器P1极板带负电C.能通过狭缝S0的带电粒子的速率等于D.粒子打在胶片上的位置越靠近S0，粒子的比荷越小16、如图是温度报警器电路示意图；下列关于对此电路的分析正确的是（）

A.当RT的温度升高时，RT减小，A端电势降低，Y端电势升高，蜂鸣器会发出报警声B.当RT的温度升高时，RT减小，A端电势升高，Y端电势降低，蜂鸣器会发出报警声C.当增大R1时，A端电势升高，Y端电势降低，蜂鸣器会发出报警声D.当增大R1时，A端电势降低，Y端电势升高，蜂鸣器会发出报警声17、用一导热、可自由滑动的轻隔板把一圆柱形容器分隔成A

、B

两部分，如图所示，A

、B

中分别封闭有质量相等的氮气和氧气，且均可看成理想气体，则当两气体处于平衡状态时A.内能相等B.压强相等C.分子数相等D.分子的平均动能相等评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)18、灵敏电流计的满偏电流为100μA，若使其并联一个200Ω的电阻，则成为一个量程为0.2mA的毫安表，若将这个毫安表改装成量程为3V的电压表，应________联一个________的电阻．19、与电量为2.0×10-5库伦的正点电荷相距1.0m处的电场强度为______（k=9×109Nm2/C2）20、图中20分度游标卡尺和螺旋测微器的读数分______cm和______mm。

21、如图所示，电子射线管（A为其阴极），放在蹄形磁铁的N、S两极间，此时，荧光屏上的电子束运动径迹_____偏转。（填“向上”、“向下”“不”）。22、汽车过拱桥顶点的速度为10m/s，车对桥的压力为车重的如果使汽车行驶至桥顶时对桥压力恰为零，则汽车的速度为______．23、如图为《研究电磁感应现象》实验中所用器材的示意图．试回答下列问题：

（1）在该实验中电流计G的作用是______

（2）按实验要求在实物上连线。

（3）在实验出现的电磁感应现象中，上述器材中哪个相当于电源？______．24、半径为r

的绝缘光滑圆环固定在竖直平面内，环上套有一质量为m

带正电的珠子，空间存在水平向右的匀强电场，如图所示.

珠子所受静电力是其重力的34

倍.

将珠子从环上最低位置A

点静止释放，则珠子所能获得的最大动能Ek=

______．评卷人得分四、简答题(共4题，共8分)25、槟榔碱在医疗上常用于治疗青光眼，其一种合成路线如图：已知：Ⅰrm{.}不饱和化合物与氨rm{(NH_{3})}或胺rm{(R-NH_{2})}反应能生成新的胺类化合物如：rm{R_{1}-CH=CH_{2}+R_{2}-NH_{2}xrightarrow[]{脪禄露篓脤玫录镁}}rm{R_{1}-CH=CH_{2}+R_{2}-NH_{2}xrightarrow[]{脪禄露篓脤玫录镁}

}Ⅱrm{R_{1}-CH_{2}-CH_{2}-NH-R_{2}}

rm{.}中含氧官能团的名称为____．rm{(1)B}反应rm{(2)}的反应类型为_____；反应rm{垄脵}的反应条件为______．rm{垄脷}反应rm{(3)}的化学方程式为______．rm{垄脹}的结构简式为_____．rm{(4)C}下列说法正确的是__rm{(5)}填字母rm{(}．rm{)}反应rm{a.}为取代反应rm{垄脺}槟榔碱与化合物rm{b.}互为同系物rm{G}最多能与rm{c.1molD}发生反应rm{2molNaOH}已知rm{(6)}在rm{A}溶液中水解产物之一是一种新型功能高分子材料rm{NaOH}的单体，写出生成rm{(PAANa)}的化学方程式_____．rm{PAANa}已知：rm{CH_{2}=CHCH_{3}+Cl_{2}xrightarrow[]{{500}^{0}}CH_{2}=CHCH_{2}Cl+HCl}以丙烯和乙醇为起始原料，选用必要的无机试剂合成rm{(7)}写出合成路线rm{CH_{2}=CHCH_{3}+Cl_{2}xrightarrow[]{{500}^{0}}

CH_{2}=CHCH_{2}Cl+HCl}用结构简式表示有机物，用箭头表示转化关系，箭头上注明试剂和反应条件rm{A}_____．rm{(}26、rm{[}化学一选修rm{5}有机化学基础rm{]}化合物rm{W}可用作高分子膨胀剂，一种合成路线如下：回答下列问题：rm{(1)A}的化学名称为_______。rm{(2)垄脷}的反应类型是_________。rm{(3)}反应rm{垄脺}所需试剂，条件分别为_______。rm{(4)G}的分子式为_______。rm{(5)W}中含氧官能团的名称是___________。rm{(6)}写出与rm{E}互为同分异构体的酯类化合物的结构简式rm{(}核磁共振氢谱为两组峰，峰面积比为rm{1隆脙1)}_____________。_____________。rm{1隆脙1)}苯乙酸苄酯rm{(7)}rm{(}是花香型香料，设计由苯甲醇为起始原料制备苯乙酸苄酯的合成路线_________rm{)}无机试剂任选rm{(}rm{)}27、已知硒化锌是一种透明黄色半导体，也可作红外光学材料，熔点rm{1520隆忙}rm{(1)}基态锌原子的价电子排布式是_____________。rm{(2)}根据元素周期律，电负性rm{Se}______rm{S}第一电离能rm{Se}______rm{As(}填“rm{>}”或“rm{<}”rm{)}rm{(3)H_{2}Se}的分子构型是__________，其中rm{Se}的杂化轨道类型是___________。rm{(4)H_{2}O}的沸点______________rm{(}填“rm{>}”或“rm{<}”rm{)H_{2}Se}的沸点。rm{(5)}晶体rm{Zn}为六方最密堆积，其配位数是_______________。rm{(6)}在硒化锌rm{ZnSe}晶胞中，rm{Se^{2-}}离子为面心立方最密堆积，且rm{Se^{2-}}与rm{Se^{2-}}之间的最短距离为rm{anm}则晶胞边长为_____________rm{nm}rm{(7)}假设阿伏伽德罗常数值为rm{N_{A}}则rm{288g}硒化锌rm{ZnSe}晶体中的晶胞数是__________。rm{(se}相对原子质量rm{79)}28、如图所示，水平桌面上放着一个半径为R

的光滑环形轨道，在轨道内放入两个质量分别是M

和m

的小球(

均可看做质点)

两球间夹着少许炸药.

开始时两球接触，点燃炸药爆炸后两球沿轨道反向运动一段时间后相遇.

到它们相遇时，M

转过的角度娄脠

是多少？评卷人得分五、实验探究题(共2题，共14分)29、在做“用油膜法估测分子的大小”实验中；实验简要步骤如下：

​

垄脵

取一定量的无水酒精和油酸；制成一定浓度的油酸酒精溶液；

垄脷

在量筒中滴入一滴该溶液；测出它的体积；

垄脹

在蒸发皿内盛一定量的水；在水面上撒上薄薄的一层痱子粉再滴入一滴油酸酒精溶液，待其散开稳定；

垄脺

在蒸发皿上覆盖透明平玻璃；描出油膜形状，用透明方格纸测量油膜的面积；

(1)

上面有一个步骤有问题，出错的步骤是：______，应改正为______

(2)

此实验中油酸酒精溶液的浓度为每104mL

溶液中有纯油酸1mL.

用注射器测得1mL

上述溶液中有液滴100

滴.

把1

滴该溶液滴入盛水的浅水盘里，待水面稳定后，将玻璃板放在浅水盘上，在玻璃板上描出油膜的轮廓，随后把玻璃放在坐标纸上，其形状如图所示，坐标中正方形小方格的边长为1cm

则油膜面积为______m2

此油酸分子的直径为______m.(

保留两位有效数字)

30、某研究性学习小组利用气垫导轨验证机械能守恒定律；实验装置如图甲所示.

在气垫导轨上相隔一定距离的两处安装两个光电传感器AB

滑块P

上固定一宽度为d

的遮光条，若光线被遮光条遮挡，光电传感器会输出高电压，两光电传感器采集数据后与计算机相连.

滑块在细线的牵引下向左加速运动，遮光条经过光电传感器AB

时，通过计算机可以得到如图乙所示的电压U

随时间t

变化的图象．

(1)

实验前，接通气源，将滑块(

不挂钩码)

置于气垫导轨上，轻推滑块，当图乙中的鈻�t1

______鈻�t2(

选填“>

”、“=

”或“<

”)

时；说明气垫导轨已经水平．

(2)

滑块P

用细线跨过定滑轮与质量为m

的钩码Q

相连，将滑块P

由图甲所示位置释放，通过计算机得到电压图象如图乙所示，若鈻�t1鈻�t2d

和m

已知，要验证滑块和砝码组成的系统机械能是否守恒，还应测出的物理量是______和______．参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、D【分析】阿伏伽德罗常数是一摩尔物质中含有的粒子数，D对；【解析】【答案】D2、A|B|D【分析】试题分析：两个等量异种点电荷周围的电场线关于连线和中垂线对称，b、d两点处的电势相同，A正确；四点中如果以无限远处电势为零，则abd三点的电势大于零，c点处的电势等于零最低B正确；b、d两点处的电场强度大小相等但方向不相同，C错误；将一试探电荷+q沿圆周由a点移至c点，Uac＞0，电场力做正功，+q的电势能减小，D正确。考点：本题考查两个等量异种点电荷周围的电场分布特点。【解析】【答案】ABD3、C【分析】【分析】由左手定则可以判断出BIF

方向间的关系，然后选出正确的选项。本题考查了左手定则的应用，要掌握左手定则内容，会用左手定则判断安培力及洛伦兹力的方向。【解答】A.由左手定则可知；通电导线所受安培力竖直向下，故A错误；

B.由图可知；磁感应强度B

与电流I

平行，导线不受安培力，故B错误；

C.由左手定则可知；通电导线所受安培力竖直向下，故C正确；

D.由左手定则可知；通电导线所受安培力垂直于纸面向外，故D错误；

故选C。

【解析】C

4、C【分析】解：由法拉第电磁感应定律可知；E=n鈻�鈱�鈻�t

即E

与磁通量的变化率成正比，即电动势取决于磁通量的变化快慢，故C正确，ABD错误；

故选：C

．

由法拉第电磁感应定律可知；闭合电路中产生的感应电动势的大小与磁通量的变化率成正比，与磁通量及磁通量的变化量无关．

在理解法拉第电磁感应定律时要注意区分娄碌鈻�娄碌

及鈻�鈱�鈻�t

三者间的关系，明确电动势只取决于磁通量的变化率，与磁通量及磁能量的变化量无关．【解析】C

5、A【分析】【分析】

两个等量的同种正电荷；其连线中垂线上电场强度方向由O

点沿中垂线指向外侧；电量为2C

仅在运动方向上受电场力作用从C

点到B

到A

运动的过程中，根据V鈭�t

图可知在B

点的加速度为运动物体先做加速度增大后做加速度减小的加速运动，则判断电荷所受电场力大小变化情况和加速度变化情况。

明确等量同种电荷电场的特点是解本题的关键；据V鈭�t

图获取加速度；速度、动能等物理量是解本题的突破口。

【解答】

A.据V鈭�t

图可知带电粒子在B

点的加速度最大为2m/s2

所受的电场力最大为2N

据E=Fq

知；B

点的场强最大为1N/C

故A正确；

B.据V鈭�t

图可知带电粒子的速度增大；电场力做正功，电势能减小，故B错误；

C.

据两个等量的同种正电荷；其连线中垂线上电场强度方向由O

点沿中垂线指向外侧，故由C

点到A

点的过程中电势逐渐减小，故C错误．

D.据V鈭�t

图可知AB

两点的速度，在根据动能定理得电场力做的功WBA=10J

再用UAB=WABq=鈭�102V=鈭�5V

故D错误。

故选A。

【解析】A

6、A【分析】解：AB

由图象知周期是T=0.2s

电流的峰值是Im=10A

A正确，B错误；

CD

频率是f=1T=5Hz

电流有效值为102=52A=7.07A

CD错误；

故选：A

．

本题很简单直接从图象中即可求出交流电的峰值及周期，从而可以求频率，峰值与有效值的关系为2

倍.

明确交流电图象的物理意义，正确根据图象获取有关交流电的信息是对学生的基本要求，平时要加强练习．【解析】A

7、B【分析】

设小物块下滑的轨道与竖直方向的夹角为θ，根据牛顿第二定律得，a=．轨道的位移x=2Rcosθ．

根据2Rcosθ=

解得t=与θ角无关．所以tA=tB=tC=tD．故B正确；A；C、D错误．

故选B．

【解析】【答案】设小物块下滑的轨道与竖直方向的夹角为θ；根据牛顿第二定律求出小物块的加速度，通过运动学公式比较运动时间的长短．

8、B【分析】【分析】必须用到磁性材料的是计算机上的磁盘；DVD碟片；电话卡、喝水用的搪瓷杯子都不一定需要．所以选B；

【点评】此类型题与生活很接近，能用物理知识解决生活中的一些现象是学习物理的基本要求9、C【分析】解：A；动能不变则说明物体的速度大小不变；但方向可能变化，如匀速圆周运动，故动量可能变化，故A错误；

B；平抛物体由于只受重力；则根据mgt=△P可知，在落地前，任意相等时间内动量变化量的大小相等，方向相同；故B错误；

C；根据动量定理知F△t=m△v；所以物体的加速度不变，故一定做的是匀变速运动，故C正确；

D；做功为零则说明力可能与位移相互垂直；但只要有力有时间则一定有冲量，故冲量不一定为零，故D错误．

故选：C．

明确动量和动能的区别与联系；知道动量是矢量，有大小，有方向，冲量等于物体所受的外力和时间相乘，冲量也是矢量，是有方向的；动能是标量，只有大小没有方向；注意根据动量定理分析物体的动量变化．

本题考查了动量、冲量的概念、动能的概念和动量定理的应用，难点在于要注意动量和冲量的矢量性，同时还要注意正确区分动量和动能．【解析】【答案】C二、多选题(共8题，共16分)10、BC【分析】解：A；布朗运动的实质是液体分子不停地做无规则撞击悬浮微粒；悬浮微粒受到的来自各个方向的液体分子的撞击作用不平衡的导致的无规则运动，反映的是液体分子的无规则运动，故A错误；

B；液体分子的相互作用力比固体的相互作用力小；所以液体分子更易摆脱分子间的相互束缚，无规则运动越剧烈，所以故相同温度下液体扩散速度比固体要快一些，故B正确；

C；液体表面存在张力是由于液体表面层分子间距离大于液体内部分子间距离；分子力表现为引力，故C正确；

D；当通电时导通；排列变的有秩序，使光线容易通过；不通电时排列混乱，阻止光线通过；由此可以液晶可以做显示屏，是由于在特定的条件下使光线通过，故D错误．

故选：BC．

利用布朗运动；分子力与分子间距解释固体、液体和液体表面分子张力、液晶的物理特性分析即可．

明确布朗运动、分子力与分子间距的关系和液晶的物理特性是解题的关键，属于基础题．【解析】【答案】BC11、AD【分析】解：A、ω=100π，周期T==0.02s故A正确；

B、电压表显示的是有效值，有效值==100V；故B错误；

C、由P===100W知C错误；

D、把t=s代入表达式u=100sin100πt（V）=100V知D正确；

故选：AD。

根据电压表达式中各物理量的含义去分析周期；有效值瞬时值；由功率公式计算消耗的电功率．

本题考查了交流电瞬时值的表达式，要在掌握各物理量含义的基础上逐项分析．【解析】AD12、BD【分析】解：A、B、把手匀速转动时，弹簧振子做受迫振动，其振动周期等于驱动力的周期，即为T2．故A错误；B正确；

C、D、由题可知，弹簧振子的固有周期为T1，受迫振动的周期为T2，而且T2＞T1；要使弹簧振子的振幅增大，可让把手转速增大，周期减小，与固有周期接近时或相等时，振幅可增大。故C错误，D正确。

故选：BD。

若不转动把手C，弹簧振子做自由振动，周期为T1等于固有周期．把手匀速转动时；通过曲轴AB上对弹簧振子施加驱动力，使弹簧振子做受迫振动，其振动周期等于驱动力的周期．由题，弹簧振子振动的周期大于周固有周期，要使弹簧振子的振幅增大，可让把手转速增大．

本题关键根据受迫振动的周期等于驱动力的周期和产生共振的条件：驱动力的周期等于固有周期．【解析】BD13、ABD【分析】解：A、光较暗时，光敏电阻较大，则RG两端的电势差较大，则A端的电势较高，A端输入高电平，继电器吸引Ja；路灯点亮。故A正确。

B、C、当A端电势较高时，路灯会亮，为了天更暗时路灯才会亮，可以将R1的阻值调大些。故B正确；C错误；

D、由电路的结构特点可知，二极管的作用是继电器释放Ja时提供自感电流的通路；防止损坏集成电路，故D正确。

故选：ABD。

当光较强时，光敏电阻较小，电势差较小，A端电势较小，Y端电势较高，路灯不亮。反之，路灯亮。通过增大R1，使得RG相对变小；需天更暗时，阻值才较大，A端电势高，路灯才会亮。

该题考查传感器的特点与应用，解决本题的关键知道非门的特点是输入状态和输出状态完全相反。【解析】ABD14、AC【分析】解：A；电阻是导体本身的性质；与导体两端的电压无关；故A错误；B正确；

C、根据R=知；导体的电阻与导体的电阻率和导体长度成正比，与导体的横截面积成反比；故C错误；

D；导体的电阻率与导体的电阻R；横截面积S，与导体的长度L皆无关；故D正确；

本题选错误的；故选：AC．

电阻是导体自身的一种特性；它由导体的材料；长度、横截面积和温度决定，与加在导体两端的电压和通过导体的电流大小无关．

本题考查电阻的性质，要注意电阻是导体本身的性质，与电压及电流无关．【解析】【答案】AC15、AC【分析】解：A、由图可知，带电粒子进入匀强磁场B2时向下偏转；所以粒子所受的洛伦兹力方向向下，根据左手定则判断得知该束粒子带正电．故A正确．

B、在平行金属板中受到电场力和洛伦兹力两个作用而做匀速直线运动，由左手定则可知，洛伦兹力方向竖直向上，则电场力方向向下，粒子带正电，电场强度方向向下，所以速度选择器的P1极板带正电．故B错误．

C、粒子能通过狭缝，电场力与洛伦兹力平衡，则有：qvB1=qE，解得v=．故C正确．

D、粒子进入匀强磁场B2中受到洛伦兹力而做匀速圆周运动；由牛顿第二定律得。

qvB=m解得r=．可见，由于v是一定的，B不变，半径r越小，则越大．故D错误．

故选：AC．

由图可知，粒子进入匀强磁场B2中受到洛伦兹力而做匀速圆周运动；根据粒子向下偏转，即可知粒子所受的洛伦兹力方向向下，由左手定则可判断粒子的电性．

粒子速度选择器中受到电场力和洛伦兹力两个作用，电场力不变，速度方向不变，可知洛伦兹力与电场力应平衡，由左手定则判断出洛伦兹力方向，由平衡条件即可确定出P1极板带什么电．

粒子进入匀强磁场B2中受到洛伦兹力而做匀速圆周运动；由牛顿第二定律得到半径表达式，根据半径公式分析半径越大时，粒子的质量和比荷的大小．

本题关键要理解速度选择器的原理：电场力与洛伦兹力，粒子的速度一定．粒子在磁场中偏转时，由洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律则可得到半径．【解析】【答案】AC16、BC【分析】解：A、根据电路图知，当RT的温度升高时，RT减小；A端电势升高，经非门后，Y端电势降低，蜂鸣器会发出报警，故A错误。

B；同上可知；B正确。

C、当增大R1时；A端电势升高，经非门后，Y端电势降低，蜂鸣器会发出报警声，故C正确。

D；同上可知；D错误。

故选BC

根据电路图知，当RT的温度升高时，RT减小，A端电势升高，Y端电势降低，蜂鸣器会发出报警，当增大R1时；A端电势升高，Y端电势降低，蜂鸣器会发出报警声．

考查了基本数字电路、基本逻辑门的连接电路及功能．【解析】【答案】BC17、BD【分析】略【解析】BD

三、填空题(共7题，共14分)18、略

【分析】试题分析:改装成电流表要并联的阻值为：IgRg=R（IA-Ig），则微安表的内阻毫安表的内阻改装成电压表要串联的阻值为：考点：电表的改装【解析】【答案】串联；1.49×104Ω19、略

【分析】解：电荷Q带电量为2.0×10-5C；距离该点电荷1.0m处的电场强度：

E==N/C=1.8×105N/C

故答案为：1.8×105N/C．

根据公式E=从而即可求解电场强度．

本题关键是记住点电荷场强公式E=和场强的定义公式E=基础题．【解析】1.8×105N/C20、10.4059.203【分析】解：游标卡尺的主尺读数为：10.4cm=104mm；游标尺上第1个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为1×0.05mm=0.05mm，所以最终读数为：104mm+0.05mm=104.05mm=10.405cm。

螺旋测微器的固定刻度为10mm；可动刻度为20.3×0.01mm=0.203mm，所以最终读数为9mm+0.203mm=9.203mm。

故答案为：10.405；9.203（9.202～9.204）

掌握游标卡尺读数的方法；主尺读数加上游标读数，不需估读。螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读。

对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，要能正确使用这些基本仪器进行有关测量。【解析】10.4059.20321、略

【分析】【解析】试题分析：电子射线管飞出的是电子，电子速度方向由A到B，磁场方向垂直纸面向里，由左手定则可知洛仑兹力方向竖直向下，电子束运动径迹向下偏转考点：考查电子射线管、左手定则的应用【解析】【答案】向下22、略

【分析】解：根据牛顿第二定律得，mg-N=m

解得R=40m．

当汽车行驶到桥顶时对桥顶恰无压力，有mg=m

解得：v′=20m/s

故答案为：20m/s

汽车通过拱桥顶点的速度为10m/s时，车对桥的压力为车重的．根据牛顿定律求出桥的半径；汽车行驶到桥顶时对桥顶恰无压力，则重力提供向心力，根据牛顿第二定律求出汽车的速度．

解决本题的关键搞清汽车做圆周运动向心力的来源，根据牛顿第二定律进行求解．【解析】20m/s23、略

【分析】解：（1）在该实验中电流计G的作用是检测感应电流的大小和方向。

（2）如图所示

（3）穿过B线圈的磁通量发生变化；在B线圈中产生感应电流，产生感应电流的那部分导体相当于电源，所以B线圈相当于电源．

故答案为：（1）检测感应电流的大小和方向。

（2）如上图。

（3）B

首先要弄清电磁感应现象的含义；产生感应电流的条件是闭合电路的磁通量发生变化，产生感应电流的那部分导体相当于电源．

注意在该实验中有两个回路；一个由线圈B和电流计串联而成，另一个由电键；滑动变阻器、电源、线圈A串联而成．

物理学为实验学科，很多的物理知识都来源于实验，对于该实验，要明确实验原理及操作过程，平时要注意加强实验练习．【解析】检测感应电流的大小和方向；B24、略

【分析】解：受力平衡时；小球动能最大.

受力平衡时之前合力做正功动能增加，受力平衡之后合力做负功动能减少．

设小球受到电场力与竖直方向夹角为娄脠

时；

重力与弹力的合力等于电场力。

由三力平衡时的闭合三角形定则知受力如图：

tan娄脠=Fmg=34

得：娄脠=37鈭�

从运动至动能最大此过程重力做负功；电场力做正功，支持力始终垂直于v

所以不做功，由动能定理得：

W鈭�WG=Ek

Fd鈭�mgH=Ek

Ek=0.75mgrsin37鈭�鈭�mgr(1鈭�cos37鈭�)=mgr4

．

故答案为：mgr4

．

从小球受力来看；初始阶段会在电场力和重力作用下做加速运动，但是由于电场力小于重力，因此在运动到某一位置时，重力与弹力在水平方向的分力等于电场力，物体加速过程结束．

本题重点是要判定什么时候达到最大动能，这个是由受力决定的，因此就转而分析受力，受力平衡时物体的动能达到最大，再根据受力平衡感确定出来最大动能的位置，最终才能求最大动能．【解析】mgr4

四、简答题(共4题，共8分)25、rm{(1)}酯基

rm{(2)}加成反应浓硫酸、加热

rm{(3)}

rm{(4)}

rm{(5)a}

rm{(6)}

rm{(7)}

【分析】【分析】本题考查有机合成，为高考常见题型，侧重考查学生的分析能力，题目难度中等，从合成条件结合常见有机物的性质可以进行物质的推断，熟练掌握常见有机物结构与性质为解答关键。【解答】由rm{B}的结构简式可知rm{A}为rm{CH_{2}=CHCOOCH_{2}CH_{3}}由槟榔碱可知rm{H}为对比rm{E}rm{G}的分子式可知rm{E}为则rm{C}为rm{D}为结合对应有机物的结构和官能团的性质解答rm{(1)隆芦(6)}

rm{(7)}以丙烯和乙醇为起始原料，合成rm{CH_{2}=CHCOOCH_{2}CH_{3}}应先生成rm{CH_{2}=CHCOOH}可由丙烯与氯气发生取代反应生成rm{CH_{2}=CHCH_{2}OH}然后催化氧化分别生成rm{CH_{2}=CHCHO}rm{CH_{2}=CHCOOH}与乙醇发生酯化反应可生成rm{CH_{2}=CHCOOCH_{2}CH_{3}}

rm{(1)}由结构简式可知rm{B}中含氧官能团的名称为酯基；故答案为：酯基；

rm{(2)}反应rm{垄脵}中rm{A}的rm{C=C}键生成rm{C-C}键，为加成反应，反应rm{垄脷}为醇的消去反应；反应条件为浓硫酸；加热，故答案为：加成反应；浓硫酸、加热；

rm{(3)}反应rm{垄脹}为酯化反应，方程式为

故答案为：

rm{(4)}由以上分析可知rm{C}为故答案为：

rm{(5)a.}反应rm{垄脺}中甲基取代rm{H}原子，为取代反应，故rm{a}正确；

rm{b.}槟榔碱与化合物rm{G}含有的官能团不同，二者不是同系物，故rm{b}错误；

rm{c.D}只有酯基与氢氧化钠溶液反应，则rm{1mol}rm{D}最多能与rm{1mol}rm{NaOH}发生反应，故rm{c}错误。

故答案为：rm{a}

rm{(6)A}为rm{CH_{2}=CHCOOCH_{2}CH_{3}}rm{A}在rm{NaOH}溶液中水解生成rm{CH_{2}=CHCOONa}含有碳碳双键，可发生加聚反应，方程式为rm{PAANa}的名称为：聚丙烯酸钠；的名称为：聚丙烯酸钠；

故答案为：聚丙烯酸钠；

rm{PAANa}以丙烯和乙醇为起始原料，合成rm{(7)}应先生成rm{CH_{2}=CHCOOCH_{2}CH_{3}}可由丙烯与氯气发生取代反应生成rm{CH_{2}=CHCOOH}然后催化氧化分别生成rm{CH_{2}=CHCH_{2}OH}rm{CH_{2}=CHCHO}与乙醇发生酯化反应可生成rm{CH_{2}=CHCOOH}反应的流程为

故答案为：

rm{CH_{2}=CHCOOCH_{2}CH_{3}}【解析】rm{(1)}酯基rm{(2)}加成反应浓硫酸、加热rm{(3)}rm{(4)}rm{(5)a}rm{(6)}rm{(7)}26、rm{(1)}氯乙酸

rm{(2)}取代反应

rm{(3)}乙醇rm{/}浓硫酸、加热

rm{(4)C_{12}H_{18}O_{3}}

rm{(5)}羟基、醚键

rm{(6)}

rm{(7)}【分析】【分析】羧基和碳酸钠反应生成羧酸钠，rm{B}发生取代反应生成rm{C}rm{C}酸化得到rm{D}根据rm{DE}结构简式知，rm{D}和rm{CH_{3}CH_{2}OH}发生酯化反应生成rm{E}rm{E}发生取代反应生成rm{F}rm{G}发生取代反应生成rm{W}据此进行分析解答。【解答】

rm{(1)A}的化学名称为氯乙酸；故填：氯乙酸；

rm{(2)B}中的rm{Cl}原子被rm{-CN}取代，所以rm{垄脷}的反应类型是取代反应；故填：取代反应；

rm{(3)}反应rm{垄脺}为羧酸和乙醇的酯化反应，该反应所需试剂、条件分别为乙醇rm{/}浓硫酸、加热，故填：乙醇rm{/}浓硫酸；加热；

rm{(4)G}的分子式为rm{C_{12}H_{18}O_{3}}故填：rm{C_{12}H_{18}O_{3}}

rm{(5)W}中含氧官能团的名称是醚键；羟基；故填：醚键、羟基；

rm{(6)E}为rm{CH_{3}CH_{2}OOCCH_{2}COOCH_{2}CH_{3}}与rm{E}互为同分异构体的酯类化合物说明含有酯基，核磁共振氢谱为两组峰，峰面积比为rm{1}rm{1}说明该分子结构对称，其结构简式为故填：

rm{(7)}和rm{HCl}发生取代反应生成和rm{NaCN}反应生成酸化得到和苯甲醇发生酯化反应生成其合成路线为故填：【解析】rm{(1)}氯乙酸rm{(2)}取代反应rm{(3)}乙醇rm{/}浓硫酸、加热rm{(4)C_{12}H_{18}O_{3}}rm{(5)}羟基、醚键rm{(6)}rm{(7)}27、rm{(1)3d^{10}4s^{2}}

rm{(2)<}rm{<}

rm{(3)V}形rm{sp^{3}}

rm{(4)H_{2}O}含有氢键、rm{H_{2}Se}不含氢键。

rm{(5)12}

rm{(6)dfrac{N_{A}}{4}}

rm{(7)}rm{0.5N_{A}}rm{0.5N_{A}}【分析】【分析】

本题考查物质结构和性质，为高频考点，涉及晶胞计算、原子杂化方式判断、氢键、元素周期律等知识点，侧重考查学生分析、判断、计算及空间想象能力，难点是晶胞计算及配位数计算。【解答】

rm{(1)Zn}是rm{30}号元素，其原子核外有rm{30}个电子，其rm{3d}rm{4s}电子为其价电子，其价电子排布式为rm{3d^{10}4s^{2}}故答案为：rm{3d^{10}4s^{2}}

rm{(2)}同一主族元素，元素电负性随着原子序数增大而减小，所以电负性rm{Se<S}同一周期元素第一电离能随着原子序数增大而呈增大趋势，但第rm{IIA}族、第rm{VA}族元素第一电离能大于其相邻元素，所以第一电离能rm{Se<Sn}

故答案为：rm{<}rm{<}

rm{(3)H_{2}Se}价层电子对个数是rm{4}且含有rm{2}个孤电子对，根据价层电子对互斥理论判断该分子空间构型及rm{Se}原子杂化方式分别为rm{V}形、rm{sp^{3}}故答案为：rm{V}形；rm{sp^{3}}

rm{(4)}含有氢键的氢化物熔沸点较高，rm{H_{2}O}含有氢键、rm{H_{2}Se}不含氢键，导致rm{H_{2}O}的沸点rm{(100隆忙)}高于rm{H_{2}Se}的沸点rm{(-42隆忙)}故答案为：rm{H_{2}O}含有氢键、rm{H_{2}Se}不含氢键；

rm{(5)}锌单质晶体是六方最密堆积，根据锌金属的晶体结构示意图可知，原子按“rm{ABABAB}”方式堆积，晶体中rm{Zn}原子的配位数为rm{12}故答案为：rm{12}rm{(6)}该晶胞中rm{Zn}原子个数为rm{4}rm{Se}原子个数rm{=8隆脕dfrac{1}{8}+6隆脕dfrac{1}{2}=4}所以该晶胞质量rm{=(dfrac{79+65}{N_{A}}隆脕4)g}晶胞个数rm{=dfrac{144g}{(dfrac{79+65}{N_{A}}隆脕4)g}=dfrac{N_{A}}{4}}

故答案为：rm{=8隆脕dfrac{1}{8}+6隆脕dfrac

{1}{2}=4}

rm{=(dfrac

{79+65}{N_{A}}隆脕4)g}rm{=dfrac{144g}{(dfrac

{79+65}{N_{A}}隆脕4)g}=dfrac{N_{A}}{4}}所以该晶胞质量rm{=dfrac{79+65}{{N}_{A}}g}晶胞个数rm{=dfrac{288}{(dfrac{79+65}{{N}_{A}}隆脕4)}=0.5N_{A}}

rm{dfrac{N_{A}}{4}}【解析】rm{(1)3d^{10}4s^{2}}

rm{(2)<}rm{<}

rm{(3