2025年人教新课标选择性必修1物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教新课标选择性必修1物理下册月考试卷970考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、把一个筛子用四根弹簧支起来，筛子上装一个电动偏心轮，它每转一周，给筛子一个驱动力，这就做成了一个共振筛，如图所示。不开电动机让这个筛子自由振动时，完成20次全振动用15s，在某电压下，电动偏心轮的转速是50r/min。已知增大电动偏心轮电压可使其转速提高；而增加筛子的总质量可以增大筛子的固有周期。为使共振筛的振幅增大，以下做法可行的是（）

①降低输入电压②提高输入电压③增加筛子质量④减小筛子质量A.①③B.①④C.②③D.②④2、在用插针法测定梯形玻璃砖的折射率的实验中，某同学在纸上画出的界面与玻璃砖位置的关系如图所示，光从射入玻璃砖，从射出，该同学其他实验操作均正确，且均以为界面画光路图；该同学测得的折射率与真实值相比（）

A.偏大B.偏小C.不变D.无法确定3、质量为2kg的小球自塔顶由静止开始下落，不考虑空气阻力的影响，下列说法中正确的是（）A.2s内重力的平均功率为200WB.2s末小球的动能为40JC.2s内重力的冲量大小为200N·sD.2s末小球的动量大小为400kg·m/s4、如图所示，两端分别固定有小球A、B（均视为质点）的轻杆竖直立在水平面上并靠在竖直墙面右侧处于静止状态。由于轻微扰动，A球开始沿水平面向右滑动，B球随之下降，此过程中两球始终在同一竖直平面内。已知轻杆的长度为l，两球的质量均为m，重力加速度大小为g；不计一切摩擦，下列说法正确的是（）

A.A球动能最大时对水平面的压力大小等于2mgB.竖直墙面对B球的冲量大小为C.A球的最大动能为D.B球的最大动能为5、如图所示，置于地面上的一单摆在小振幅条件下摆动的周期为T0。下列说法中正确的是（）

A.单摆摆动的过程，绳子的拉力始终大于摆球的重力B.单摆摆动的过程，绳子的拉力始终小于摆球的重力C.将该单摆悬挂在月球表面上，其摆动周期D.将该单摆置于高空中相对于地球静止的气球中，其摆动周期6、一列简谐横波在介质中沿x轴正方向传播，P、Q是平衡位置分别为和处的两个质点，且两质点的振动情况始终相反。从时开始，质点P的振动图象如图所示。下列说法正确的是（）

A.该波的波长可能为0.2mB.该波的周期一定为4sC.该波的波速可能为D.质点P的振动方程为7、如图所示，为一横波发生器的显示屏,可以显示出波由0点从左向右传播的图象，屏上每一小格长度为1cm.在t=0时刻横波发生器上能显示的波形如图所示；因为显示屏的局部故障，造成从水平位置A到B之间（不包括A、B两处）的波形无法被观察到（故障不影响波在发生器内传播），此后的时间内,观察者看到波形相继传经B、C处，在t=5秒时，观察者看到C处恰好第三次（从C开始振动后算起）出现平衡位置；则该波的波速不可能是。

A.3.6cm/sB.4.8cm/sC.6cm/sD.7.2cm/s评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)8、如图所示，小车置于光滑水平面上。小车左端固定一轻质弹簧，弹簧自然长度小于车长。小物块置于小车上，小车与物块间动摩擦因数为μ，用细绳将物块系在小车左端，弹簧处于压缩状态，弹性势能为小车处于静止状态。此时小物块到小车右端的距离为L。现烧断细绳，物块到达小车右端时，物块的动能是小车动能的3倍。已知重力加速度为g；下列说法正确的是（）

A.弹簧对物块做功与弹簧对小车做功相等B.小车质量C.物块先加速后减速，弹簧恢复原长时速度最大D.物块到达小车右端过程中，小车向左移动的距离为9、如图甲所示，劲度系数为k的竖直轻弹簧下端固定在地面上，上端与物块B相连并处于静止状态。一物块A在外力作用下静止在弹簧正上方某高度处，取物块A静止时的位置为原点O、竖直向下为正方向建立x轴。某时刻撤去外力，物块A自由下落，与物块B碰撞后以相同的速度向下运动，碰撞过程用时极短。测得物块A的动能Ek与其位置坐标x的关系如图乙所示（弹簧始终处于弹性限度内），图中除0～x1之间的图线为直线外，其余部分均为曲线。已知物块A、B均可视为质点，重力加速度为g，则（）

A.物块B的质量之比为1∶2B.弹簧的劲度系数为C.从x1到x3的过程中，物块运动加速度的最大值为D.从x1到x3的过程中，弹簧的弹性势能增加了10、在冬奥会短道速滑男子5000米接力赛中；“接棒”的运动员甲提前站在“交棒”的运动员乙前面，并且开始向前滑行。待乙追上甲时，乙猛推甲一把，使甲获得更大的速度向前冲出。在乙推甲的过程中，忽略运动员与冰面间的摩擦力，则（）

A.甲对乙的冲量与乙对甲的冲量一定相同B.甲、乙的动量变化一定大小相等方向相反C.甲的动能增加量一定等于乙的动能减少量D.甲、乙组成的系统机械能不守恒11、轻弹簧的两端分别与物块A、B相连，它们静止在光滑水平地面上。现使物块A以水平向右的速度v0开始运动，如图甲所示，并从此时刻开始计时。两物块的速度随时间变化的规律分别如图乙中曲线a和b所示。已知物块A的质量为m，记曲线a、b与v轴所围面积大小为S1，曲线a、b与t=t2所围面积大小为S2，下列说法正确的是（）

A.t=t1时，弹簧与物块A和B所组成系统的弹性势能为0B.t=t2时，物块A和B的相对速度大小为v0C.t=t3时，弹簧与物块A和B所组成系统的弹性势能为E.物块B和弹簧组成的系统机械能守恒E.物块B和弹簧组成的系统机械能守恒12、如图所示，在光滑水平面上放置一个质量为m的滑块，滑块的一侧是一半径为R的圆弧形凹槽OAB，凹槽在A点与水平面相切。一质量也为m的小球以速度从A点冲上凹槽。已知重力加速度为g；不计摩擦。下列说法正确的是（）

A.小球能到达凹槽的最高点B点B.小球上升的最大高度为C.滑块的最大速度为D.如果滑块固定，那么小球返回A点时对滑块的压力为13、高空作业必须系安全带，但安全带使用不当也会对人体造成伤害。我国对安全带的材料、长度、宽度以及使用方法都有规定，其中规定如果安全带的长度超过三米一定要加装缓冲器。某兴趣小组的同学们通过模拟实验来探究缓冲器的作用。同学们改装了甲、乙两根安全带，甲不加装缓冲器，乙加装缓冲器，使两根安全带的总长度（乙安全带的总长度含缓冲器）都为1.25m，把重物和力的传感器捆在一起挂在安全带的底端，重物（含传感器）的质量为1kg。现让重物从安全带上端处自由下落（重物可视为质点），实验发现从安全带伸直到重物速度第一次减为零，甲、乙分别用时0.1s和0.5s。忽略缓冲器对安全带长度的影响，重力加速度取10m/s2。则（）

A.安全带刚伸直时重物的动量为5kg·m/s，方向竖直向下B.从安全带伸直到重物速度第一次减为零的过程，重物的动量变化为5kg·m/s，方向竖直向下C.从安全带伸直到重物速度第一次减为零的过程，甲安全带对重物的平均作用力为60N，乙安全带对重物的平均作用力为10ND.从安全带伸直到重物速度第一次减为零的过程，乙安全带对重物的冲量为10N·s，方向竖直向上14、如图所示，带有四分之一光滑圆弧轨道的物块A和滑块B、C均静止在光滑水平地面上，物块A的末端与水平地面相切。一滑块D从物块A的圆弧轨道的最高点由静止释放，滑块D滑到水平地面后与滑块B碰撞并粘在一起向前运动，再与滑块C碰撞又与C粘在一起向前运动。已知物块A和三个滑块的质量均为m，物块A的圆弧轨道半径为R，重力加速度大小为g。滑块B、C、D均可视为质点；则下列说法正确的是是（）

A.滑块D在圆弧轨道上滑动的过程中对物块A做的功为0B.与滑块B碰撞前瞬间，滑块D的速度大小为C.滑块D与滑块B碰撞过程中损失的机械能为mgRD.滑块B与滑块C碰撞后的速度大小为15、如图所示，水平弹簧振子沿x轴在M、N间做简谐运动，坐标原点O为振子的平衡位置，其振动方程为x=5sin（10πt+）cm。下列说法正确的是（）

A.MN间距离为5cmB.振子的运动周期是0.2sC.t=0时，振子位于N点D.t=0.05s时，振子具有最大速度16、一列简谐横波沿轴正方向传播，是介质中的质点，时刻波形图如图中的实线所示，此时波刚好传到点，时刻的波形图如图中的虚线所示（点右侧情况未画出）；则下列说法正确的是__________

A.这列波的波速可能为B.质点在这段时间内通过的路程一定小于C.质点在这段时间内通过的路程可能为E.若周期从时刻开始计时，以为长度单位，质点的振动方程为E.若周期从时刻开始计时，以为长度单位，质点的振动方程为评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)17、一列简谐横波沿x轴传播，图甲是t=3s时的波形图，图乙是波上x=2m处质点的振动图线，则该横波的速度为_____m/s，传播方向为_____．18、一质量为2kg的物块在合外力F的作用下从静止开始沿直线运动。F随时间t变化的图线如图所示，当t=1s时物块的速率为______m/s，当t=2s时物块的动量大小为________kg·m/s，在0-3s内物块的动量变化量大小为________kg·m/s。

19、光的偏振。

（1）偏振片。

由特定的材料制成，每个偏振片都有一个_______的方向，只有沿着这个方向振动的光波才能顺利通过偏振片，这个方向叫作“_______方向”。

（2）自然光和偏振光。

①自然光：太阳、日光灯等普通光源发出的光，包含着在垂直于_______上沿一切方向振动的光，而且沿各个方向振动的光波的_______都_______；这种光是“自然光”。

②偏振光：在垂直于_______的平面上，沿着_______的方向振动；这种光叫作偏振光。

（3）光的偏振现象说明光是一种_______波。20、列举激光的两个特性：（1）____________；

（2）__________________。

举出激光的两种用途：

（1）________________；

（2）___________________。21、一个单摆做受迫振动，其共振曲线如图所示，由图可知该单摆的周期为________s，单摆的摆长约为________m．（保留一位有效数字）

22、稳定干涉条件。

（1）两列波的______必须相同．

（2）两个波源的______必须保持不变．评卷人得分四、实验题(共3题，共6分)23、在“利用单摆测重力加速度”的实验中：

（1）下列说法正确的是______；

A．该实验应选细且伸缩性小的绳子当摆绳。

B．测量单摆周期时应从摆球在最高点处开始计时。

C．为了防止摆动过程中摆长的变化；应选甲；乙图中乙所示的细线悬挂方式。

D．为了减小空气阻力对单摆周期测量的影响；应取2~3个全振动的时间取平均值作为单摆的周期。

（2）在测摆球直径时，游标卡尺的示数如图丙所示，则摆球的直径为______cm；

（3）实验中改变摆长测出多组摆长与对应周期的数据，作出如图丁所示的图像，根据图像可知当地的重力加速度大小______。24、实验小组探究影响单摆周期的因素并测量当地的重力加速度的大小。

（1）组装单摆时，在摆线上端的悬点处用一块开有狭缝的橡皮夹牢摆线，再用铁架台的铁夹将橡皮夹紧，如图所示，这样做的目的有__________。

A．保证摆动过程中摆长不变。

B．可使周期测量更加准确。

C．需要改变摆长时便于调节。

D．保证摆球在同一竖直平面内摆动。

（2）组装好单摆后，让单摆自然悬垂，用刻度尺测出从悬点到摆球的最低端的长度再用游标卡尺测量摆球直径，结果如图所示，则该摆球的直径为__________单摆摆长为__________m。

（3）下列振动图像描述了对摆长约为的单摆进行周期测量的四种操作过程。图中横坐标原点表示计时开始，A、B、C均为30次全振动的图像，已知这四种操作过程合乎实验要求且误差最小的是__________。

A．B．C．D

（4）实验小组继续用单摆测量当地的重力加速度，他们测出了摆线长度L和摆动周期T，如图（a）所示，通过改变悬线长度L，测出对应的摆动周期T，获得多组T与L，再以为纵轴、L为横轴画出函数关系图像如图（b）所示，由图像可知，摆球的半径r=__________m，当地重力加速度g=__________由此种方法得到的重力加速度值__________（选填“会”或“不会”）产生系统误差。

25、在做“测定玻璃的折射率”的实验中，先在白纸上放出玻璃砖，在玻璃砖的一侧插上两枚大头针P1和P2，然后在另一侧透过玻璃砖观察，插上大头针P3、P4，使P3挡住P1、P2的像，P4挡住了P3和P1、P2的像，如图所示，aa′和bb′分别是玻璃砖与空气的两个界面，用“+”表示大头针的位置。图中AO表示经过大头针P1和P2的光线，该光线与界面aa′交于O点，MN表示法线。

①请将光路图画完整，并在图中标出光线进入玻璃砖发生折射现象的入射角θ1和折射角θ2；()

②该玻璃砖的折射率可表示为n=___________（用θ1和θ2表示）

③在做“用插针法测玻璃折射率”实验中，图中所示直线aa′、bb′表示在白纸上画出的两个界面。两位同学选择的器材操作如下：

A．甲同学在白纸上正确画出平行玻璃砖的两个界面aa′与bb′后，将玻璃砖垂直于aa′方向沿纸面向平移了少许；其它操作正确。

B．乙同学在白纸上画aa′、bb′两界面时；其间距比平行玻璃砖两光学面的间距稍微小些，其它操作正确。

甲同学测出玻璃砖的折射率与真实值相比_____，乙同学测出玻璃砖的折射率与真实值相比______（填“偏大；偏小、不变”）

④对“测定玻璃折射率”的实验中的一些问题，几个同学发生了争论，他们的意见如下，其中正确的_________

A、为了提高测量的精确度，P1、P2及P3、P4之间的距离应适当大一些。

B；为了提高测量的精确度；入射角应适当大一些。

C、P1、P2之间的距离的大小及入射角的大小跟测量的精确度无关。

D、如果入射角太大，则反射光过强，折射光过弱，不易观察参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、C【分析】【详解】

根据题意，得筛子的故有频率为

电动机某电压下，电动偏心轮的转速是50r/min，此时频率为

此时频率小于筛子的故有频率；要使振幅增大，可以提高输入电压或增加筛子质量。

故选C。2、B【分析】【分析】

【详解】

以为界面画光路图，会使得折射角增大，由折射定律

可知，折射率n将偏小；故该同学测得的折射率与真实值相比偏小。

故选B。3、A【分析】【分析】

【详解】

D．小球自塔顶由静止开始下落，由运动学公式，2s末小球的速度

那么2s末小球的动量大小为

故D错误；

A．根据平均功率表达式

则2s内重力的平均功率

故A正确；

B．2s末小球的动能为

故B错误；

C．2s内重力的冲量大小为

故C错误。

故选A。4、D【分析】【详解】

AC．假设小球B能一直沿着墙面向下运动，设轻杆与水平方向的夹角为θ时，两小球的速度大小分别为根据关联速度知识，两小球沿杆方向速度相等，可得

即

由根据机械能守恒，有

运用数学知识，整理得

当

取等号，说明小球A的动能先增大后减小，即杆中先存在挤压的内力，之后出现拉伸的内力，当杆中内力为0时，A球的动能最大，最大动能为

此时对水平面的压力大小等于mg；故AC错误；

B．当杆中存在挤压的内力，此时墙壁对B球有冲量，又由于在运动过程中B球水平方向速度始终为零，所以竖直墙面对B球的冲量大小等于杆对B球在水平方向的冲量大小，进一步可知竖直墙面对B球的冲量大小等于杆对A球在水平方向的冲量大小，该过程就是A球获得最大动量过程，由动量定理，可知

故B错误；

D．分析可知B球着地时的动能最大，由于杆中先存在挤压的内力，之后出现拉伸的内力，当杆中内力为0时，B球与竖直墙面分离，分离后两球在水平方向动量守恒，设B球着地时A球的速度大小为则有

解得

整个过程根据能量守恒，可得B球的最大动能为

选项D正确。

故选D。

【点睛】

本题考查机械能守恒定律、动量守恒定律的综合应用，目的是考查学生应用数学处理物理问题的能力。5、C【分析】【分析】

【详解】

AB．在最高点时，绳的拉力等于重力的一个分力，此时绳子的拉力小于重力；在最低点的时候绳的拉力和重力共同提供向心力

可知F大于mg；故AB错误；

C．月球表面的重力加速度比地球小，根据

可知，将该单摆悬挂在月球表面上，其摆动周期T>T0；选项C正确；

D．将该单摆置于高空中相对于地球静止的气球中，高度越高，重力加速度越小，根据周期公式

其摆动周期T>T0；故D错误。

故选C。6、D【分析】【详解】

AB．由简谐运动的对称性结合题图知

可得T=6s

P、Q两质点的振动情况始终相反，则

则

若波长为0.2m，可得不符，故波长不可能为0.2m，AB错误；

C．由可得

该波的波速不可能为C错误；

D．由T=6s知设P点的振动方程为

则t=0时有

t=2s时

解得

所以质点P的振动方程为

D正确。

故选D。7、A【分析】【详解】

由图读出波长λ=12cm．

若图示时刻波刚好传到A点，波传到C的时间为1.5T，质点C再经过1.5T恰好第三次出现平衡位置，则t=5s=1.5T+1.5T，得T=s，波速

若图示时刻波刚好传到x=12cm处，波传到C的时间为1T，质点C再经过1.5T恰好第三次出现平衡位置，则t=5s=1.5T+T，得T=2s，波速

若图示时刻波刚好传到B点，波传到C的时间为0.5T，质点C再经过1.5T恰好第三次出现平衡位置，则t=5s=1.5T+0.5T，得T=2.5s，波速

A．3.6cm/s；选项A错误，符合题意；

B．4.8cm/s；选项B正确，不符合题意；

C．6cm/s；选项C正确，不符合题意；

D．7.2cm/s，选项D正确，不符合题意；二、多选题(共9题，共18分)8、B:D【分析】【分析】

【详解】

A．整个过程系统动量守恒，物块到达小车右端时，物块的动能是小车动能的3倍，根据

可知物块质量是车的弹簧对两者弹力大小相同，但两者质量不等，产生加速度不等，位移不同，则弹簧对物块做功与弹簧对小车做功不相等，故A错误；

B．因为系统总能量为则

解得：

故B正确；

C．物块先加速后减速；加速度为零时，速度最大，此时由于摩擦力存在，弹簧处于压缩状态，故C错误；

D．根据系统动量守恒有

根据动能关系有

联立解得

根据系统动量守恒有

又

联立解得

故D正确。

故选BD。9、A:D【分析】【分析】

【详解】

A．AB碰撞过程中满足动量守恒，由图像可知，碰后A的速度变成原来的则

可得

A正确；

B．设A质量为m，则B质量为2m，由图乙可知在x2处动能做大，由平衡条件可知，此时弹簧弹力为3mg，从x1到x2的过程中，弹力增加mg，由胡克定律

则

从O到x1，由动能定理

联立解得

B错误；

C．从x1到x3过程中，加速度逐渐减小至0，然后再增加，股价速度最大处在x1或x3处，在x1处由

解得

在x3处有

解得

故加速度最大值不可能是C错误；

D．在x1处A、B碰后的动能

从x1到x3的过程中，系统机械能守恒，因此

而

联立得

D正确。

故选AD。10、B:D【分析】【分析】

【详解】

A．因为冲量是矢量；甲对乙的作用力与乙对甲的作用力大小相等方向相反，故冲量大小相等方向相反，A错误；

B．两人组成的系统合外力为零；系统的动量守恒，根据动量守恒定律可知，系统动量变化量为零，则甲；乙的动量变化一定大小相等且方向相反，B正确；

C．甲；乙间的作用力大小相等；不知道甲、乙的质量关系，不能求出甲乙动能变化关系，无法判断做功多少，也不能判断出二者动能的变化量，C错误；

D．在乙推甲的过程中；乙的肌肉对系统做了功，甲和乙组成的系统机械能不守恒，D正确。

故选BD。11、B:C:D:E:F:G:I:K【分析】【详解】

A．t=t1时；物块A和B达到共速，两者之间距离达到最小值，弹簧压缩量最大，弹性势能最大，A错误；

BG．时刻，图像斜率为0，物块加速度为0，弹力为0，弹簧恢复原长，根据能量守恒

根据动量守恒

联立解得

所以

BG正确；

C．根据动量守恒

根据能量守恒

解得

C正确；

D．S1与S2表示AB相对运动距离，等于弹簧的形变量，0—t1弹簧从原长压缩到最短，t2再恢复原长，因此形变量相同，故S1=S2

D正确；

E．物块A；B和弹簧组成的系统没有其他外力做功；因此机械能守恒，E正确；

F．物块A；B和弹簧组成的系统受到的合外力为0；因此动量守恒，故F正确；

H．弹簧对两物块的作用力大小相同；但不同时刻，物块速度不同，因此在相同时间内位移也不同，故做功不同，故H错误；

I．弹簧对两物块的作用力大小相同，任意时间间隔内，根据可知；弹簧对两物块的冲量大小都相等，故I正确；

J．t=t1时刻，物块A和B的加速度大小分别为

故加速度比为5∶3；故J错误；

K．t=t3时刻，两物块速度相等，根据

可知；弹簧对物块A和B的瞬时功率大小相等，故K正确。

故选BCDEFGIK。12、B:C【分析】【详解】

A．因为滑块不固定，当时，根据系统在水平方向上动量守恒和机械能守恒，有

解得

小球不可能到达凹槽的最高点B点；A错误，B正确；

C．当小球离开滑块时，小球和滑块满足动量守恒和机械能守恒，设小球速度为和滑块速度为则有

解得

因此小球和滑块交换速度，滑块的最大速度为C正确；

D．如果滑块固定，小球依然以速度返回A点，根据圆周运动条件有

根据牛顿第三定律小球返回A点时对滑块的压力为

D错误。

故选BC。13、A:D【分析】【详解】

A．从重物自由下落到安全带刚伸直的过程，由自由落体运动公式v2＝2gh，可得v＝5m/s

则可知此时重物的动量p＝mv＝5kg·m/s

动量的方向即速度方向；为竖直向下，故A正确；

B．从安全带伸直到重物速度第一次减为零的过程，重物的初动量为5kg·m/s，方向竖直向下，重物的末动量为0，设竖直向上为正方向，重物的动量变化为Δp＝0－（－mv）＝5kg·m/s

方向竖直向上；故B错误；

C．从安全带伸直到重物速度第一次减为零的过程，设安全带对重物的平均作用力为F，由动量定理有（F－mg）t＝0－（－mv）

代入两次作用时间；得甲；乙两根安全带对重物的平均作用力分别为60N和20N，故C错误；

D．由动量定理（F－mg）t＝0－（－mv）

可得Ft＝mgt＋mv＝10N·s

方向竖直向上；故D正确。

故选AD。14、B:C【分析】【分析】

【详解】

AB．D在A上滑动时，A与D组成的系统机械能守恒，水平方向上动量守恒，则当D滑到水平地面上时，A与D的速度大小相等，方向相反，则有

解得

所以D在圆弧轨道中滑动的过程对A做的功

D与B碰撞前的速度大小为故A错误，B正确；

C．D与B碰撞过程动量守恒，则有

则碰撞后B、D整体的速度大小为

损失的机械能

故C正确；

D．B与C碰撞过程中，B、C、D组成的系统动量守恒，则有

则B与C碰撞后的速度大小为

故D错误。

故选BC。15、B:C:D【分析】【分析】

【详解】

A．MN间距离为

A错误；

B．由

可知

可知振子的运动周期是

B正确；

C．由

可知t=0时

即振子位于N点；C正确；

D．由

可知t=0.05s时

此时振子在O点；振子速度最大，D正确。

故选BCD。16、A:D:E【分析】【详解】

A．由图可知，波的波长为由题中信息知

故周期

波速

当时，故A正确；

B．存在包含多周期的可能性，所以质点在这段时间内通过的路程也有多种可能；故B错误；

C．需要考底波传播到点的时间，所以点不会是振动了个周期；故C错误；

D．经过两质点相位角相同，此时两个质点的位移是相同的，故D正确。

E．当时刻时，质点在上端最大位移处，

据图知当从时刻开始计时，则质点的振动方程为

故E正确。

故选ADE。三、填空题(共6题，共12分)17、略

【分析】【分析】

【详解】

由图乙读出波上x=2m处在t=3s时刻质点的速度方向沿y轴正方向，由图甲判断出来波的传播方向是沿x轴负方向．

由甲图读出波长为λ=4m，乙图读出周期为T=4s；则该波的波速为。

v==1m/s．【解析】1沿x轴负方向18、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]1s内由动量定理可得。

解得1s时物块的速率为。

[2]2s内由动量定理可得。

解得2s时物块的动量大小为。

[3]由动量定理可得；3s内物块的动量变化量大小为。

【解析】14319、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】①.特定②.透振③.传播方向④.强度⑤.相同⑥.传播方向⑦.某个特定⑧.横20、略

【分析】